2024年高三年级第二次适应性检测
物理试题
注意事项：
1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 2024年4月19日起，日本开始排放第五批福岛核污染水，预计排放19天。核污染水中含有一定量放射性核素“氚”，该核素可在生物体内富集，导致内照射，从而损害生物体的健康。已知氚的衰变方程为，半衰期约为12年，下列说法正确的是（ ）
A. 氚核发生的是α衰变
B. 衰变产物X来自氚的核外电子
C. 衰变产生的射线能穿透几厘米厚的铅板
D. 若立即停止排放，12年后因排污导致的核辐射量会减少50%
2. 在x轴上的A、B两点分别固定两个点电荷，如图是x轴上各点电场强度E随位置x变化的关系图像，图中图线关于O点中心对称，x轴上C、D两点关于O点对称。规定x轴正方向为电场强度正方向，下列说法正确的是（ ）
A. A、B两点固定的是等量异种电荷
B. 从A点到B点，电势逐渐降低
C. 电势差
D. 一正电荷从C点自由释放，仅在电场力作用下运动到D点过程中其动能先增大后减小
3. 如图，将总质量为200g的2000粒黄豆从距秤盘125cm高处连续均匀地倒在秤盘上，观察到指针指在刻度为80g的位置附近。若每粒黄豆与秤盘在极短时间内垂直碰撞一次，且碰撞前后速率不变，重力加速度，不计空气阻力，则持续倾倒黄豆的时间约为（ ）
A. 1.5s B. 2.0s C. 2.5s D. 3.0s
4. 1824年法国工程师卡诺创造性地提出了具有重要理论意义的热机循环过程一卡诺循环，极大地提高了热机的工作效率。如图为卡诺循环的p﹣V图像，一定质量的理想气体从状态A开始沿循环曲线ABCDA回到初始状态，其中AB和CD为两条等温线，BC和DA为两条绝热线。下列说法正确的是（ ）
A. 在D→A绝热压缩过程中，气体内能减小
B. 一次循环过程中气体吸收的热量小于放出的热量
C. B→C过程气体对外界做的功等于D→A过程外界对气体做的功
D. B状态时气体分子单位时间对器壁单位面积撞击次数比A状态多
5. 如图甲是国产科幻大片《流浪地球2》中人类在地球同步静止轨道上建造的空间站，人类通过地面和空间站之间的“太空电梯”往返于天地之间。图乙是人乘坐“太空电梯”时由于随地球自转而需要的向心加速度a与其到地心距离r的关系图像，已知为地球半径，为地球同步卫星轨道半径，下列说法正确的是（ ）
A. 地球自转的角速度
B. 地球同步卫星的周期
C. 上升过程中电梯舱对人的支持力保持不变
D. 从空间站向舱外自由释放一物体，物体将做自由落体运动
6. 加快发展新质生产力是新时代可持续发展必然要求，我国新能源汽车的迅猛发展就是最好的例证。某新能源汽车生产厂家在平直公路上测试汽车性能，t＝0时刻驾驶汽车由静止启动，时汽车达到额定功率，时汽车速度达到最大，如图是车载电脑生成的汽车牵引力F随速率倒数变化的关系图像。已知汽车和司机的总质量m＝2000kg，所受阻力与总重力的比值恒为，重力加速度，下列说法正确的是（ ）
A. 汽车启动后做匀加速直线运动，直到速度达到最大
B. 汽车在BC段做匀加速直线运动，在AB段做匀速运动
C. 汽车达到的最大速度大小为15m/s
D. 从启动到速度达到最大过程中汽车通过距离为150m
7. 如图，右侧面光滑的斜面体固定在水平面上，质量相等的物块M、N分别放在斜面体的左右两个面上，M、N拴接在跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端，整个系统处于静止状态。现对N施加一始终与右侧轻绳垂直的拉力F，使N缓慢移动至右侧细绳水平，该过程M保持静止。下列说法正确的是（ ）
A. 拉力F逐渐增大
B. 轻绳的拉力先减小后增大
C. M所受摩擦力先增大后减小
D. 斜面对M的作用力先增大后减小
8. 如图，质量为0.1kg的小球用轻弹簧悬挂并静止在坐标原点O，Ox竖直向下。某时刻给小球施加一竖直向下的力F，力F大小满足表达式，弹簧的劲度系数为0.5N/m。小球运动过程中弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 在x＝0.2m处小球加速度最大
B. 小球运动到最低点时的加速度大小为
C. 下降过程弹簧弹性势能增加了0.04J
D. 下降过程小球与弹簧组成的系统机械能增加了0.02J
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9. 1801年，托马斯·杨用双缝干涉实验研究了光波的性质。1834年，洛埃用平面镜同样得到了杨氏干涉的结果（称洛埃镜实验）。洛埃镜实验的基本装置如图所示，S为单色线光源，M为一平面镜。S发出的光直接照到光屏上，同时S发出的光还通过平面镜反射到光屏上，这两束光在光屏上叠加发生干涉形成明屏暗相间条纹。事实证明光从光疏介质射向光密介质时，反射光会产生π大小的相位突变，即发生所谓半波损失。设光源S到平面镜的垂直距离和到光屏的垂直距离分别为d和L，单色光的波长为λ，下列说法正确的是（ ）
