江苏省连云港市岗埠中学2018届九年级物理3月月考试卷
一、单选题
1．（2018·连云港模拟）唐朝诗人李益有一首诗叫《喜见外弟又言别》，其中描写道：“十年离乱后，长大一相逢，问姓惊初见，称名忆旧容”.从“问姓”中想起初见的“旧容”，可见声音中有一种特性让诗人唤起了十年前的记忆，这种特征是（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】本诗的意思是：作者与弟弟在战乱中离散，十年后在某处偶尔相逢，作者在与他互道姓名的声音中，判断出此人就是十年前离散的亲弟.这里通过相关的诗句考查对声音的品质即音色的认识.音色是由发声体本身的特性决定的，而与其他因素无关.作者正是根据声音的这一特性来判断阔别已久的弟弟的，C符合题意，ABD不符合题意.
故答案为：C.
【分析】音色是声音的特色，是辨别不同发声体的依据.
2．（2018·连云港模拟）“如果声音在空气中的传播速度变为0.1m/s，则我们周围的世界会有什么变化？”关于这一问题的讨论，一名学生提出了下列四个有关的场景，不正确的是（ ）
A．教室内学生能更清楚地听到教师的讲课声
B．汽车的喇叭不能再起到原来的作用
C．管乐队在会场内的演奏效果将变差
D．我们听到万米高空传来客机声时，却不能看到该飞机
【答案】A
【知识点】声速
【解析】【解答】解：A、假设学生离老师6m远，老师发出声音后，经过6s学生才能听到，不会更清楚，故A错误；
B、汽车的喇叭声传播的太慢，不能再起到原来的作用，说法正确；
C、声音在空气中的传播的速度变为0.1米/秒，是正常时的 ，乐队在会场内的演奏将变得很混乱，说法正确；
D、从万米高空中客机声音传来，飞机早看不到了，故D正确．
故选A．
【分析】声音在15℃的空气中的传播速度为340m/s，通过想象，用变化后的声速以及产生的现象与现实情况相对比，进行判断即可．
3．（2018·连云港模拟）下列现象不可能发生的是（ ）
A．水的沸点低于或高于100℃
B．物体吸收热量温度保持不变
C．－5℃的冰块放在0℃的水中会熔化
D．湿衣服放在温度低的地方比放在温度高的地方干得快
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；熔点和凝固点
【解析】【解答】A、当气压高于1标准大气压时，水的沸点高于100℃；当气压低于1标准大气压时，水的沸点低于100℃，有可能，A不符合题意；
B、晶体熔化过程，吸热温度保持不变，有可能，B不符合题意；
C、把一块-5℃的冰放到0℃的水里，冰可能达到熔点，但不能继续吸热，不能熔化，C符合题意．
D、影响蒸发的因素有温度、液体表面积以及液体表面积上的空气流动，湿衣服放在温度低的地方比放在温度高的地方干得快，有可能，D不符合题意．
故答案为：C
【分析】冰的熔化条件是到达熔点，并且继续吸热.
4．（2018八上·朝阳期末）蔬菜加工企业为了避免蔬菜在长途运输、贮存等环节中腐烂变质及高温杀菌时对蔬菜营养成分的破坏，常常对蔬菜进行真空脱水，使之成为脱水蔬菜 . 从物理学的角度看，真空脱水的道理是（ ）
A．真空环境气压很低，大大降低了水的沸点，使蔬菜中的水分迅速汽化，从而实现脱水
B．真空环境的温度很高，可使蔬菜中的水分在短时间内迅速汽化，从而实现脱水
C．真空环境的空气密度很小，可迅速提高蔬菜中水分子的运动速度，从而实现脱水
D．真空环境的温度极低，可使蔬菜中的水分迅速凝固并升华，从而实现脱水
【答案】A
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】真空环境下，气压很小，这样大大降低了水的沸点，使蔬菜中的水分迅速沸腾（汽化），从而实现脱水，使蔬菜成为脱水蔬菜，所以真空脱水与温度、密度等没有关系，A符合题意，
故答案为：A .
