广东省珠海市第十一中学2023—2024学年下学期九年级第一次模拟考试物理试题
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．“估测”是物理学中常用的一种方法。下列估测最符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量约500g
B．全新的2B铅笔的长度约为18cm
C．多数人脉搏跳动100次用时约5min
D．家用电冰箱正常工作的电流约为4A
2．关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出其中的空气，仍能听到较小铃声，说明真空可以传声
B．乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变响度
C．图丙中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D．图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的
3．“二十四节气”是中国农耕文明的智慧结晶，如图所示节气中蕴含的物理知识描述正确的是（ ）
A．天街小雨润如酥——“雨水”的形成是凝固现象
B．白露垂珠滴秋月——“白露”的形成是汽化现象
C．霜草苍苍虫切切——“霜降”的形成是凝华现象
D．燕山雪花大如席——“大雪”的形成是升华现象
4．关于下面四幅图中所包含的物理信息下列说法错误的是（ ）
A．甲：两手指受到的压力相同，受力面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德堡半球实验证明了大气压强的存在
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变小了
5．如图所示，在探究通电螺线管外部的磁场分布的实验中，开关闭合后（ ）
A．小磁针甲静止时N极指向右端，小磁针乙静止时N极指向左端
B．小磁针甲静止时N极指向左端，小磁针乙静止时N极指向右端
C．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向右端
D．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向左端
6．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A1示数变小
B．电压表V示数与电流表A1示数之比变大
C．电流表A2示数不变
D．电压表V示数与电流表A2示数乘积变小
7．将体积相同材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，下列说法正确的是（ ）
A．三个小球的质量大小关系是m甲＞m丙＞m乙
B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲＝F乙＜F丙
C．三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙
D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）
8．梳过头发的塑料梳子，由于摩擦会带电，摩擦起电的本质是 （选填“电荷的转移”或“创造了电荷”）。与毛皮摩擦过的橡胶棒带 电，是因为橡胶棒在摩擦过程中 电子。
9．“神舟十号”飞船在太空中飞行时，主要利用太阳电池供电，电能属于 能源（选填“一次”或“二次”）；手机是利用 传输信号实现通讯的；《“十四五”规划纲要》提出我国将安全稳妥推动沿海核电发展，目前核电站是利用核 （选填“裂变”或“聚变”）来获取能量发电。
10．晚上，小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的 （选填“直线传播”“反射”或“折射”）现象。如图所示，水平向左缓慢推动玻璃窗，则小明通过玻璃窗看到的像 （选填“向左运动”、“向右运动”或”静止不动”），像的大小 （选填“变大”、“交小”或“不变”）。
11．如图电路，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒ab运动起来 能，若只改变电路中电流的方向，ab的运动方向将 （选填“改变”或“不改变”）。该装置揭示的原理可应用于 （选填“电动机”或“发电机”）。
12．如图所示为一单缸四冲程汽油机某冲程剖面图，该图表示为 冲程，在这个过程中，气缸内气体内能的改变是通过 方式改变的。汽车使用的汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧5kg汽油放出的热量是 J。
13．重480N的箱子，用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，10s内匀速提升1m，则有用功为 J，拉力的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
14．如图所示，木板B在F＝10N的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，则木块A受到的滑动摩擦力是 N；物体B受到地面的摩擦力是 N，当F增大到12N时，木块B受到的A的滑动摩擦力是 N。
三、作图题（本大题共3小题，2+2+3＝21分）
15．（2分）如图为运动员沿斜面下滑场景，O为运动员重心，画出运动员所受重力G和支持力FN的示意图。
16．（2分）将图中凹透镜的光路图补充完整。
17．随着家庭的各种电子设备的增加，很多插排增加了为电子设备充电的USB接口，减少了日常给电子设备找“充电器”的现象。通过拆解发现，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，并且可以独立工作，请在图中用笔画线代替导线将图补充完整。
四、实验题（本大题3小题，6+6+6共18分）
18．请正确读出下列测量仪器的示数：木块的长度是 cm；温度计的示数为 ℃；秒表的读数为 s。
19．某住户家中的电能表如图所示，该电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率是 W，此时电能表的读数是 kW h，在某段时间内，转盘转过1500圈 度电。
20．（6分）物理实验兴趣小组组织实验探究活动，通过使用电源（电压恒为3V），电流表、电压表，规格不同的定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器（规格分别为“10Ω 2A”的R1和“15Ω 1A”的R2），以及导线来探究电流与电阻关系的实验，实验前同学们设计了如图甲所示电路图。
（1）按照电路图连接实物图时，开关应 ；为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是 （选填“0～3V”或“0～15V”）；
（2）正确连好电路后，闭合开关前要将滑动变阻器的滑片P移到最 （选填“右端”或“左端”）。闭合开关，此时电路中电流表无示数，电压表示数接近电源电压，电流表、电压表示数均无变化，则故障可能是 ；
（3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P，记下电流表的示数，画出如图乙所示的电流随电阻R变化的图像 ；
（4）上述实验所选用的滑动变阻器是 （选填“R1”或“R2”）。
