2024年云南省玉溪八中、五中中考物理三模试卷
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1.下列数据中，最接近生活实际的是( )
A. 一个初中生的质量大约是50kg B. 成年人的正常体温是
C. 成年人步行的速度约是 D. 家用电热壶工作时的功率约为25W
2.对图中的四个实验装置图的描述，正确的是( )
A. 图甲中同名磁极相互吸引，这符合磁极间的相互作用规律
B. 图乙中导线通电时小磁针发生了偏转，这是电流的磁效应
C. 图丙中通电导线在磁场中受力运动，这是发电机的工作原理
D. 图丁中导线AB在磁场中运动产生电流，这是电动机的工作原理
3.春节期间，某学校开展了“寻根问源，记住年味”的活动，如图所示是同学们晒的“年味”照片，下列描述正确的是( )
A. 图甲中，玉润饱满的汤圆中飘出的“白气”是汽化形成的
B. 图乙中，墨迹未干的春联墨香飘飘，说明分子静止不动
C. 图丙中，与盒子摩擦引燃的“擦炮”是通过做功改变内能
D. 图丁中，刚上桌继续沸腾的砂锅米线，说明沸腾不需吸热
4.打羽毛球是同学们喜爱的体育活动，下列与这项活动有关的说法正确的是( )
A. 发球时，球拍对羽毛球的力与羽毛球对球拍的力是一对平衡力
B. 打出去的羽毛球速度越大，惯性越大
C. 迎面飞来的羽毛球被球拍挡回，说明力可以改变物体的运动状态
D. 羽毛球在空中飞行时，不受力的作用
5.近年来，我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是( )
A. 光纤通信，是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的
B. 量子计算机中的电子器件都是由超导体制成
C. 核电站是利用原子核发生聚变时释放的能量来发电的
D. 水力、风力、火力发电是不可再生能源的利用
6.在探究凸透镜成像规律的实验中，将蜡烛，凸透镜、光屏移动到如图所示的位置时，在光屏上得到一个清晰的实像图中未画出。下列说法中正确的是( )
①投影仪是利用这一成像原理工作的
②若将蜡烛远离凸透镜，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏适当靠近凸透镜
③若保持蜡烛和光屏位置不动，只移动凸透镜，光屏上能得到放大清晰的烛焰像
④若保持蜡烛和透镜位置不动，在透镜左侧靠近透镜放置一副远视眼镜，则应将光屏适当远离凸透镜，光屏上能再次得到清晰的烛焰像
A. 只有①④ B. 只有②③ C. 只有②④ D. 只有③④
7.如图甲为穿戴式体温计的简化电路图，电源电压恒定，为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度的变化如图乙所示，闭合开关S，当温度升高时，则电路中( )
A. 电流表示数变小，电压表示数变小 B. 电流表示数变大，电压表示数变大
C. 电压表示数与电流表示数的比值变小 D. 电路中的总功率变小
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
8.两个完全相同的烧杯中装有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，静止后的情形如图所示。此时两容器内液面相平，下列说法正确的是( )
A. 两液体中小球受到的浮力大小关系为
B. 两液体的密度大小关系为
C. 两容器对桌面的压力大小关系为
D. 两容器底部受到液体的压强大小关系为
9.物理概念是观察、实验和科学思维相结合的产物。下列说法正确的是( )
A. 水结成冰之后，质量不变，密度变小
B. 燃料燃烧越充分其热值越大
C. 沿海地区昼夜温差小的原因是水的比热容大
D. 一般而言，温度高的物体所含热量多，温度低的物体所含热量少
10.如图甲所示电路，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最左端a移动到最右端b的过程中，消耗的电功率与电流表示数的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为16V B. 的阻值为
C. 的最大阻值为 D. 消耗的最大电功率为
三、填空题：本大题共5小题，共10分。
11.三门峡市被称为“天鹅之城”，每年都有上万只白天鹅飞到这里栖息越冬。白天鹅在空中滑翔时，其翅膀呈现出一种特殊的形状，使得翅膀下方空气的流速较小，空气的压强较______选填“大”或“小”；如图所示为并排滑翔的两只白天鹅，若白天鹅展翅上冲时，重力势能______。选填“增大”、“不变”或“减小”
12.如图所示，甲和乙是叠放在水平桌面上的物块，它们在钩码丙的作用下向右做匀速直线运动，若钩码重为1N，则甲所受的摩擦力为______ N，将乙拿掉后，甲的运动状态将______选填“改变”或“不改变”动滑轮、绳重以及滑轮轮轴间摩擦忽略不计
