广东省广东实验中学2024-2025学年九年级上学期10月月考物理试题
1．（2024九上·广东月考）如图所示，一只锥形瓶中灌入氨气，另一只锥形瓶内壁贴一条浸过酚酞溶液的试纸。打开活塞，一会儿就可以看到试纸逐渐变红。这个现象主要表明 （ ）
A．分子在无规则运动 B．分子间有引力作用
C．试纸的温度高 D．氨气的内能比酚酞试纸小
2．（2024九上·广东月考）甲、乙两个铁块在同一光滑水平面上做匀速直线运动，甲的质量大于乙的质量，甲的速度大于乙的速度，甲的温度高于乙的温度，则以下说法错误的是（ ）
A．甲物的内能一定大于乙物的内能
B．若甲乙发生扩散，分子一定自发从甲物运动到乙物
C．甲物的机械能一定比乙物的机械能大
D．若甲乙发生热传递，热量一定自发从甲物传递到乙物
3．（2024九上·广东月考）下列过程中，属于通过热传递改变物体内能的是（ ）
A．磨刀时，刀发热
B．小孩从滑梯上滑下，臀部有灼热感
C．卫星进入大气层时外壳发热
D．热水中放入冰块，水温下降
4．（2024九上·广东月考）甲、乙液体分别置于两个不同的恒温封闭环境中，质量保持不变。测得甲、乙液体的温度随时间变化如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．甲液体的分子运动随时间增加越来越剧烈
B．乙液体所处环境温度可能低于1℃
C．在1~4min内，甲液体吸收的热量一定小于乙液体放出的热量
D．在5~10min内，乙液体的内能不断减小
5．（2024九上·广东月考）如图所示，启瓶器开启瓶盖时，可看作是（ ）
A．以A为支点的费力杠杆 B．以A为支点的省力杠杆
C．以B为支点的费力杠杆 D．以B为支点的费力杠杆
6．（2024九上·广东月考）如图所示，利用滑轮组匀速提升同一重物，若绳子自由端移动的距离均相等，下列组合中有用功最小的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2024九上·广东月考）如图所示是某科技小组制作的实验装置，将试管中的水加热后，水蒸气从橡皮塞小孔冲出推动风车转动。在图所示的热机冲程示意图中（火花塞产生电火花未画出），与图5水蒸气推动风车转动原理相同的冲程是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2024九上·广东月考）现在有一种神奇的纸通上电就发热，原来这种纸两端有电极，只要接通12伏直流电源，纸的表面温度马上就可达80 摄氏度左右。这种纸是不会燃烧的，因它是用玻璃纤维和碳纤维制成的，用它可以包装面包等小食品。这种“发热纸”在工作时发生的能量转化是 （ ）
A．电能转化为化学能 B．化学能转化为电能
C．内能转化为电能 D．电能转化为内能
9．（2024九上·广东月考）已知某电动机的工作效率为60%，圆的面积表示输入电动机的总能量，电动机输出有用的能量用灰色底表示，工作过程中损失的能量是内能。图中能量的形式以及大小最符合该电动机要求的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2024九上·广东月考）如图甲所示，a、b两种液体在相同的时间内吸收热量相同，已知，得到液体的温度随加热时间变化的图像如图乙所示，以下分析正确的是 （ ）
A．随着温度的升高，a和b的比热容均不变
B．要吸收相同的热量，a的加热时间比b长
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的比热容比b大
D．相同时间内a升高的温度比b多，a吸收的热量比b多
11．（2024九上·广东月考）如图1所示，在镀尺AB的7dm刻度处C点挂一重9N 的物体M，并在3dm刻度处施加一个竖直向上、大小为3N的动力F使镀尺AB保持水平静止，硬尺AB的质量不计，完成下列问题。
（1）根据数据分析，支点的位置在杠杆的 dm刻度处；
（2）如图2，此时支点的位置在杠杆的0dm刻度处，如果动力F的作用点在3dm处。要使硬尺AB保持水平静止，F 的大小可能为 （选填序号：①20N、②21N、③24N）；
（3）根据第（2） 问，在图2中画出杠杆的阻力F2和最小动力F的力臂L 。
12．（2024九上·广东月考）已知某种汽油的热值是，现有汽油0.02kg，完全燃烧其中的一半，汽油放出的热量是 J；剩余0.01kg的汽油热值是 J/kg。若上述放出的热量使2kg的水温度升高25℃（未沸腾），则水吸收的热量为 J。（已知。
13．（2024九上·广东月考）如图所示，小明分别使用甲、乙、丙三种机械匀速提升物体M（绳长不变） ，使M上升高度均为2m，测得物体M所受重力和各拉力如表所示，则
G F甲 F乙 F 丙
8N 10N 10N 6N
（1）甲、乙、丙三种简单机械，其中属于省力机械有 ；
（2）甲、乙、丙三种简单机械，机械效率最低的是 ；
（3）甲、乙、丙三种简单机械，额外功最大的是 。
14．（2024九上·广东月考）如图所示，利用滑轮组匀速拉动A物体，使它向右移动一段距离s，所用时间为t。已知A物体重为G，滑轮组的绳子自由端处所受人的拉力功率为P，滑轮组的机械效率为η。要求人对滑轮组绳子自由端施加的拉力向左。
