2024-2025学年山东省临沂市临沭二中九年级（上）月考物理试卷（10月份）
一、单选题：本大题共20小题，共40分。
1.下列估计的数据符合实际的是( )
A. 加冰的橙汁饮料温度为 B. 人体的正常体温是
C. 厦门夏天的室外温度是 D. 人体感到舒适的环境温度是
2.早在公元前21世纪左右，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，铜液在模具中冷却成型，青铜器铸造初步完成。下列分析错误的是( )
A. 铜料化为铜液，属于熔化现象 B. 铜液冷却成型，属于凝固现象
C. 铜料化为铜液过程中温度不变 D. 铜液冷却成型过程中需要吸热
3.小明在学完熔化知识后，回家探究了加盐冰块的熔化和凝固规律，他根据记录的数据绘制了图象甲，一试管装有部分该盐冰和水的混合物，将试管浸入正在凝固的冰水混合物中，如图乙。请问冰水混合物中的冰和盐冰水中的冰变化情况为( )
A. 变多、变少 B. 变多、变多 C. 变少、变少 D. 变少、变多
4.诗词是中华文化重要的组成部分，其中与生活密切相关的一些诗词还包含着神奇的物理原理。如唐朝诗人杜甫的“露从今夜白，月是故乡明”，关于诗中露的形成和消失，下列解释正确的是( )
A. 前者是液化吸热，后者是汽化吸热 B. 前者是液化放热，后者是汽化吸热
C. 前者是汽化放热，后者是液化放热 D. 前者是液化吸热，后者是汽化放热
5.下列有关物态变化现象判断正确的是( )
A. 电风扇吹风，人感到凉爽，是因为电风扇降低了空气的温度
B. 干冰给食品保鲜，利用了干冰熔化吸热
C. 冬天窗户玻璃的内表面出现冰花是低温时室内空气中的水蒸气凝华形成
D. 北方的冬天，为了保存蔬菜，在菜窖里放几桶水，利用了水凝华放热
6.下列物态变化与“冰花”的形成相同的是( )
A. 蜡烛流泪 B. 枝头结霜
C. 清晨露珠 D. 河水结冰
7.夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低，下列说法正确的是( )
A. 饮料将温度传递给冰箱中的空气
B. 饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
C. 饮料温度降低的过程伴随着能量的转移
D. 饮料放出热量后自身所含热量减少
8.“煮”的篆体写法如图。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是( )
A. 用热水袋取暖
B. 钻木取火
C. 摩擦生热
D. 擦燃火柴
9.用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热不计热量损失。如图所示是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是( )
A. 加热相同时间，B比A吸收热量多
B. 升高相同的温度，A吸收热量较多
C. 由图象可知，B的吸热本领强
D. 通过分析图象可以得出，B的比热容是A的两倍
10.下列关于比热容的说法正确的是( )
A. 夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质
B. 将一杯水倒出一半后，剩下的水的比热容也变为一半
C. 北方楼房中的“暖气”用水作为介质，是利用了水的比热容大的特点
D. 海边昼夜温差变化比沙漠中小，适于居住，是因为水的比热容比沙石的比热容小
11.已知甲、乙两铝块，吸收热量之比为1：2，质量之比为2：3，则甲、乙升温之比及比热容之比分别为( )
A. 1：3；1：1 B. 3：4；4：3 C. 3：4；1：1 D. 4：3；1：3
12.如图所示，甲图中热水放一段时间后会变凉；乙图中用气筒向烧瓶内打气，一段时间后塞子突然跳起。关于上述现象，下列说法正确的是( )
A. 甲图：热水温度降低，水含有的热量在减少
B. 甲图：能量从热水传递到空气，导致水的温度降低
C. 乙图：该过程发生的能量转化与汽油机的压缩冲程转化相同
D. 两图都说明：热传递可以改变物体的内能
13.如图所示是四冲程汽油机的其中一个冲程的剖面图，下列说法正确的是( )
A. 该冲程是做功冲程
B. 该冲程过程中汽缸内混合气体内能增加
C. 该冲程过程中内能转化成机械能
D. 该冲程过程能给外界提供动力
14.在2023年慕尼黑车展上，一半是欧洲车，一半是中国车，中国车大放异彩，下列与小汽车有关的说法错误的是( )
A. 汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞
B. 使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率
C. 如果四冲程内燃机的转速是，那么它每秒做功5次，共有20个冲程