A. 在整个光屏上都会呈现明暗相间的干涉条纹
B. 若将平面镜向左平移，则光屏上相邻明条纹中心间距离将增大
C. 若将光屏向左平移到平面镜右端B处，光屏上与B接触处出现暗条纹
D. 在光屏上相邻明条纹中心或相邻暗条纹中心间的距离为
10. 如图，理想变压器原、副线圈匝数比为3：1，原线圈中接有定值电阻，副线圈接有定值电阻和滑动变阻器R。已知，ab两端接一正弦式交流电，当滑动变阻器R的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A示数变小
B. 电压表V示数保持不变
C. 变压器的输出功率先增大后减小
D. 电压表示数变化与电流表示数变化的比值不变
11. 艺术体操运动员在“带操”表演中，手持细棒抖动彩带一端，彩带会像波浪般翻卷，如图甲所示。图乙是t=0时刻彩带上的波形，E、F是彩带上的两个点。已知F点的纵坐标为，E点的振动方程为y=20sin（2πt）cm，关于彩带上各点运动，下列说法正确的是（ ）
A. 该波的波长为1.6m
B. t=0时刻F点向上运动
C. E点的平衡位置位于（﹣0.1m，0）处
D. F点的振动方程为
12. 如图，间距均为L的光滑水平金属导轨与半径为R的光滑半圆金属导轨平滑连接，半圆导轨在竖直平面内，水平导轨处于方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。在水平导轨上放置ab、cd两导体棒，两棒长度均为L、质量分别为4m和m、电阻分别为r和2r，两导体棒到半圆导轨底端的距离分别为和，足够大，。现给导体棒ab一大小的初速度，一段时间后导体棒cd通过半圆导轨最高点后，恰好落到其初始位置。cd棒离开导轨前两棒与导轨始终垂直且接触良好，两导体棒间未发生碰撞，导轨电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A. 导体棒cd离开磁场前已与ab棒达到共速
B. 导体棒cd刚进入半圆导轨瞬间，其两端电压
C. 导体棒cd离开半圆导轨前，通过其横截面的电量
D. 导体棒cd离开水平导轨前，导体棒ab上产生的焦耳热
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
13. 如图甲所示，图中阴影部分ABC为透明材料制成的柱形光学元件的横截面，AC为半径为R的圆弧，某实验小组为测量该光学元件的折射率，先通过作图确定了圆弧圆心O的位置。请回答下面问题：
（1）实验小组先在O处插一枚大头针，然后在线段OB和OC之间某一位置插大头针，在BC边右侧任意位置观察，发现都无法挡住，原因是______，若要在BC边右侧观察到挡住，应将向______边方向移动（选填“OB”或“OC”）；
（2）该小组经过讨论，重新设计了实验方案，进行了如下操作：
①在O处插大头针，在BC边右侧合适位置插大头针，调整观察角度，再插上大头针，使把和都挡住；
②画出元件边界，作出图乙所示光路图，以、连线与BC边交点为圆心作圆，分别过圆与直线和的交点作BC边的垂线，垂足分别为、；
③用刻度尺测出线段和的长度分别为、，则该元件的折射率n=______；
（3）若测得该元件的折射率n=2，在O处固定一点光源，只考虑首次从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，从点光源射向圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，则这部分光照射到圆弧AC上的弧长为______。
14. 某实验小组设计了如图甲所示的实验电路来测量电源的电动势和内阻，实验所用器材如下：
A.待测电源（电动势E约为3V，内阻r约为2Ω）
B.电流表（量程为0.6A，内阻约为0.5Ω）
C.电压表（量程为3V，内阻约为3kΩ）
D.滑动变阻器（最大电阻为20Ω、额定电流为1A）
E.定值电阻（阻值为5Ω）
F开关与导线若干
请回答下列问题：
（1）实验中定值电阻的作用是______；
（2）将滑动变阻器的滑片移至阻值最小处，闭合开关S后，发现电压表指针偏转角度很小，该小组同学随即改变滑片位置使滑动变阻器接入电路的阻值增大，发现电压表指针偏转角度仍然很小，接着他又将电压表的b接线柱处导线拆下，依次与c、d、e三个接线柱进行试触，发现试触c、d时，电压表无示数，试触e时电压表示数接近满偏，可以判断电路存在的故障是______；
