德保高中2026届高二年级下学期开学测试卷
物理
(本试卷满分100分，考试时间75分钟)
注意事项：
1.答题前，务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡规定的位置上。
2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦
干净后，再选涂其它答案标号。
3.
答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1-7题，每小题4分，只有一项符合题目要
求。第8-10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全
的得3分，有选错的得0分。
1.下列不属于比值定义法表达式的是
A.R=
B.E=5
C.B=
D.
2.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，下列判断正确的是
AM点的电势高于N点的电势
B.M点的电势低于N点的电势
C.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能
D.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能
3.竖直面内一正三角形ABC的底边BC水平，三个顶点处分别固定有与三角形平面垂直的长直导
线，并通以如图所示方向的恒定电流，ˉ导线中的电流大小均相等，
上
则A处导线所受到的安培力方向是
A②
A:平行BC向左
B.平行BC向右
左
C.垂直BC向上
D.垂直BC向下
BO=w=
,·下
4.真空中有两个可看成点电荷的带电小球A、B,两小球除带电不同外其余均相同，A球带电量为
-2Q,B球带电量为+3Q,两者相距为r,
两球间的库仑力大小为F,现将两小球接触后再
放回原位置，则两小球间的库仑力大小是
A.
25F
B.F
c号
F
D.
24
5.大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成，如图是改装后的电表，下列
说法正确的是
A.图甲是电流表，R越大，量程越大
B.图甲是电流表，R越小，量程越大
C.图乙是电流表，R·越大，量程越大
李
D.图乙是电流表，R越小，量程越大
高二物理第1页共6页
國
6、现代人越来越依赖手机，有些人喜欢躺着刷手机，经常出现手机掉落伤眼晴或者额头的情况。
若有一款手机质量为200g,从离人额头为20cm的高度无初速掉落，磕到额头后手机的反弹忽
略不计，额头受到手机的冲击时间为0.04s,.则手机对额头平均作用力
的大小为（取重力加速度g=10m/s)
A.8N
B.10N
C.12N
D.14N
7.如图所示，在直角坐标系中有o、a、b三点，0在坐标原点，a点坐标为(2,0)，b点坐标为
(0,3),空间中存在方向平行于坐标系所在平面的匀强电场，0、
a、b三点电势分别为1V、3V、7V,则该匀强电场的电场强度大
小是
A.100W5V/m
B.100V3V/m
品
C.300V/m
D.100 V/m
8.下列如图所示的各物理情景中，能产生感应电流的是
甲图
乙图
丙图
丁图
A.甲图中将螺线管A插入B中后，开关闭合或断开瞬间
B.乙将条形磁铁沿圆环轴线靠近圆环过程中
C.丙图中闭合线圈绕垂直于磁场的轴转动
D.丁图线框平行导线向上移动
9如图所示，有质子H、氘核H、氚核H三种带电粒子，先后从加速电压是U的加速电场中
的P点由静止释放，被加速后从B板的小孔射出，沿C、D间的中线进入偏转电压为U2的偏
转电场，都能够从偏转电场的另一端射出。如果不计重力的影
+
响，以下判断正确的是
A.三种粒子的运动时间相同
B.三种粒子的运动轨迹相同
C,三种粒子离开偏转电场时的速度大小相等
D.三种粒子离开偏转电场时的速度方向相同
高二物理第2页共6页
國 德保高中 2026 届高二年级下学期开学测试卷
物理 参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D C A D B C A AC BD BD
1．答案：D
【详解】A、B、C 选项均是比值定义式，D 选项是决定式。故选 D。
2．答案：C
【详解】因不知电场方向和粒子电性，故无法判断电势高低，A、B 均不正确；由力的方向要
指向 轨迹的凹侧有。若粒子从 N 运动到 M，速度方向与力的方向夹角大于 900， 电场力做负功，
电势能 增大，故粒子在 M 点电势能大；若粒子从 M 运动到 N，速度方向与力的方向夹角小于