D. 无论科技如何进步与发展，内燃机的效率都不可能到达
15.如图为电学中的几个实验，下列说法正确的是( )
A. 将气球在头发上摩擦后小女孩的头发会飘起来，是因为气球带电，头发不带电
B. 用毛皮摩擦的橡胶棒靠近另一根橡胶棒，它们相互排斥说明另一根橡胶棒一定带负电
C. a带负电，b不带电，用金属棒接触两验电器金属球，瞬时电流从a向b
D. 用丝绸摩擦过的玻璃捧靠近吸管一端，发现吸管向玻璃棒靠近，说明吸管一定带负电
16.电动自行车具有轻便、节能、环保等特点，只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了。车钥匙的作用相当于电路中的( )
A. 电源 B. 用电器 C. 开关 D. 导线
17.小文同学家安装了密码门锁，能通过输入密码或利用钥匙单独驱动电动机工作而打开门锁。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
18.如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是( )
A. 电流表测的是总电流 B. 电流表测的是的电流
C. 电流表测的是总电流 D. 电流表测的是的电流
19.在如图所示的电路中，闭合开关，灯较亮，灯较暗，则下列说法正确的是( )
A. 电流一样大 B. 灯中电流较大 C. 灯中电流较大 D. 条件不足无法判断
20.在如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均为图乙所示，则电阻和中的电流分别为( )
A. ， B. ， C. ， D. ，
二、填空题：本大题共8小题，共18分。
21.常用温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，里面的液体有的用酒精，有的用水银。已知酒精和水银的熔点和沸点如表所示，北方漠河地区冬季最低温可达，测此地冬季最低气温应选______温度计。
物质 熔点 沸点
酒精 78
水银 357
22.心怡爸爸把一瓶矿泉水直接放入冰箱冷冻室，第二天，心怡发现矿泉水结冰了，水结冰需要______热量。心恰由此想到，冬天，汽车的水箱里不能只加水，还要加防冻液，从而______水箱中液体的凝固点，保护水箱。
23.医护人员工作时，经常会遇到护目镜“起雾”的现象，如图。在寒冷的室外，护目镜的______选填“内”或“外”侧更容易起雾，该现象属于______。填物态变化名称
24.为了更好开展春耕和缓解干旱，某市进行了人工降雨以增大降水量，如图所示。人工降雨的原理是：将干冰播撒在大气中，干冰会迅速______并吸热，空气中的水蒸气有的液化成小水滴，有的凝华成小冰晶，冰晶在下落过程中______成小水滴，形成降水。以上均填物态变化名称
25.2020年5月5日，长征五号B运载火箭搭载新一代人试验飞船在海南文昌发射，液氢燃烧释放巨大的内能通过______选填“做功”或“热传递”方式使火箭和实验飞船的机械能增加。选择液氢作为燃料，主要是因为液氢的______大，发射台下面大水池装满水是利用水的______大且水剧烈汽化时能吸收大量的热量来降低发射台温度。
26.早在公元前600年，人们发现了摩擦起电现象，摩擦起电的实质是______选填：电子或原子的转移；丝绸摩擦过的玻璃棒带______选填“正”或“负”电，将它与不带电的验电器金属球接触，如图，验电器的金属箔张开，是因为两金属箔同时带上了______选填“正”或“负”电荷。
27.如甲所示，一个充电宝正在给手机的电池充电，手机的电池相当于______填“电源”或“用电器”；如图乙所示为图宾馆房间的取电房卡，将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用，房卡的作用相当于电路元件中的______；如图丙所示，当开关、都闭合时，电路处于______状态填“断路”、“短路”或“通路”。
28.在如图所示的电路图中，只闭合开关______，小灯泡、是串联的；只闭合开关______，小灯泡、是并联的。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
29.根据实物图在方框内画出它的电路图。
四、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
30.在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
甲图的器材安装应该按______顺序进行选填“从上到下”或“从下到上”。为使冰块均匀受热，应选用______填“大冰块”或“碎冰”进行实验；