21．（6分）学习完物态变化后，小明在实验室同时做“探究冰熔化和水沸腾的特点”实验，如图所示。
（1）如图甲，小明把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，而不直接用酒精灯加热 ；图乙是小明描绘的冰熔化前后温度与时间的关系图像，冰在a点时处于 （选填“固态”“液态”或“固液共存态”）；
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，得到图乙中DE段 ℃，由此判断液面上方的气压 （选填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压；
（3）完成实验后，小明继续探究“水和某种液体沸腾时温度变化的特点”实验，如图丙所示，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量 （选填“相同”或“不相同”）；图丁为试管中的未知液体和水从加热至沸腾过程中温度的变化情况，已知未知液体的质量是水的质量的2.5倍 J/（kg ℃）。[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
五.计算题（共2小题，6+7＝13分）
22．（6分）快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图甲所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若满载货物时该物流机器人质量为500kg2，机器人在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N，路程与时间s﹣t图象如图乙所示。（g取10N/kg）求：
（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率。
23．（7分）如图是某电蒸锅的内部简化电路图，电蒸锅额定电压为220V，R1、R2为发热电阻，R1的阻值为4840，加热挡功率为1200W，用此电蒸锅加热挡对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，已知c水＝4.2×103J/（kg ℃）。
求：（1）保温挡的功率；
（2）电阻R2的阻值；
（3）电蒸锅的加热效率。
六、综合题（5+7+8＝20分）
24．（5分）小明同学从家里带了一块正方体木块和金属块，到学校实验室测其密度。
（1）将天平放在水平台上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘中线的右侧 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡。
（2）用天平测木块的质量，天平平衡时如图甲所示，木块质量为 g。量筒中装适量水如图乙所示，将木块压没在量筒的水中，液面与40mL刻度线相平 g/cm3。
（3）如果考虑到木块吸水，以上方法所测木块密度值偏 （选填“大”或“小”）。
（4）小明在测量金属块的密度时发现，金属块的质量超过了天平的称量，重力也超过了弹簧测力计的量程。于是小明又设计了如下方法测出了金属块的密度。请帮他完成实验。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
①将浸没在水中的金属块挂在弹簧测力计上，并向上提起（未露出水面），如图丙所示。静止时弹簧测力计的示数为F1＝4N；
②手拉弹簧测力计向上移动，金属块的体积一半露出水面，如图丁所示2＝5N；
③金属块的密度ρ金属＝ kg/m3。
25．（7分）在探究凸透镜成像的大小与哪些因素有关的实验中：
（1）小明同学通过物理知识的学习，知道放大镜就是凸透镜。在活动课中，他用放大镜观察自己的手指（如图甲） （选填“实”“虚”）像；再用放大镜观察远处的房屋（如图乙），看到房屋是 （选填“放大”“缩小”）的 （选填“实”“虚”）像；
（2）他猜想：凸透镜成像的大小可能与蜡烛到透镜的距离有关，他在如图丙所示的光具座上，改变蜡烛到透镜的距离，获得的实验数据如下表所示：分析下表数据可知，此凸透镜的焦距为 cm；
物体到凸透镜的距离/cm 光屏上像到凸透镜的距离/cm 光屏上像的大小
3.0 光屏上没有像
5.0 光屏上没有像
12.0 60.0 放大
20.0 20.0 等大
25.0 16.7 缩小
30.0 15.0 缩小
（3）小明继续增大物体到凸透镜的距离到60.0cm，则光屏到凸透镜的距离为 cm时，光屏上能成清晰的像；
（4）小明所在班级照毕业像时，摄影师发现两旁还有同学没有进入取景框内，摄影师使照相机 （选填“靠近”“远离”）同学，才会在取景框内得到清晰满意的画面。同时你还可以采用 的方法得到清晰满意的画面。（方法合理即可）
26．（8分）阅读短文，回答问题：
“鲲龙”两栖飞机
2022年5月10日上午11点，由中国航空工业集团自主研发的中国首款大型水陆两栖飞机——“鲲龙”AG600在珠海金湾机场开展高速滑行试验，这是一款民用灭火和水上救援大飞机，为岛礁补给、海上安全保障、海上执法服务，水面起降抗浪高度大于2.8m海浪
AG600选装4台国产涡轮发动机，可以在20秒内一次吸水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。当飞机停泊在水上时，宽大船体所产生的浮力，但在需要起飞时，螺旋桨发动机产生的拉力，机翼上产生的升力逐渐增大，从而把飞机从水面上逐渐托起来
其部分参数如下表。其中：飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比。（ρ海水≈ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg）
全长/m 37 翼载/（kg/m2） 500 最大巡航速度/（km/h） 540
最大航程/km 4500 空中滞留/h 12 最大起飞质量/t 53.5
最大载水量/t 12 飞行最低高度/m 300 最多应急救援人数 50
（1）图2为AG600机翼设计截面图，飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越 的原理，为缩短起飞时间，最好 起飞（选填“顺风”或“逆风”）。用水灭火的原理是水汽化 （选填“吸热”或“放热”）使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭。
（2）关于水陆两柄飞机“鲲龙AG600”，下列说法错误的是 （填序号）。
A.飞机使用航空煤油，执行任务过程中，油箱中的煤油的热值不变。
B.飞机匀速水平飞行向下喷水进行森林灭火过程中它的动能、重力势能和机械能都在减小。
C.它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，受到的是平衡力。
D.执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放。
（3）AG600装满货物起飞时，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为 m2。AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功 J。若AG600在海面执行搜救任务救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加 m3。（假设人均质量为50kg）。
