2023-2024学年吉林省八年级下学期期末物理试题仿真模拟(1)
一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分）
1．（2分）牛顿奠定了经典物理学基础，以牛顿作为单位的物理量是
A．长度 B．时间 C．质量 D．力
【答案】
【解答】解：在物理学中，
、长度的基本单位是米，故不符合题意；
、时间的基本单位是秒，故不符合题意；
、质量的基本单位是千克，故不符合题意；
、力的基本单位是牛顿，故符合题意。
故选：。
2．（2分）如图，我国空中加油机正在给歼战斗机加油。加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的
A．动能增加，势能减小，机械能不变
B．动能增加，势能增加，机械能增加
C．动能减小，势能不变，机械能减小
D．动能不变，势能不变，机械能不变
【答案】
【解答】解：战斗机的高度和速度均保持不变，但由于质量变大，所以动能增加、重力势能增加，机械能包括动能和势能，所以机械能增加。
故错误，正确。
故选：。
3．（2分）如图所示不属于连通器的是
A．地漏存水杯 B．锅炉水位计
C．形“反水弯” D．自制气压计
【答案】
【解答】解：
、地漏存水杯两侧水面与空气相通，中间底部相连通，属于连通器，故不符合题意；
、锅炉水位计，水位计上端和锅炉炉身的上端都是开口的，底部是连通的，属于连通器，故不符合题意；
、形“反水弯”两侧都与大气连通，并且底部相连通，属于连通器，故不符合题意；
、自制气压计的结构不符合上端开口、底部相互连通的容器，不是连通器，故符合题意。
故选：。
4．（2分）下面对生活中有关现象的解释，错误的是
A．飞艇为了能够升空要充入比空气密度小的气体
B．飞机的机翼能获得升力，是因为流速越大的地方压强越大的原理
C．拦河坝设计成下宽上窄，是因为水的压强随深度增大而增加
D．用高压锅煮食物容易熟，是因为液体沸点随气体压强的增大而增大
【答案】
【解答】解：、飞艇内充入气体的密度要比空气的密度小，才能使飞艇受到的浮力大于自身的重力，从而达到升空的目的，故正确；
、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了气体在流速越大的地方压强越小的原理，故错误；
、水的压强随深度的增加而增大，为了使大坝能承受更大的液体压强，所以拦河坝要设计成下宽上窄的形状，故正确；
、用高压锅煮食物容易熟，是因为液体沸点随液面上方气体压强的增大而升高，故正确。
故选：。
5．（2分）2022年11月4日上午，福州市教育局对2023年初中毕业生体育考试项目进行摇号抽签。经抽签最终确定排球为抽考项目，立定跳远、50米跑、实心球为抽选考项目。下列说法正确的是
A．用手击打排球时手会感到疼痛是因为手对排球有力的作用
B．立定跳远时，运动员腾跃到最高点时，处于平衡状态
C．投掷实心球时，当球在空中运动时，运动状态发生改变
D．50米跑步加速过程中，运动员的惯性增大
【答案】
【解答】解：、用手击打排球时，手对排球有力的作用，由于物体间力的作用是相互的，因此，排球对手也有力的作用，所以手会感到疼痛是因为排球对手有力的作用，故错误；
、运动员向上运动到最高点时，只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态，故错误；
、投掷实心球时，当球在空中运动时，处于曲线运动状态，方向不断改变，则运动状态发生改变，故正确；
、惯性的大小只与物体的质量有关，运动员在跑步过程中质量不变，因此惯性不变，故错误。
故选：。
6．（2分）如图，将装有适量水的小玻璃瓶的瓶口向下，使其漂浮在大塑料瓶内的水面上，拧紧大瓶瓶盖，通过用力捏大塑料瓶，以下说法正确的是
A．小瓶不能实现悬浮 B．小瓶能实现悬浮
C．小瓶内的气体密度变小 D．小瓶内的气体密度不变
【答案】
【解答】解：
挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，瓶内气体压强增大，瓶内部分水被压入小瓶中，使小瓶中的空气体积减小，则小瓶内的气体密度变大；因小瓶里进入一些水，则它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉；浸没时，若浮力等于小瓶的重力，则小瓶就处于悬浮状态，故正确，错误。
故选：。
7．（2分）将一个物体竖直向上抛出，过程中物体所受空气阻力大小与速度大小成正比，且始终小于重力，下列说法正确的是
A．物体上升过程中动能减小，重力势能增加，所以机械能不变
B．物体从抛出点开始到落回抛出点的过程，所受合力一直减小