实验过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时冰的温度为______；
图2是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象，分析图象可知：第，处于______填“固”“液”或“固液共存”态；冰熔化时需要吸收热量，温度______。
小东分析图象还发现：最后时段内的温度变化比初始时段后的温度变化慢，其主要原因是______。
31.在探究水沸腾时温度变化特点的实验中，a、b两组同学在同一间教室里，分别用如图甲所示的相同装置进行实验，当水温达到时，每隔记录一次温度，并根据实验数据分别绘制了如图丙所示的图象。
在实验中，用适量的热水的目的是______选填“增长”或“缩短”实验时间；
实验中某次温度计的示数如图乙所示，温度计的示数为______；
水在沸腾的过程中，不断吸热，温度______，由丙图可判断此时液面上的气压______1标准大气压选填“小于”、“大于”或“等于”；
小明观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况如图1甲、乙所示，其中______图是水在沸腾时的情景；
分析图丙中的图象可知，若a组同学烧杯中水的质量为100g，b组同学烧杯中水的质量为250g，t为，则t为______。
32.如图甲所示是小明探究水和煤油吸热能力的大小实验装置。酒精灯规格相同
在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将______选填“A处向上”或“B处向下”调整；要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和______；
实验中应该取______相同的水和煤油；实验通过______反映它们吸收热量的多少；选填“升高的温度”或“加热的时间”
根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图象可知，煤油的比热容为______。
33.在探究并联电路电流规律的实验中，图甲是实验的电路图。
在拆、接电路时，开关必须______。选填“断开”或“闭合”
电流表应______填“串联”或“并联”在被测电路中。若要测量干路中的电流，则电流表应接在甲图中的______点。
小明同学在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙表示，原因是______；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为______ A。
在实验中可以采用换用不同规格小灯泡的方法改变A、B、C处电流的大小从而进行多次实验；多次测量的目的是______。
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
34.质量为100g的某种金属块，它的温度可以从升高到吸收了多少热量？已知这种金属块的比热容是。
35.塔里木油田是我国累计产气最多的特大型整装优质气田区。该油田向我国东部地区输送天然气超过800亿立方米，惠泽我国14个省市自治区的80多个大中型城市3亿居民。。天然气的热值为
完全燃烧的天然气能释放多少热量？
若的天然气完全燃烧放出热量的被水吸收，可以使多少kg的水从升高到？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、加冰的橙汁饮料为冰水混合物，一个标准大气压下，温度为，故A错误；
B、人体的正常体温约为，变化幅度不大，故B错误；
C、厦门夏天的室外温度约为，故C错误；
D、人体感到舒适的环境温度约为，故D正确。
故选：D。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对温度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】D
【解析】解：AC、铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，在这一过程中，固态的铜料变为液态的铜液，发生的物态变化是熔化，铜是晶体，铜料化为铜液过程中，熔化过程温度不变，故AC正确；
BD、铜液在模具中冷却成型，在这一过程中，液态的铜液变为固态的铜器，发生的物态变化是凝固，凝固放热，故B正确，D错误。
故选：D。
固态变为液态的过程叫做熔化；
液态变为固态的过程叫做凝固。
本题考查对熔化和凝固的认识与掌握，关键是清楚变化前后的状态。
3.【答案】A
【解析】解：冰水混合物的温度高于盐冰水混合物，所以冰水混合物放热，冰变多，盐冰水混合物吸热，冰变少。
故选：A。
冰水混合物的温度高于盐冰水混合物。
此题考查冰、盐冰的熔化或凝固，属于综合题目。