【分析】物质由液态变为气态的现象是汽化现象，汽化可以在任何温度下发生；液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越大沸点越高，气压越小沸点越低 .
5．（2018·连云港模拟）电磁铁是一个带有铁芯的螺线管，有着广泛的应用．如果要增强其磁性，以下方法中可行的是（ ）
A．减少线圈的匝数 B．增大线圈中的电流
C．改变线圈中的电流方向 D．减小线圈两端的电压
【答案】B
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】影响通电螺线管磁性强弱的因素：线圈匝数、电流大小。减少线圈的匝数，可以减弱螺线管的磁性，A不符合题意；增大线圈中的电流可以增强螺线管的磁性，B符合题意；改变线圈中的电流方向，可以改变螺线管的磁极，与磁性强弱无关，C不符合题意；减小线圈两端的电压，即减小了螺线管中的电流，减弱了螺线管的磁性，D不符合题意，
故答案为：B。
【分析】电磁铁的磁性强弱的影响因素有电流的大小、线圈匝数的多少.
6．（2018·连云港模拟）在探究电磁铁的实验中，小明利用相同规格的大铁钉和漆包线自制了两个匝数不同的线圈，连接电路如图所示．闭合开关，调整变阻器滑片使电流保持不变，观察电磁铁吸引大头针数目的多少．这一实验的目的是研究电磁铁的磁性与哪个因素有关（ ）
A．电磁铁的极性 B．线圈的匝数
C．电流的方向 D．电流的大小
【答案】B
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电磁铁磁性的强弱跟电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯有关，根据题意知道，电路中电流大小相等、铁芯相同，但线圈的匝数不同，所以探究的是电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系，B符合题意，ACD不符合题意，
故答案为：B。
【分析】电磁铁磁性的强弱和电流有关、和线圈匝数有关，探究时要结合控制变量法.
7．（2018·连云港模拟）如图所示，若把滑动变阻器的滑片向右移动，则对螺线管a端极性及磁性强弱判断正确的是（ ）
A．S极，增强 B．N极，减弱 C．S极，减弱 D．N极，增强
【答案】C
【知识点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】由安培定则知道，开关闭合后，通电螺线管的右端是N极，左端是S极，当滑片向右移动后，电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性变弱，C符合题意，ABD不符合题意，
故答案为：C。
【分析】根据右手螺旋定则判断线圈的磁极，当电流减小时，磁性减弱.
8．（2018·连云港模拟）如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值。比较通电后两根电阻丝各自两端的电压U以及它们在相同时间内分别产生的热量Q甲、Q乙的大小，下面关系中正确的是：（ ）
A．U甲＝U乙，Q甲＝Q乙 B．U甲＜U乙，Q甲＞Q乙
C．U甲＜U乙，Q甲＜Q乙 D．U甲＞U乙，Q甲＜Q乙
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律
【解析】【解答】由于两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由题意知：R甲
【分析】在串联电路中电阻越大分压越大，当电流和时间相同时，电阻越大产生的热越多.
9．（2018·连云港模拟）将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（ ）
A．电冰箱产生的热量最多 B．电风扇产生的热量最多
C．电热毯产生的热量最多 D．三者产生的热量一样多
【答案】C
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】∵接在家庭电路中，U＝220V，∴三种用电器的实际功率：P实＝P额＝180W；又∵W＝Pt，用电器工作时间t相等，∴三种用电器消耗的电能相同；∵电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量；∴产生热量最多的是电热毯C符合题意，ABD不符合题意．
故答案为：C．
【分析】电冰箱、电风扇把绝大多数电能转化为机械能，电热毯把电能转化为内能.
