高 2026 届高二(上)学月考试
物理参考答案及评分标准
一.选择题
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
A C B C B D C BC AD BCD
3.【答案】B
【详解】A.体操运动员在着地时屈腿可以延长着地时间,从而可以减小地面对运动员的作
用力,故 A 错误;
B.由题意可得,由动量守恒定理可得 ( ) = 0
解得火箭获得的速度为 = 0 , 故 B 正确
C.火箭的推力来源于向下喷出的水对它的反作用力,; 故 C 错误;
0
D .水喷出后,火箭做竖直上抛运动火箭在空中飞行的时间为 = = ( )
重力的冲量为 I= ( )gt= 0, D 错误
4.【答案】C
【详解】A.根据反冲运动中的人船模型可知,人在甲板上散步时突然停下,船将立即停下。
故 AB 错误;
C.设船的质量为 ,后退位移为 ,人的质量为 ,人船相对运动位移为 L,人和船组成的
系统满足水平动量守恒,根据人船模型有 = ( )
解得船后退的距离为 C 正确;
+
D.人相对地面的成绩为 = 故 D 错误。
+
5. 【答案】B
【详解】由于木块始终保持静止状态,则两子弹对木块的推力大小相等,即两子弹所受的阻力
大小相等, B 正确。设为 Ff,根据动能定理得,对子弹 A 有-FfdA=0-EkA,得 EkA=FfdA;对子弹 B 有
-FfdB=0-EkB,得 EkB=FfdB,由于 dA>dB,则有子弹入射时的初动能 EkA>EkB,,C 错误;
子弹 A、B 从木块两侧同时射入木块,木块始终保持静止,分析可知,两子弹在木块中运动的时
间必定相等,否则木块就会运动,故 D 错误。
6. 【答案】D
【详解】A.水柱对汽车的压强与水柱横截面积无关,故 A 错误;
1
B.高压水枪单位时间喷出水的质量 = = 2 故 B 错误;
4
C.设水柱对汽车的平均冲力为 F,垂直汽车表面方向,由动量定理得 = 0
1
时间内水柱的质量为 = = = 2
4
1 2 2
解得水柱对汽车的平均冲力为 F = v D 故 C 错误;
4
高二物理参考答案 第 1 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}
1
D.根据F = v
2D2
4
若高压水枪喷口的出水速度变为原来的 2 倍,则水柱对汽车的平均冲力为原来的 4 倍,故 D
正确。
7.【答案】C
【详解】A.由于墙壁对 a 球有弹力作用,整个过程中小球 a、b、c 和弹簧组成的系统动量
不守恒,故 A 错误;
B. 小球 c 与小球 b 碰撞,设小球 b 碰撞后速度为v1 ,小球 c 碰撞后速度为v2 ,由动量守恒
1 1 1
和机械能守恒定律得 2 2 20 = 3 1 + 2, 0 = × 3 1 + 2 2 2 2
1 1
解得 1 = 0, 2 = 0 2 2
3
故小球 c 的动量变化量大小为 mv
2 0
3
C.小球 b 向左运动速度为零时,弹簧弹性势能最大,则 = 20 故 C 正确; 8
D.小球 b 压缩弹簧,到弹簧恢复原长过程,小球 b 与弹簧组成的系统机械能守恒,小球 b
向右的速度大小为 1;当小球 a、b 向右运动,弹簧恢复原长时,小球 a 的速度最大.
8.答案 BC
【详解】A.将摆钟从山脚移到高山上时,摆钟所在位置的重力加速度 g 变小,根据 T=2π√ 可
知,摆钟振动的周期变大,走时变慢,A 错误。
B. 摆球做简谐运动,在摆角增大的过程中,摆球的位移增大,摆球受到的回复力增大,选
项 B 正确;
C.根据单摆的周期公式 T=2π√ 可知,单摆的周期与摆球质量、振幅无关,与摆长和当地的重
力加速度有关,C 正确;
D.单摆做简谐运动时,在平衡位置处位移为零,加速度不为零,有向心加速度。D 错误;
9. 答案 AD
【详解】若甲船上的人将球抛出且被乙船上的人接住后,刚好可保证两船不致相撞,说明此
时两船刚好速度相同,设为 v,规定开始时甲船速度方向为正方向,根据动量守恒定律有
30 0 2 0 10 0 0 = 40 0
解得v =1.25v0
设从甲船抛出的球的总数 n,根据动量守恒定律有30 0 2 0 = (30 ) 0 + 0 5 0
解得 = 6.