4.【答案】B
【解析】解：夜晚温度比较低，水蒸气遇冷液化成小水珠附着在草上面，草叶上的水珠，在阳光照射下会慢慢地消失了，是水吸收热量蒸发变成了水蒸气是汽化过程，都需要吸收热量。
故选：B。
物质由液态变成气态的过程叫汽化，要吸收热量；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
此题考查了汽化和液化是正确解答此题的基础。
5.【答案】C
【解析】解：A、电风扇吹风，人感到凉爽，是因为电风扇转动加快了蒸发，故A错误；
B、干冰给食品保鲜，利用了干冰升华吸热，故B错误；
C、冬天窗户玻璃的内表面出现冰花是低温时室内空气中的水蒸气凝华形成，故C正确；
D、北方的冬天，为了保存蔬菜，在菜窖里放几桶水，利用了水凝固放热，故D错误。
故选：C。
加快液体表面流速可以加快蒸发；
升华指物质由固态直接转变成气态，升华要吸热；
凝华指物质由水蒸气直接转变成固态，凝华要放热；
凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热。
本题考查了蒸发、升华、凝华和凝固，属于基础题。
6.【答案】B
【解析】解：冰花是水蒸气凝华形成；
A、蜡烛流泪，由固态变为液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故B符合题意；
C、清晨的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化变成小水珠，属于液化现象，故C不符合题意；
D、河水结冰，是凝固现象，故D不符合题意。
故选：B。
物态变化有六种类型：物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
7.【答案】C
【解析】解：A、饮料放进冰箱后，温度较高的饮料放出热量、温度降低，饮料将热量传递给冰箱中的空气，而不是将温度传递给冰箱中的空气，故A错误；
B、饮料放热是因为饮料的温度比冰箱中空气的温度高，内能的影响因素：质量、温度和状态，无法比较内能多少，故B错误；
C、是通过热传递的方式改变物体的内能，热传递是能的转移过程，故C正确；
D、热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故D错误。
故选：C。
改变物体内能的方法：做功和热传递：热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分向低温部分转移的过程；
热传递的条件是有温度差，内能的影响因素：质量、温度和状态；
热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有。
本题考查了温度、热量与内能的关系、改变物体内能的方法做功和热传递等，属于基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：用火烧煮食物，吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；
A、用热水取暖，吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能，故A正确；
B、钻木取火，是通过做功改变物体的内能，故B错误；
C、搓手取暖，是通过做功改变物体的内能，故C错误；
D、擦燃火柴，是通过做功改变物体的内能，故D错误。
故选：A。
改变物体的内能的方式有：做功和热传递；热传递使物体内能发生改变的实质是内能发生了转移，做功使物体内能发生改变的实质是能量发生了转化。
本题考查了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：A、用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热，相同时间加热器放出的热量相同，液体吸收的热量相同，故A错误；
BC、A、B液体质量相等，初温相同，升高相同的温度，A的加热时间较长，则A吸收的热量较多，A的吸热本领强，故B正确、C错误；
D.由于A、B液体质量相等，初温相同，加热相同时间，A、B吸收的热量相同，A温度升高了：，B温度升高了：；
则：：：：2；
由可知，吸收的热量、质量相同时，比热容：：：：1，即A的比热容是B的两倍，故D错误。
故选：B。
用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热，相同时间加热器放出的热量相同，液体吸收的热量相同；根据图象可知，升高相同温度液体A和B加热时间，据此可知吸收热量关系；又知A、B的质量相同，利用可得比热容的大小关系。