（3）该小组同学排除故障后按规范操作继续进行实验，闭合开关S后，改变滑动变阻器滑片位置，记录若干组电压表示数U和对应的电流表示数I，根据记录的实验数据作出U﹣I图像，如图乙所示，由图像可得，电源的电动势E=______，内阻r=______；（用、、表示）
（4）在滑动变阻器滑片从左向右缓慢滑动的过程中，测得若干组U、I值，从测得的第一组数据开始，若依次选用两组连续的U、I值计算电源电动势和内阻，则测得的电动势和内阻的测量误差______（选填“越来越大”“越来越小”或“不变”）。
15. 如图，单杠比赛中运动员身体保持笔直绕杠进行双臂大回环动作，此过程中运动员以单杠为轴做圆周运动，重心到单杠的距离始终为d=1m。当运动员重心运动到A点时，身体与竖直方向间的夹角为α，此时双手脱离单杠，此后重心经过最高点B时的速度，最后落到地面上，C点为落地时重心的位置。已知A、B、C在同一竖直平面内，运动员的质量m＝60kg，A、C两点间的高度差h=1.2m，重力加速度，，，忽略空气阻力。求：
（1）运动员重心在A点时单杠对每只手的拉力大小F；
（2）A、C两点间的水平距离L。
16. 气钉枪是一种广泛应用于建筑、装修等领域的气动工具，工作时以高压气体为动力，如图甲所示是气钉枪和与之配套的气罐、气泵。图乙是气钉枪发射装置示意图，气缸通过细管与气罐相连。射钉时打开开关，气罐向气缸内压入高压气体推动活塞运动，活塞上的撞针将钉子打入物体，同时切断气源，然后阀门自动打开放气，复位弹簧将活塞拉回原位置。气钉枪配套气罐的容积，气缸有效容积，气钉枪正常使用时气罐内压强范围为，为大气压强，当气罐内气体压强低于时气泵会自动启动充气，压强达到时停止充气。假设所有过程气体温度不变，已知气罐内气体初始压强为，。
（1）使用过程中，当气罐内气体压强降为时气泵启动，充气过程停止使用气钉枪，当充气结束时，求气泵共向气罐内泵入压强为的空气体积；
（2）充气结束后用气钉枪射出100颗钉子后，求此时气罐中气体压强p。
17. 如图，Oxyz坐标系中，在空间x<0的区域Ⅰ内存在沿z轴负方向、磁感应强度大小的匀强磁场；在空间0
（1）粒子第一次穿过y轴时的速度；
（2）粒子经过x轴负半轴时x坐标；
（3）磁感应强度的大小及P点的x坐标。
18. 如图甲，固定点O处悬挂长为L的轻质细绳，末端拴接一个质量为m的小球，在O点正下方处固定一细钉。将细绳向左侧拉至水平位置，由静止释放小球，当细绳摆至竖直位置时，被细钉挡住，此后小球恰好能在竖直平面内做圆周运动。如图乙，O点下方的光滑水平面上有一凹槽，凹槽左右挡板内侧间的距离也为L，在凹槽右侧靠近挡板处置有一质量为m的小物块，凹槽上表面与物块间的动摩擦因数μ＝0.1。物块与凹槽一起以速度向左运动，小球从图乙所示位置由静止释放，释放时细线与水平方向间的夹角为α且sinα＝0.3。当小球摆到最低点时刚好与凹槽左侧发生碰撞，小球被弹回，同时凹槽被原速率弹回。此后小球摆到右侧后无法做完整的圆周运动，而是在某位置脱离圆轨道做抛体运动，小球做抛体运动的轨迹与所在直线交于E点（图中未画出）。已知小球与凹槽不发生二次碰撞，所有的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度，求
（1）点到O点的距离；
（2）凹槽的质量M；
（3）E点到圆轨道最低点的距离；
（4）若，小球和凹槽在轨道最低点相碰后，凹槽与物块达到共速时物块到右侧挡板的距离x及从碰撞后到共速所经历的时间t。2024年高三年级第二次适应性检测
物理试题
注意事项：
1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 2024年4月19日起，日本开始排放第五批福岛核污染水，预计排放19天。核污染水中含有一定量的放射性核素“氚”，该核素可在生物体内富集，导致内照射，从而损害生物体的健康。已知氚的衰变方程为，半衰期约为12年，下列说法正确的是（ ）
A. 氚核发生的是α衰变
B. 衰变产物X来自氚的核外电子
C. 衰变产生的射线能穿透几厘米厚的铅板
D. 若立即停止排放，12年后因排污导致的核辐射量会减少50%
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为0，电荷数为-1，则X为电子，则氚核发生的是β衰变，选项A错误；
B．衰变产物X来自氚核内的中子转化为质子时放出的电子，选项B错误；
C．β射线的穿透能力较弱，不能穿透几厘米厚的铅板，选项C错误；
D．若立即停止排放，12年后即经过一个半衰期，会有一半氚核发生衰变，即因排污导致的核辐射量会减少50%，选项D正确。
