广西2025届2月高三毕业班联合调研测试
物理科试卷
本试卷满分100分，考试时间75分钟
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区
域内。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字
体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区书写的答案无效；在草稿
纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的。)
1.旅行者一号探测器1977年9月5日发射升空，目前已经离开太阳系，进入星际空间。探
测器进行变轨和姿态调整的能量由钚-238做燃料的同位素热电机提供，已知发射时钚-238
燃料的质量为m=4.5kg,其中钚-238半衰期长达88年。则旅行者一号探测器运行到2065
年9月初时，剩余钚-238的质量约为
A.m
B
C.m2
D.m8
88
2.在某一段笔直的大桥公路上有一汽车遇紧急情况刹车，经1.5s停止，刹车距离为9m。
若汽车刹车后做匀减速直线运动，则汽车停止前最后1位移对应的速度变化量大小为
A.2m/s
B.3m/s
C.4m/s
D.5 m/s
3.如图1，一无人机在空中沿图中的水平虚线运动，其下端用轻质细绳悬挂一小球，他观箩
发现某一时刻细绳与竖直方向的夹角为日，己知重力加速度为g,不计空气阻力，则无人
机此时的运动情况可能是
A.沿虚线向右加速运动，加速度大小为gsin8
B.沿虚线向右减速运动，加速度大小为gtan0
C.沿虚线向左加速运动，加速度大小为gsin0
图1
D.沿虚线向左减速运动，加速度大小为gtan8
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4.如图2所示的平面直角坐标系中，A、B点分别有电荷量为V3q、-g的点电荷。已知A
(-a,0)、B(0,a),在与原点0距离为2a的C点（图中未画出）处放入点电荷g
后，坐标原点O处的场强为零，则关于g3的电荷量和C点的坐标正确的是
A.93=8q,C(V3a,a)
B.g3=-8q,C (a,3a)
B1-9
C.q3=8g,C(-3a,a)
D.93=-8q,C(-V5a,a)
图2
5,在太阳系中，哈雷彗星是人一生中唯一以裸眼可能看见两次的彗星，哈雷彗星上一次回
归在1986年，下一次回归将在2061年。如图3所示，哈雷彗星和另一个行星A围绕太
阳运动的轨道分别为椭圆和圆，若已知哈雷彗星的运动周期为T，其轨道长轴为2α，行
星A的轨道半径为R,则行星A的运动周期为
.
行星A轨道
哈雷彗星轨道
不阳
c.(r
(,
图3
6.如图4、5所示，将两根材料、粗细相同的等长导线分别弯折成正方形和正三角形闭合线
框，分别放在磁感应强度为B1、B2的匀强磁场中，t=0时刻开始，两线框均从图示位置
开始以相同的恒定角速度绕垂直于磁场方向的固定轴（图中虚线）旋转，若两线框中电
流的有效值相同，则磁感应强度B1、B2之比为
A.25
3
45
B
B.
9
C.