运用图象法解答问题的一般步骤是：明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；明确图象所表示的物理意义；根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。
10.【答案】C
【解析】解：A、夏天在室内洒水降温，利用了水汽化吸热，故A错误；
B、比热容是物质的一种特性，只跟物体的种类和状态有关，与物体质量和体积无关，将一杯水倒出一半后，剩下的水的比热容不变，故B错误；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以北方楼房中的“暖气”用水作为介质，故C正确；
D、海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，更适合居住，故D错误。
故选：C。
水蒸发可以吸热；
比热容是物质的一种特性。只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查蒸发吸热、比热容的概念及水的比热容大的应用，对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
11.【答案】C
【解析】解：甲乙都是铝块，比热容相等，所以比热容之比为1：1；
根据得升高温度为：，
甲、乙升温之比为：
，故C正确。
故选：C。
甲乙都是铝块，比热容相等，可得比热容之比；知道甲乙质量之比、吸收热量之比、比热容之比，利用求升高温度之比。
本题考查了吸热公式的应用，熟练公式即可正确解题。
12.【答案】B
【解析】解：A、热量是过程量，热水温度降低，不能说水含有的热量在减少，故A错误；
B、热水温度高，空气温度低，根据热传递的条件可知热量从温度高热水传递给温度低的空气，导致水的温度降低，故B正确；
C、向烧瓶内打气的过程是机械能转化为内能，与汽油机的压缩冲程中能量转化相同；一段时间后塞子突然跳起是气体的内能转化为瓶塞的机械能，与汽油机的做功冲程中能量转化相同，故C错误；
D、根据前面的分析可知甲图是热传递改变物体的内能，乙图是做功改变物体的内能，故D错误。
故选：B。
热量是过程量，不能用“含有”来修饰；
热传递的条件是存在温度差；
向烧瓶内打气的过程是机械能转化为内能，一段时间后塞子突然跳起是气体的内能转化为瓶塞的机械能；
做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能增加；物体对外做功，物体的内能减少。
本题主要考查学生对热机四冲程中能量的转化、热量的概念和做功改变物体内能等的理解和掌握，属于基础知识的考查。
13.【答案】B
【解析】解：ABC、由图可知，汽油机两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；该冲程活塞压缩混合物，对其做功，所以混合物内能增大，温度升高，此过程机械能转化为内能，故AC错误，B正确；
D、汽油机的吸气冲程、压缩冲程和排气冲程都靠飞轮的惯性完成，而给外界提供动力的是做功冲程，此图为压缩冲程，故D错误。
故选：B。
内燃机的四个冲程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。
本题主要考查了内燃机的工作过程与特点，掌握相关知识是解答此题的关键。
14.【答案】A
【解析】解：A、汽油机的顶端是火花塞，柴油机的顶端是喷油嘴，故A错误；
B、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，使燃料燃烧更充分，可以提高燃料的利用率，可以提高热机效率，故B正确；
C、如果四冲程内燃机的转速是，则每秒完成5个工作循环，共有个冲程，对外做5次功，故C正确；
D、无论技术怎么进步，内燃机在工作过程中，总存在能量损失，不可能全部对外输出机械能，所以热机效率都不能到达，故D正确。
故选：A。
汽油机的顶端是火花塞，柴油机的顶端是喷油嘴；
热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，比值越大，效率越高；
汽油机飞轮每转2圈，完成一个工作循环，对外做一次功，完成4个冲程；
热机的效率不可能到达。
本题考查了学生对热机工作特点和热机效率概念的理解，属于基础题，难度不大。
15.【答案】B
【解析】解：A、气球在头发上摩擦后小女孩的头发会飘起来，是因为气球和头发带异种电荷，故A错误。
B、毛皮摩擦的橡胶棒靠近另一根橡胶棒，它们相互排斥说明另一根橡胶棒带同种电荷，故B正确。
C、用玻璃棒接触两验电器金属球，由于是绝缘体，不导电，没有电荷的定向移动，故C错误；
D、用丝绸摩擦过的玻璃捧带正电，靠近吸管一端，发现吸管向玻璃棒靠近，说明吸管可能带负电，也可能不带电，故D错误。
故选：B。