（1）请在图中画出符合要求的绕线方式；
（2）此过程利用滑轮组所做的总功是 ，有用功是 ，A物体所受摩擦力是 。 （以上三空均用题中出现符号表示）
15．（2024九上·广东月考）现有热值为 的汽油，当汽油机燃烧了 1kg 汽油时，实际放出的热量为3.6×106J，产生的有用机械能为 ，求：
（1）汽油在上述燃烧过程中，由于燃烧不充分所损失的热量为多少
（2）汽油机的效率为多少
16．（2024九上·广东月考）如图甲所示，塔式起重机在建设美好家园中大显身手，该起重机抽象出来的物理模型如图乙所示，AB 是竖直支架，CD 是水平臂，OC段为平衡臂，C端装有配重体，OD段为吊臂。E处装有滑轮，其钢丝绳穿绳简化示意图如图丙所示，g取 10N/ kg。某次将重为8000N的货物M竖直匀速提升5m后，又将滑轮E连带货物M一起水平匀速移动10m后，滑轮E到达水平臂的D处，从而完成本次吊装任务。已知全程作用在连接起升电动机上的钢丝绳的拉力做的功为50000J，此过程中请求出：
（1）起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功是多少
（2）图丙中滑轮组的机械效率是多少
17．（2024九上·广东月考）某地空调外机安装在室外时，常用直角三角支架固定，一般有两种安装方法，如图（甲） 、 （乙）所示，其简化模型分别如图（丙）、 （丁）所示，可以将直角三角架ABC视为杠杆。空调外机质量为30kg，重心正好竖直对齐在AB中点处， 所用三角支架的规格为AB长40cm、BC长24cm、AC长47cm。在图（丙）中，杠杆可视B点为支点，C点所受的斜向上的拉力为，忽略所有接触位置的摩擦。
（1）在图 （丙） 中画出拉力的力臂 ；
（2）在图（丁）中若B处螺钉松动，支架ABC会绕 点倾翻。若支架重力忽略不计，要使整体保持静止状态，请画出墙壁对B处螺钉的水平拉力及拉力的力臂l2；
（3）比较（丙） （丁） 两种固定方法，请你用杠杆平衡的知识分析图（丙） 中C处的作用力 大小与图 （丁）中B处的作用力 大小是否相等
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；内能的概念；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】打开活塞后，氨气从左侧的瓶中运动到了右侧的瓶中，导致酚酞溶液的试纸逐渐变红，表明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。A正确，BCD错误。
故选 A。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
2．【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；温度、热量与内能的关系；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲铁块的质量大、温度高，所以甲铁块的内能大于乙铁块的内能，故A正确，不符合题意；
B．扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，扩散方向不一定是高温物体到低温物体，故B错误，符合题意；
C．机械能是重力势能和动能的总和，甲的质量大于乙的质量，甲乙在同一水平面，所以甲的重力势能大；甲的速度较大，动能大于乙的动能，所以甲的机械能大于乙的机械能，故C正确，不符合题意；
D．甲的温度高于乙的温度，故热量自发的由甲向乙传递，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程；
3、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
3．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】ABC．磨刀时，刀发热，小孩从滑梯上滑下，臀部有灼热感，卫星进入大气层时外壳发热属于
属于做功改变物体的内能，故ABC不符合题意；
D．热水中放入冰块，水温下降，属于热传递改变物体的内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A． 甲液体的分子运动随温度增加越来越剧烈 ，故A正确，A不符合题意；
B．图中乙液体的温度趋近于0摄氏度，所以 乙液体所处环境温度可能低于1℃ ，故B正确，B不符合题意；
C．在1~4min内，热量的计算公式Q=cmΔt，题目中甲乙质量位置，比热容位置，所以不确定两物质的吸收或放出热量的多少，故C错误，C符合题意；
D．在5~10min内，乙液体温度不停的降低，内能减小，故D正确，D不符合题意。
故选C。
【分析】1、热量的计算：公式为Q=cmΔt，所以计算热量需要清楚物体的质量、比热容，温度的变化量；
2、内能：内能的影响因素有质量、温度有关，物体的温度升高，内能升高。