10．（2016·雅安）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点），闭合开关S，当滑片P在b端时，电流表示数为0.2A，R2消耗的电功率为2W，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.5A，R2消耗的电功率为3.5W，则当滑片P从a移到b的过程中（ ）
A．电压表示数变化了12V B．电流表示数变化了1.2A
C．R1消耗的电功率变化了5W D．电路消耗的总功率变化了12W
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流．
（1.）当滑片P在b端时，电路的电流I1=0.2A，R2消耗的电功率P2=2W，由P=UI可得，R2两端的电压： U2= = =10V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I= 可得，电源的电压： U=I1R1+U2=0.2A×R1+10V，当滑片P移动至某一位置时，电路中的电流I2=0.5A，R2消耗的电功率U2′=3.5W，则R2两端的电压： U2′= = =7V，电源电压： U=I2R1+U2′=0.5A×R1+7V，因电源的电压不变，所以，0.2A×R1+10V=0.5A×R1+7V，解得：R1=10Ω，电源电压：U=I1R1+U2=0.2A×10Ω+10V=12V；
（2.）当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则当滑片P从a移到b的过程中，电压表示数的变化量：△U=U﹣U1=U﹣（U﹣U2）=U2=10V，故A错误；此时电路中的电流： I= = =1.2A，则当滑片P从a移到b的过程中，电流表示数的变化量：△I=I﹣I1=1.2A﹣0.2A=1A，故B错误；当滑片P从a移到b的过程中，R1消耗电功率的变化量：△P1=I2R1﹣I12R1=（1.2A）2×10Ω﹣（0.2A）2×10Ω=14W，故C错误；当滑片P从a移到b的过程中，电路消耗总功率的变化量：△P=UI﹣UI1=12V×1.2A﹣12V×0.2A=12W，故D正确．故选D．
【分析】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流．（1）当滑片P在b端时，知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；当滑片P移动至某一位置时，又知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；（2）当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，据此求出电压表示数的变化量，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后得出电流表示数的变化量，根据P=I2R求出R1消耗电功率的变化量，根据P=UI求出电路消耗总功率的变化量．
二、填空题
11．（2018·连云港模拟）登上月球的宇航员面对面站着也不能交谈，这是因为月球上没有空气，这说明声的传播需要 ，采用 可以使宇航员互相交谈。
【答案】介质；无线电
【知识点】声音的传播条件；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】因为真空不能传声，所以登上月球的宇航员面对面站着也不能交谈，需采用无线电交谈。电磁波能在真空中传播。
故答案为：介质；无线电.
【分析】声音的传播需要介质，真空不传声，电磁波可以在真空中传播信息.
12．（2018·连云港模拟）如图所示，医生正在用听诊器为病人诊病，听诊器运用了声音 （填“具有能量”或“传递信息”）道理，来自患者的声音通过橡皮管传送到医生的耳朵，这样就可以提高声音的 （填“音调”或“响度”）
【答案】传递信息；响度
【知识点】响度及响度与振幅的关系；声与信息
【解析】【解答】医生用听诊器为病人诊病，是因为声音能传递信息，来自患者的声音通过橡皮管传送到医生的耳朵，橡胶管减少了声音的分散，提高了响度。
故答案为：传递信息；响度 .
【分析】声音可以传递信息，响度指声音的大小.
13．（2018·连云港模拟）如图所示是模拟大自然中雨的形成的实验装置图，往烧瓶中注入适量的水，用酒精灯加热，直到水烧开，小明发现在离壶嘴远一些的地方有“白气”，这是因为 ．往瓶口的上方倾斜地放置一个金属盘，一段时间后，观察到金属盘的底面出现大量的小水滴，短时间内要在金属盘的底面上产生更多的水滴，可以采取的措施有： （一种即可）．日常生活中液化石油气，就是在常温下用 的方法，使它变成液体储存在钢瓶里的，这也是使气体变成液体的另一种方法．
【答案】水蒸气遇冷液化；降低金属板的温度；压缩体积
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】烧开水时，离壶嘴远一些的地方有“白气”，这是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．
根据小水滴的成因可知，为了产生更多的水滴，可以让更多的水蒸气发生液化，温度低一些更容易液化，所以降低金属板的温度可以产生更的水滴（可以在金属盘上放一些冰块）。液化石油气，就是在常温下压缩体积的方法，使石油气变成液体储存在钢瓶里的。
故答案为：水蒸气遇冷液化；降低金属板的温度；压缩体积.