10.【答案】BCD
【详解】A. 物块与木板相对运动的过程中,两者的加速度大小不相等
B.木板与物块组成的系统动量守恒,以向右为正方向,木板第一次与墙面碰撞前,由动量
守恒定律得
Mv0 = (M +m)v1
Mv
解得木板第一次与墙面碰撞前瞬间的速度大小为 v 01 = 故 B 正确;
m+M
高二物理参考答案 第 2 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}
1
C, 木板第一次碰撞墙后向左运动到速度为零时,向左运动的距离最大 2 =
2 1
2
故最大距离为 0 故 C 正确;
2( + )2
D.木板与墙面第一次碰撞后到木板第二次碰撞墙面前,木板与物块已共速,系统动量守恒,
以向右为正方向,由动量守恒定律得 (M m)v1 = (M +m)v2
(M m)Mv0
解得木板第二次碰撞墙面前瞬间的速度大小 v2 = 2
(M +m)
木板与墙面第二次碰撞后到木板第三次碰撞墙面前,系统动量守恒,以向右为正方向,由动
量守恒定律得
(M m)v2 = (M +m)v3
2
(M m) Mv0
解得木板第三次碰撞墙面前瞬间的速度大小 v3 = 3
(M +m)
根据能量守恒,木板从开始运动到第三次与墙面碰撞前瞬间,木块与木板间产生的热量为
1 2 1 2 1 1 ( )
4 2
= 0 ( + ) 3 =
2
0
2
0 5 故 D 正确。 2 2 2 2 ( + )
故选 BCD。
11.(6 分) 【答案】(1)③ (2) m1 x1 = m2 x2 (3) 2 21 1 : 2 2
12.(8 分)答案;
2 D
(1)C (2)9.7 (3) L +2 (4)变大 T0 2
【规范答题】(2)游标卡尺的读数为9mm+0.1mm 7 = 9.7mm
D
(3)单摆周期为2T0 ,摆长 L = L0 +
2
L
2
D
根据单摆周期公式2T0 = 2 可得 g = 2 L0 +
g T0 2
(4)由于浮力与摆球重力方向相反,摆球的质量没变,浮力对摆球的作用相当于小球所受
重力减小,即等效重力加速度减小,因而振动周期变大。
13.【答案】(1) x = 8sin t (cm);(2)1m
【详解】(1)有 图可知单摆振动周期 T=2s,振幅 A=8cm
---------------------------①(1 分)
则摆球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式
x = 8sin t (cm) -----------------------②(2 分)
(2)根据单摆周期公式
L
T = 2 ------------------------------------------③ (3 分)
g
高二物理参考答案 第 3 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}
可得
L=1m ---------------------------------------------④ (2 分)
14.【答案】(1)30m/s2;(2)0.75s
(1)设在运动过程中小球受到的空气阻力与速率满足关系式
f = kv
根据动量定理
p = F t
可知 p t 图像的斜率表示合外力,由图可知 t = 0时刻, p t 图像斜率的绝对值最大,小球
的加速度最大,
---------------------------①(1 分)
设物体运动过程中的最大加速度为am,有
mg + kv1 = mam ---------------------------②(1 分)
其中
p
v1 =
0 ---------------------------③(1 分)
m
p
当 p = 0 时,物体合外力为零,此时有
2
p
mg = kv2 = k
0 ---------------------------④(1 分)
2m
解得
a =3g =30m/s2m ---------------------------⑤(1 分)
(2)设从地面抛出到最高点的时间为 t1 ,上升的高度为 h,设最高点到落地的时间为 t2 ,从
地面抛出到最高点由动量定理得
mgt1 kv1t1 = 0 p0 ------------------------⑥(1 分)
即
mgt1 + kh = p0 ---------------------------------⑦(1 分)
同理下降阶段
p
mgt2 kv
0
2t2 = -------------------------------⑧(1 分)
2
即
p
mgt 02 kh = -------------------------------⑨(1 分)
2
联立可得小球从抛出到落地的总时间为
3p