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值与离地高度h的关系为单位为米）（电源输出的电流恒定），定值电阻R1为200Ω，当电流表示数0.09A，电压表示数6V时 m。
广东省珠海市第十一中学2023—2024学年下学期九年级第一次模拟考试物理试题
参考答案
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．“估测”是物理学中常用的一种方法。下列估测最符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量约500g
B．全新的2B铅笔的长度约为18cm
C．多数人脉搏跳动100次用时约5min
D．家用电冰箱正常工作的电流约为4A
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
【解答】解：A、一个鸡蛋的质量约50g；
B、全新的2B铅笔的长度约为18cm；
C、多数人脉搏跳动一次的时间约为0.5s，故C错误；
D、家用电冰箱正常工作的电流约为1A。
故选：B。
【点评】本题考查了对质量、长度、时间、电流的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2．关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出其中的空气，仍能听到较小铃声，说明真空可以传声
B．乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变响度
C．图丙中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D．图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）减弱噪声方法有：①在声源处控制噪声产生；②在传播过程中阻断噪声传播；③在人耳处防止噪声进入耳朵；
（4）声音可以传递信息和能量。
【解答】解：A、逐渐抽出其中的空气，声音就越来越小。这个实验说明了声音的传播需要介质，故A错误；
B、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声；
C、小提琴是琴弦振动发出声音的，琴弦振动的快慢会不一样，故C错误；
D、B超主要是利用超声波传递信息，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声音的传播、声音的特性、减弱噪声的途径、声音的利用等，属于声学综合题，掌握基础知识是解题的关键。
3．“二十四节气”是中国农耕文明的智慧结晶，如图所示节气中蕴含的物理知识描述正确的是（ ）
A．天街小雨润如酥——“雨水”的形成是凝固现象
B．白露垂珠滴秋月——“白露”的形成是汽化现象
C．霜草苍苍虫切切——“霜降”的形成是凝华现象
D．燕山雪花大如席——“大雪”的形成是升华现象
【分析】（1）熔化是物质从固态变为液态的过程；凝固是物质从液态变为固态的过程。
（2）汽化是物质从液态变为气态的过程；液化是物质从气态变为液态的过程。
（3）升华是物质从固态直接变为气态的过程；凝华是物质从气态直接变为固态的过程。
【解答】解：A.雨水是水蒸气液化为小水滴下落形成的，故A错误；
B、白露是水蒸气液化形成的；
C、霜是水蒸气凝华形成的；
D、雪是水蒸气凝华形成的。
故选：C。
【点评】本题是对自然界中物态变化现象的考查，难度较低。
4．关于下面四幅图中所包含的物理信息下列说法错误的是（ ）
A．甲：两手指受到的压力相同，受力面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德堡半球实验证明了大气压强的存在
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变小了
【分析】（1）根据p＝分析受力面积和压强的关系；
（2）在液体内部向各个方向都有压强，在同一深度向各个方向的压强都相等；
（3）马德堡半球实验证明了大气压强的存在；
（4）流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小。
【解答】解：A、由图可知，左边手指与铅笔的接触面积大可知，受力面积越大，故A错误；
B、根据液体内部压强的特点可知，液体向各个方向压强相等；
C、由图可知，气压变小，所以在外界大气压的作用下将两个半球压在一起，故C正确；
D、由图可知，A管液面上升，压强越小，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了影响压强大小的因素、液体压强的特点、马德堡半球实验以及流体压强与流速的关系的理解与掌握，是一道综合题，但难度不大。
5．如图所示，在探究通电螺线管外部的磁场分布的实验中，开关闭合后（ ）
A．小磁针甲静止时N极指向右端，小磁针乙静止时N极指向左端
B．小磁针甲静止时N极指向左端，小磁针乙静止时N极指向右端
C．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向右端
D．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向左端
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可得出小磁针的NS极指示方向。
【解答】解：由电源的正负极可知，电流从螺线管的左后方流入，由右手螺旋定则可知，左端为S极、异名磁极相互吸引，S极指向右，S极指向左，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题把磁极间的作用、安培定则有机的结合起来，是一道综合性很强的题目。
6．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A1示数变小
B．电压表V示数与电流表A1示数之比变大
C．电流表A2示数不变
D．电压表V示数与电流表A2示数乘积变小
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流，电压表测电源电压；根据并联电路中各支路互不影响的特点可知滑片移动时通过定值电阻R1的电流是否变化，根据滑片移动的方向可知滑动变阻器接入电路阻值的变化，根据并联电路电压规律和欧姆定律可知电流表A2示数的变化，进一步得出电压表V示数与电流表A1示数之比的变化，电压表V示数与电流表A2示数乘积的变化。
【解答】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A8测R1支路电流，电流表A2测R4支路电流，电压表测电源电压；
因并联电路中各支路互不影响，因此当滑片移动时1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，且等于电源电压，通过滑动变阻器的电流变小2的示数变小，故C错误；
因电压表示数、电流表A1的示数均不变，电流表A2的示数变小，所以电压表V示数与电流表A8示数之比不变，电压表V示数与电流表A2示数乘积变小，故B错误。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析电路连接方式和各电表所测物理量是关键。