C．物体上升到最高点时，若重力突然消失，由于受到空气阻力，所以小球将加速下落
D．抛出时，由于物体做加速运动，所以手给物体的推力大于物体给手的推力
【答案】
【解答】解：
、物体上升过程中，速度变小，动能减小，高度增大，重力势能增加，由于克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以机械能减小，故错误；
、物体在上升过程中，重力和阻力的方向都是竖直向下的，物体的速度减小，由题意可知阻力减小，根据可知物体受到的合力减小；
物体落回抛出点的过程中，重力的方向是竖直向下的，阻力的方向是竖直向上的，物体的速度会变大，由题意可知阻力变大，根据可知，物体受到的合力会减小，
所以，整个过程中，物体受到的合力一直减小，故正确；
、物体上升到最高点时，速度为0，此时空气阻力为0，若重力突然消失，则物体不受任何力的作用，根据牛顿第一定律可知，物体将保持静止，故错误；
、手给物体的推力与物体给手的推力是一对相互作用力，其大小相等，故错误。
故选：。
8．（2分）如图，用甲、乙两种装置将重均为的物体匀速提升相同高度。滑轮重均为，不计绳重及摩擦，所用的拉力分别是和，机械效率分别是和，则
A．， B．， C．， D．，
【答案】
【解答】解：在甲图中，使用时滑轮的位置固定不变，为定滑轮，不省力也不费力，故，
在乙图中，使用时滑轮随重物一起移动，为动滑轮，能省一半力，故，所以；
将物体匀速提升相同高度，根据可知，有用功相同，不计绳重和摩擦，所以使用定滑轮时没有额外功，而使用动滑轮时，要对动滑轮本身做额外功，故拉力所做的功；
根据可知，机械效率。
故选：。
9．（2分）根据下列图示分析说法正确的是
A．甲、乙两图中用简单机械（不计自重及摩擦）匀速提升同一物体，所需动力
B．丙、丁两图中若，物体分别沿粗糙斜面和光滑水平面都移动了，斜面上做功多，功率也快
C．丙图中斜面倾角变小，斜面的机械效率变小
D．丙图中若物块（撤去作用）由斜面顶点匀速滑下，其机械能守恒
【答案】
【解答】解：、设物体的重力为，甲图为杠杆，不计自重及摩擦，根据杠杆的平衡条件，可知所需动力，
乙图为滑轮组，，不计自重及摩擦，所需动力，故错误；
、丙、丁两图中若，物体分别沿粗糙斜面和光滑水平面都移动了，根据可知两个力做的功相同，故错误；
、斜面的机械效率与斜面的倾斜程度、斜面的粗糙程度有关。斜面粗糙程度相同时，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高。丙图中斜面倾角变小，斜面的机械效率变小，故正确；
、丙图中若物块（撤去作用）由斜面顶点匀速滑下，会克服摩擦力做功，其机械能不守恒，故错误。
故选：。
10．（2分）一个未装满水的密闭容器，先将它放置在水平桌面上（如图甲所示），再将其倒置（如图乙所示），则该容器倒置后下列说法正确的是
A．容器对桌面的压力变大 B．水对容器底的压力不变
C．容器对桌面的压强变大 D．水对容器底的压强不变
【答案】
【解答】解：、因水平面上物体的压力和自身的重力大小相等，且容器的总重力不变，
所以正放和倒放时容器对桌面的压力相等，故错误；
、当容器形状是下粗上细（如图甲）时，对容器底的压力大于水重力，即；当容器形状是下细上粗（如图乙）时，对容器底的压力小于水重力，即；显然水对容器底的压力变小，故错误；
、由图可知，受力面积的关系为，由可知，容器倒置后对桌面的压强变大，故正确；
、由图可知，，由可得，容器倒置后液体对容器底的压强变大，故错误。
故选：。
二．填空题（共12小题，满分50分）
11．（2分）一个质量为的货物，随“天宫一号”货运飞船升入太空，与发射前比较，该货物所受的重力 。该货物的惯性 （选填“变大”、“变小”或“不变” 。
【解答】解：质量为的货物进入太空后，位置发生变化，但质量不变，引力变小，所以该货物所受的重力变小；
惯性的大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，该物体与发射前相比较质量是不变的，故该货物的惯性不变；
故答案为：变小；不变。
12．（3分）小明利用一个厚玻璃瓶、带孔的橡皮塞、细玻璃管和带颜色的水组成如图甲、乙所示的装置，在实验探究过程中，图甲中，他用手轻捏玻璃瓶，观察 ，就能知道厚玻璃瓶是否发生了 ；小明将图乙中的玻璃瓶从山脚拿到山顶，细心的他发现细玻璃管中的水面 （选填“上升”、“下降”或“不变” ，这一现象说明了山顶的大气压比山脚的大气压要 。
【答案】液柱高度；形变；上升；低。