故选D。
2. 在x轴上的A、B两点分别固定两个点电荷，如图是x轴上各点电场强度E随位置x变化的关系图像，图中图线关于O点中心对称，x轴上C、D两点关于O点对称。规定x轴正方向为电场强度正方向，下列说法正确的是（ ）
A. A、B两点固定的是等量异种电荷
B. 从A点到B点，电势逐渐降低
C. 电势差
D. 一正电荷从C点自由释放，仅在电场力作用下运动到D点过程中其动能先增大后减小
【答案】D
【解析】
【详解】A．由电场方向随x轴的变化可知，M、N两点放置的是等量正点电荷，A错误；
B．由题图可知，从A点到B点，场强方向先向右后向左，根据沿电场线方向电势降低可知，电势先降低后升高，B错误；
C．图像与横轴围成的面积表示电势差，由题图可知图线关于O点中心对称，x轴上C、D两点关于O点对称。故C到O，O到D围成的面积大小相等，又因为
,
故
C错误；
D．从A点到B点，场强方向先向右后向左，故正电荷从C点自由释放，先受到向右的电场力，后受到向左的电场力，电场力先做正功，后做负功，其动能先增大后减小，D正确。
故选D
3. 如图，将总质量为200g的2000粒黄豆从距秤盘125cm高处连续均匀地倒在秤盘上，观察到指针指在刻度为80g的位置附近。若每粒黄豆与秤盘在极短时间内垂直碰撞一次，且碰撞前后速率不变，重力加速度，不计空气阻力，则持续倾倒黄豆的时间约为（ ）
A. 1.5s B. 2.0s C. 2.5s D. 3.0s
【答案】C
【解析】
【详解】黄豆落在秤盘上的速度大小为
由动量定理得
解得
t=2.5s
故选C。
4. 1824年法国工程师卡诺创造性地提出了具有重要理论意义的热机循环过程一卡诺循环，极大地提高了热机的工作效率。如图为卡诺循环的p﹣V图像，一定质量的理想气体从状态A开始沿循环曲线ABCDA回到初始状态，其中AB和CD为两条等温线，BC和DA为两条绝热线。下列说法正确的是（ ）
A. 在D→A绝热压缩过程中，气体内能减小
B. 一次循环过程中气体吸收的热量小于放出的热量
C. B→C过程气体对外界做的功等于D→A过程外界对气体做的功
D. B状态时气体分子单位时间对器壁单位面积撞击次数比A状态多
【答案】C
【解析】
【详解】A．D→A绝热压缩过程中，外界对气体做功
，
根据热力学第一定律
可知
即气体内能增加，故A错误；
B．一次循环过程中气体的温度不变，内能不变。p﹣V图像中图线与坐标轴围成的面积表示功。由图知，在一次循环过程中，气体对外界做功，为确保气体的内能不变，则气体一定从外界吸收热量，故一次循环过程中气体吸收的热量大于放出的热量，故B错误；
C．由图知
故B→C过程和D→A过程，温度变化量的大小相等，内能变化量的大小相等，且，可知W大小也必然相等，即B→C过程气体对外界做的功等于D→A过程外界对气体做的功，故C正确；
D．AB状态温度相同，则状态A和状态B气体分子的平均速率相同，而状态B的体积大，气体的密集程度小，则B状态时气体分子单位时间对器壁单位面积撞击次数比A状态少，故D错误。
故选C。
5. 如图甲是国产科幻大片《流浪地球2》中人类在地球同步静止轨道上建造的空间站，人类通过地面和空间站之间的“太空电梯”往返于天地之间。图乙是人乘坐“太空电梯”时由于随地球自转而需要的向心加速度a与其到地心距离r的关系图像，已知为地球半径，为地球同步卫星轨道半径，下列说法正确的是（ ）
A. 地球自转的角速度
B. 地球同步卫星的周期
C. 上升过程中电梯舱对人的支持力保持不变
D 从空间站向舱外自由释放一物体，物体将做自由落体运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据
可知图像中，其斜率为角速度的平方，A错误；
B．由于
解得
故其周期
B正确；
C．上升过程中，处于超重状态，支持力会变大，C错误；
D．太空中处于失重状态，从舱释放一物体，不会做自由落体运动，D错误。
故选B。
6. 加快发展新质生产力是新时代可持续发展的必然要求，我国新能源汽车的迅猛发展就是最好的例证。某新能源汽车生产厂家在平直公路上测试汽车性能，t＝0时刻驾驶汽车由静止启动，时汽车达到额定功率，时汽车速度达到最大，如图是车载电脑生成的汽车牵引力F随速率倒数变化的关系图像。已知汽车和司机的总质量m＝2000kg，所受阻力与总重力的比值恒为，重力加速度，下列说法正确的是（ ）
A. 汽车启动后做匀加速直线运动，直到速度达到最大
B. 汽车在BC段做匀加速直线运动，在AB段做匀速运动
C. 汽车达到的最大速度大小为15m/s
D. 从启动到速度达到最大过程中汽车通过的距离为150m
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知汽车在AB段汽车牵引力不变，根据牛顿第二定律