7．将体积相同材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，下列说法正确的是（ ）
A．三个小球的质量大小关系是m甲＞m丙＞m乙
B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲＝F乙＜F丙
C．三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙
D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙
【分析】（1）甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三个小球密度的关系，由于甲乙丙三个实心小球体积相同，根据m＝ρV即可判断三个小球的质量大小关系；
（2）由图可确定三个烧杯中的V排关系，然后根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排判断浮力大小关系；
（3）由于三个相同烧杯中都装满水，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p＝ρgh判断烧杯底部受到水的压强的关系；
（4）由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，进一步即可判断压强关系。
【解答】解：A、甲球下沉至容器底部，丙球悬浮，乙球的密度小于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：ρ甲＞ρ丙＞ρ乙，根据m＝ρV可知：质量大小关系是m甲＞m丙＞m乙．故A正确。
B、由于甲乙丙三个实心小球体积相同甲排＝V球，V乙排＜V球，V丙排＝V球，所以V甲排＝V丙排＞V乙排，根据F浮＝ρ液V排g可知：F甲＝F丙＞F乙，故B错误。
C、因为三个相同烧杯中都装满水，根据p＝ρgh可知烧杯底部受到水的压强相等甲＝p乙＝p丙；故C错误。
D、三个相同烧杯中都装满水水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力容器+G水+G球﹣G排和G排＝F浮，据此可得：
F′甲＝G容器+G水+G甲﹣G排甲＝G容器+G水+G甲﹣F甲；
F′乙＝G容器+G水+G乙﹣G排乙＝G容器+G水+G乙﹣F乙；
F′丙＝G容器+G水+G丙﹣G排丙＝G容器+G水+G丙﹣F丙；
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，则G甲＞F甲；G乙＝F乙；G丙＝F丙；
所以F′甲＞F′乙＝F′丙；
由于容器的底面积相同，根据p＝
烧杯底部对桌面的压强的关系是p′甲＞p′乙＝p′丙；故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在水中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）
8．梳过头发的塑料梳子，由于摩擦会带电，摩擦起电的本质是 电荷的转移 （选填“电荷的转移”或“创造了电荷”）。与毛皮摩擦过的橡胶棒带 负 电，是因为橡胶棒在摩擦过程中 得到 电子。
【分析】摩擦起电不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
【解答】解：摩擦起电实质是电荷的转移，一种物质失去多少电子；
与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电。
故答案为：电荷的转移；负；得到。
【点评】本题考查了摩擦起电的实质，属于基础题。
9．“神舟十号”飞船在太空中飞行时，主要利用太阳电池供电，电能属于 二次 能源（选填“一次”或“二次”）；手机是利用 电磁波 传输信号实现通讯的；《“十四五”规划纲要》提出我国将安全稳妥推动沿海核电发展，目前核电站是利用核 裂变 （选填“裂变”或“聚变”）来获取能量发电。
【分析】（1）能源从产生方式角度划分
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）电磁波可以传递信息。
（3）核电站是利用核裂变来工作的。
【解答】解：电能属于二次能源；手机利用电磁波传递信息。
故答案为：二次；电磁波。
【点评】本题考查的是能源的分类；知道电磁波的应用和核电站的基本原理。
10．晚上，小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的 反射 （选填“直线传播”“反射”或“折射”）现象。如图所示，水平向左缓慢推动玻璃窗，则小明通过玻璃窗看到的像 静止不动 （选填“向左运动”、“向右运动”或”静止不动”），像的大小 不变 （选填“变大”、“交小”或“不变”）。
【分析】①平面镜成像原理是光的反射；
②平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像、物关于平面镜对称．
【解答】解：平面镜成像原理是光的反射，因此小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像；
根据平面镜成像特点：物与像大小相等，所以像的大小不变；
由于灯在平面镜中成像时，像与灯相对平面镜对称，看到的像是静止不动的。
故答案为：反射；静止不动。
【点评】本题目考查了平面镜的成像特点，需要学生根据实验现象牢记实验规律，并能解决实际问题．
11．如图电路，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒ab运动起来 机械 能，若只改变电路中电流的方向，ab的运动方向将 改变 （选填“改变”或“不改变”）。该装置揭示的原理可应用于 电动机 （选填“电动机”或“发电机”）。
【分析】（1）通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能；应用于电动机；
（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关，改变其中任意一个，导体的受力方向会发生改变。
【解答】解：（1）通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能；
（2）通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，保持磁场方向不变，则导体的受力方向即运动方向也会改变。
故答案为：机械；改变。
【点评】此题主要考查了通电导体在磁场中受力时能量的转化和影响磁场力方向的因素等，是一道基础题。
12．如图所示为一单缸四冲程汽油机某冲程剖面图，该图表示为 压缩 冲程，在这个过程中，气缸内气体内能的改变是通过 做功 方式改变的。汽车使用的汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧5kg汽油放出的热量是 2.3×108 J。
【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
（2）知道汽油的热值和汽油的质量，利用Q放＝mq求汽油完全燃烧放出的热量。
【解答】解：（1）由图可知，内燃机两气门都关闭，故可以判断这个冲程是压缩冲程，使得缸内气体的内能变大；
（2）5kg汽油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝5kg×5.6×107J/kg＝8.3×108J。