【分析】气体变为液体的过程叫液化，液化的方法有降低温度和压缩体积.
14．（2018·连云港模拟）用蒸笼蒸馒头，是上层还是下层蒸格中的馒头先熟呢？小明仔细观察后发现：高温的水蒸气经过多层蒸格向上升，遇到冷的蒸笼盖时，大量水蒸气发生 （填物态变化名称）现象， 很多热量（选填“吸收”或“放出”），使 层蒸格中的馒头先熟。
【答案】液化；放出；上
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】高温的水蒸气上升遇到冷的蒸笼盖，会变成水滴，由气态变成液态，是液化现象；水蒸气液化时，要放出大量的热，从而造成上面的馒头先熟。
故答案为：液化；放出；上.
【分析】气体变为液体的过程叫液化，液化要放出热量.
15．（2018·连云港模拟）如图所示，GMR是巨磁电阻（其电阻值在磁场中随磁性的增强急剧减小），当开关S1、S2都闭合时，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则小磁针的A端为 极；当滑片P向右滑动时，电磁铁的磁性 （选填“增强”、“减弱”、“不变”），指示灯的亮度 （选填“变亮”、“变暗”、“不变”）。
【答案】S；减弱；变暗
【知识点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据安培定则，通电螺线管左端为N极，所以小磁针的A端为S极。（2）当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的阻值增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱。GMR巨磁电阻的阻值随磁性的减弱急剧增大，由I=U/R可得，工作电路中的电流变小，所以指示灯的亮度变暗。
故答案为：S；减弱；变暗.
【分析】根据右手螺旋定则判断磁极位置，电磁铁的磁性强弱的影响因素有电流大小和线圈匝数的多少，当电路中的电阻变化，电流也会相应变化.
16．（2018·连云港模拟）电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从说明书上收集到如下数据及如图所示的电路原理图。当温控开关S0断开时，饮水机处于 工作状态；电热饮水机在加热状态下的工作电流为 A．
【答案】保温；2
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】（1）S0断开后R1被断路，只有R2加热；根据越并越小、小于任何一个分电阻可知，电路电阻变大；根据P＝ 可知，功率变小，所以饮水机处于保温状态。（2）电热饮水机在加热状态下的工作电流：I＝ ＝2A.
故答案为：保温；2.
【分析】根据电路的连接，当并联的用电器越多，总功率越大，根据电功率和电压计算电阻.
17．（2016九下·汶上开学考）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象．则该滑动变阻器的最大值是 Ω，当滑片P移动到b端时，R0消耗的电功率是 W．
【答案】100；7.2
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象可知，当电路中的最小电流I′=0.1A时，R1的电功率P1′=1W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1′= = =100Ω，当电路中的电流I″=0.2A时，R1的电功率P1″=1.6W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1″= = =40Ω；（2）当电路中的电流I′=0.1A时，R0与R1′串联，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：R串1=R0+R1′，
由I= 可得，电源的电压：
U=I′（R0+R1′）=0.1A×（R0+100Ω）﹣﹣﹣﹣﹣①
当电路中的电流I″=0.2A时，
R串2=R0+R1，
由I= 可得，电源的电压：
U=I″（R0+R1″）=0.2A×（R0+40Ω）﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：R0=20Ω，
电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（20Ω+40Ω）=12V．当滑片P移动到b端时，只有R0连入，则R0消耗的电功率P0= = =7.2W．
是故答案为：100；7.2．
【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象读出电路中的最小电流为0.1A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的最大电阻；，根据P=I2R求出电流为0.1A时R1接入电路的电阻；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，利用P= 求出R0消耗的功率．
三、作图题
18．（2018·连云港模拟）在如图所示的图中绕制螺线管，当S合上且变阻器滑片向左移动弹簧伸长．
【答案】解：如图所示：
【知识点】磁现象；安培定则
【解析】【解答】要使闭合开关后弹簧伸长，应使两磁铁相互吸引，则由磁极间的相互作用可知，电磁铁上端应为N极，则由右手螺旋定则可知，电流应由上端流入；如图所示：
【分析】电磁铁中的磁性和电流的大小有关，磁体间磁极关系是同名磁极相斥，异名磁极相吸.