13.两个相同的验电器A和B，用与毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器A的金属球，验电器A的金属箔张开，是因为______。另一个验电器 B不带电如图1所示。用带手柄的金属杆把A和B连起来，验电器B的金属箔张开如图2所示。金属杆的瞬间电流方向是______选填“由A到B”或“由B到A”。
14.如图所示，一质量均匀的长方体木板放在水平桌面上静止，①②③各为其中的，此时它对桌面的压强为p。小龙同学首先只切除①，余下的木板对桌面的压强为，则p ______；然后再切除③，余下的木板对桌面的压强为，则______两空均选填“>”或“=”或“<”。
15.在长为20cm均匀细木棱的一端缠绕一些细铜丝，制成两个完全相同的简易密度计。现将它们分别放入盛有不同液体的两个烧杯中，如图所示为它们竖直静止在液体中的情况。若密度计在甲液体中露出液面的长度为10cm，在乙液体中露出液面的长度为13cm，若乙液体为水时，甲液体的密度______。若在乙烧杯的水中加入适量盐，其中的密度计所受的浮力______选填“变大”、“变小”或“不变”。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.根据小磁针的指向在括号里标出电源的正负极，并标出磁感线的方向。
17.一束光斜射到水面如图所示，请根据图中的入射光线画出相应的反射光线和大致的折射光线。保留作图痕迹
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
18.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为6V的电源、额定电压为的小灯泡灯丝电阻约为，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，滑动变阻器；
为了保护电路，闭合开关前应将滑片P移至______选填“A”或“B”端；
如图甲，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向A端移动时，灯泡变______选填“亮”或“暗”；
当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示为______；若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P向______选填“A”或“B”端移动；根据图丙图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
完成了上述的实验后，同学们还想测另一只额定电压为的小灯泡的额定电功率，但发现电流表损坏。利用阻值已知的定值电阻设计了如图丁所示的电路，并操作如下：
①连好电路，只闭合开关S、，调节滑动变阻器，使电压表的示数为；
②保持______位置不变，只闭合开关______，读出电压表示数为；
③小灯泡的额定功率______用、和表示。
19.小明利用电子秤、长方体铁块、细线、圆柱形玻璃板、糖水，探究“影响浮力大小的因素”实验。
如图甲，将搅拌均匀的糖水装入柱形杯中，置于电子秤上，示数为。用质量和体积均不计的细线系好铁块，缓慢浸入装有糖水的容器中，直到乙图所示的位置，发现该过程中电子秤示数逐渐增大。说明：铁块所受浮力大小与______有关；
继续将铁块缓慢浸没到图丙所示位置，通过观察与比较，小明认为物体所受浮力大小与浸没后的深度______选填“有关”或“无关”，此时金属柱所受浮力大小为______ N；
将铁块沉入杯底，松开细线细线已松弛，此时电子秤的示数如图丁所示，糖水密度为______。
20.为了研究“电流产生的热量与哪些因素有关”，小芳小组采用如图所示的装置进行探究。
为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲、乙两烧瓶中要装入______相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时应选用液体是______选填“煤油”或“水”。
本实验中电阻产生热量的多少是通过______选填“温度计示数”或“加热时间”来反映的。在研究许多物理问题时都会用到这种方法，下列研究实例采用研究方法与此相同的是______。
A.探究电流与电压、电阻的关系
B.利用小桌陷入海绵的深度判断压力的作用效果
C.研究光的传播时，引入光线
D.探究声音的传播条件
已知电阻丝和的材料和长度相同，的横截面积大于，通电一定时间后，可以看到______选填“甲”或“乙”瓶中煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，导体的电阻越______选填“大”或“小”，电流通过导体时产生的热量越多。