【解答】解：（1）甲图中，在瓶中灌满水，把带有细玻璃管的橡皮塞插入玻璃瓶中，用手轻捏玻璃瓶，观察细玻璃管中液柱高度变化，就能知道厚玻璃瓶是否发生了形变；
（2）乙图中，把气压计从山脚拿到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会增大。
故答案为：液柱高度；形变；上升；低。
13．（2分）如图为两台功率一定的机器做的功与时间的关系图像，由图可知机器 （选填“甲”或“乙” 的功率更大；若两机器做相同的功，乙机器做功的时间更 （选填“长”或“短” 。
【答案】甲；长。
【解答】解：我们可以在横轴上任找一点，即保证了甲和乙做功时间相同，做纵轴的平行线，与甲和乙的图象均有一个交点，
据此我们就可以看出甲做的功多，所以甲的功率大，（见图）
因为，而甲、乙机器做相同的功，
所以由公式可知，，
即乙机器做功的时间更长。
故答案为：甲；长。
14．（2分）某同学暑假在建筑工地上体验生活，用独轮手推车运送建筑材料，车和建筑材料的总重力为，独轮车的有关尺寸如图所示。若把独轮车看成杠杆，独轮车属于 （选填“省力”“费力”或“等臂” 杠杆，小林推车时，手竖直向上的力 。
【答案】省力；360
【解答】解：独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
根据杠杆平衡原理得，即：，
解得。
故答案为：省力；360。
15．（3分）水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体物块、分别放入两杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。两物体所受浮力的大小关系为 ；甲、乙两种液体密度的大小关系为 ；甲、乙两种液体对烧杯底的压强的大小关系为 。（均选填“”“ ”或“” 。
【答案】；；。
【解答】解：物块在甲中漂浮，则；物块在乙中悬浮，则；而两物块质量相等，即，所以受到的浮力等于受到的浮力；
由图知，的体积小于的体积，两物块质量相等，根据可知，的密度大于的密度；
由图知，排开液体的体积小于排开液体的体积，又知受到的浮力等于受到的浮力；
根据可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即；
两液面等高，根据可知，甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强。
故答案为：；；。
16．（5分）小华在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，依次进行了如图所示的实验操作：
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据 知识可知，弹簧测力计的示数就是滑动摩擦力的大小；
（2）比较甲、乙两次实验，发现，说明：当接触面粗糙程度一定时， ，滑动摩擦力越大；
（3）小华将图甲中的木块沿竖直方向锯掉一半，测得滑动摩擦力小于，他由此得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为这个结论 （填“正确”或“不正确” ；理由是： ；
（4）足球守门员在比赛中戴着手套，这主要是应用 两次实验得出的结论。
【答案】（1）二力平衡；（2）压力越大；（3）不正确；没有控制压力相同；（4）甲、丙。
【解答】解：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，这时的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，弹簧测力计的示数就等于滑动摩擦力的大小；
（2）分析图甲、乙可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，测力计的示数越大，滑动摩擦力越大；
（3）因为滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，在研究滑动摩擦力大小跟接触面面积的关系时，应保持压力大小和接触面的粗糙程度不变，小华将木块沿竖直方向截去一半后，虽然接触面的粗糙程度没变，但木块对接触面的压力减小了一半，所以得出了错误的结论；
（4）足球守门员在比赛中戴着手套，在接球时，压力不变，但接触面变粗糙，可增大摩擦力，这主要是应用甲、丙两次实验得出的结论。
故答案为：（1）二力平衡；（2）压力越大；（3）不正确；没有控制压力相同；（4）甲、丙。
17．（4分）小文通过实验探究得出了液体内部的压强与液体密度、深度的定性关系，还想定量研究液体内部压强的大小。
