2024-2025学年福建省连城县第一中学高二（上）开学
物理试卷
一、单选题：本大题共4小题，共16分。
1.静电现象在自然界普遍存在，在生产生活中也时常会发生静电现象。人们可让静电服务于生产生活，但也需对其进行防护，做到趋利避害。下列关于静电现象的说法正确的是( )
A. 静电除尘的原理是静电屏蔽
B. 印刷车间的空气应保证适当潮湿，以便导走纸页间相互摩擦产生的静电
C. 避雷针利用了带电导体凸起尖锐的地方电荷稀疏、附近空间电场较弱的特点
D. 干燥天气里脱毛衣时会产生火花，是因为摩擦过程中凭空创造出了电荷
2.两个相同的金属小球分别带上和的电荷后固定在相距为的两处距离远大于球的半径故两球均可视为点电荷，它们之间库仑力的大小为，使两小球相互接触后再放回相距处，则两球之间库仑力的大小变为( )
A. B. C. D.
3.甲、乙、丙、丁四图中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘。下列关于坐标原点处电场强度的说法中正确的是( )
A. 图甲与图丙场强相同
B. 图乙与图丁场强相同
C. 四图中处电场强度的大小关系为
D. 乙、丙两图中处电场强度的大小关系为
4.如图所示，平行板电容器与电动势为的直流电源内阻不计连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则( )
A. 平行板电容器的电容值将变大
B. 静电计指针张角变小
C. 带电油滴的电势能将增大
D. 若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变
二、多选题：本大题共4小题，共24分。
5.如图所示，虚线、、代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，、、是这条轨迹上的三点，同时在等势面上，据此可知( )
A. 三个等势面中，的电势最低
B. 带电质点在点的电势能比在点的大
C. 带电质点在点的加速度方向垂直于等势面
D. 带电质点在点的动能与电势能之和比在点的小
6.如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场，之后进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么( )
A. 偏转电场对三种粒子做功一样多
B. 三种粒子打到屏上时速度一样大
C. 三种粒子运动到屏上所用时间相同
D. 三种粒子一定打到屏上的同一位置，
7.某静电场中轴上的电势随坐标变化的图像如图所示，图像关于中轴对称，、两点到点的距离相等，将一电荷从轴上的点由静止释放后粒子沿轴运动到点，运动过程中粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是( )
A. 该电荷一定带负电
B. 电荷从到点过程中的加速度先减小后增大
C. 从到，电荷的电势能减小
D. 从到过程中电场力对电荷先做正功，后做负功
8.如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为、电荷量为的小球，系在一根长为的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕点做圆周运动。为圆周的水平直径，为竖直直径。已知重力加速度为，电场强度，下列说法正确的是( )
A. 若小球恰能在竖直平面内绕点做圆周运动，则它运动的最小速度为
B. 若将细线剪断，再将小球在点以大小为的速度竖直向上抛出，小球将能到达点
C. 若小球在竖直平面内绕点做圆周运动，则小球运动到点时的机械能最大
D. 若将小球在点由静止开始释放，则小球沿圆弧到达点的速度为
三、填空题：本大题共3小题，共18分。
9.在静电场中的某点放一个试探电荷，受到的电场力为，方向向右，则点的场强的大小为_______，方向______填“向左”或“向右”。如果将试探电荷移开，则点的场强的大小为______ 。
10.如图，在真空中有两个等量的正电荷和，分别固定于、两点，为连线的中垂直线，点在上，将一负电荷由无穷远处沿中垂直线移到点的过程中，的电势能将______填“增大”、“减小”或“不变”，电势将______填“增大”、“减小”或“不变”，所受的电场力大小的变化是______填“增大”、“减小”、“不变”、“先增大后减小”或“先减小后增大”。
11.一匀强电场的方向平行于平面，平面内、、三点的位置如下图所示，三点的电势分别为、、则点的电势为_______，匀强电场的电场强度大小为______，电场强度的方向与的夹角的正切值______。
四、实验题：本大题共2小题，共14分。
12.某同学取一对带有绝缘支座的导体和使它们接触。起初它们不带电，贴在下部的金属箔片是闭合的，做了如下的实验：如图所示，把一带正电荷的物体移近导体，贴在、导体下的金属箔片会张开，这时先把和分开一小段距离，然后移去，此时导体带____________填“正电”、“负电”或“不带电”，此时金属箔片张角比之前__________填“变大”、“变小”或“不变”，之后再让导体和接触，金属箔片会______________填“张开”或“闭合”。