如果在甲、乙两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值______选填“相同”或“不同”的电阻丝，就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热能力。若闭合开关后一段时间，发现如图所示温度变化规律，则甲瓶中液体的比热容______选填“大于”“等于”或“小于”乙瓶中液体的比热容。
21.小明将静置在室温下的矿泉水放入的冰箱中，冷冻后拿出，发现水并没有结冰，但是这时候他手没抓稳，矿泉水掉落到地面上，他惊奇地看到瓶子中的水就像被施了魔法一样迅速结了冰！于是他猜想振动可能会影响水的凝固点。小明利用冰箱、水、两个相同的烧杯、振动器、温度计进行实验。他先在两个相同的烧杯中装入______和______相同的水，再把烧杯放入冰箱中，将振动器启动后放入其中一个烧杯中。接下来的操作：______。根据实验数据得出结论：若______，则说明振动会影响水的凝固点。
六、计算题：本大题共2小题，共18分。
22.在如图电路中有电流表、灯泡标有“6V 3W”、滑动变阻器标有“”和一个定值电阻。当滑动变阻器滑片移至最左端，开关S闭合，、均断开时，灯泡L恰好正常发光。当滑动变阻器滑片移动至最右端处，开关S、、均闭合时，电流表示数为。不考虑灯泡电阻受温度的影响。求：
灯泡正常发光的电流；
电路的电源电压；
定值电阻的阻值；
此电路工作时，最小功率是多少？
23.底面积、深度20cm的薄壁圆柱形容器重6N，放置在水平桌面上，其中盛有6cm深的水，如图甲；然后将一质量为的实心正方体铝块放入水中，如图乙。求：
铝块的体积是多少？
图甲中容器对水平桌面的压强为多少Pa？
放入铝块后，水对容器底部的压强增加了多少Pa？
七、综合题：本大题共1小题，共4分。
24.阅读短文，回答问题。
“海翼”号水下滑翔机
“海翼”号是由中国科学院沈阳自动化研究所完全自主研发的水下滑翔机。针对海上不同观测任务的需求，“海翼”号滑翔机已经发展形成作业深度从300米到7000米的系列水下滑翔机。
普通的水下机器人凭借螺旋桨在水下航行，而“海翼”号水下滑翔机是通过改变尾部油囊大小来改变自身的浮力，另外借助海水的流动，从而实现在水下的航行。“海翼”号内部装配有类似鱼鳔的油囊和可前后移动的电池。下潜时，“鱼鳔”排油，体积缩小，浮力减小，同时电池向前移动使整体重心前移，“海翼”就能头朝斜下方滑翔。上浮时，“鱼鳔”吸油，体积增大，浮力增大，同时电池向后移，机体便向斜上方行进，如图所示为“海翼”号滑翔机水下航行轨迹示意图。
“海翼”号是通过改变______来改变自身的浮力。
“海翼”号的“鱼鳔”增大时，它排开水的重力将______选填“变大”“不变”或“变小”，同时移动电池使整体重心______选填“前移”或“后移”，“海翼”号就能头朝斜上方行进。
“海翼”号逐渐露出水面的过程中，它所受到的浮力将______选填“变大”“不变”或“变小”。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、初中生的质量大约是50kg，故A正确；
B、成年人的正常体温约为，故B错误；
C、成年人步行的速度约是，故C错误；
D、家用电热壶工作时的功率约为1000W，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对质量、温度、速度、功率的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：该图是探究磁极间的相互作用规律的实验，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故A错误；
B.图乙中导线通电时小磁针发生了偏转，这是电流的磁效应，是奥斯特实验，故B正确；
C.图丙中通电导线在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故C错误；
D.图丁中导线AB在磁场中运动产生电流，这是发电机的工作原理，故D错误。
故选：B。
首先分清实验装置，然后根据各自的实验原理分析；这四个图中的实验分别是：磁极间的相互作用规律、奥斯特实验、通电导体在磁场中受力运动、电磁感应现象。
本题考查磁极间的作用规律、电流的磁场以及电动机和发电机的原理，属于中档题。
3.【答案】C
【解析】解：A、图中，玉润饱满的汤圆中飘出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、图中，墨迹未干的春联墨香飘飘，说明分子不停地做无规则运动，故B错误；
C、图中，与盒子摩擦拆引燃的“擦炮”，是通过做功改变物体的内能，故C正确；
D、图中，刚上桌继续沸腾的砂锅米线，由于锅底的温度较高，继续吸热，水沸腾，沸腾需要吸热，故D错误。
故选C。
物质由气态变成液态的过程叫液化；
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动；