（1）小文将一端带橡皮膜的玻璃管竖直向下插入水中，如图甲所示。橡皮膜的形变程度反映了 。
（2）在玻璃管内加适量的沙子、水，都可以使橡皮膜恢复水平，橡皮膜恢复水平时，设管内沙子对橡皮膜向下的压力为，管内水对橡皮膜向下的压力为，烧杯内水对橡皮膜向上的压力为，如图乙、丙所示，则满足二力平衡条件的有 ；满足等效的有 。
（3）小文发现，当橡皮膜恢复水平时，玻璃管内外水面恰好相平，他在丙图基础上补充了相关物理量的符号信息（水的密度是，橡皮膜距水面的深度是，玻璃管的内截面积是，如图丁所示，来定量研究水内部压强的大小：
，
，
由可知，
所以在深度为处水产生的压强： 。
（4）为确信液体内部压强大小的定量关系，小文又在烧杯内装其它液体重复上述探究。当烧杯内装浓盐水时，为了使橡皮膜恢复水平，玻璃管内应加的物质是 。
【答案】（1）水（液体）内部（竖直向上）压强的大小。
（2）与、与；与
（3）；
（4）（与烧杯内相同的液体）浓盐水。
【解答】解：（1）根据转换法，橡皮膜的形变程度反映了橡皮膜受到的液体产生的压强大小；
（2）根据二力平衡的条件，图乙中，管内沙子对橡皮膜向下的压力为和烧杯内水对橡皮膜向上的压力为满足二力平衡的条件（作用在橡皮膜上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上），故与、满足二力平衡的条件；同理，图丙中管内水对橡皮膜向下的压力为，烧杯内水对橡皮膜向上的压力为满足二力平衡条件；
在玻璃管内加适量的沙子、水，都可以使橡皮膜恢复水平，作用效果相同，故满足等效的有与；
（3）根据已知条件，所以在深度为处水产生的压强：
；
（4）当烧杯内装浓盐水时，为了使橡皮膜恢复水平，即内外液体产生压强相同，根据液体压强公式有
；
故有；
即玻璃管内应加的物质是（与烧杯内相同的液体）浓盐水。
故答案为：（1）水（液体）内部（竖直向上）压强的大小；
（2）与、与；与；
（3）；
（4）（与烧杯内相同的液体）浓盐水。
18．（7分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：
次数
1 1 8 2 4
2 2 3 1 6
3 4 3 3 4
（1）在做实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡” 。下一步的操作应该将图甲右边的平衡螺母向 （选填“左”或“右” 调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了在实验中便于 ；
（2）小明同学根据图乙的操作进行实验，记录数据如表。根据实验数据分析，可得出杠杆的平衡条件： （用公式表示）；
（3）如丙图所示，另一小组的小红在实验中将弹簧测力计的拉环挂在杠杆右端，用力向下拉挂钩，读出弹簧测力计的示数。进行多次实验发现都不能满足杠杆平衡条件，原因是弹簧测力计自重的影响会导致所测的拉力 。（选填“偏大”或“偏小”
【答案】（1）平衡；右；测出力臂大小；（2）；（3）偏小。
【解答】解：（1）杠杆静止在如图位置，所以杠杆处于平衡状态。
杠杆的右端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的右端移动，才能使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了在实验中便于测量力臂。
（2）根据表格中的数据可得，
，，，
所以杠杆平衡条件：；
（3）如丙图，另一小组的小红在实验中将弹簧测力计的拉环挂在杠杆右端，用力向下拉挂钩，读出弹簧测力计的示数。进行多次实验发现都不能满足杠杆平衡条件，原因是没有考虑弹簧测力计自身的重力，从而导致所测的拉力偏小。
故答案为：（1）平衡；右；测出力臂大小；（2）；（3）偏小。
19．（4分）如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离后停下。完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中，。
（1）该实验探究物体的动能是指钢球 （选填“撞击木块时”或“撞击木块后” 的动能。
（2）小钢球动能大小是通过 （选填“高度”或“距离” 大小来反映的，这种实验研究的方法叫 。
（3）为了探究物体的动能与质量的关系，应该分析比较 两次实验，分析比较实验数据可知， 相同时，物体质量越大，动能越 。
（4）若斜面下方的水平面绝对光滑，本实验 （选填“能”或“不能” 达到实验目的。
【答案】（1）撞击木块时；（2）距离；转换法；（3）、；速度；大；（4）不能。