t = t + t = 01 2 =0.75s ---------------------------⑩(1 分)
2mg
15.【答案】(1)0.6m;(2)60N
高二物理参考答案 第 4 页 共 7 页
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【解析】(1)子弹 A 以100 m s 的水平初速度在极短时间内击穿物体 B 后速度减为 40 m s ,
则 A、B 组成的系统动量守恒,根据动量守恒定律有
mAv0 = mAv1 +mBv2 ---------------------------①(2 分)
解得 v 2 = 6m / s
B 上升时,与 C 组成的系统水平方向动量守恒,机械能守恒,则有
mBv2 = (mB +mC )v3 ---------------------------②(2 分)
1
m v2
1
B 2 = (mB +mC )v
2
3 +mBgh -------------③(2 分)
2 2
解得
h = 0.6 m --------------------------------------④(1 分)
(2)B 返回到最低点时,与 C 组成的系统水平方向动量守恒,机械能守恒,此时 C 的速度
最大,则有
mBv2 = mBv4 +mCv5 --------------------------------⑤(2 分)
1 2 1 1mBv2 = m
2 2
Bv4 + mCv5 ---------------------------⑥(2 分)
2 2 2
解得
v4 = 2m / s
v5 = 8m / s
有牛顿第二定律可知
( 25 4)
= -------------------⑦(2 分)
解得
= 28 ----------------------------⑧(1 分)
16.【答案】(1)3m/s;(2)0.6kg;(3)1.8J
【详解】(1)假设 P 在传送带上一直匀减速,则由动能定理
1
EP 1mP gs = m v
2
P B ---------------------------①(2 分)
2
解得 ---------------------------②(1 分)
vB = 6m / s 3m/s
说明 P 在到达 B 之前已与传送带共速,之后一起匀速到达 B 端。即
v = 3m/s - --------------------------③(1 分) B
(2)设 P 与 Q 碰撞前的速度大小为v1,碰后 P 的速度大小为v2,Q 的速度为v3 ,则 P
从 B 到 D 过程中由动能定理 1 1
6m 2 2P gR 2 2mP gL2 = mPv1 mPvB
2 2
---------------------------④(1 分)
高二物理参考答案 第 5 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}
解得v = 6m/s 1
1 2
对P滑块从D到C根据动能定理 2 2mPgR = 0 mPv2 ---------------------------⑤
2
(1 分)
解得v2 = 3m/s
根据动量守恒和机械能守恒可知
mPv1 = mPv2 +mQv3 - --------------------------⑥(1 分)
1 2 1 1mPv1 = m v
2
P 2 + m v
2
Q 3 ---------------------------⑦(1 分)
2 2 2
mQ mP
解得v2 = v1
mP +mQ
解得 mQ=0.6kg ---------------------------⑧(2 分)
(3)由(2)可得,Q 碰后速度v3 = 3gR
进入长木板上表面,先判断长木板是否移动,Q 对长木板摩擦力向左 f2 = 3mQg =1.2mg
地面对长木板最大静摩擦力 f地 = M 4 (mQ +m木)g =1.8mg
故长木板先不动,Q 做匀减速运动,可得
1
m gL = m v2
1
2 Q 3 Q 4 m
2
Qv3 ---------------------------⑨(1 分)
2 2
解得v4 = 1.8gR
Q 以速度v4 与长木板弹性碰撞,可得
mQv4 = mQv5 +m木v6 ---------------------------⑩(1 分)
1 2 1 1mQv4 = m v
2
Q 5 + m木v
2
6 --------------------------- (1 分)
2 2 2
1
可得碰后 Q 的速度大小v5 = v4
3
2
长木板的速度大小为v6 = v4
3
Q 向右减速a2 = 3g = 0.4g
3mQg + 4 (mQ +m木 )g