改变物体内能的方式有热传递和做功两种；
液体沸腾过程中吸热，温度不变。
本题综合考查了做功改变物体的内能、沸腾的特点、分子的运动及液化现象等知识，涉及知识点较多，正确理解知识点是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：发球时，球拍对羽毛球的力与羽毛球对球拍的力是一对相互作用力，故A错误；
B.惯性是指物体具有保持原来运动状态的性质，惯性大小只与质量有关，跟物体的运动状态无关，故B错误；
C.迎面飞来的羽毛球被球拍挡回时，球拍对球的力使其运动状态改变，故C正确；
D.羽毛球在空中运动时受重力和阻力作用，故D错误。
故选：C。
相互作用力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
惯性是指物体具有保持原来运动状态的性质，质量是物体惯性大小的量度。
力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。
羽毛球在空中运动时受重力和阻力作用。
此题考查了力与运动的关系、惯性现象、相互作用力的认识等，属于基础知识。
5.【答案】A
【解析】解：A、光纤通信，是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的，故A正确；
B、量子计算机中的电子器件都是由半导体材料制成的，故B错误；
C、核电站是利用原子核发生裂变时释放的能量来发电的，故C错误；
D、水力、风力、利用的是水能、风能，属于可再生能源，火力发电利用的是煤炭的内能，煤炭属于不可再生资源，故D错误。
故选：A。
光纤通信，利用光在光纤中的多次反射传输信息；
计算机中的电子器件主要是由半导体材料制成的；
核电站是利用原子核发生裂变时释放的能量来发电的；
水力、风力、利用的是水能、风能，属于可再生能源，火力发电利用的化石能源，属于不可再生能源。
此题考查了光纤通信、半导体材料的应用、核能的利用、能源的分类，属于基础题目。
6.【答案】B
【解析】解：
①由题知，在光屏上得到一个清晰的实像，图中物距大于像距，根据凸透镜成实像的规律可知，此时光屏上成倒立、缩小的实像，照相机是根据这一成像原理工作的，故①错误；
②若将蜡烛远离凸透镜，物距变大，根据“凸透镜成实像时物远像近像变小”可知，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏适当靠近凸透镜，故②正确；
③若保持蜡烛和光屏位置不动，只移动凸透镜，当物距等于原来的像距时，根据折射现象中光路是可逆的可知，光屏上能再次得到清晰的烛焰像，且此时物距小于像距，则烛焰像是放大的，故③正确；
④远视眼镜是由凸透镜制成的，对光有会聚作用；若保持蜡烛和透镜位置不动，在透镜左侧靠近透镜放置一副远视眼镜，则像距会变小，所以应将光屏适当靠近凸透镜，光屏上才能再次得到清晰的烛焰像，故④错误。
综上可知，只有②③正确，故B正确，ACD错误。
故选：B。
①凸透镜成像的规律之一：当时，成倒立、缩小的实像；照相机、摄像机就是根据这个原理工作的；
②凸透镜成实像时的动态变化规律：物近像远像变大，物远像近像变小；
③光在折射时光路是可逆的；
④远视眼镜是凸透镜，对光有会聚作用。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
7.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，与R串联，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；温度升高时，由图乙可知，热敏电阻R的阻值减小，根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；热敏电阻R的阻值减小，由串联分压的规律可知热敏电阻R两端电压变小，即电压表示数变小，故AB错误；
C.根据欧姆定律可知电压表示数与电流表示数的比值等于热敏电阻的阻值，当温度升高时，热敏电阻变小，故C正确；
D.已知电流表示数变大，根据可知，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选C。
由电路图可知，与R串联，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；温度升高时，由图乙可知，热敏电阻R的阻值减小，根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中的电流变化；热敏电阻R的阻值减小，由串联分压的规律可知热敏电阻R两端电压的变化情况；
C.电压表示数与电流表示数的比值等于热敏电阻的阻值；
D.电流表示数变大，根据可知电路消耗的总功率的变化。
本题考查电功率的有关知识，是一道综合题。
8.【答案】BC
【解析】解：由浮沉条件得，小球在甲液体中漂浮，在乙液体中悬浮，球在甲、乙液体受到的浮力均等于球的重力，则两液体中小球受到的浮力大小关系为，故A错误；