【解答】解：（1）钢球动能的大小是通过比较木块被推动距离的长短得出的，该实验中钢球的动能是指钢球撞击木块时的动能；
（2）钢球动能大小是通过木块移动的距离来反映的，即距离，这是转换法的应用；
（3）为了探究物体的动能与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制物体的速度相同，质量不同，由图可知，、两次实验满足实验要求；分析比较实验数据可知，钢球下滑高度相同，即速度相同时，质量越大，推动木块移动的距离越远，故可得出结论：速度相同时，物体质量越大，动能越大；
（4）钢球从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，钢球撞击木块后，木块不受摩擦力作用，将做匀速直线运动，不能通过比较木块移动的距离来比较动能的大小。
故答案为：（1）撞击木块时；（2）距离；转换法；（3）、；速度；大；（4）不能。
20．（6分）为探究影响浮力大小的因素，某同学做了如下实验。
（1）将一盖紧瓶盖的空塑料瓶按入水中，发现塑料瓶浸入水中体积越大感觉越费劲，据此该同学猜想浮力的大小可能与 有关。
（2）图片为该同学验证猜想的实验步骤，表格为各步骤的记录数据，表中⑥记录的数据应该是 。
实验序号 ① ② ③
弹簧秤示牛 4 5 3
实验序号 ④ ⑤ ⑥
弹簧秤示牛 6 2.6 ▲
（3）实验中支持猜想的证据是 。
【答案】（1）排开液体的体积；（2）6.4；（3）同种液体，实验③⑤排开液体体积增大，弹簧秤示数变小。
【解答】解：（1）用手把空的饮料罐按入水中，手就会感受到竖直向上的浮力，越往下按，空饮料罐排开水的体积比较大，越费劲，浮力越大；由此得出猜想：浮力的大小与物体排开液体的体积有关；
（2）根据阿基米德原理：，
；
，
解得。
（3）浮力与排开液体的体积有关，要控制排开液体的密度相同，只改变排开液体的体积，根据同种液体，实验③⑤排开液体体积增大，弹簧秤示数变小，说明浮力与排开液体的体积有关。
故答案为：（1）排开液体的体积；（2）6.4；（3）同种液体，实验③⑤排开液体体积增大，弹簧秤示数变小。
21．（5分）小敏和同学们用如图甲所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在表中：
实验序号 物重 物体上升的高度 绳端拉力 绳端移动的距离 机械效率
1 4 0.10 1.8 0.3
2 6 0.10 2.5 0.3
3 6 0.15 2.5
（1）小敏在实验中，发现竖直向上 拉动弹簧测力计时读数很不方便，她便在测力计静止时读数，同组的小明同学指出她这样测出的数据是错误的，原因是 。
（2）第三次实验中，绳端移动的距离为 ，滑轮组的机械效率是 。
（3）由1、2两次实验数据可得出结论： 。
（4）同组的小华增加了一个质量相同的滑轮，组成了图乙所示滑轮组来提升相同的重物，发现更省力，那么与小敏相比，小华的方法测出的机械效率将 （选填“变大”“变小”或“不变” 。
（5）在图乙实验操作的基础上，如图丙所示改变绳端拉力方向，测得的测力计示数将 （选填“变大”“变小”或“不变” 。
【答案】（1）匀速；没有考虑机械之间的摩擦，测出的拉力偏小；（2）0.45；；（3）同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越大；（4）变小；（5）变大。
【解答】解：（1）在实验过程中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小，若在测力计静止时读数，这时测出的数据是错误的，原因是：没有考虑机械之间的摩擦，测出的拉力偏小；
（2）由图知，滑轮组由三段绳子承担物重，所以；
；
（3）通过比较1、2两次实验数据知，滑轮组和提升物体的高度相同，钩码的重力越大，机械效率越高，故得出结论：同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越大；
（4）实验中动滑轮的个数多，做的额外功更多，在有用功相同时，机械效率会变小；
（5）在图乙实验操作的基础上，如图丙所示改变绳端拉力方向，拉力向右倾斜，则拉力的力臂变小，拉力变大，测得的测力计示数将变大。
故答案为：（1）匀速；没有考虑机械之间的摩擦，测出的拉力偏小；（2）0.45；；（3）同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越大；（4）变小；（5）变大。