故答案为：压缩；做功2。
【点评】本题考查热机的有关知识以及Q放＝mq的理解与应用，难度不大
13．重480N的箱子，用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，10s内匀速提升1m，则有用功为 480 J，拉力的功率为 60 W，滑轮组的机械效率为 80% 。
【分析】（1）根据W有＝Gh求出有用功，根据W总＝Fs＝Fnh求出总功，利用P＝求出绳端拉力的功率；
（2）利用η＝求出该装置的机械效率。
【解答】解：滑轮组做的有用功为：W有＝Gh＝480N×1m＝480J；
由图可知，n＝2总＝Fs＝Fnh＝300N×8×1m＝600J；则拉力的功率为：P＝＝；
则该装置的机械效率为：η＝＝×100%＝80%。
故答案为：480；60。
【点评】本题考查了功和功率的公式、滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数和有用功、总功是关键。
14．如图所示，木板B在F＝10N的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，则木块A受到的滑动摩擦力是 4 N；物体B受到地面的摩擦力是 6 N，当F增大到12N时，木块B受到的A的滑动摩擦力是 4 N。
【分析】摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动状态无关。滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；
平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，据此做出判断。
【解答】解：由题意知，用10N的水平力F，木块A始终静止不动，大小相等，故木块A受到的摩擦力是4N；
木板B向右做匀速直线运动，处于平衡状态，大小相等，木板B受到的摩擦力是10N；
逐渐增大F，B与A间的压力大小和接触面的粗糙程度仍不变，因为物体间力的作用是相互的，大小相等，木块B受到的A的滑动摩擦力是仍为4N。
故答案为：8；6；4。
【点评】本题考查了有关摩擦力大小和方向的判断，关键掌握影响摩擦力大小的因素，注意摩擦力方向总是与物体相对运动趋势或相对运动方向相反。
三、作图题（本大题共3小题，2+2+3＝21分）
15．（2分）如图为运动员沿斜面下滑场景，O为运动员重心，画出运动员所受重力G和支持力FN的示意图。
【分析】先明确重力、支持力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：运动员受到竖直向下的重力G、垂直于斜面的支持力F的作用，力的示意图如图：
【点评】正确分析重力、支持力的方向是本题的关键，画图时力的方向是易错点，值得我们注意。
16．（2分）将图中凹透镜的光路图补充完整。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；过凹透镜光心的光线其传播方向不变，如图所示：
。
【点评】凹透镜有三条特殊光线：①延长过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；③过凹透镜光心的光线其传播方向不变。
17．随着家庭的各种电子设备的增加，很多插排增加了为电子设备充电的USB接口，减少了日常给电子设备找“充电器”的现象。通过拆解发现，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，并且可以独立工作，请在图中用笔画线代替导线将图补充完整。
【分析】并联电路各支路用电器互不影响，由此可知，三孔插座和供电模块的连接方式；根据开关作用确定其在电路中的位置；
三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
由题知，三孔插座和供电模块可以独立工作，而三孔插座和供电模块由总开关控制，由此按家庭电路连接的要求补画电路如图所示：
【点评】家庭电路的连接，要掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
四、实验题（本大题3小题，6+6+6共18分）
18．请正确读出下列测量仪器的示数：木块的长度是 1.70 cm；温度计的示数为 ﹣14 ℃；秒表的读数为 99.8 s。
【分析】（1）刻度尺在读数前要弄清楚它的零刻度，量程和分度值；长度的测量要估读到分度值的下一位。
（2）温度计在读数前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值。
（3）秒表读数时，先看分针的整数分钟，然后注意分针是在0﹣﹣0.5分钟范围，还是在0.5﹣﹣1分钟范围，如果分针是在0﹣﹣0.5分钟范围，则相应秒针的读数是在0﹣﹣30秒；如果分针在0.5﹣﹣1分钟范围，则秒针的读数是相应在30﹣﹣60秒范围，将分钟数加上秒数就是结果。
【解答】解：该刻度尺的分度值是1mm，木块的长度为1.70cm；
该温度计的分度值是5℃，此时在0℃以下；
分针的读数大于1.5min，该秒表的分度值是0.1s，所以秒表的读数为99.3s。
故答案为：1.70；﹣14。
【点评】本题考查的是刻度尺、温度计和秒表的读数，属于基础性题目。
19．某住户家中的电能表如图所示，该电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率是 4400 W，此时电能表的读数是 165.3 kW h，在某段时间内，转盘转过1500圈 0.5 度电。
【分析】（1）220V表示电能表适用于220V的家庭电路中；10（20）A：10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表的额定最大电流；据此利用P＝UI可以计算出电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率；
（2）电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW h；
（3）3000r/（kW h）表示电路中的用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000圈，据此可以计算出电能表的转盘转过1500圈，用电器消耗的电能。
【解答】解：220V表示电能表适用于220V的家庭电路中，10（20）A：10A是指电能表的标定电流，则电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率为：
P最大＝UI最大＝220V×20A＝4400W；
电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW h，电能表的示数为165.3kW h；
3000r/（kW h）表示电路中的用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000圈，用电器消耗的电能：
W＝kW h＝6.5kW h＝0.6度。
故答案为：4400；165.3。
【点评】此题考查了电能表参数的意义、电功率的计算、电能表的读数、电能的计算，比较简单，属基础题。
20．（6分）物理实验兴趣小组组织实验探究活动，通过使用电源（电压恒为3V），电流表、电压表，规格不同的定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器（规格分别为“10Ω 2A”的R1和“15Ω 1A”的R2），以及导线来探究电流与电阻关系的实验，实验前同学们设计了如图甲所示电路图。