解得
可知汽车在AB段做匀加速直线运动，汽车在BC段牵引力逐渐减小，做加速度减小的加速运动，故汽车启动后先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，直到速度达到最大，故AB错误；
C．时汽车的速度为
汽车额定功率为
汽车达到的最大速度大小为
故C错误；
D．汽车做匀加速直线运动的位移为
从启动到速度达到最大过程中，根据动能定理
解得
汽车通过的距离为
故D正确。
故选D。
7. 如图，右侧面光滑的斜面体固定在水平面上，质量相等的物块M、N分别放在斜面体的左右两个面上，M、N拴接在跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端，整个系统处于静止状态。现对N施加一始终与右侧轻绳垂直的拉力F，使N缓慢移动至右侧细绳水平，该过程M保持静止。下列说法正确的是（ ）
A. 拉力F逐渐增大
B. 轻绳的拉力先减小后增大
C. M所受摩擦力先增大后减小
D. 斜面对M的作用力先增大后减小
【答案】A
【解析】
【详解】AB．N离开斜面后，设F与竖直方向的夹角为，有
，
θ逐渐减小，所以绳子拉力逐渐减小，F逐渐增大。故A正确，B错误；
C．力F作用之前，有
所以原来M所受摩擦力沿斜面向下，随着绳子拉力的减小，M受到的摩擦力逐渐减小，当右绳水平时，绳子拉力为零，则M受到的摩擦力沿斜面向上，所以M受到的摩擦力先沿斜面向下减小，再沿斜面向上增大，故C错误；
D．斜面对M的作用力为斜面的支持力及摩擦力，因为支持力不变，所以当摩擦力先减小再增大时，斜面对M的作用力先变小后变大，故D错误。
故选A。
8. 如图，质量为0.1kg的小球用轻弹簧悬挂并静止在坐标原点O，Ox竖直向下。某时刻给小球施加一竖直向下的力F，力F大小满足表达式，弹簧的劲度系数为0.5N/m。小球运动过程中弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 在x＝0.2m处小球加速度最大
B. 小球运动到最低点时的加速度大小为
C. 下降过程弹簧弹性势能增加了0.04J
D. 下降过程小球与弹簧组成的系统机械能增加了0.02J
【答案】B
【解析】
【详解】AB．开始物体平衡时
当小球的位移为x时受的合外力
则小球的运动类似简谐振动，开始时的加速度最大，即当x=0时的加速度最大，
在x=0.2m时F合=0此时加速度为零；由对称性可知，当x=0.4m时到达最低点，此时加速度为向上最大，大小为2m/s2，选项A错误，B正确；
C．开始时弹簧伸长量
到最低点时弹簧伸长量为
x1=2.4m
则根据
可得下降过程中弹簧增加的弹性势能
选项C错误；
D．由对称性可知，下降过程中力F对小球做功为零，可知小球与弹簧组成的系统机械能不变，选项D错误。
故选B。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9. 1801年，托马斯·杨用双缝干涉实验研究了光波的性质。1834年，洛埃用平面镜同样得到了杨氏干涉的结果（称洛埃镜实验）。洛埃镜实验的基本装置如图所示，S为单色线光源，M为一平面镜。S发出的光直接照到光屏上，同时S发出的光还通过平面镜反射到光屏上，这两束光在光屏上叠加发生干涉形成明屏暗相间条纹。事实证明光从光疏介质射向光密介质时，反射光会产生π大小的相位突变，即发生所谓半波损失。设光源S到平面镜的垂直距离和到光屏的垂直距离分别为d和L，单色光的波长为λ，下列说法正确的是（ ）
A. 在整个光屏上都会呈现明暗相间的干涉条纹
B. 若将平面镜向左平移，则光屏上相邻明条纹中心间距离将增大
C. 若将光屏向左平移到平面镜右端B处，光屏上与B接触处出现暗条纹
D. 在光屏上相邻明条纹中心或相邻暗条纹中心间的距离为
【答案】CD
【解析】
【详解】A．光路图如图所示
由此可知，光屏上一部分会呈现明暗相间的干涉条纹，故A错误；
B．若将平面镜向左平移，双缝到屏距离和双缝的间距不变，则光屏上相邻明条纹中心间距离不变，故B错误；
C．若将光屏向左平移到平面镜右端B处，由于半波损失，入射波与反射波之间附加半个波长的波程差，即处出现暗条纹，故C正确；
D．光源到屏的距离可以看做双缝到屏的距离，光源到光源在平面镜中虚像的间距看做双缝的间距，则有
根据双缝干涉相邻条纹之间的距离公式可得
故D正确。
故选CD。
10. 如图，理想变压器原、副线圈匝数比为3：1，原线圈中接有定值电阻，副线圈接有定值电阻和滑动变阻器R。已知，ab两端接一正弦式交流电，当滑动变阻器R的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A示数变小