22．（7分）周末小雨在家通过举哑铃来锻炼身体。小雨的质量为，他双脚站立在水平地面上，两鞋底与地面的受力面积为。单臂举起哑铃，每次举起的高度为，所用时间为。取求：
（1）小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强；
（2）哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做功的功率。
【答案】（1）小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强为；
（2）哑铃被匀速举起一次，功率为。
【解答】解：（1）小雨的重力：；
哑铃的重力：，
小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压力：，
他对水平地面的压强：；
（2）哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功：，
克服哑铃重力做功的功率：。
答：（1）小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强为；
（2）哑铃被匀速举起一次，功率为。
精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
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2023-2024学年吉林省八年级下学期期末物理试题仿真模拟(1)
一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分）
1．（2分）牛顿奠定了经典物理学基础，以牛顿作为单位的物理量是
A．长度 B．时间 C．质量 D．力
2．（2分）如图，我国空中加油机正在给歼战斗机加油。加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的
A．动能增加，势能减小，机械能不变
B．动能增加，势能增加，机械能增加
C．动能减小，势能不变，机械能减小
D．动能不变，势能不变，机械能不变
3．（2分）如图所示不属于连通器的是
A．地漏存水杯 B．锅炉水位计
C．形“反水弯” D．自制气压计
4．（2分）下面对生活中有关现象的解释，错误的是
A．飞艇为了能够升空要充入比空气密度小的气体
B．飞机的机翼能获得升力，是因为流速越大的地方压强越大的原理
C．拦河坝设计成下宽上窄，是因为水的压强随深度增大而增加
D．用高压锅煮食物容易熟，是因为液体沸点随气体压强的增大而增大
5．（2分）2022年11月4日上午，福州市教育局对2023年初中毕业生体育考试项目进行摇号抽签。经抽签最终确定排球为抽考项目，立定跳远、50米跑、实心球为抽选考项目。下列说法正确的是
A．用手击打排球时手会感到疼痛是因为手对排球有力的作用
B．立定跳远时，运动员腾跃到最高点时，处于平衡状态
C．投掷实心球时，当球在空中运动时，运动状态发生改变
D．50米跑步加速过程中，运动员的惯性增大
6．（2分）如图，将装有适量水的小玻璃瓶的瓶口向下，使其漂浮在大塑料瓶内的水面上，拧紧大瓶瓶盖，通过用力捏大塑料瓶，以下说法正确的是
A．小瓶不能实现悬浮 B．小瓶能实现悬浮
C．小瓶内的气体密度变小 D．小瓶内的气体密度不变
7．（2分）将一个物体竖直向上抛出，过程中物体所受空气阻力大小与速度大小成正比，且始终小于重力，下列说法正确的是
A．物体上升过程中动能减小，重力势能增加，所以机械能不变
B．物体从抛出点开始到落回抛出点的过程，所受合力一直减小
C．物体上升到最高点时，若重力突然消失，由于受到空气阻力，所以小球将加速下落
D．抛出时，由于物体做加速运动，所以手给物体的推力大于物体给手的推力
8．（2分）如图，用甲、乙两种装置将重均为的物体匀速提升相同高度。滑轮重均为，不计绳重及摩擦，所用的拉力分别是和，机械效率分别是和，则
A．， B．， C．， D．，
9．（2分）根据下列图示分析说法正确的是
A．甲、乙两图中用简单机械（不计自重及摩擦）匀速提升同一物体，所需动力
B．丙、丁两图中若，物体分别沿粗糙斜面和光滑水平面都移动了，斜面上做功多，功率也快
C．丙图中斜面倾角变小，斜面的机械效率变小
D．丙图中若物块（撤去作用）由斜面顶点匀速滑下，其机械能守恒
10．（2分）一个未装满水的密闭容器，先将它放置在水平桌面上（如图甲所示），再将其倒置（如图乙所示），则该容器倒置后下列说法正确的是
A．容器对桌面的压力变大 B．水对容器底的压力不变
C．容器对桌面的压强变大 D．水对容器底的压强不变