B.由浮沉条件得，球的密度小于甲液体密度，球密度等于乙液体密度，则两液体的密度大小关系为，故B正确；
C.甲液体的体积大于乙液体的体积，由密度计算公式得，甲液体质量大于乙液体质量，两个烧杯完全相同，小球完全相同，容器对桌面的压力等于容器、液体、小球的总重力，则两容器对桌面的压力大小关系为，故C正确；
D.由得，液体深度相同时，两容器底部受到液体的压强大小关系为，故D错误。
故选：BC。
根据物体的浮沉条件分析浮力的大小；
根据物体的浮沉条件分析液体密度的大小；
根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断容器对桌面的压力大小；
根据判定液体对容器底部压强的大小。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
9.【答案】AC
【解析】解：A、水结成冰后，质量不变，体积变大，由可知，密度变小，故A正确；
B、燃料的热值仅与燃料的种类有关，而与燃料的燃烧程度无关，故B错误；
C、沿海地区比内陆地区昼夜温差小，原因是沿海地区多水，内陆地区多砂石，水的比热容比砂石的比热容大，同样受冷和受热时温度变化小，故C正确；
D、物体所含有的热量，这种说法错误，不能说含有或者具有热量，故D错误。
故选：AC。
质量是物体的一种属性，它不随着物体形状、状态、位置的改变而改变；
密度是物质的一种特性，不同的物质的密度一般不同，同一种物质在状态不同时，密度可能也不同；
某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
水的比热容比砂石的较大，因此在同样受冷和受热时，水的温度变化较小，砂石的温度变化较大；
热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。
此题主要考查的是学生对质量、密度、热值、比热容、热量的理解和掌握，基础性题目。
10.【答案】BD
【解析】解：C、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，的最大阻值和串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
由图乙可知，电路中的最小电流，滑动变阻器的功率，
由可得，滑动变阻器的最大阻值：；故C错误；
AB、因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由欧姆定律可得，电源的电压：，
由图乙可知，当电路中的电流时，滑动变阻器的功率，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：，
电源的电压：，
因电源的电压不变，所以，，
解得：，；故A错误、B正确；
D、根据可知滑动变阻器的功率，
当时，滑动变阻器的电功率最大，为，故D正确。
故选：BD。
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率，根据求出滑动变阻器的最大阻值；
由图乙可知，当电路中的电流时滑动变阻器的功率，根据求出滑动变阻器的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出的阻值，进一步求出电源的电压；
根据可知滑动变阻器的功率，分析得出滑动变阻器的最大电功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功的计算，是一道综合题。
11.【答案】大 增大
【解析】解：白天鹅在空中滑翔时，其翅膀呈现流线型，使翅膀上方空气的流速较大、压强小，翅膀下方空气的流速较小、压强大，形成向上的升力，有利于滑翔。
白天鹅展翅上冲时，质量不变，高度增大，重力势能增大。
故答案为：大；增大。
流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
重力势能的大小与物体的质量和高度有关；物体的质量越大，位置越高，它具有的重力势能就越大。
本题考查了流体压强与流速的关系、重力势能的影响因素，属于基础题。在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
12.【答案】改变
【解析】解：承担物重的绳子股数是2，
绳子的拉力：，
甲物体在钩码丙的作用下向右做匀速直线运动，拉力和摩擦力是一对平衡力，所以甲所受摩擦力：。
将乙拿掉后，甲对桌面的压力减小，所受的摩擦力减小，所受的力不再平衡，所以甲的运动状态将会改变。
故答案为：；改变。
根据滑轮组的省力情况，已知钩码丙重1N，不计动滑轮、绳重以及滑轮轮轴间摩擦，可求出绳子自由端的拉力，丙匀速直线运动，拉力和摩擦力是一对平衡力，可知物体甲所受摩擦力大小。
滑动摩擦力的大小与压力的大小及接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙摩擦力越大。