B. 电压表V示数保持不变
C. 变压器的输出功率先增大后减小
D. 电压表示数变化与电流表示数变化的比值不变
【答案】AD
【解析】
【详解】A．将原、负线圈和电阻R1等效为电源。等效后
当滑动变阻器R的滑片向左滑动过程中，电阻变大，所以电流变小，电流表A示数变小，故A正确；
B．根据闭合电路欧姆定律
由题可知
根据理想变压器原副线圈关系
，
联立可得
由于变小，所以变大，电压表V示数变大，故B错误；
C．由上式可知等效内阻
当外电阻接近内阻时，输出功率增大，由于R1:R2=9:1，即
所以当R减小，输出功率一直增大，故C错误；
D．由上述可知
电压表示数变化与电流表示数变化的比值不变，故D正确。
故选AD。
11. 艺术体操运动员在“带操”表演中，手持细棒抖动彩带一端，彩带会像波浪般翻卷，如图甲所示。图乙是t=0时刻彩带上的波形，E、F是彩带上的两个点。已知F点的纵坐标为，E点的振动方程为y=20sin（2πt）cm，关于彩带上各点运动，下列说法正确的是（ ）
A. 该波的波长为1.6m
B. t=0时刻F点向上运动
C. E点的平衡位置位于（﹣0.1m，0）处
D. F点的振动方程为
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．周期
对于E点的振动方程为
y=20sin（2πt）cm
当时
即E、F两点平衡位置处的距离为，则
得
故A正确；
B．t=0时刻E点向上运动，则此时F点向上运动，故B正确；
C．E、F两点平衡位置处的距离为
则E点的平衡位置位于（﹣0.2m，0）处，故C错误；
D．设F点的振动方程为
当t=0时
解得
所以F点的振动方程为
故D正确。
故选ABD。
12. 如图，间距均为L的光滑水平金属导轨与半径为R的光滑半圆金属导轨平滑连接，半圆导轨在竖直平面内，水平导轨处于方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。在水平导轨上放置ab、cd两导体棒，两棒长度均为L、质量分别为4m和m、电阻分别为r和2r，两导体棒到半圆导轨底端的距离分别为和，足够大，。现给导体棒ab一大小的初速度，一段时间后导体棒cd通过半圆导轨最高点后，恰好落到其初始位置。cd棒离开导轨前两棒与导轨始终垂直且接触良好，两导体棒间未发生碰撞，导轨电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A. 导体棒cd离开磁场前已与ab棒达到共速
B. 导体棒cd刚进入半圆导轨瞬间，其两端电压
C. 导体棒cd离开半圆导轨前，通过其横截面的电量
D. 导体棒cd离开水平导轨前，导体棒ab上产生的焦耳热
【答案】BD
【解析】
【详解】A．导体棒cd从最高点飞出后做平抛运动，则有
，
导体棒cd从最低点运动到最高点过程，根据动能定理有
解得
若ab、cd两导体棒在磁场中达到共速，根据动量守恒定律有
解得
可知，导体棒cd离开磁场前没有与ab棒达到共速，故A错误；
B．结合上述，导体棒cd刚进入半圆导轨瞬间，根据动量守恒定律有
解得
则导体棒cd刚进入半圆导轨瞬间，其两端电压
故B正确；
C．导体棒cd离开半圆导轨前，通过其截面的电荷量与通过导体棒ab的电荷量相等，对导体棒ab进行分析，由于足够大，可知，导体棒ab最终在水平轨道上减速至0，根据动量定理有
其中
解得
故C错误；
D．导体棒cd离开水平导轨前，总的焦耳热
则导体棒ab上产生的焦耳热
解得
故D正确。
故选BD。
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
13. 如图甲所示，图中阴影部分ABC为透明材料制成的柱形光学元件的横截面，AC为半径为R的圆弧，某实验小组为测量该光学元件的折射率，先通过作图确定了圆弧圆心O的位置。请回答下面问题：
（1）实验小组先在O处插一枚大头针，然后在线段OB和OC之间某一位置插大头针，在BC边右侧任意位置观察，发现都无法挡住，原因是______，若要在BC边右侧观察到挡住，应将向______边方向移动（选填“OB”或“OC”）；
（2）该小组经过讨论，重新设计了实验方案，进行了如下操作：
①在O处插大头针，在BC边右侧合适位置插大头针，调整观察角度，再插上大头针，使把和都挡住；
②画出元件边界，作出图乙所示光路图，以、连线与BC边交点为圆心作圆，分别过圆与直线和的交点作BC边的垂线，垂足分别为、；
③用刻度尺测出线段和的长度分别为、，则该元件的折射率n=______；