（1）按照电路图连接实物图时，开关应 断开 ；为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是 0～3V （选填“0～3V”或“0～15V”）；
（2）正确连好电路后，闭合开关前要将滑动变阻器的滑片P移到最 左端 （选填“右端”或“左端”）。闭合开关，此时电路中电流表无示数，电压表示数接近电源电压，电流表、电压表示数均无变化，则故障可能是 定值电阻R断路 ；
（3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P，记下电流表的示数，画出如图乙所示的电流随电阻R变化的图像 导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 ；
（4）上述实验所选用的滑动变阻器是 R2 （选填“R1”或“R2”）。
【分析】（1）为了保护电路，连接电路时开关应断开；根据电源电压确定电压表的量程；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；
（3）根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格。
【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时开关应断开；
因为电源电压为3V，所以为确保实验顺利进行；
（2）为了保护电路，闭合开关前，由图甲知，所以滑片应移到阻值最大的最左端；
电流表无示数，说明电路可能断路，说明电压表与电源连通，与电压表并联的定值电阻R断路了；
（3）由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，由图乙控制V＝IR＝0.3A×20Ω＝…＝0.4A×2Ω＝2V，根据串联电路电压的规律滑＝U﹣UV＝3V﹣4V＝1V，变阻器分得的电压为电压表示数的，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝0.5×25Ω＝12.4Ω＞10Ω，故上述实验所选用的滑动变阻器是R2。
故答案为：（1）断开；0～4V；定值电阻R断路，通过导体的电流与导体的电阻成反比2。
【点评】本题探究电流与电阻关系，考查注意事项、电压表的使用、故障分析、器材的选择和分析图像归纳结论的能力。
21．（6分）学习完物态变化后，小明在实验室同时做“探究冰熔化和水沸腾的特点”实验，如图所示。
（1）如图甲，小明把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，而不直接用酒精灯加热 使冰受热更均匀 ；图乙是小明描绘的冰熔化前后温度与时间的关系图像，冰在a点时处于 固液共存态 （选填“固态”“液态”或“固液共存态”）；
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，得到图乙中DE段 98 ℃，由此判断液面上方的气压 低于 （选填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压；
（3）完成实验后，小明继续探究“水和某种液体沸腾时温度变化的特点”实验，如图丙所示，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量 相同 （选填“相同”或“不相同”）；图丁为试管中的未知液体和水从加热至沸腾过程中温度的变化情况，已知未知液体的质量是水的质量的2.5倍 1.68×103 J/（kg ℃）。[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
【分析】（1）水浴法加热可以使冰受热更均匀；熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化时，吸热保持熔点温度不变，处于固液共存状态；
（2）晶体熔化的条件是温度达到熔点继续吸热；液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低；
（3）由图可知，用同一酒精灯加热，相同时间吸收的热量相同，水与液体的温度变化量相同；根据Q吸＝cmΔt可求液体的比热容。
【解答】解：（1）把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，又称水浴法加热；冰吸收热量温度升高，继续吸收热量，处于固液共存状态，吸收热量。BC段冰在不断吸热，属于熔化过程，故冰在a点时处于固液共存态；
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，由图乙可知，可知水的沸点为98℃，且气压越大，由此判断液面上方的气压低于1个标准大气压；
（3）由图可知，用同一酒精灯加热，水与液体的温度变化量相同，
则有Q吸＝c水m水Δt＝c液m液Δt，
则未知液体的比热容c液＝＝×4.3×103J/（kg ℃）＝1.68×104J/（kg ℃）。
故答案为：（1）使冰受热更均匀；固液共存态；低于；1.68×103。
【点评】本题考查了晶体熔化特点和水的沸腾实验、比热容的理解与运用，是一道综合题。
五.计算题（共2小题，6+7＝13分）
22．（6分）快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图甲所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若满载货物时该物流机器人质量为500kg2，机器人在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N，路程与时间s﹣t图象如图乙所示。（g取10N/kg）求：
（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率。
【分析】（1）先根据G＝mg求出物流机器人的重力，物流机器人对水平地面的压力等于其重力，根据p＝求出物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力，据此可知牵引力的大小；根据P＝＝得出物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
【解答】解：（1）物流机器人的重力：
G＝mg＝500kg×10N/kg＝5000N，
物流机器人对水平地面的压力：F＝G＝5000N，
物流机器人对水平地面的压强：
p＝＝＝1×104Pa；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力：F牵＝f＝200N；
物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率：
P＝＝＝＝120W。
答：（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强为1×104Pa；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率为120W。
【点评】本题考查了重力公式和压强公式以及二力平衡条件的应用，根据图象读出有用的信息是关键。