力是改变物体运动状态的原因。
本题考查影响摩擦力大小的因素及力与运动的关系，解本题的关键是对滑轮组进行受力分析，特别是将乙拿掉后的受力分析是本题的难点。
13.【答案】同种电荷相互排斥 由B到A
【解析】解：用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得到电子带负电。用毛皮摩擦过的橡胶棒与验电器A的金属球接触，因为橡胶棒带负电，故A带负电，验电器A的金属箔能够张开是因为同种电荷相互排斥；A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，负电荷电子由A转移到B，自由电子的定向移动方向与电流方向相反，所以电流方向从B到A。
故答案为：同种电荷相互排斥；由B到A。
电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
本题考查了电荷间的相互作用和电流的方向，属于基础题。
14.【答案】
【解析】解：静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力。
设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S。
根据题意，由可得：；；。
比较可知：；。
故答案为：>；=。
根据静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据分别求出p；；，比较得出结论。
本题考查固体压强的大小比较，知道静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力、明确受力面积的大小是关键。
15.【答案】 不变
【解析】解：由图可知简易密度计在甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，此时，因同一支密度计的重力不变，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等；
设密度计的底面积为S，若乙液体是水，则在水中时：；
在甲液体中：；
由于，则；
解得：；
在乙烧杯的水中加入适量盐，密度计仍处于漂浮状态，受到的浮力不变。
故答案为：；不变。
同一支密度计的重力不变，分别放入甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮的条件可知在两种液体中所受浮力大小相等，把密度计分别放在水中和甲液体中，根据由列出等式即可解得甲液体的密度；
在乙烧杯的水中加入适量盐，密度计仍处于漂浮状态，受到的浮力不变。
本题考查了阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，利用好物体漂浮条件是解此类题目的关键。
16.【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线管左端一定是S极，其右端为S极；
根据图示的线圈绕向和螺线管的N极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的左端为负极，右端为正极；在磁体周围的磁感线方向从N极指向S极。如下图所示：
【解析】根据磁极间的相互作用，可以确定通电螺线管的磁极；在磁体周围的磁感线都是由磁体的N极出来，回到S极；根据安培定则判定电源正负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
17.【答案】解：图中法线已画出，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出反射光线；
光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，折射光线靠近法线，据此在法线下方的水中画出折射光线，如图所示：
【解析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线。
根据光的折射规律可知，光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，折射光线、入射光线分居法线两侧，据此作出折射光线。
本题考查了根据光的反射定律和折射规律作图，注意折射角和入射角的大小关系，作图要规范。
18.【答案】B 亮 滑动变阻器滑片 S、
【解析】解：为了保护电路，闭合开关前应将滑片P移至阻值最大处，即B端；
由图知，滑片向A端移动，滑动变阻器接入的阻值变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器的分压减小，而灯泡两端的分压增大，由此可知小灯泡变亮；