13.电容器是一种重要的电学元件，在电工、电子技术中应用广泛，使用图甲所示电路观察电容器的充、放电过程。电路中的电流传感器可以捕捉瞬时的电流变化，它与计算机相连，可显示电流随时间的变化。图甲直流电源电动势、内阻不计，充电前电容器带电量为零。先使与“”端相连，电源向电容器充电。充电结束后，使与“”端相连，直至放电完毕。计算机记录的电流随时间变化的曲线如图乙所示。
在电容器放电过程中，通过电阻的电流方向______选填“顺时针”或“逆时针”；
乙图中阴影部分的面积_______选填“”、“”或“”；
已知，则该电容器的电容值约为______ 计算结果保留两位有效数字；
五、计算题：本大题共3小题，共28分。
14.有一个带电荷量的点电荷，从某电场中的点移到点，电荷克服静电力做功，从点移到点，静电力对电荷做功。
、、间电势差各为多少？
若取点电势为零，则、两点的电势各为多少？
若取点电势为零，则电荷在、两点的电势能各为多少？
15.如图所示，在一倾角为的光滑固定绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线为电场上边界，电场强度大小，上方有一长为轻质绝缘杆，杆的上、下两端分别固定小球、可看成质点，质量均为，不带电，带电荷量，到的距离。现将、两小球由静止释放取，求：
小球未进入电场前，小球的加速度大小和轻质绝缘杆的拉力大小；
小球进入电场后，小球的加速度大小和轻质绝缘杆的拉力大小；
从开始运动到刚要进入匀强电场过程的时间。
16.如图所示，水平面上竖直固定绝缘的四分之一圆弧轨道，轨道和均光滑，水平面与圆弧相切于点，为圆心，竖直，水平，轨道半径为。整个空间有足够大、水平向右的匀强电场。一质量为、电荷量为的带正电绝缘小球自点由静止释放，小球沿水平面向右运动，间距离为，匀强电场的电场强度，重力加速度大小为，不计空气阻力。求：
小球到达点时对轨道的压力；
小球从点开始，经过点脱离轨道后上升到最高点过程中，小球电势能的变化量；
小球离开圆弧轨道到落地前的最小速率，以及小球从离开圆弧轨道到最小速率时经历的时间。
答案解析
1.
【解析】根据万有引力的公式
可知，由于不知道三颗卫星的质量大小，因此不能确定三颗卫星所受地球万有引力大小的关系，故A错误；
B.由
得卫星的线速度
同步卫星的半径大于贴地球表面的卫星的半径，通信卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故B错误；
C.三颗通信卫星若要全覆盖，则其如图所示
由几何关系可知
解得通信卫星高度至少
故C正确；
D.同步卫星的轨道平面在赤道平面内，不可能在北京的正上方，故D错误。
故选C。
2.
【解析】接触前，根据库仑定律得
两小球接触后，两球所带电量先中和，后平分
接触后，根据库仑定律得
故选C。
3.
【解析】设 带电圆环在点产生的场强大小为。甲图中原点处电场强度大小为；根据对称性和场强叠加原则可知，乙图中坐标原点处电场强度大小等于 ；丙图中原点处电场强度大小为；丁图中坐标原点处电场强度为。综合以上分析，比较大小可知
，
故选D。
4.
【解析】解：、根据知，增大，则电容减小。故A错误。
B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变。故B错误。
C、电势差不变，增大，则电场强度减小，点与上极板的电势差减小，则点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小。故C错误。
D、电容器与电源断开，则电荷量不变，改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变。故D正确。
故选：。
电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．
本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变．
5.
【解析】A.由于没有给出带电质点带何种电荷，因此无法判断三个等势面电势高低，A错误；
B.若带电质点从向运动，利用运动轨迹的弯曲方向可知，受力向下，电场力做正功，电势能减小，因此带电质点在点的电势能比在点的大，B正确；
C.由于等势面与电场线垂直，而带电质点受力的方向与电场线平行，因此质点在点的加速度方向垂直于等势面，C正确；
D.在整个运动过程中，只有电场力做功，动能和电势能的和保持不变，D错误。
故选BC。
6.
【解析】带电粒子在加速电场中加速，由动能定理可知；
解得；
粒子在偏转电场中的时间；
在偏转电场中的纵向速度；
纵向位移；即位移与比荷无关，与速度无关；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多，故A正确，B错误；
因三种粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同，故C错误，D正确。
7.