摩擦起电的实质是电荷电子的转移，使两个物体带上异种电荷。
电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体能够吸引轻小物体。
接触带电的过程是电子的转移。
理解电荷间的作用规律和接触带电是电子的转移，可解答此题。
16.【答案】C
【解析】解：电动自行车具有轻便、节能、环保等特点，只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，说明车钥匙对电路起到控制作用，在电路中相当于开关，故ABD错误，C正确。
故选：C。
电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用是解题的关键。
17.【答案】D
【解析】解：根据题意知道，两个开关都可以单独使电动机工作而打开门锁，所以两个开关应该是并联关系，而且电动机应处于干路上，这样才会受到两个开关的独立控制，故D符合要求、ABC不符合要求。
故选：D。
两个开关独立控制电动机，两个开关相互不影响，结合串并联电路的特点解题。
本题考查串、并联电路的设计。关键要知道相互影响的电路元件时串联的，互不影响的电路元件时并联的。
18.【答案】C
【解析】解：由图可知，闭合开关S后，两灯泡并联，表与串联，测量通过的电流；表串联在干路上，测量干路电流。
故选：C。
分析实物图，按电流走向找出电流分合点，确定电路连接方式，电流表测电流时要串联于电路中，与哪个用电器串联，则测通过哪个用电器的电流。
本题考查了电流表的使用，要知道电流表与被测电路串联，确定分合点判断电路组成是关键。
19.【答案】A
【解析】解：根据图示可知，两灯串联，因串联电路中电流处处相等，所以流过灯、的电流相等。
故选：A。
由图可知两灯串联，串联电路中电流处处相等，据此解答。
本题考查了串联电路电流的规律，注意：判断电流的大小关系时不要受灯泡亮度的影响。
20.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流，测支路的电流，
因为并联电路干路电流大于各支路电流之和，且两指针的位置相同，
所以的量程为，分度值为，干路电流，
的量程为，分度值为，通过支路的电流，
所以通过的电流。
故选：D。
由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流，测支路的电流，根据并联电路的电流特点确定两电流表的量程，并根据分度值读出其大小和求出通过的电流。
本题考查了电流表的读数和并联电路的特点，分清电路的连接方式和电流表量程的判读是解决本题的关键。
21.【答案】酒精
【解析】解：漠河地区冬季的最低气温可达，低于水银的凝固点，所以，当温度低于时水银就凝固成为固体，所以不可以用水银温度计；而酒精的凝固点很低，气温为，酒精仍为液态，所以，应该选择酒精温度计。
故答案为：酒精。
根据表格内容判断选用哪种物质做温度计的液体。
本题考查了液体的凝固点和熔化点，属于基础题。
22.【答案】放出 降低
【解析】解：一瓶矿泉水直接放入冰箱冷冻室，第二天水结成了冰，属于凝固过程，凝固需要放出热量；
加入防冻液后的混合液后，液体不易凝固，说明液体的凝固点降低了。
故答案为：放出；降低。
凝固需要放热；冬天，汽车的水箱里不能只加水，还要加防冻液，可以降低凝固点，保护水箱。
本题将物态变化与生活实际相结合，难度不大。
23.【答案】内 液化
【解析】解：寒冷的室外，人呼出来的水蒸气温度比较高，当它碰到冷的护目镜片时，马上放热液化，形成小水滴附在护目镜内侧。
故答案为：内。
液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
本题考查了液化现象，属于基础题。
24.【答案】升华 熔化
【解析】解：干冰常温下易升华，在升华过程中吸收热量，降低周围空气的温度，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，或凝华成小冰晶，冰晶在下落过程中熔化为成小水滴，形成降水。
故答案为：升华；熔化。
物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
该题考查了几种物态变化过程，解题的关键是分清每个过程前后物体所处的状态及其吸放热。
25.【答案】做功 热值 比热容
【解析】解：液氢燃烧，推动火箭和试验飞船升空，是通过做功的方式使火箭和实验飞船的机械能增加。
选择液氢作为燃料，是因为液氢的热值大，相同质量的燃料完全燃烧释放的热量多。
水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多。所以发射台下面大水池装满水是因为水的比热容大，可以吸收大量残余热量。
故答案为：做功；热值；比热容。