5．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】据题可知，A为支点，动力方向向上，阻力方向向下，且B点为阻力点，小于动力臂，所以动力小于阻力为省力杠杆，B正确，ACD错误。
综上选B。【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
6．【答案】B
【知识点】有用功和额外功
【解析】【解答】绳子端 移动的距离均相等，AD缠绕绳子数为2，所以物体移动的距离为0.5s，B
动滑轮绕3段绳，物体上升的高度，C属于定滑轮，物体上升高度为s，根据重力做功W=Gh，可知做功和高度成正相关，所以B最小，ACD错误。
综上选B。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍。
7．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】 水蒸气推动风车转动原理 为内能转化为机械能，与做功冲程中的能量转化相同。做功冲程的特点为火花塞点燃，活塞下移动，内能转化为机械能，B为做功冲程，B正确，ACD错误。
综上选B。
【分析】汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
8．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】这种发热纸通电就会发热，原理为电流的热效应，能量转化为电能转化为内能，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，题目中热纸通电就会发热，即电能转化为内能。
9．【答案】B
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】AD、电动机的工作效率为60%，即机械能（输出能）为总功的60%，A中机械能（额外功）为600J，总功为1000J，所以AD表示错误；
B．电动机机械能为300J（输出能），总功为500J，所以工作效率为60%，B正确；
C．根据功率计算公式可知电动机的工作效率，故C不符合题意。
故选B。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
10．【答案】A
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．比热容和温度无关，a和b的比热容均不变，故A正确；
B．a、b两种液体的加热装置相同，所以要吸收相同的热量，ab加热时间相同，故B错误；
C．由图可知， 升高相同温度a所用时间比b少，a的比热容比b小 ，故C错误；
D．由图可知，加热相同的时间，ab吸收相同的热量，故D错误。
故选A。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
11．【答案】（1）9
（2）②③
（3）
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）动力和阻力方向相反，所以动力和阻力同侧，根据杠杆平衡条件可知动力臂是阻力臂的3倍，所以支点的位置在杠杆的9 dm刻度处。
综上 第1空、9；
（2）支点的位置在杠杆的0dm刻度处，最大动力臂为3dm，对应最小动力，动力臂和阻力臂之比为3：7，根据杠杆平衡条件则有，所以F最小为21N，F 的大小可能为21N或24N。
综上 第1空、②③；
（3）最大动力臂为3dm，阻力的方向为竖直向下，大小为M的重力，作图如下：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂；常见的杠杆动力和阻力位于支点两侧，所以动力和阻力方向相同；本题中动力和阻力的方向相同，所以动力和阻力在同侧，据此求解支点位置；
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）动力和阻力要分别使得杠杆绕支点顺时针和逆时针旋转，且动力F是3N，阻力为9N，根据杠杆平衡条件可知动力臂是阻力臂的3倍，所以支点的位置在杠杆的9 dm刻度处。
（2）如图2，支点的位置在杠杆的0dm刻度处，如果动力F的作用点在3dm处，若动力F竖直向上，根据杠杆平衡条件则有
解得。若动力F的方向不是竖直向上，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，则动力变大，此时。所以要使硬尺AB保持水平静止，F 的大小可能为21N或24N。
（3）悬挂物体M的绳子对尺子竖直向下的拉力为阻力；在3dm处竖直向上施加动力即为最小力F，连接支点和最小力作用点即为力臂L，作图如下：
12．【答案】；；比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】 汽油的热值是 ，则完全燃烧0.01kg汽油释放的热量，由可计算
；燃料的热值与其质量无关，故剩余0.01kg的汽油热值为。根据题可知 2kg的水温度升高25℃ ，所以吸收的热量为
。
综上 第1空、；第2空、； 第3空、.