如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为，其示数为，小于灯的额定电压，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压；
根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为，则小灯泡的额定功率是：
；
实验步骤：
①依据电路图连接好电路，只闭合开关S、，调节滑动变阻器，使电压表的示数为；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，只闭合开关S、，读出电压表示数为；
③在步骤①中，灯泡、和R串联，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为，此时灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、和R仍串联，电压表测灯泡和两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：，
根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，灯的额定电流：，
灯的额定功率：。
故答案为：；亮；；A；；②滑动变阻器滑片；S、；③。
为了保护电路，闭合开关前应将滑片P移至阻值最大处；
判断滑片向A端移动，电路中阻值的变化情况，结合串联分压原理判断小灯泡的实际分压情况，由此判断小灯泡的亮度变化；
根据电压表选用小量程确定分度值读数；比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据图丙可知灯在额定电压下的电流，根据得出小灯泡的额定功率；
要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡额定功率，考查注意事项、故障分析、操作过程、功率公式的计算及设计实验方案测功率的能力。
19.【答案】排开液体的体积 无关
【解析】解：
金属块逐渐浸入糖水中，排开糖水体积逐渐增大，受到糖水浮力增大，因为力的作用是相互的，所以金属块对糖水有向下力的作用逐渐增大，所以糖水对杯底压力增大，这说明金属块受到的浮力与排开液体的体积有关；
由图乙和丙知，液体的密度相同，排开液体的体积也相同，深度不同，电子秤的示数相同，浮力相同，说明物体所受浮力大小与深度无关；
图丙中，金属块所受的浮力：；
金属块的质量为，
有可得金属块的体积：
；
根据阿基米德原理得糖水的密度：
。
故答案为：排开液体的体积；无关；；。
浮力与液体密度和物体浸没在液体中的体积有关，探究中应运用控制变量法；
浮力与物体浸没的深度无关，根据增大的压力计算浮力的大小；
根据甲和丁图算出金属的质量，根据密度公式算出金属块的体积，根据阿基米德原理算出糖水的密度。
本题中以生活中见的器材和材料做探究实验，在只有测质量工具的条件下，涉及测量物体体积和密度的方法，重点考查了影响浮力大小的因素、控制变量法的应用、密度的计算。掌握基础知识是关键。
20.【答案】质量 煤油 温度计示数 B 乙 大 相同 大于
【解析】解：为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲、乙两烧瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体；根据，在质量和吸热相同的条件下，因煤油的比热容小，故煤油升温明显，为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时应选用液体是煤油；
根据转换法，本实验中电阻产生热量的多少是通过温度计示数来反映的：
A.探究电流与电压、电阻的关系，采用了控制变量法，
B.利用小桌陷入海绵的深度判断压力的作用效果，采用了转换法；
C.研究光的传播时，引入光线，采用了模型法；
D.探究声音的传播条件，采用了实验推理法。
故选：B。
图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，已知电阻丝和的材料和长度相同，的横截面积大于，故的电阻大，通电一定时间后，可以看到乙瓶中煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，导体的电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多。
为控制相同时间吸热相同，根据，如果在甲、乙两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值相同的电阻丝，就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热能力。若闭合开关后一段时间，发现如图所示温度变化规律，可知加热相同时间，甲升温慢，则甲瓶中液体的比热容大于乙瓶中液体的比热容。