改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；
热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关。
水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多。
本题考查了改变物体内能的方式、水比热容较大特点的应用以及汽化现象，属于基础题。
26.【答案】电子 正 正
【解析】解：摩擦起电的实质是电子的转移；
根据正负电荷的定义可知，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，将它与验电器的金属小球接触后，金属箔片会带上正电，因为同种电荷相互排斥，所以验电器中闭合着的金属箔片会张开一个角度。
故答案为：电子；正；正。
当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，因电子比质子数量多而带负电，束缚电子能力弱的失去电子，因电子比质子数量少而带正电，一种物质失去多少电子，另一种物质就得到多少电子；
自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷。丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
本题是基础题，要求知道自然界中只有哪两种电荷，以及它们之间的作用规律：电荷规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
27.【答案】用电器 开关 短路
【解析】解：在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，手机电池消耗电能，所以手机电池相当于用电器。
房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关。
当开关、都闭合时，电流不经用电器，经导线直接回负极，造成电源短路。
故答案为：用电器；开关；短路。
电源会提供电能；用电器是消耗电能转化为其它形式能的仪器；电路由电源、开关、导线、用电器组成；电路的状态有三种：短路、断路和通路。
本题考查了电路的组成和电路的三种状态，属于基础题。
28.【答案】 、
【解析】解：要使小灯泡、串联，电流的路径只有一条，必须闭合开关，断开开关、。
当断开，、闭合时，电流分别流经灯泡与，又在另一点汇合，再回到电源的负极，所以它们是并联的；
故答案为：；、。
首先知道电路的三种状态：通路、开路和短路；然后结合题干中所描述的开关闭合情况，根据电流的走向来判断电路的连接方式。
本题主要考查了对动态电路的分析，在分析时一定要细心，严格按照电流的流向分析。
29.【答案】解：从电源正极流出，经过开关后开始分路，一支通过电流表和，另一支经过灯泡，汇合后回到电源负极，如图所示：
【解析】两个灯泡并联，开关S控制整个电路，电流表测量电流，根据实物图画出电路图。
本题考查学生识别电路的能力以及根据实物图画电路图的情况，注意电路图与实物图要一致。
30.【答案】从下到上 碎冰 固液共存 保持不变 水的比热容大于冰的比热容
【解析】解：安装实验器材时，需要用酒精灯的外焰加热，应按照“自下而上”的顺序进行，所以先固定C；让冰受热均匀且与温度计的玻璃泡充分接触，应该选用碎冰块；让冰受热均匀且与温度计的玻璃泡充分接触，应该选用碎冰块进行实验；
由图乙可知，温度计的分度值为，示数在以下，故示数为；
由丙图中图象可知：第内冰处于熔化过程，所以第，处于固液共存态；由图丙可知，冰熔化时需要吸收热量，温度保持在不变。
冰熔化前与熔化后，物质由固态冰变为液态水，水的比热容比冰大，根据可知，升高的温度不同，水升温比冰要慢。
故答案为：从下到上；碎冰；；固液共存；保持不变；水的比热容大于冰的比热容。
安装实验器材时，需要用酒精灯的外焰加热，应按照“自下而上”的顺序进行；选用碎冰块来进行实验，均匀受热，效果更好些；
对温度计进行读数时，要先观察温度计的量程和分度值；
冰熔化结束，处于液态；根据图像判断；
根据可知：在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。
本题考查了“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验，学会分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的方法。
31.【答案】缩短 96 不变 小于 甲 5
【解析】解：在实验中，用适量的热水，减小水加热到沸腾升高的温度，减小水加热到沸腾吸收的热量，目的是缩短实验时间；
由图乙得，温度计的分度值为，温度计的示数为；
水在沸腾的过程中，不断吸热，温度保持沸点不变，但其内能增大；