4v3
X i x
X i x
3
图4
图5
D.83
9
7.某简谐横波沿x轴传播，波长为24cm,且传播时无衰减。A、B两点的平衡位置位于x
轴上，其距离小于12cm。t=0时刻，A、B的位移等大同向，t=0.3s时刻，A、B的位
移等大反向。则该波的波速可能为
A.0.2m/s
B.0.3m/s
C.0.4m/s
D.0.5m/s
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物理参考答案
一、选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C D A C B A BD BC AD
1. B
解析：从旅行者一号探测器 1977年 9月 5日发射升空到 2065年 9月初时，已过去 88年，刚好一个半
衰期，剩余钚-238的质量约为 0.5m，选择 B。
2. C
解析：逆向思维法：由 v2 2ax可知汽车刹车的加速度大小为： a 8m/s2，由 v2 2ax可得汽车停止前
最后 1m的初速度为 v 4m/s，故汽车停止前最后 1m位移对应的速度变化量大小为 4 m/s。
3. D
F合
解析：对小球受力分析，如图所示， tan mg
T
由牛顿第二定律 F合 ma θ
a g tan F 合
无人机的速度可能水平向右或者水平向左，故选择 D选项。 mg
4. A 图 1
k 3q kq 2kq y
解析：如图所示， E1 ，E2 2 2 ，其合场强为 E 2 ，若带入 A选项，点a a a B q E 合
电荷 q3对 O点的场强与 E恰好大小相等，方向相反，这样可以使得 O点的合场强 EA 2 x
为零。故选 A。 3 q O E1
5. C
R3 a3 3 图 22
解析：由开普勒第三定律： 2 2 ，故行星 A的运动周期为：T
R
T T A T
，故
A a
选 C。
6. B
C 2
解析：两线框中电流的峰值为 a 8m/s2，两线框的周长相等，均记为 C，则正方形的面积为 S1 4 ，
1 2 C E NB S
三角形面积为 S2 sin60
m1 1 1，则两线框中电动势的峰值之比为： ，因两线框中电流的
2 3 Em2 NB2S2
有效值相同，且两线框的电阻相同，线框中电动势的有效值相同，因皆为正弦式交流电，故线框中电
B S 4 3
动势的有效值相同，则 B 1 21S1 B2S2 ， ，故选 B。B2 S1 9
高三物理参考答案 第 1 页 共 4 页
{#{QQABBQSh5giYkAYACY5qRQ1yCAkQkJERJcoGBRAeuAQjwZNAFIA=}#}
7. A
解析：由题意可知，t=0时刻，A、B两点的平衡位置间的中点处于波峰或波谷，t = 0.3 s时刻 A、B两
T T 1.2s
点的平衡位置间的中点处于平衡位置，故 n 0.3s（n=0，1，2…），故T （n =0，1，2…），
4 2 2n 1
v (2n 1)故波速为 m / s（n = 0，1，2…），当 n=0时，v 0.2m/s，当 n=1时， v 0.6m/s，当 n=2
T 5
时， v 1m/s，故选 A。
8. BD
解析：由图可知，a光的频率小于 b光的频率，根据E hv可知 E1
玻璃中传播的速度更小，故 b光在玻璃中传播的时间更长，D正确。
9. BC
解析：电容器的上极板带正电，带电液滴受到的电场力和重力平衡，因此电场力方向竖直向上，故液
滴带负电，A错误；闭合开关 S后回路的总电阻减小，干路电流增大，与电容器并联的电阻的电压增
大，故电容器的电压增大，液滴的电场强度增大，故而电场力增大，液滴向上加速度运动，开关闭合
2E qU E
前， I
E
，电容器的电压为：U I R ， mg
I干1
干 ；开关闭合后， 1 ，电容器r R R 干 7 d r R R2
E qU1 mg
的电压为：U1 I干1R ， a g d ；B正确；当外电阻从小于电源内阻逐渐增大到大于内电3 m 6
阻的过程中，电源的输出功率先增大后减小，当外电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，开关
闭合前，外电阻大于内电阻，开关闭合后，外电阻等于内电阻，故电源的输出功率增加，C正确；电
R
外
源的效率为： R r ，闭合开关 S，外电阻减小，电源的效率降低，D错误。
外
10. AD
解析：粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，不同速度的粒子，其轨迹具有相同 v
的圆心角，故粒子在磁场中的运动时间均相同，A正确；粒子的动量变化量为 c600
p m v，速度变化量 v 的矢量图如图所示， v = v，故动量变化量大小为mv v △v
B错误；粒子在 OA上的出射区域的长度为 OD的长度，显然， CDO1 30 ，
2 mv mv
则 OD=OO +O D=R+2R v，由 qv B m 01 1 0 得: R
0 OD 3 0
R qB
， qB ，
A
C错误；粒子在磁场中经过得区域的面积为： C v
1 2 2
D
S ( 2 )R2 1
R2 sin1200 3 m v
0
2 2 3 4 q2B2 ，故 D正确。
v
d d 2 O111.（1）4.670 （2） t （3）
θ
2g M O N
(每空 2分) 图 8
解析：（1）螺旋测微器的分度值为 0.01mm，需估计读至分度值下
一位，读数为：4.5mm+17.0×0.01mm=4.670mm
高三物理参考答案 第 2 页 共 4 页
{#{QQABBQSh5giYkAYACY5qRQ1yCAkQkJERJcoGBRAeuAQjwZNAFIA=}#}
d
（2） v
t
1 1 d d 2 d 2
（3）若机械能守恒，则mgh mv2 ，即mgh m( )2 2，整理得： t ，故图线的斜率 k 2g 。2 2 t 2gh
12.（1）黑、1.00 （2）1970.0 （3）1.10、1.22 103
(每空 2分)
解析：（1）由“红进黑出”可知：应让黑表笔与锌片相连，此时选择的“直流 2.5V”挡，分度值为 0.05V，
故读数为 1.00V；（2）将电阻箱 R 与电流表 A1 改装为量程为 1V 的电压表，电压表的总电阻为
E I1(R+RA1) I2 (r RA2 )，故电阻箱 R 2000 30 1970 ，因电阻箱的精确度为 0.1Ω，故应调为
1970.0Ω.