【解析】A.根据沿电场线电势降低可知，段电场强度沿轴正方向，电荷从轴上的点由静止释放后粒子沿轴运动到点，可知电荷在点受到的电场力沿轴正方向，故该电荷一定带正电，故A错误；
B. 图像斜率表示电场强度，由图可知，从到点电场强度先减小后增大，根据牛顿第二定律
可知电荷从到点过程中的加速度先减小后增大，故B正确；
C.由图可知，从到，电势升高，电荷带正电，根据 可知，电荷的电势能增大，故C错误；
D.由图可知，从到过程中，电势先降低后增大，电荷带正电，电场力对电荷先做正功后做负功，故D正确。
故选BD。
8.
【解析】A.小球受到水平向右的电场力
合力为
方向斜向右下方，与竖直方向夹角为 ，设小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最小速度为，有
联立解得
故A正确；
B.小球将在竖直方向上做竖直上抛运动，水平方向做匀加速直线运动，当竖直方向位移为时，有
水平位移有
由牛顿第二定律
解得
故小球将不能到达点，故B错误；
C.由功能关系知，小球机械能的变化等于除重力或弹力之外的力所做的功，小球在竖直平面内绕点做圆周运动，运动到点时，静电力做功最多，故运动到点时小球的机械能最大，故C正确；
D.设合力方向与电场线方向夹角为 ，有
解得
故将小球静止释放，小球将沿合力方向做匀加速直线运动，故D错误。
故选AC。
9. 向左
【解析】点的场强的大小为
电场强度方向与负电荷所受电场力的方向相反，故点的场强的方向向左。
如果将试探电荷移开，则点的场强不变，大小为 。
10.减小 增大 先增大后减小
【解析】、是两个等量的正电荷，根据沿电场线电势降低，可知负电荷由无穷远处沿中垂直线移到点的过程中，电势将增大，电场力做正功，其电势能将减小；
、是两个等量的正电荷，根据电场的叠加可知，点的场强为零，而无穷远处场强也为零，由无穷远处沿中垂直线移到点的过程中，场强先增大后减小，则受到的电场力先增大后减小。
11.
【解析】根据匀强电场中平行且相等的线段两端的电势差相等，则有
可得坐标原点处的电势为
设场强方向与正方向夹角为，则沿轴负向
沿轴负向
则场强
，
解得
，
12. 正电 变小 闭合
【解析】把一带正电荷的物体移近导体、，由于静电感应现象，导体的右端感应正电荷，导体的左端感应负电荷；这时把和分开，然后移去，则导体还是带负电，导体带正电，、的金属箔片仍会张开，但是电荷会分别均匀分布在整个导体、中，两端电荷量相对减少，所以金属箔片张角变小；
由于感应起电过程中，使得导体和导体带有等量的异种电荷，现在再把导体和导体接触，它们的电荷就会中和，中和之后，导体和导体都不带电，金属箔片会闭合。
13.顺时针
【解析】由图甲可知，电容器充电时，电容器上极板带正电，下极板带负电，则在电容器放电过程中，通过电阻的电流方向为顺时针方向。
曲线图像与对应时间轴所围成的面积表示电荷量，充电和放电电荷量相等，所以乙图中阴影部分的面积相等，即 。
已知，电容器充电结束后，电容器两端电压等于电源电动势，则该电容器的电容值为
14.点电荷由移到克服静电力做功即静电力做负功，则
则有
同理可得
若 ，由
可得
由
可得
若 ，则电荷在点的电势能
电荷在点的电势能
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.小球未进入电场前，系统加速度为
解得
对，根据牛顿第二定律
解得
小球进入电场后，对系统有
解得
对，根据牛顿第二定律
解得
从静止释放到球刚要进入电场过程中，匀加速直线运动
此时速度
从小球进入电场到小球刚要进入电场过程中，有
联立解得总时间为
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
16.设小球在点的速度为 ，小球从点运动点过程中，由动能定理可得
解得
小球在点时水平方向的支持力与电场力的合力提供向心力，所以有
解得
由牛顿第三定律可得小球对轨道的压力大小为
方向水平向右。
小球过点上升到达最高点的过程中，由运动的分解可知，在水平方向小球做初速度为零的匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，设小球从点到最高点的时间为，则有水平方向上
竖直方向上
小球从点开始运动到达最高点过程中电场力做功为
根据电场力做功与电势能变化关系
解得
小球从点以
抛出后，可将小球的运动分解为沿合力方向的分运动和垂直合力方向的分运动，如图所示
其中垂直合力方向为匀速直线运动，速度
沿合力方向做类竖直上抛运动，初速度
加速度满足
解得
当沿合力方向的速度减为零时，小球的速度具有最小值，最小值为
经历的时间
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
第1页，共1页