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，公式为Q=cmΔt，所以吸收或者释放相同的热量，水比热容大，温度变化低，应用：冷水降温、温水保温。
13．【答案】（1）丙
（2）乙
（3）乙
【知识点】滑轮（组）的机械效率；斜面的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）省力装置需要小于物体的重力，根据表格中的数据，，，所以属于省力机械的是丙。
综上 第1空、 丙；
（2）甲根据效率公式可知，甲机械效率为乙机械效率
为，丙为，所以乙最低。
综上 第1空、 乙。
（3）据题可知机械效率，乙最低，所以有用功乙占比最低，额外功乙最大。
综上 第1空、 乙。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力，拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。3、总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
（1），，，所以甲、乙、丙三种简单机械，其中属于省力机械的是丙。
（2）甲是定滑轮，机械效率为
乙是动滑轮，机械效率为
丙是斜面，机械效率为
所以甲、乙、丙三种简单机械，机械效率最低的是乙。
（3）使M上升高度均为2m，有用功相同，机械效率最低的是乙，所以额外功最大的是乙。
14．【答案】（1）
（2）Pt；Ptη；
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）物体向右移动，拉力向左，所以改变力的方向，需要从定滑轮开始i连接，据此作图
（2）拉力的功率为P，用时为t，根据W总=Pt计算利用滑轮组所做的总功W总=Pt，效率η，所以有用功W有=W总η= Ptη；根据W=Fs可计算A物体所受摩擦力。
综上 第1空、Pt； 第2空、Pηt； 第3空、.
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、滑轮组的连接，题目中涉及到改变力的方向，需要从定滑轮开始连接，涉及省力，需要从动滑轮开始连接。
3、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
（1）人对滑轮组绳端施加的拉力向左，据此由外向内画出滑轮组的绕线如图所示：
（2）[1]A物体向右移动一段距离s，利用滑轮组所做的总功
W总=Pt
[2]有用功
W有=W总η= Ptη
[3] A物体所受摩擦力
15．【答案】（1）解：燃料完全燃烧放出的热量为；由于燃烧不充分所损失的热量为
。
（2）汽油机的效率为。
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据热量公式计算 燃烧了 1kg 汽油 完全燃烧放出的热量；由于燃烧不充分所损失的热量为；
（2）根据效率公式可知汽油机的效率。
（1）燃料完全燃烧放出的热量为
由于燃烧不充分所损失的热量为
（2）汽油机的效率为
16．【答案】（1）解：起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功W有=Gh=8000N×5m=4×104J。
（2）解：滑轮组的机械效率。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1） 将重为8000N的货物M竖直匀速提升5m ，根据W有=Gh计算起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功；
（2）根据效率公式计算滑轮组的机械效率。
（1）起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功
W有=Gh=8000N×5m=4×104J
（2）滑轮组的机械效率
17．【答案】（1）
（2）C，
（3）不相等
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）图中B点为支点，拉力为的方向为斜向上，拉力的方向上和支点做垂线，即为动力的力臂，如图所示：
（2）B处螺钉松脱，C点是支点，所以支架会绕C点倾翻；C为支点，BC为力臂，拉力垂直力臂，据此作图：
空调外机质量为30kg，根据重力公式可知空调外机重力为G=mg=30kg×10N/kg=300N，根据杠杆平衡公式可知，解得F2=250N；
综上 第1空、 C；
（3）根据图丙，力F1的力臂和BC为一个直角三角形，其中BC为斜边，所以l1
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂；当动力臂变大，阻力和阻力臂不变，根据条件可知，动力变小，反之，动力臂变小，动力变大。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）杠杆可视B点为支点，C点所受的斜向上的拉力为，从支点向力的作用线画出垂线段，为动力的力臂，如图所示：