(3) 由闭合电路欧姆定律： E I1(RA1 R) I2 (RA2 r) I1(RA1 R) I2r
I E整理得： 2 I
RA1 R
r 1 r
R
k A1
R 0.9mA
斜率
r 550 A
E
纵截距 b 0.9mA
r
解得： r 1.22 103 ,E 1.10V
13. 对水平部分的空气柱：
初态： p1 gh1， h1=l3 -（l3- l1- l4）………….1分
V1 sl4………….1分
末态： p2 gl3………….1分
V2 sl1………….1分
p1V1 p 2V2
T T ………….1分1 2
联立解得：T2 480K………….1分
（2）平放至稳定时，管中真空部分的长度为 0，空气柱长度为 h3 l1 l2 l3 50cm………….1分
设此时气体压强为 p3 ，体积V3 sh3………….1分
p2V2 p3V3………….1分
解得： p3 12cmHg………….1分
14.(1) 由牛顿第三定律：
小球 b经过 B点时，受到轨道的支持力 FN =FN=4N…………….1分
2
FN m
v
b …………….1分R
v 4m/s…………….1分
(2)由动能定理：
W m gR 1弹 b m
2
bv 0…………….1分2
解得：W弹 0.4J…………….1分
高三物理参考答案 第 3 页 共 4 页
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3 B C m gR 1 1（ ）从 到 ，由动能定理： m v 2 m v2b …………….1分2 b 0 2 b
对小球 a、b：
mbv0 mbvb mava…………….1分
1 m v 2 1 m v 2 1b 0 m v
2
b b a a …………….1分2 2 2
联立解得：
2m
v b 4 6a v0 m/s…………….1分mb ma 3
h 1 gt2…………….1分
2
小球 a的落地点与 D点的水平距离 x = vat…………….1分
x 1.6m…………….1分
15. （1）t = 0时刻，线圈中的感应电动势为 E Blv0 ……….1分
E
线圈中的感应电流大小为 I ……….1分
R
解得： I 2A ……….1分
(2) t1时刻，线圈的速度大小为 v，对线圈进入磁场的过程，以水平向右为正方向，由动量定理：
BILt1+ mgt1 = mv -mv0 ……….1分
I = Blv ……….1分
R
l vt1……….1分
联立解得： v 0.6m/s……….1分
（3）t1时刻开始，线圈在摩擦力作用下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律：
mg ma……….1分
a 2m/s2
v0 vt加= 0.2s……….1分a
x = v
2
0 v
2
加 0.16m……….1分2a
d = l+ x加，即线圈与传送带共速时， ab边恰与 PQ重合
t2 t1 t加……….1分
t2 0.4s……….1分
(4) t1-t2时间内，线框中焦耳热为 0.………1分
对线框，0-t1时间内，由动能定理：
WA + mgl =
1 mv2 - 1 mv 20 ………1分2 2
Q WA……….1分
Q 0.0052J……….1分
高三物理参考答案 第 4 页 共 4 页
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