900，电场力 做正功，电势能减小，粒子仍在 M 点电势能大，综合以上两种情况，粒子在 M 点
的电势能大于在 N
点的电势能，答案选 C。
3．答案：A
【详解】方法一：用安培定则判断 B 电流在 A 处的磁感应强度方向垂直
BA 朝向左上方，C 电流在 A 处的磁感应强度方向垂直 AC 朝向右上方，如图，
且 B、 C 电流在 A 处的磁感应强度大小相等，故矢量合成后 A 处的磁感应
强度方向垂 直 BC 向上；由左手定则可知，A 电流所受的安培力方向平行 BC
向左。故选 A。
方法二：根据同向电流相互吸引，B 电流对 A 的安培力方向由 A 指向 B；
根 据反向电流相互排斥，C 电流对 A 的安培力方向由 C 指向 A；如图，A 所
受的合 力方向平行 BC 向左。故选 A。
4．答案：D
【详解】由题意有 两小球接触处电量先中和后平分，两球带电量同为 ，故
重新 放回原处后库仑力 ，故选 D。
5．答案：B
I R【详解】给表头串
联电阻，扩大电流表量程， Im = Ig + ，R 越小，量程
Im越大。给表头并联电阻，扩大电压表量程， Um = IgRg + IgR ，R 越大，
量 程 Um越大。故选 B。
6．答案：C
【详解】取向下为正方向，碰前速度 = 2m/s
碰撞过程由动量定理有： (mg — F) . Δt = 0 — mv
F = 12N
7．答案：A
【详解】方法一：由等分法有，坐标 C 点（0，1cm）处电势为 3V，则连
线 ac 即为 3V 的等势线，过 o 点做 3V 等势线的垂线，垂足为 d，则 do 连
线方向 即匀强电场方向，do 长度即为 3V 与 1V 等势线间沿场强方向的距
离。对三角
形 oac， 由面积法有 ， do = cm ， 由 Udo = E . do 有，
E = 100 V/m ，故选 A。
方法二： Eao = = 100V/m；
8．答案：AC
【详解】产生感应电流的条件是闭合线圈中的磁通量发生变化。
A 中螺线管 A 插入 B 中时，开关闭合或断开瞬间，A 线圈中的电流发生变化，产生变化的磁场，
故穿过 B 线圈中的磁通量会改变，则 B 能够产生感应电流，故 A 正确；B 中圆环没有闭合，故不
产 生感应电流；C 中线圈在匀强磁场中转动，穿过线圈平面的磁感线条数发生变化，磁通量
变化，能 产生感应电流；D 中闭合线圈平行导线向上平动时，穿过线圈平面的磁感线条数不
发生变化，磁通 量不变，不能产生感应电流。
故选 AC .
9．答案：BD
qU1 = 0 ；
偏转量 偏转角的正切值
为
由以上可知，偏转量和偏转角与电荷 q，m 均没有关系，故轨迹相同，离开偏转电场时速
度方 向相同，故 B、D 正确。
高二 物理 参考答案 第 2 页 共 5 页
d1 = t21 ； t1 = d1 .
故粒子的运动时间 t = t1 + t2 = (d · + L )，运动时间与粒子的质量，电量比值有关，
·i ·i
故 A 不正确； 由于粒子轨迹相同，整个过程中，由动能定理有：
qU1 + qU mO2 — 0 ， q、U1、U2'相同，而 m 不同，故三种粒子离开偏转电场时的速度大
小不相同，故 C 不正确。
10．答案：BD
【详解】A．滑片向 a端移动，R2变大，而 = R2 ，故 变大；
由 E = U + I(R1 + r）；U = E — (R1 + r)I
= R1 + r = 2r ，比值不变，故 A 不正确。
B．油滴原先能静止在电容器中，表明其所受电场力与重力等大反向，电容器上极板接电源
正 极，故电容中的电场方向向下，油滴所受电场力方向与电场方向相反，故油滴带负电；
当 R2 变大时，电路中总电阻变大，则总电流减小。R1和 r 分到的电压变小，则电压表示数
U变大，
电容两端的电压 U变大，由 E = 有， 电容间的电场强度 E 变大，油滴所受的电场力变大，
油滴向上移动，电场力对其做正功，其电势能减小。故 B 选项正确。
C．由η = × 100% = × 100% = × 100%，当 R2变大时， 减
1 2
小，η变大，故 C 不正确。
D ．将 R1+r=2r 等效成电源内阻，则 R2 的功率即为电源的输
出 功率，由输出功率与外阻的图像可以看出，当 R2从 1.5r 增
大到 3r的过程当中，其功率先变大后变小，故 D 选项正确。
11．（7 分）（1） 4.240 （2 分）
【详解】L= 42mm + 0.05mm ×8 = 42mm + 0.40mm = 42.40mm = 4.240cm
（2）6.700 或 6.699 或 6.701 （2 分）