23．（7分）如图是某电蒸锅的内部简化电路图，电蒸锅额定电压为220V，R1、R2为发热电阻，R1的阻值为4840，加热挡功率为1200W，用此电蒸锅加热挡对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，已知c水＝4.2×103J/（kg ℃）。
求：（1）保温挡的功率；
（2）电阻R2的阻值；
（3）电蒸锅的加热效率。
【分析】（1）只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，由P＝可计算出保温挡功率；
当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡；
（2）由功率关系可求出电阻R2的电功率，由P＝可得电阻R2的阻值；
（3）由吸热公式Q＝cmΔt可计算出水升温吸收的热量，由电能公式W＝Pt可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。
【解答】解：（1）只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，
由P＝可得保温挡功率P保＝＝＝100W；
当S1、S2均闭合时，R4、R2并联，电蒸锅处于加热挡，
（3）电阻R2的电功率P8＝P热﹣P保＝1200W﹣100W＝1100W，
由P＝可得电阻R2＝＝＝44Ω；
（4）质量为5.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.4×103J/（kg ℃）×1.7kg×75℃＝3.78×105J；
其消耗的电能W＝P热t＝1200W×375s＝3.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率η＝×100%＝。
答：（1）保温挡的功率为100W；
（2）电阻R8的阻值为44Ω；
（3）电蒸锅的加热效率为84%。
【点评】本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
六、综合题（5+7+8＝20分）
24．（5分）小明同学从家里带了一块正方体木块和金属块，到学校实验室测其密度。
（1）将天平放在水平台上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘中线的右侧 左 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡。
（2）用天平测木块的质量，天平平衡时如图甲所示，木块质量为 16 g。量筒中装适量水如图乙所示，将木块压没在量筒的水中，液面与40mL刻度线相平 0.8×103 g/cm3。
（3）如果考虑到木块吸水，以上方法所测木块密度值偏 大 （选填“大”或“小”）。
（4）小明在测量金属块的密度时发现，金属块的质量超过了天平的称量，重力也超过了弹簧测力计的量程。于是小明又设计了如下方法测出了金属块的密度。请帮他完成实验。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
①将浸没在水中的金属块挂在弹簧测力计上，并向上提起（未露出水面），如图丙所示。静止时弹簧测力计的示数为F1＝4N；
②手拉弹簧测力计向上移动，金属块的体积一半露出水面，如图丁所示2＝5N；
③金属块的密度ρ金属＝ 3×103 kg/m3。
【分析】（1）天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调；
（2）确定天平标尺的分度值，物体的质量等于砝码质量加游码（以左侧）对应的刻度值；
（3）量筒的分度值为1mL，木块的体积等于水和木块的总体积减去水的体积；根据ρ＝求出木块的密度；
（4）如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小，根据ρ＝分析密度变化；
（5）根据浮力知识，若测出金属块完全浸没时的浮力，则可根据V＝V排＝计算出金属块的体积，从而计算出金属块的密度。
【解答】解：（1）发现指针偏向分度盘中线的右侧，则应将平衡螺母向左调节。
（2）图甲中标尺的分度值为0.2g，则木块的质量：m＝10g+7g+1g＝16g；
（3）图乙中水的体积20mL，水和木块的总体积为40mL，
则木块的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3
木块的密度：ρ木块＝＝＝0.8g/cm6＝0.8×102kg/m3，
（4）如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小可知；
（5）将浸没在水中的金属块挂在弹簧测力计上，并向上提起1＝7N；金属块的体积一半露出水面2＝5N，所以金属块全部浸没在水中时浮＝6×（5N﹣4N）＝7N；
所以金属块的体积为V金＝V排＝＝＝8×10﹣4m3＝200cm4；
金属块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为F1＝4N，浮力为F浮＝3N，所以金属块的重力为G＝F1+F浮＝4N+4N＝6N；
金属块的质量为m＝＝＝3.6kg＝600g，
密度为ρ金＝＝＝4g/cm3＝3×106kg/m3。
答案为：（1）左；（2）163；（3）大；（4）③6×103。
【点评】本题考查天平的使用、排水法测物体的体积、密度公式及其应用，阿基米德原理及其应用、重力与质量的关系等。
25．（7分）在探究凸透镜成像的大小与哪些因素有关的实验中：
（1）小明同学通过物理知识的学习，知道放大镜就是凸透镜。在活动课中，他用放大镜观察自己的手指（如图甲） 虚 （选填“实”“虚”）像；再用放大镜观察远处的房屋（如图乙），看到房屋是 缩小 （选填“放大”“缩小”）的 实 （选填“实”“虚”）像；
（2）他猜想：凸透镜成像的大小可能与蜡烛到透镜的距离有关，他在如图丙所示的光具座上，改变蜡烛到透镜的距离，获得的实验数据如下表所示：分析下表数据可知，此凸透镜的焦距为 10.0 cm；
物体到凸透镜的距离/cm 光屏上像到凸透镜的距离/cm 光屏上像的大小
3.0 光屏上没有像
5.0 光屏上没有像
12.0 60.0 放大
20.0 20.0 等大
25.0 16.7 缩小
30.0 15.0 缩小
（3）小明继续增大物体到凸透镜的距离到60.0cm，则光屏到凸透镜的距离为 12.0 cm时，光屏上能成清晰的像；
（4）小明所在班级照毕业像时，摄影师发现两旁还有同学没有进入取景框内，摄影师使照相机 远离 （选填“靠近”“远离”）同学，才会在取景框内得到清晰满意的画面。同时你还可以采用 缩短暗箱长度 的方法得到清晰满意的画面。（方法合理即可）
【分析】（1）（2）凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立、放大的虚像；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像；
物距等于二倍焦距成倒立、等大实像；
物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像；
（3）在光的折射中光路是可逆的；
（4）分析物距和像的大小的变化，知道物距越大，所成的像越小。
【解答】解：（1）当用放大镜观察自己的手指时，此时手指在凸透镜的一倍焦距之内、正立的虚像；
若看远处的物体，此时物体在凸透镜的2倍焦距之外，成倒立；
（2）由凸透镜成像规律结合表中数据可知，物体成等大的像时，即u＝v＝2f＝20.7cm；