故答案为：质量；煤油；温度计示数；B；乙；大；相同；大于。
电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，由温度变化确定产生的热量多少；根据分析；
根据影响电阻大小的因素确定的电阻大，由转换法分析回答；
为控制相同时间吸热相同，根据串联电路电流的规律及分析；使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题研究电流产生的热量与哪些因素有关，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和的运用。
21.【答案】质量 温度 观察两个烧杯中水的凝固情况，测量其对应的凝固点 两个烧杯中水的凝固点不同
【解析】解：根据控制变量法的要求，利用冰箱、水、两个相同的烧杯、振动器、温度计进行实验时，应控制水的质量和温度相同。
把烧杯放入冰箱中，将振动器启动后放入其中一个烧杯中，应比较对应的凝固点，观察两个烧杯中水的凝固情况，测量其对应的凝固点；若两个烧杯中水的凝固点不同，则说明振动会影响水的凝固点。
故答案为：质量；温度；观察两个烧杯中水的凝固情况，测量其对应的凝固点；两个烧杯中水的凝固点不同。
根据控制变量法分析；把烧杯放入冰箱中，将振动器启动后放入其中一个烧杯中，应比较对应的凝固点；若两个烧杯中水的凝固点不同，则说明振动会影响水的凝固点。
本题考查凝固点的理解和控制变量法的运用，难度不大。
22.【答案】解：由可知，灯泡正常发光的电流：；
由图可知，当滑动变阻器滑片移至最左端，开关S闭合，、均断开时，电路中只有灯泡L工作，灯泡正常发光，则电源电压：，
当滑动变阻器滑片移动至最右端处，开关S、、均闭合时，、并联，灯泡L被短路，接入电路中的电阻最大为，电流表测量干路的总电流；
根据并联电路的电压特点可知，、两端的电压相等，都等于电源电压6V，
此时通过的电流：，
根据并联电路的电流特点可知，通过的电流：，
由可知，的阻值：；
由可知，当电路中的总电阻最大时，电路中的总功率最小，
由图可知，当开关S闭合、、都断开时，与灯泡L串联，当滑动变阻器滑片移动至最右端时，电路中的总电阻最大，
由可知，灯泡的电阻：，
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的最大总电阻：，
电路的最小总功率：。
答：灯泡正常发光的电流为；
电路的电源电压为6V；
定值电阻的阻值为；
此电路工作时，最小功率是。
【解析】知道灯泡的规格，根据求出灯泡正常发光的电流；
由图可知，当滑动变阻器滑片移至最左端，开关S闭合，、均断开时，电路中只有灯泡L工作，灯泡正常发光，根据灯泡的规格可知电源电压；
当滑动变阻器滑片移动至最右端处，开关S、、均闭合时，、并联，灯泡L被短路，电流表测量干路的总电流；根据并联电路的电压特点可知、两端的电压，根据欧姆定律求出通过的电流，根据并联电路的电流特点求出通过的电流，根据欧姆定律求出的阻值；
由可知，当电路中的总电阻最大时，电路中的总功率最小，根据求出灯泡L的电阻，根据串联电路的电阻特点求出最大总电阻，根据可求出电路的最小总功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，能正确分析电路连接是解题的关键，题目有一定的难度。
23.【答案】解：铝块的体积为：；
放入铝块前，圆柱形容器中水的重力为：
，
容器对水平桌面的压力等于容器和水的总重力，即：，
容器对水平桌面的压强为：；
铝块的边长为：，
铝块的底面积为：，
由图乙可知，加入铝块后，水的深度为：，
水对容器底部的压强增加量为：。
答：铝块的体积为；
容器对水平桌面的压强为800Pa；
水对容器底部的压强增加量为300Pa。
【解析】已知正方体铝块的质量和密度，根据求得铝块的体积；
已知圆柱形容器中水的深度和容器底面积，根据和求得水的重力，容器对水平桌面的压力等于容器和水的总重力，根据求得容器对水平桌面的压强；
已知正方体铝块的体积，可求得铝块的底面积，根据求得水的深度，进一步求得水的深度增加量，根据求得水对容器底部的压强增加量。
本题考查密度、压强公式的应用，正确计算放入铝块后水的深度是关键。
24.【答案】油囊的体积 增大 下移 变小
【解析】解：阅读材料可知，“海翼”号通过改变油囊的体积来实现浮沉的；
由题可知，油囊体积变大，排开液体的体积变大，根据可知其受到的浮力增大，根据阿基米德原理可知它排开水的重力将增大，同时移动电池使整体重心后移，“海翼”就能头朝斜上方行进；读材料可知，“海翼”号通过改变油囊的体积来实现浮沉的；
“海翼”号逐渐露出水面的过程中，排开是水的体积变小，根据可知，它所受到的浮力将变小。
故答案为：油囊的体积；增大；下移；变小。
“海翼”号深海滑翔机上浮时，油囊体积变大，排开液体的体积变大，根据可知其受到的浮力变化，根据阿基米德原理可知它排开水的重力变化；
根据可判断的浮力大小变化。
本题考查浮沉条件以及阿基米德原理的应用，难度不大。