（2）如果B处螺钉松脱，C点是支点，则支架会绕C点倾翻；从支点C向墙壁对B处螺钉的水平拉力的作用线画出垂线段，为拉力的力臂，如图所示：
空调受到重力而作用在支架上的力是阻力，空调外机质量为30kg，空调外机重力为
G=mg=30kg×10N/kg=300N
由杠杆平衡条件得
F2=250N
（3）由图丙可知，力F1的力臂
l1
广东省广东实验中学2024-2025学年九年级上学期10月月考物理试题
1．（2024九上·广东月考）如图所示，一只锥形瓶中灌入氨气，另一只锥形瓶内壁贴一条浸过酚酞溶液的试纸。打开活塞，一会儿就可以看到试纸逐渐变红。这个现象主要表明 （ ）
A．分子在无规则运动 B．分子间有引力作用
C．试纸的温度高 D．氨气的内能比酚酞试纸小
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；内能的概念；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】打开活塞后，氨气从左侧的瓶中运动到了右侧的瓶中，导致酚酞溶液的试纸逐渐变红，表明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。A正确，BCD错误。
故选 A。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
2．（2024九上·广东月考）甲、乙两个铁块在同一光滑水平面上做匀速直线运动，甲的质量大于乙的质量，甲的速度大于乙的速度，甲的温度高于乙的温度，则以下说法错误的是（ ）
A．甲物的内能一定大于乙物的内能
B．若甲乙发生扩散，分子一定自发从甲物运动到乙物
C．甲物的机械能一定比乙物的机械能大
D．若甲乙发生热传递，热量一定自发从甲物传递到乙物
【答案】B
【知识点】动能和势能的大小变化；温度、热量与内能的关系；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲铁块的质量大、温度高，所以甲铁块的内能大于乙铁块的内能，故A正确，不符合题意；
B．扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，扩散方向不一定是高温物体到低温物体，故B错误，符合题意；
C．机械能是重力势能和动能的总和，甲的质量大于乙的质量，甲乙在同一水平面，所以甲的重力势能大；甲的速度较大，动能大于乙的动能，所以甲的机械能大于乙的机械能，故C正确，不符合题意；
D．甲的温度高于乙的温度，故热量自发的由甲向乙传递，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程；
3、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
3．（2024九上·广东月考）下列过程中，属于通过热传递改变物体内能的是（ ）
A．磨刀时，刀发热
B．小孩从滑梯上滑下，臀部有灼热感
C．卫星进入大气层时外壳发热
D．热水中放入冰块，水温下降
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】ABC．磨刀时，刀发热，小孩从滑梯上滑下，臀部有灼热感，卫星进入大气层时外壳发热属于
属于做功改变物体的内能，故ABC不符合题意；
D．热水中放入冰块，水温下降，属于热传递改变物体的内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
4．（2024九上·广东月考）甲、乙液体分别置于两个不同的恒温封闭环境中，质量保持不变。测得甲、乙液体的温度随时间变化如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．甲液体的分子运动随时间增加越来越剧烈
B．乙液体所处环境温度可能低于1℃
C．在1~4min内，甲液体吸收的热量一定小于乙液体放出的热量
D．在5~10min内，乙液体的内能不断减小
【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A． 甲液体的分子运动随温度增加越来越剧烈 ，故A正确，A不符合题意；
B．图中乙液体的温度趋近于0摄氏度，所以 乙液体所处环境温度可能低于1℃ ，故B正确，B不符合题意；
C．在1~4min内，热量的计算公式Q=cmΔt，题目中甲乙质量位置，比热容位置，所以不确定两物质的吸收或放出热量的多少，故C错误，C符合题意；
D．在5~10min内，乙液体温度不停的降低，内能减小，故D正确，D不符合题意。
故选C。
【分析】1、热量的计算：公式为Q=cmΔt，所以计算热量需要清楚物体的质量、比热容，温度的变化量；
2、内能：内能的影响因素有质量、温度有关，物体的温度升高，内能升高。
5．（2024九上·广东月考）如图所示，启瓶器开启瓶盖时，可看作是（ ）
A．以A为支点的费力杠杆 B．以A为支点的省力杠杆
C．以B为支点的费力杠杆 D．以B为支点的费力杠杆
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】据题可知，A为支点，动力方向向上，阻力方向向下，且B点为阻力点，小于动力臂，所以动力小于阻力为省力杠杆，B正确，ACD错误。