（3）若测得该元件的折射率n=2，在O处固定一点光源，只考虑首次从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，从点光源射向圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，则这部分光照射到圆弧AC上的弧长为______。
【答案】（1） ① 光线发生了全反射 ②. OC
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
[1][2]发现都无法挡住，原因是光线发生了全反射，应减小入射角，即将向OC边方向移动。
【小问2详解】
根据折射定律可知
【小问3详解】
测得该元件的折射率
n=2
则全反射的临界角为
则
如图所示
若沿OE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，则∠ADF=30°，同理，若沿OG方向射入的光线恰好在BC面上发生全反射，可得∠CDG=30°，因此∠FDH=30°，据几何关系可得
14. 某实验小组设计了如图甲所示的实验电路来测量电源的电动势和内阻，实验所用器材如下：
A.待测电源（电动势E约为3V，内阻r约为2Ω）
B.电流表（量程为0.6A，内阻约为0.5Ω）
C.电压表（量程为3V，内阻约为3kΩ）
D.滑动变阻器（最大电阻为20Ω、额定电流为1A）
E.定值电阻（阻值为5Ω）
F.开关与导线若干
请回答下列问题：
（1）实验中定值电阻的作用是______；
（2）将滑动变阻器的滑片移至阻值最小处，闭合开关S后，发现电压表指针偏转角度很小，该小组同学随即改变滑片位置使滑动变阻器接入电路的阻值增大，发现电压表指针偏转角度仍然很小，接着他又将电压表的b接线柱处导线拆下，依次与c、d、e三个接线柱进行试触，发现试触c、d时，电压表无示数，试触e时电压表示数接近满偏，可以判断电路存在的故障是______；
（3）该小组同学排除故障后按规范操作继续进行实验，闭合开关S后，改变滑动变阻器滑片位置，记录若干组电压表示数U和对应的电流表示数I，根据记录的实验数据作出U﹣I图像，如图乙所示，由图像可得，电源的电动势E=______，内阻r=______；（用、、表示）
（4）在滑动变阻器滑片从左向右缓慢滑动的过程中，测得若干组U、I值，从测得的第一组数据开始，若依次选用两组连续的U、I值计算电源电动势和内阻，则测得的电动势和内阻的测量误差______（选填“越来越大”“越来越小”或“不变”）。
【答案】（1）保护电路
（2）滑动变阻器短路 （3） ①. ②.
（4）越来越小
【解析】
【小问1详解】
实验中定值电阻的作用是保护电路；
【小问2详解】
将滑动变阻器的滑片移至阻值最小处，闭合开关S后，发现电压表指针偏转角度很小，该小组同学随即改变滑片位置使滑动变阻器接入电路的阻值增大，发现电压表指针偏转角度仍然很小，说明滑动变阻器以及电流表两端电压之和很小，即电阻很小；接着他又将电压表的b接线柱处导线拆下，依次与c、d、e三个接线柱进行试触，发现试触c、d时，电压表无示数，说明滑动变阻器两端电压为零，可能是滑动变阻器短路，试触e时电压表示数接近满偏，进一步判断是滑动变阻器短路，即可以判断电路存在的故障是滑动变阻器短路。
【小问3详解】
[1][2]根据
结合图像可得
可得
【小问4详解】
该实验误差来自电压表的分流作用；在滑动变阻器滑片从左向右缓慢滑动的过程中，滑动变阻器的阻值越来越小，回路电流越来越大，而此时电压表的分流比例越来越小（短路时电压表不再分流），则根据相邻两组U、I的值测得的电动势和内阻值误差越来越小。
15. 如图，单杠比赛中运动员身体保持笔直绕杠进行双臂大回环动作，此过程中运动员以单杠为轴做圆周运动，重心到单杠的距离始终为d=1m。当运动员重心运动到A点时，身体与竖直方向间的夹角为α，此时双手脱离单杠，此后重心经过最高点B时的速度，最后落到地面上，C点为落地时重心的位置。已知A、B、C在同一竖直平面内，运动员的质量m＝60kg，A、C两点间的高度差h=1.2m，重力加速度，，，忽略空气阻力。求：
（1）运动员重心在A点时单杠对每只手的拉力大小F；
（2）A、C两点间的水平距离L。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）运动员由A到B做斜抛运动，则运动员由A到B水平方向上做匀速直线运动，即
运动员在A点时，设单杠对人的作用力为T，根据牛顿第二定律
解得
则运动员重心在A点时单杠对每只手的拉力大小F为
（2）运动员在A点时竖直方向的分速度为
运动员由A到C点在竖直方向上做竖直上抛运动，取竖直向上为正方向，则
解得
在水平方向上匀速直线运动，则