由丙图知，水的沸点是，沸点的高低和气压有关，气压降低，沸点降低，一个标准大气压下，水的沸点是，此时沸点低于，所以气压低于一个标准大气压；
水在沸腾过程中有大量气泡产生，并且气泡在上升过程中体积逐渐增大，到最后破裂，故甲图表示沸腾时情况；
由图丙得，a、b两组同学加热的水的初温与沸点相同，水升高的温度相同，由得
；
a、b两组水吸收的热量关系为使用相同的加热器加热，相同时间，加热器放出的热量相同，水吸收的热量相同，则：
。
故答案为：缩短；；不变；小于；甲；。
在观察水的沸腾实验中，适量的热水的目的是缩短实验时间；
温度计读数，确定好温度计的分度值，注意是零上还是零下；
沸腾是在液体表面和内部同时发生的剧烈的汽化现象，水在沸腾的过程中，不断吸热，温度不变；
沸点的高低和气压有关，气压升高，沸点升高，气压降低，沸点降低；
水沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前气泡在上升过程中气泡逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
结合图象，根据分析计算。
本题考查水沸腾实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
32.【答案】A处朝上 天平 质量 加热时间
【解析】解：实验中要用酒精灯的外焰加热，故在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将A处向上调整；根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和天平；
根据转换法，实验过程中通过加热时间长短反映两种液体吸热的多少；
根据图丙可知升高，水和煤油的加热时间分别为和，由转换法，水、煤油的吸热之比为2：1，根据可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，煤油的比热容是：
则A液体的比热容为：。
故答案为：处向上；天平；质量；加热时间；。
实验中要用酒精灯的外焰加热，据此分析；
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据图丙得出升高水和煤油的加热时间，由转换法得出水、煤油的吸热之比为，根据可知在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和的运用，为热学中的重要实验。
33.【答案】断开 串联 C 电流表正负接线柱接反了 避免实验的偶然性，得出普遍性的规律
【解析】解：为了安全，在拆、接电路时，开关应该断开；
电流表应串联在被测电路中。若要测量干路电流，由电路图可知，电流表应接在甲图中的C点；
闭合开关，由图乙所示可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；
由如图丙所示电流表可知，其量程为，分度值为，示数为；
在实验中可以采用换用不同规格小灯泡的方法改变A、B、C处电流的大小从而进行多次实验，目的是避免实验的偶然性，得出普遍性的规律。
故答案为：断开；串联；C；电流表正负接线柱接反了；；避免实验的偶然性，得出普遍性的规律。
为了安全，在拆、接电路时，开关应断开；
电流表应串联在被测电路中；
连接电路时，电流表正负接线柱不要接反，否则电流表指针将反向偏转；由图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数；
为避免实验的偶然性，得出普遍性的规律，应换不同规格的灯泡多测量几组数据。
本题考查了电流表的用法、电流表读数等问题，要掌握电流表的使用方法，对电流表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数；为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验。
34.【答案】解：金属块的质量；
金属块吸收的热量：
。
答：金属块吸收的热量为920J。
【解析】知道金属块的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式求金属块吸收的热量。
本题考查了对吸热公式的掌握和运用，注意温度升高了与升高到末温的区别。
35.【答案】解：完全燃烧的天然气能释放的热量为：
；
由可得水吸收的热量：
，
由可得水的质量：
。
答：完全燃烧的天然气能释放的热量；
可以使的水从升高到。
【解析】根据求出完全燃烧的天然气能释放的热量；
根据求出水吸收的热量，再利用求出水的质量。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，基础题。