综上选B。【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
6．（2024九上·广东月考）如图所示，利用滑轮组匀速提升同一重物，若绳子自由端移动的距离均相等，下列组合中有用功最小的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】有用功和额外功
【解析】【解答】绳子端 移动的距离均相等，AD缠绕绳子数为2，所以物体移动的距离为0.5s，B
动滑轮绕3段绳，物体上升的高度，C属于定滑轮，物体上升高度为s，根据重力做功W=Gh，可知做功和高度成正相关，所以B最小，ACD错误。
综上选B。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍。
7．（2024九上·广东月考）如图所示是某科技小组制作的实验装置，将试管中的水加热后，水蒸气从橡皮塞小孔冲出推动风车转动。在图所示的热机冲程示意图中（火花塞产生电火花未画出），与图5水蒸气推动风车转动原理相同的冲程是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】 水蒸气推动风车转动原理 为内能转化为机械能，与做功冲程中的能量转化相同。做功冲程的特点为火花塞点燃，活塞下移动，内能转化为机械能，B为做功冲程，B正确，ACD错误。
综上选B。
【分析】汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
8．（2024九上·广东月考）现在有一种神奇的纸通上电就发热，原来这种纸两端有电极，只要接通12伏直流电源，纸的表面温度马上就可达80 摄氏度左右。这种纸是不会燃烧的，因它是用玻璃纤维和碳纤维制成的，用它可以包装面包等小食品。这种“发热纸”在工作时发生的能量转化是 （ ）
A．电能转化为化学能 B．化学能转化为电能
C．内能转化为电能 D．电能转化为内能
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】这种发热纸通电就会发热，原理为电流的热效应，能量转化为电能转化为内能，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，题目中热纸通电就会发热，即电能转化为内能。
9．（2024九上·广东月考）已知某电动机的工作效率为60%，圆的面积表示输入电动机的总能量，电动机输出有用的能量用灰色底表示，工作过程中损失的能量是内能。图中能量的形式以及大小最符合该电动机要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】AD、电动机的工作效率为60%，即机械能（输出能）为总功的60%，A中机械能（额外功）为600J，总功为1000J，所以AD表示错误；
B．电动机机械能为300J（输出能），总功为500J，所以工作效率为60%，B正确；
C．根据功率计算公式可知电动机的工作效率，故C不符合题意。
故选B。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
10．（2024九上·广东月考）如图甲所示，a、b两种液体在相同的时间内吸收热量相同，已知，得到液体的温度随加热时间变化的图像如图乙所示，以下分析正确的是 （ ）
A．随着温度的升高，a和b的比热容均不变
B．要吸收相同的热量，a的加热时间比b长
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的比热容比b大
D．相同时间内a升高的温度比b多，a吸收的热量比b多
【答案】A
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】A．比热容和温度无关，a和b的比热容均不变，故A正确；
B．a、b两种液体的加热装置相同，所以要吸收相同的热量，ab加热时间相同，故B错误；
C．由图可知， 升高相同温度a所用时间比b少，a的比热容比b小 ，故C错误；
D．由图可知，加热相同的时间，ab吸收相同的热量，故D错误。
故选A。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
11．（2024九上·广东月考）如图1所示，在镀尺AB的7dm刻度处C点挂一重9N 的物体M，并在3dm刻度处施加一个竖直向上、大小为3N的动力F使镀尺AB保持水平静止，硬尺AB的质量不计，完成下列问题。
（1）根据数据分析，支点的位置在杠杆的 dm刻度处；
（2）如图2，此时支点的位置在杠杆的0dm刻度处，如果动力F的作用点在3dm处。要使硬尺AB保持水平静止，F 的大小可能为 （选填序号：①20N、②21N、③24N）；
（3）根据第（2） 问，在图2中画出杠杆的阻力F2和最小动力F的力臂L 。
【答案】（1）9
（2）②③
（3）
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）动力和阻力方向相反，所以动力和阻力同侧，根据杠杆平衡条件可知动力臂是阻力臂的3倍，所以支点的位置在杠杆的9 dm刻度处。