二．填空题（共12小题，每空1分，满分50分）
11．（2分）一个质量为的货物，随“天宫一号”货运飞船升入太空，与发射前比较，该货物所受的重力 。该货物的惯性 （选填“变大”、“变小”或“不变” 。
12．（4分）小明利用一个厚玻璃瓶、带孔的橡皮塞、细玻璃管和带颜色的水组成如图甲、乙所示的装置，在实验探究过程中，图甲中，他用手轻捏玻璃瓶，观察 ，就能知道厚玻璃瓶是否发生了 ；小明将图乙中的玻璃瓶从山脚拿到山顶，细心的他发现细玻璃管中的水面 （选填“上升”、“下降”或“不变” ，这一现象说明了山顶的大气压比山脚的大气压要 。
13．（2分）如图为两台功率一定的机器做的功与时间的关系图像，由图可知机器 （选填“甲”或“乙” 的功率更大；若两机器做相同的功，乙机器做功的时间更 （选填“长”或“短” 。
14．（2分）某同学暑假在建筑工地上体验生活，用独轮手推车运送建筑材料，车和建筑材料的总重力为，独轮车的有关尺寸如图所示。若把独轮车看成杠杆，独轮车属于 （选填“省力”“费力”或“等臂” 杠杆，小林推车时，手竖直向上的力 。
15．（3分）水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体物块、分别放入两杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。两物体所受浮力的大小关系为 ；甲、乙两种液体密度的大小关系为 ；甲、乙两种液体对烧杯底的压强的大小关系为 。（均选填“”“ ”或“” 。
16．（5分）小华在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，依次进行了如图所示的实验操作：
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据 知识可知，弹簧测力计的示数就是滑动摩擦力的大小；
（2）比较甲、乙两次实验，发现，说明：当接触面粗糙程度一定时， ，滑动摩擦力越大；
（3）小华将图甲中的木块沿竖直方向锯掉一半，测得滑动摩擦力小于，他由此得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为这个结论 （填“正确”或“不正确” ；理由是： ；
（4）足球守门员在比赛中戴着手套，这主要是应用 两次实验得出的结论。
17．（4分）小文通过实验探究得出了液体内部的压强与液体密度、深度的定性关系，还想定量研究液体内部压强的大小。
（1）小文将一端带橡皮膜的玻璃管竖直向下插入水中，如图甲所示。橡皮膜的形变程度反映了 。
（2）在玻璃管内加适量的沙子、水，都可以使橡皮膜恢复水平，橡皮膜恢复水平时，设管内沙子对橡皮膜向下的压力为，管内水对橡皮膜向下的压力为，烧杯内水对橡皮膜向上的压力为，如图乙、丙所示，则满足二力平衡条件的有 ；满足等效的有 。
（3）小文发现，当橡皮膜恢复水平时，玻璃管内外水面恰好相平，他在丙图基础上补充了相关物理量的符号信息（水的密度是，橡皮膜距水面的深度是，玻璃管的内截面积是，如图丁所示，来定量研究水内部压强的大小：
，
，
由可知，
所以在深度为处水产生的压强： 。
（4）为确信液体内部压强大小的定量关系，小文又在烧杯内装其它液体重复上述探究。当烧杯内装浓盐水时，为了使橡皮膜恢复水平，玻璃管内应加的物质是 。
18．（7分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：
次数
1 1 8 2 4
2 2 3 1 6
3 4 3 3 4
（1）在做实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆 （选填“平衡”或“不平衡” 。下一步的操作应该将图甲右边的平衡螺母向 （选填“左”或“右” 调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了在实验中便于 ；
（2）小明同学根据图乙的操作进行实验，记录数据如表。根据实验数据分析，可得出杠杆的平衡条件： （用公式表示）；
（3）如丙图所示，另一小组的小红在实验中将弹簧测力计的拉环挂在杠杆右端，用力向下拉挂钩，读出弹簧测力计的示数。进行多次实验发现都不能满足杠杆平衡条件，原因是弹簧测力计自重的影响会导致所测的拉力 。（选填“偏大”或“偏小”
19．（4分）如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离后停下。完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中，。