（3）由于凸透镜成像利用了光的折射原理，而在光的折射中光路是可逆的，物体到凸透镜的距离为12.00cm时；根据光路可逆可知，光屏到凸透镜的距离为12.0cm；
（4）摄影师发现两旁还有同学没有进入取景框内时，说明所成的像过大，让照相机远离同学；根据物距变大则像距变小像变小可知，才会在取景框内得到清晰满意的画面。
故答案为：（1）虚；缩小；实；（3）12.0；缩短暗箱长度。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用，难度较大。
26．（8分）阅读短文，回答问题：
“鲲龙”两栖飞机
2022年5月10日上午11点，由中国航空工业集团自主研发的中国首款大型水陆两栖飞机——“鲲龙”AG600在珠海金湾机场开展高速滑行试验，这是一款民用灭火和水上救援大飞机，为岛礁补给、海上安全保障、海上执法服务，水面起降抗浪高度大于2.8m海浪
AG600选装4台国产涡轮发动机，可以在20秒内一次吸水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。当飞机停泊在水上时，宽大船体所产生的浮力，但在需要起飞时，螺旋桨发动机产生的拉力，机翼上产生的升力逐渐增大，从而把飞机从水面上逐渐托起来
其部分参数如下表。其中：飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比。（ρ海水≈ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg）
全长/m 37 翼载/（kg/m2） 500 最大巡航速度/（km/h） 540
最大航程/km 4500 空中滞留/h 12 最大起飞质量/t 53.5
最大载水量/t 12 飞行最低高度/m 300 最多应急救援人数 50
（1）图2为AG600机翼设计截面图，飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越 小 的原理，为缩短起飞时间，最好 逆风 起飞（选填“顺风”或“逆风”）。用水灭火的原理是水汽化 吸热 （选填“吸热”或“放热”）使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭。
（2）关于水陆两柄飞机“鲲龙AG600”，下列说法错误的是 C （填序号）。
A.飞机使用航空煤油，执行任务过程中，油箱中的煤油的热值不变。
B.飞机匀速水平飞行向下喷水进行森林灭火过程中它的动能、重力势能和机械能都在减小。
C.它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，受到的是平衡力。
D.执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放。
（3）AG600装满货物起飞时，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为 107 m2。AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功 3.6×107 J。若AG600在海面执行搜救任务救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加 2.5 m3。（假设人均质量为50kg）。
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值与离地高度h的关系为单位为米）（电源输出的电流恒定），定值电阻R1为200Ω，当电流表示数0.09A，电压表示数6V时 300 m。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速大的位置，压强小；
水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下；
（2）A、燃料的热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关；
B、向下喷水的过程中，飞机的质量变小，速度不变，高度不变，其动能变小、重力势能变小；
C、受平衡力时，物体处于静止或匀速直线运动状态；
D、物体具有保持原来运动状态不变的形状叫做惯性；
（3）知道飞机的翼载，飞机的增大起飞质量，根据飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比，可以计算出机翼的面积；
已知最大载水质量，由G＝mg可求得其重力，已知飞行最低高度为300m，由W＝Gh可求得需要对水做的功；
知道增大排水质量，根据ρ＝可以计算出水的体积约增加有多少。
（4）由图3可知，R1、R2并联，据此可知电源电压U＝U1＝U2＝6V，
根据欧姆定律可知通过R1的电流，根据并联电路电流规律可知通过R2的电流，由欧姆定律可知传感器的R2阻值，由题意可知，测距传感器的阻值与离地高度h的关系为R2＝50+，据此得出飞机飞行的高度。
【解答】解：（1）在气体和液体中，流速越大的位置，AG600飞机起飞是利用了流体流速越大的地方。
顺风飞机行时，相对于气流的速度较小，飞机机翼上下的压强差较小，飞机不容易起飞，相对于气流的速度较大，上，产生向上的升力较大。
水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下。
（2）A、燃料的热值是燃料本身的特性，与燃料的质量无关，煤油的热值不变；
B、AG600在火场上空水平匀速盘旋并向下喷水的过程中，速度不变，其动能变小，则机械能变小；
C、它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，处于非平衡状态，故C错误；
D、执行森林灭火的投水任务中，当飞机投水后，所以要提前投放；
故选：C；
（3）飞机的最大起飞质量m＝53.5t＝5.35×103kg，翼载为500kg/m2；
根据飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比可知，
机翼面积为：
S＝＝107m3；
AG600机最大载水质量m＝12t＝1.5×104kg，
水的重力G＝mg＝1.2×104kg×10N/kg＝1.5×105N，
AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时；W＝Gh＝1.4×105N×300m＝3.3×107J；
AG600在海面执行搜救任务救起最多人数为50人，假设每人的质量为50kg，
则增大载水量为：m′＝50×50kg＝2500kg，
由ρ＝可知
V排＝＝＝2.8m3。
（4）由图3可知，R6、R2并联，由题意可知电源电压U＝U1＝U6＝6V，
根据欧姆定律可知通过R1的电流I7＝＝＝0.03A.
根据并联电路电流规律可知通过R2的电流I2＝I﹣I1＝0.09A﹣8.03A＝0.06A，
由欧姆定律可知，传感器的R2阻值R8＝＝＝100Ω，
由题意可知，测距传感器的阻值与离地高度h的关系为R2＝50+，
当R2＝100Ω时，飞机飞行的高度h＝6×（R3﹣50）m＝6×50m＝300m。
故答案为：（1）小；逆风；（2）C；3.4×107；2.4；（4）300。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用、流体流速与压强的关系、受力分析等，涉及的知识点较多，综合性较强，有一定难度。