综上 第1空、9；
（2）支点的位置在杠杆的0dm刻度处，最大动力臂为3dm，对应最小动力，动力臂和阻力臂之比为3：7，根据杠杆平衡条件则有，所以F最小为21N，F 的大小可能为21N或24N。
综上 第1空、②③；
（3）最大动力臂为3dm，阻力的方向为竖直向下，大小为M的重力，作图如下：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂；常见的杠杆动力和阻力位于支点两侧，所以动力和阻力方向相同；本题中动力和阻力的方向相同，所以动力和阻力在同侧，据此求解支点位置；
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）动力和阻力要分别使得杠杆绕支点顺时针和逆时针旋转，且动力F是3N，阻力为9N，根据杠杆平衡条件可知动力臂是阻力臂的3倍，所以支点的位置在杠杆的9 dm刻度处。
（2）如图2，支点的位置在杠杆的0dm刻度处，如果动力F的作用点在3dm处，若动力F竖直向上，根据杠杆平衡条件则有
解得。若动力F的方向不是竖直向上，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，则动力变大，此时。所以要使硬尺AB保持水平静止，F 的大小可能为21N或24N。
（3）悬挂物体M的绳子对尺子竖直向下的拉力为阻力；在3dm处竖直向上施加动力即为最小力F，连接支点和最小力作用点即为力臂L，作图如下：
12．（2024九上·广东月考）已知某种汽油的热值是，现有汽油0.02kg，完全燃烧其中的一半，汽油放出的热量是 J；剩余0.01kg的汽油热值是 J/kg。若上述放出的热量使2kg的水温度升高25℃（未沸腾），则水吸收的热量为 J。（已知。
【答案】；；比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关
【知识点】比热容；燃料的热值
【解析】【解答】 汽油的热值是 ，则完全燃烧0.01kg汽油释放的热量，由可计算
；燃料的热值与其质量无关，故剩余0.01kg的汽油热值为。根据题可知 2kg的水温度升高25℃ ，所以吸收的热量为
。
综上 第1空、；第2空、； 第3空、.
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，公式为Q=cmΔt，所以吸收或者释放相同的热量，水比热容大，温度变化低，应用：冷水降温、温水保温。
13．（2024九上·广东月考）如图所示，小明分别使用甲、乙、丙三种机械匀速提升物体M（绳长不变） ，使M上升高度均为2m，测得物体M所受重力和各拉力如表所示，则
G F甲 F乙 F 丙
8N 10N 10N 6N
（1）甲、乙、丙三种简单机械，其中属于省力机械有 ；
（2）甲、乙、丙三种简单机械，机械效率最低的是 ；
（3）甲、乙、丙三种简单机械，额外功最大的是 。
【答案】（1）丙
（2）乙
（3）乙
【知识点】滑轮（组）的机械效率；斜面的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）省力装置需要小于物体的重力，根据表格中的数据，，，所以属于省力机械的是丙。
综上 第1空、 丙；
（2）甲根据效率公式可知，甲机械效率为乙机械效率
为，丙为，所以乙最低。
综上 第1空、 乙。
（3）据题可知机械效率，乙最低，所以有用功乙占比最低，额外功乙最大。
综上 第1空、 乙。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力，拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。3、总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
（1），，，所以甲、乙、丙三种简单机械，其中属于省力机械的是丙。
（2）甲是定滑轮，机械效率为
乙是动滑轮，机械效率为
丙是斜面，机械效率为
所以甲、乙、丙三种简单机械，机械效率最低的是乙。
（3）使M上升高度均为2m，有用功相同，机械效率最低的是乙，所以额外功最大的是乙。
14．（2024九上·广东月考）如图所示，利用滑轮组匀速拉动A物体，使它向右移动一段距离s，所用时间为t。已知A物体重为G，滑轮组的绳子自由端处所受人的拉力功率为P，滑轮组的机械效率为η。要求人对滑轮组绳子自由端施加的拉力向左。
（1）请在图中画出符合要求的绕线方式；
（2）此过程利用滑轮组所做的总功是 ，有用功是 ，A物体所受摩擦力是 。 （以上三空均用题中出现符号表示）
【答案】（1）
（2）Pt；Ptη；
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）物体向右移动，拉力向左，所以改变力的方向，需要从定滑轮开始i连接，据此作图
（2）拉力的功率为P，用时为t，根据W总=Pt计算利用滑轮组所做的总功W总=Pt，效率η，所以有用功W有=W总η= Ptη；根据W=Fs可计算A物体所受摩擦力。
综上 第1空、Pt； 第2空、Pηt； 第3空、.