（1）该实验探究物体的动能是指钢球 （选填“撞击木块时”或“撞击木块后” 的动能。
（2）小钢球动能大小是通过 （选填“高度”或“距离” 大小来反映的，这种实验研究的方法叫 。
（3）为了探究物体的动能与质量的关系，应该分析比较 两次实验，分析比较实验数据可知， 相同时，物体质量越大，动能越 。
（4）若斜面下方的水平面绝对光滑，本实验 （选填“能”或“不能” 达到实验目的。
20．（6分）为探究影响浮力大小的因素，某同学做了如下实验。
（1）将一盖紧瓶盖的空塑料瓶按入水中，发现塑料瓶浸入水中体积越大感觉越费劲，据此该同学猜想浮力的大小可能与 有关。
（2）图片为该同学验证猜想的实验步骤，表格为各步骤的记录数据，表中⑥记录的数据应该是 。
实验序号 ① ② ③
弹簧秤示牛 4 5 3
实验序号 ④ ⑤ ⑥
弹簧秤示牛 6 2.6 ▲
（3）实验中支持猜想的证据是 。
21．（5分）小敏和同学们用如图甲所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在表中：
实验序号 物重 物体上升的高度 绳端拉力 绳端移动的距离 机械效率
1 4 0.10 1.8 0.3
2 6 0.10 2.5 0.3
3 6 0.15 2.5
（1）小敏在实验中，发现竖直向上 拉动弹簧测力计时读数很不方便，她便在测力计静止时读数，同组的小明同学指出她这样测出的数据是错误的，原因是 。
（2）第三次实验中，绳端移动的距离为 ，滑轮组的机械效率是 。
（3）由1、2两次实验数据可得出结论： 。
（4）同组的小华增加了一个质量相同的滑轮，组成了图乙所示滑轮组来提升相同的重物，发现更省力，那么与小敏相比，小华的方法测出的机械效率将 （选填“变大”“变小”或“不变” 。
（5）在图乙实验操作的基础上，如图丙所示改变绳端拉力方向，测得的测力计示数将 （选填“变大”“变小”或“不变” 。
22．（7分）周末小雨在家通过举哑铃来锻炼身体。小雨的质量为，他双脚站立在水平地面上，两鞋底与地面的受力面积为。单臂举起哑铃，每次举起的高度为，所用时间为。取求：
（1）小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强；
（2）哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做功的功率。
精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
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" ()二．填空题（共12小题，满分50分）
11．（2分） 。 。
12．（3分） ， ； ， 。
13．（2分） ； 。
14．（2分） ， 。
物理答题卷
请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定内区域的答案无效
请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定内区域的答案无效
22．（7分）
15．（3分） ； 。
16．（5分）（1） ；
（2） ；
（3） ； ；
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17．（4分）（1） 。
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18．（7分）（1） 。 ， ；
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姓 名：________________
班 级：________________
正确填涂
错误填涂
填涂样例
答题前考生务必将答题卡上的学校、年级、班级、姓名用黑色字迹的签字笔填写，并正确填涂右侧考号。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题必须用黑色字迹的签字笔书写。
严格按照题号在相应区域内作答，超出答题区域书写无效、在草稿纸和试卷上答题无效。
要求书写工整，保持答题卡卡面清洁，不要折叠、不要破损。
注 意 事 项
缺考考生，由监考员填写准考证，并用黑色字迹的书写笔填写右侧缺考标记：考生禁填
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
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