16. 气钉枪是一种广泛应用于建筑、装修等领域的气动工具，工作时以高压气体为动力，如图甲所示是气钉枪和与之配套的气罐、气泵。图乙是气钉枪发射装置示意图，气缸通过细管与气罐相连。射钉时打开开关，气罐向气缸内压入高压气体推动活塞运动，活塞上的撞针将钉子打入物体，同时切断气源，然后阀门自动打开放气，复位弹簧将活塞拉回原位置。气钉枪配套气罐的容积，气缸有效容积，气钉枪正常使用时气罐内压强范围为，为大气压强，当气罐内气体压强低于时气泵会自动启动充气，压强达到时停止充气。假设所有过程气体温度不变，已知气罐内气体初始压强为，。
（1）使用过程中，当气罐内气体压强降为时气泵启动，充气过程停止使用气钉枪，当充气结束时，求气泵共向气罐内泵入压强为的空气体积；
（2）充气结束后用气钉枪射出100颗钉子后，求此时气罐中气体压强p。
【答案】（1）20L；（2）
【解析】
【详解】（1）充气之前，气罐内气体的压强为，充气后气罐内气体的压强为，充气过程为等温变化，所以有
解得
（2）设发射第一个钉子有
解得
发射第二个钉子有
解得
发射第三个钉子有
解得
由此类推，则发第100个钉子后，有
将题中数据带入，解得
17. 如图，Oxyz坐标系中，在空间x<0的区域Ⅰ内存在沿z轴负方向、磁感应强度大小的匀强磁场；在空间0
（1）粒子第一次穿过y轴时的速度；
（2）粒子经过x轴负半轴时的x坐标；
（3）磁感应强度的大小及P点的x坐标。
【答案】（1）；方向与y轴正方向成45°；（2）；（3）；
【解析】
【详解】（1）带电粒子进入区域Ⅱ做类平抛运动，轨迹如图
沿x轴方向，有
，，
解得
，，
可得
，
即带电粒子到达y轴时，速度大小为，方向与y轴正方向成=45°。
（2）带电粒子在区域Ⅰ做匀速圆周运动，轨迹如图
根据
解得
粒子经过x轴负半轴时的x坐标为
（3）带电粒子再次进入区域Ⅱ做斜抛运动，根据对称性可知，到达A点时速度大小仍为，方向沿y轴正方向。此时撤去电场，设粒子在区域Ⅲ中的转动半径为，在区域Ⅳ中的转动半径为，沿x轴负方向观察可得，如图所示轨迹
根据几何关系可知
，
整理可得
在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力可得
可得
粒子在x轴方向，在y>0的区域做初速为零的匀加速运动，加速度
在y<0区域，做四次匀速运动，每一次匀速运动的时间
在y>0区域运动的时间
做匀加速运动的位移
做匀速运动的位移
P点的x轴坐标
18. 如图甲，固定点O处悬挂长为L的轻质细绳，末端拴接一个质量为m的小球，在O点正下方处固定一细钉。将细绳向左侧拉至水平位置，由静止释放小球，当细绳摆至竖直位置时，被细钉挡住，此后小球恰好能在竖直平面内做圆周运动。如图乙，O点下方的光滑水平面上有一凹槽，凹槽左右挡板内侧间的距离也为L，在凹槽右侧靠近挡板处置有一质量为m的小物块，凹槽上表面与物块间的动摩擦因数μ＝0.1。物块与凹槽一起以速度向左运动，小球从图乙所示位置由静止释放，释放时细线与水平方向间的夹角为α且sinα＝0.3。当小球摆到最低点时刚好与凹槽左侧发生碰撞，小球被弹回，同时凹槽被原速率弹回。此后小球摆到右侧后无法做完整的圆周运动，而是在某位置脱离圆轨道做抛体运动，小球做抛体运动的轨迹与所在直线交于E点（图中未画出）。已知小球与凹槽不发生二次碰撞，所有的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度，求
（1）点到O点的距离；
（2）凹槽的质量M；
（3）E点到圆轨道最低点的距离；
（4）若，小球和凹槽在轨道最低点相碰后，凹槽与物块达到共速时物块到右侧挡板的距离x及从碰撞后到共速所经历的时间t。
【答案】（1）；（2）；（3）0；（4），
【解析】
【详解】（1）设圆周的最高点C的速度为，圆周的半径为R，满足重力刚好提供向心力
从开始摆下的位置到圆周最高点过程，根据机械能守恒
联立解得
，
（2）没从位置摆下后碰前的速度为，根据机械能守恒
解得
因为碰后凹槽原速率反弹，根据弹性碰撞的特点，说明小球也是原速率反弹且小球和小车组成系统动量守恒，即总动量为零。
解得
（3）设与水平方向夹角为时脱离圆轨道的速度为，在此位置的牛顿第二定律
因为小球原速率反弹，可以从a位置由静止摆下到脱离圆轨道过程中
解得
，
脱离轨道后，根据抛体运动的特点，水平竖直正交分解
，
可得
，
因为
所以到轨道最低点的距离为零。
（4）根据动量守恒
根据功能关系
联立解得
所以共速时到右端的距离为
设开始相对运动二者的速度为
方向向右
方向向左；凹槽的位移
物块的位移
且有
联立可得
整理得
解得
凹槽与小物块第一次碰后，由
可得
所以
以此类推
令
得
所以碰撞了4次后又相对运动了后，凹槽和小物块相对静止向右匀速运动。所以总时间
解得