【详解】D= 6.5mm + 0.01mm ×20.0 = 6.5mm + 0.200mm =
6.700mm（6.699mm，6.700mm，6.701mm 均给分）
（3）① 3000 ②2.30 ③1.37 或 1.38 或 1.39 （每空 1 分）
高二 物理 参考答案 第 3 页 共 5 页
【详解】
①如果是用×100 挡测量电阻， 由图示表盘可知，其读数为 R=30×100Ω=3000Ω
②如果是用直流 5V 挡测量电压， 由图示表盘可知，其分度值为 0.1V，其读数为 2.30V。
③如果是用直流 3A 挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为 0.06A，其读数为 1.38A。
（1.37A；1.38A；1.39A 均给分）
12．（10 分）（1） （2）右端 （3）增大 7.7 0.69
以上每空 2 分
【详解】（1）电流表内阻已知，故选内接法更加准确；描绘完整的图线
要从 零开始，所以要用分压，所以实物图如图所示。
（2）小灯泡与滑动变阻器右侧相并联，为保护电路，闭合开关前，滑动
变 阻器滑片应移动到右端。
（3） 由题图甲可知，小灯泡的电阻随电压的增大而增大。
当电流表示数为 0.3A 时，小灯泡和电流表 A 的总电阻为
则小灯泡的实际电阻为 R
L = R 总 — RA = 8.67Ω —1Ω = 7.7Ω
2 2
小灯泡的实际功率为 P R 2 × 7.7W2= 0.69W
L = I L = 0.3 R × 7.7W
= 0.69W
13．（9 分）（1） 由几何关系有：AB = 5L；BC = 6L ……………………………（ 1 分）
根据牛顿第二定律有 . sin 37。+ mg = ma …………
+ g …………………………
加速度方向竖直向下 …………………………………（1 分）
（2） 由题意有，B 点与 C 点为等势点，小球从 B 到 C 库仑力不做功，则对小球分析， 由动
能
定理有：mg × 6l = ……………………………（2
分）
Oc = 2 ……………………………（2 分）
14.（13 分）（1）由题意有：
E = I(R1 + r) + UM ……………………………………………………（2 分）
I = 1A
2
电动机的发热功率 P R热 = I
M …………………………………………（ 1 分）
P 热= 1W
电动机的机械功率 P 机 = UM . I — P 热 ……………………………………（2 分）
P 机 = 8W ………………………………………（ 1 分）
（2） 电动机正常工作时，电容两端的电压 U1 = UM = 9V ……………… ……………（ 1 分）
电动机卡死后，由闭合电路欧姆定律有：
………………………………………（ 1 分）
电容两端电压 U2 = I'.RM = 3V ………………………………………（ 1 分）
由 有： …………………………………………（ 1 分）
电容电量的变化量 ΔQ = CU2 — CU1 …………………………………………（ 1 分）
= —2.4 × 10—5c …………………………………………（1 分）
即卡死前后电容器上电量减少了 2.4 × 10—5c ………………………………………（ 1 分）
15．（15 分）（1）由动量定理有： I = m 0 — 0 ………………………………………（2 分）
10
00 = 8m/s …………………………………………（1 分）
（2）最高点时，两者共速 0 共 ，m1 离初始位置的高度为 h'
两者在水平方向动量守恒， 由动量守恒定律和机械能守恒定律有：
m100 = (m1 + m2)0 共 …………………………………………（2 分）
…………………………………………（2 分）
解得 h'= 1.2m
则 H =
…………………………………………（1 分）
h'+h
…………………………………………（ 1 分）
= 1.65m
（3）m1返回到圆弧面的最低点时，m1的速度为 01，m2的速度为 02，两者在水平方向动量守恒，
由动量守恒定律和机械能守恒定律有：
m100 = m101 + m202 …………………………………………（1 分）
m1002 = m1012 + m202 …………………………………………（1 分）
解得 01 = 2m/s 02= 10m/s
小球从圆弧面最低点向右水平飞出做平抛运动，由 h = gt 2 有…………………
t = 0.3s
Δx = 02t —01t …………………………………………（1 分）
= 2.4m …………………………………………（2 分）