长木板向左减速a3 = = 0.5g --------------------------- (1
m木
分)
Q 向右做减速运动直至速度减为零后再向左做加速运动直到两者共速,再一起减速,做
高二物理参考答案 第 6 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}
出 v t 图像如图
v 2v
可得v = 4 + a2t =
4 a3t --------------------------- (1 分)
3 3
1 v4 2v相对位移 x = ( + 4 )t --------------------------- (1 分)
2 3 3
解得 x = R 1.5R --------------------------- (1 分)
则滑块未滑离木板,滑块 Q 与木板间因摩擦产生的热量为
--------------------------- (1 分)
Q热 = 3mQ g( x +1.5R) =1.8J
高二物理参考答案 第 7 页 共 7 页
{#{QQABRQAAogggQAIAAAhCQQlQCAGQkhGCCSgOhAAEsAAAiQFABAA=}#}重庆市巴蜀中学教育集团高2026届高二(上)学月考试
物理试卷
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号、班级、学校在答题卡上填写清楚。
2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡
皮擦干净后,再选涂其他答案标号。在试卷上作答无效。
3.考试结束后,请将答题卡交回,试卷自行保存。满分100分,考试用时90分钟。
一,单项选择题(共7个小题,每题3分,共21分)
1.关于动量和动量守恒的条件,下列说法正确的是()
A.只要系统所受合外力为零,系统就一定动量守恒
B.物体的动量不变,其动能可能变化
C.只要系统所受外力做的功为零,系统就动量守恒
D,只要系统内存在摩擦力,系统动量就不可能守恒
2.以下说法正确的是()
A.简谐运动的质点是做匀变速直线运动
B.弹簧振子做简谐运动时,经过同一位置时的速度总是相同
C.驱动力的频率等于系统固有频率时,就会发生共振
D.当存在摩擦和空气阻力时,物体在振动过程中机械能将减小,振幅减小,周期也减小
3.学习了反冲原理之后,同学们利用饮料瓶制作的“水
火箭”。如图所示,瓶中装有一定量的水,其发射原理是
通过打气使瓶内空气压强增大,当橡皮塞与瓶口脱离时,
瓶内水向后喷出。静置于地面上的质量为M(含水)的
水火箭”释放升空,在极短的时间内,质量为m的水以
相对地面为o的速度竖直向下喷出。重力加速度为g,
空气阻力不计,下列说法正确的是()
A.水火箭的原理与体操运动员在着地时要屈腿的原理是一样的
B.发射后,水火箭的速度大小为=
0000000
C.水火箭的推力来源于火箭外的空气对它的反作用力
D.水火箭上升到最大高度的过程中,重力的冲量为(M一m)vo
4.生命在于运动,体育无处不在,运动无限精彩。如图所示,质量为M的小船静止在水面
上,质量为m的人在甲板上立定跳远的成绩为L,不计空气和水的阻力,下列说法正确的
是()
A.若人在甲板上散步时突然停下,船将继续后退
B.人在立定跳远的过程中船保持静止
C.人在立定跳远的过程中船后退的距离为
D.人相对地面的成绩为
5.如图所示,木块静止在光滑水平面上,两颗不同的子弹A、B从木块两侧同时射入木块,
最终都停在木块内,这一过程中木块始终保持静止。若子弹A射入的深度大于子弹B射入
的深度,则()
A.子弹A、B与木块组成的系统动量和机械能都守恒
B.入射过程中子弹A受到的阻力与子弹B受到的阻力大小相等
C.子弹A的动能一定比子弹B的动能小
D.子弹A在木块中运动的时间比子弹B在木块中运动的时间长
6.日常生活中常用高压水枪清洗汽车,某高压水枪喷口直径为D,喷出水流的流速为,
水柱垂直射向汽车表面后速度变为零。已知水的密度为P。下列说法正确的是()
A.水柱对汽车的压强与水柱横截面积成正比。
B.高压水枪单位时间内喷出的水的质量为πpD
C.水柱对汽车的平均冲力为2pD2v2
D.若高压水枪喷口的出水速度变为原来的2倍,则水柱对汽车的平均冲力为原来的4倍
7.如图光滑水平面上有a、b、c三个弹性小球,质量分别为2m、3m、m。小球a一端靠
墙,并通过一根轻弹簧与小球b相连,此时弹簧处于原长。现给小球c一个向左的初速度
0,与小球b发生碰撞,整个碰撞过程中没有能量损失,弹簧始终处于弹性限度之内。以
下说法正确的是()
A.整个过程中小球a、b、c和弹簧组成的系统动量守恒
b
vo
B.碰撞过程中弹性小球c的动量变化量大小为2mo
WWWw
C.弹簧弹性势能最大值为号m
高二物理试卷第2页(共6页)
0000000