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、滑轮组的连接，题目中涉及到改变力的方向，需要从定滑轮开始连接，涉及省力，需要从动滑轮开始连接。
3、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：η= 。
（1）人对滑轮组绳端施加的拉力向左，据此由外向内画出滑轮组的绕线如图所示：
（2）[1]A物体向右移动一段距离s，利用滑轮组所做的总功
W总=Pt
[2]有用功
W有=W总η= Ptη
[3] A物体所受摩擦力
15．（2024九上·广东月考）现有热值为 的汽油，当汽油机燃烧了 1kg 汽油时，实际放出的热量为3.6×106J，产生的有用机械能为 ，求：
（1）汽油在上述燃烧过程中，由于燃烧不充分所损失的热量为多少
（2）汽油机的效率为多少
【答案】（1）解：燃料完全燃烧放出的热量为；由于燃烧不充分所损失的热量为
。
（2）汽油机的效率为。
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据热量公式计算 燃烧了 1kg 汽油 完全燃烧放出的热量；由于燃烧不充分所损失的热量为；
（2）根据效率公式可知汽油机的效率。
（1）燃料完全燃烧放出的热量为
由于燃烧不充分所损失的热量为
（2）汽油机的效率为
16．（2024九上·广东月考）如图甲所示，塔式起重机在建设美好家园中大显身手，该起重机抽象出来的物理模型如图乙所示，AB 是竖直支架，CD 是水平臂，OC段为平衡臂，C端装有配重体，OD段为吊臂。E处装有滑轮，其钢丝绳穿绳简化示意图如图丙所示，g取 10N/ kg。某次将重为8000N的货物M竖直匀速提升5m后，又将滑轮E连带货物M一起水平匀速移动10m后，滑轮E到达水平臂的D处，从而完成本次吊装任务。已知全程作用在连接起升电动机上的钢丝绳的拉力做的功为50000J，此过程中请求出：
（1）起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功是多少
（2）图丙中滑轮组的机械效率是多少
【答案】（1）解：起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功W有=Gh=8000N×5m=4×104J。
（2）解：滑轮组的机械效率。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1） 将重为8000N的货物M竖直匀速提升5m ，根据W有=Gh计算起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功；
（2）根据效率公式计算滑轮组的机械效率。
（1）起重机通过滑轮组对货物M所做的有用功
W有=Gh=8000N×5m=4×104J
（2）滑轮组的机械效率
17．（2024九上·广东月考）某地空调外机安装在室外时，常用直角三角支架固定，一般有两种安装方法，如图（甲） 、 （乙）所示，其简化模型分别如图（丙）、 （丁）所示，可以将直角三角架ABC视为杠杆。空调外机质量为30kg，重心正好竖直对齐在AB中点处， 所用三角支架的规格为AB长40cm、BC长24cm、AC长47cm。在图（丙）中，杠杆可视B点为支点，C点所受的斜向上的拉力为，忽略所有接触位置的摩擦。
（1）在图 （丙） 中画出拉力的力臂 ；
（2）在图（丁）中若B处螺钉松动，支架ABC会绕 点倾翻。若支架重力忽略不计，要使整体保持静止状态，请画出墙壁对B处螺钉的水平拉力及拉力的力臂l2；
（3）比较（丙） （丁） 两种固定方法，请你用杠杆平衡的知识分析图（丙） 中C处的作用力 大小与图 （丁）中B处的作用力 大小是否相等
【答案】（1）
（2）C，
（3）不相等
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）图中B点为支点，拉力为的方向为斜向上，拉力的方向上和支点做垂线，即为动力的力臂，如图所示：
（2）B处螺钉松脱，C点是支点，所以支架会绕C点倾翻；C为支点，BC为力臂，拉力垂直力臂，据此作图：
空调外机质量为30kg，根据重力公式可知空调外机重力为G=mg=30kg×10N/kg=300N，根据杠杆平衡公式可知，解得F2=250N；
综上 第1空、 C；
（3）根据图丙，力F1的力臂和BC为一个直角三角形，其中BC为斜边，所以l1
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂；当动力臂变大，阻力和阻力臂不变，根据条件可知，动力变小，反之，动力臂变小，动力变大。
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）杠杆可视B点为支点，C点所受的斜向上的拉力为，从支点向力的作用线画出垂线段，为动力的力臂，如图所示：
（2）如果B处螺钉松脱，C点是支点，则支架会绕C点倾翻；从支点C向墙壁对B处螺钉的水平拉力的作用线画出垂线段，为拉力的力臂，如图所示：
空调受到重力而作用在支架上的力是阻力，空调外机质量为30kg，空调外机重力为
G=mg=30kg×10N/kg=300N
由杠杆平衡条件得
F2=250N
（3）由图丙可知，力F1的力臂
l1
