高二物理试卷
本试卷满分100分，考试用时75分钟
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在
答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
圜
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的。
如
1.下列关于电荷的说法正确的是
A.密立根测得了元电荷的数值
B.摩擦起电创造了新的电荷
啟
C.自然界的电荷只有三种
D.物体所带的电荷量可以是任意的
2.直到库仑定律发表的时候，电学才进人科学的行列。下列关于库仑定律的理解，正确的是
长
A.两个不带电的小球间也可能存在库仑力
B.两个点电荷的电荷量发生改变，它们之间的库仑力一定发生改变
C.静电力常量有单位
D.其他条件不变，若两个点电荷间的距离增大，则它们之间的库仑力变大
将
3.如图所示，放在绝缘台上的金属网罩B内有一个不带电的验电器C,若把一带有正电荷的绝
缘体A移近金属网罩B,则
南
A.金属网罩B的内表面带正电荷
B.金属网罩B左、右两侧电荷电性相同
韵
C.验电器C的金属箔片将张开
D.金属网罩B的右侧外表面带正电荷
4.高压输电线路的铁塔顶端有一条比下面输电线细的金属线，它的作用是
A.提高铁塔的稳定性
B.防雷电，起到避雷针的作用
C.传输零线的电流
D.作为备用线，供输电线断开时应急使用
5.A、B两个点电荷在真空中产生的电场的电场线（方向未标出）如图所示。
M
图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中
垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称。下列说法正确的是
A.这两个点电荷一定是等量同种点电荷
B.这两个点电荷一定是等量异种点电荷
C.某正电荷从C点沿直线移动到D点所受电场力方向发生了改变
D.C点的电场强度可能比D点的电场强度小
【高一物理蕴1而1址而11
6.图中的平行直线表示一簇等势面。一个电荷量为6.0×108C的点电荷沿图中曲线从B点
移动到A点，该过程中电场力做的功为
20V
10 V
A.-6.0×10-7J
OV
B.-3.5×10-6J
-10V
B
-20V
C.6.0X10-7J
D.3.5×10-6J
7.两个可视为质点的带正电小球α和b用一细杆连接，放置在一个光滑的绝缘半球面内，如图
所示。已知小球Q、b之间的距离是球面半径的√2倍，两球处于平衡状态时，细杆与水平面的
夹角0=15°，下列说法正确的是
A.a和b的电荷量之比qa：q%=1：1
B.a和b的质量之比ma:b=√2：1
C.a和b的电荷量之比qa:qb=√3：1
D.a和b的质量之比m。：2=√3：1
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符
合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.在电场强度大小E=号的匀强电场中，以0点为圆心，r为半径作一圆，Q、6、c、d为圆周上
四点，如图所示。在O点固定一带电荷量为一Q的点电荷，则、b、c、d各点的合电场强度大
小为
A.E。=0
B.E=2E
C.E=0
D.E.=2E
9.如图所示，在竖直向下的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着
M
一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最
高点为M,最低点为N,不计空气阻力，下列说法正确的是
A小球从M点运动到N点的过程中，电势能增大
B.小球从M点运动到N点的过程中，机械能减少，是因为静电力做负功
C.小球带正电
D.小球在N点受到绳的拉力最大，在M点受到绳的拉力最小
10.如图所示，匀强电场中有A、B、C三点，AC⊥BC,∠B=53°，BC=6m,一个
带电荷量为1.5×10-6C的负电荷由A点移到B点，电势能增加1.2X
105J,由B点移到C点，电场力做功W=0。下列说法正确的是
A.电场强度方向沿着BC方向，由B指向C
B.该电场的电场强度大小为1V/m
C.带电荷量为4×10-6C的正电荷由A点移到C点，电势能减少8×10-6J
D.B点的电势比A点的电势低8V
【高二物理第？页（共4页）】高二物理试卷参考答案
1.A2.C3.D4.B5.B6.C7.D8.BC9.AB10.BD
11.变小(2分)不变(2分)小于(2分)
12.(1)控制变量法(2分)
(2)D(3分)
(3)B(3分)
13.解：(1)对小球B受力分析，得F=mngtan0(2分)
解得F=3mg
4
(2分)
方向为由A指向B。(2分)
(2)由库仑定律有F=Qg
(2分)
解得r=√mg
2 3kQq
(2分)
14.解：(1)设粒子在电场中运动的时间为t,则水平方向上有L=%t(2分)
竖直方向上有u,=htan60°=E4,
(2分)
解得E=3m,
gl。(2分)
(2)由粒子偏转方向可知粒子带负电，由动能定理得
-9Ue=2mr-2ma23分)
又v=
c0s60=26
(2分)
解得UB=一
312
2q。
(3分)
15.解：(1)小滑块从A点运动到C点，根据动能定理有
mg[Rsin30+R1-cos30°)]+Eg(号Rcos30°+Rin30)=me21分)
解得c=2√2gR(1分)
根据牛顿第二定律小滑块在C点有F、一mg=m尺(1分)
解得Fv=9mg(1分)
根据牛顿第三定律可得小滑块经过C点时对轨道的压力大小N=F=9g。(1分)
(2)将小滑块受到的重力和电场力合成一个力，等效成一个新的“重力”，其大小为
F=√(mg)十(Eq)z=2mg(1分)
【高二物理·参考答案第1页（共2页）】
、设其与水平方向的夹角为a,则有tan。一置=号
解得a=30°(1分)
即小滑块沿圆弧轨道运动过程中达到最大速度时所处的位置
是图中的M点，如图所示
0
小滑块从C点运动到M点，根据动能定理有
R
EqRcos 30'-mgR(1-sin 30)=1
(1分)
B
mg
解得m=√10gR。(1分)
(3)根据对称性原理，可知D点为等效的最高点，小滑块从C点运动到D点，根据动能定理
有-EqRcos30°-mgR(1+sin30°)=
2m2、
2mc2(1分)
解得=√2gR(1分)》
小滑块从D点到F点做类平抛运动，它沿半径方向做匀加速直线运动，沿垂直半径方向做
匀速直线运动，根据几何关系可知，它在垂直半径方向的位移为R,则有R=t(1分》
根据牛顿第二定律有小滑块沿半径方向的加速度a=品=2：(1分)
则小滑块在沿半径方向的位移y=2(1分)
解得y=2R（1分)
故B,F两点间的距离x=R-y=R。1分)
【高二物理·参考答案第2页（共2页）】