19．（2017·金平模拟）小磁针在通电螺线管产生的磁场中静止不动，如图，请标出电源的正负极符号，并标出小磁针的N极、S极．
【答案】解：如图所示：
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：根据电流表的接法：电流从电流表的正接线柱流入，可知电源的左端为负极，根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端，则四指弯曲的方向为电流的方向，据此确定螺线管右端为N极，左端为S极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为N极，右端为S极．故答案为：
【分析】①根据电流表的接法判断电源的正负极即符号；②根据安培定则，结合电流的方向可确定通电螺线管的磁极．③根据磁极间的相互作用确定小磁针的磁极．
四、实验题
20．（2018八上·泰州期末）阅读下列文字完成填空：
（1） 为了证明发声的桌面在振动，老师在水平桌面上固定了一块平面镜，用激光笔（被支架固定在桌面上）照射平面镜，经反射后在墙面上出现了一个小光斑（如图所 示），当用力敲击桌面使桌子发声时，可以看到墙上的光斑在上下跳动，通过光斑的跳动证明了桌面在振动，这种物理方法是 法；实验中选激光笔做光源是因为激光束的平行度特别好，在传播很远的距离后仍能保持一定的强度，激光的这一特性使它可以用来进行精确 ．
（2）实验时如果要让光斑跳动的幅度更明显些，下列做法：①加大激光笔的亮度；②拉上房间的窗帘； ③增大桌子与墙壁间的距离； ④将平面镜擦得更干净；其中比较可行的做法是 ．（填入你认为可行做法的序号）
【答案】（1）转换；测距
（2）③
【知识点】声音的产生
【解析】【解答】（1）桌面发声时，桌面振动带动镜子也振动，所以小光斑的位置会上下移动，这说明声音是由于物体的振动产生的。平面镜把桌面的振动转换为光斑在上下跳动：利用激光的特性可以进行精确测距；（2）桌面发声时，桌面振动带动平面镜也振动，所以小光斑的位置会上下移动，增大桌子与墙壁间的距离，墙上光斑跳动的幅度更明显，所以方法 可行。
故答案为：（1）转换；测距；（2）③.
【分析】桌面的振动很小，不易观察，通过观察光斑的跳动知道桌面在振动，是转换法；利用激光的特性，可以进行精确测距；
（2）要让光斑跳动的幅度更明显些可增大桌子与墙壁间的距离，墙上光斑跳动的幅度更明显，或者加大桌子的振动幅度.
21．（2018·连云港模拟）小明通过观察发现：炎热的夏季，家中的蜡烛、柏油路上的沥青会变软，而冰块熔化时，没有逐渐变软的过程。由此他推测，不同物质熔化时，温度的变化规律可能不同。他决定选用碎冰和碎蜡研究物质的熔化过程，为让碎冰和碎蜡均匀而缓慢地熔化，他把碎冰和碎蜡分别放到盛有热水的烧杯中进行实验并记录数据，实验装置如图甲所示。
（1）图乙是 (填“冰”或“蜡”)的温度随时间变化的图象。
（2）在冰和蜡熔化过程中，如果将试管从烧杯中拿出来，冰和蜡停止熔化。将试管放回烧杯后，冰和蜡又继续熔化。说明固体熔化时需要 。
（3）通过探究实验，根据固体熔化时温度 ，把它分为晶体和非晶体。
（4）这时小明又猜想：质量相同的不同晶体熔化成液体时吸收的热量是否相同呢？
他在相同的烧杯中分别装上了100 g的冰和萘，用同样的酒精灯加热，并用表测出它们熔化时所用的时间，记录的数据如下表所示。
分析实验数据，可以得出结论：质量相同的不同晶体熔化成液体时吸收的热量是 (填“相同”或“不同”)的。
【答案】（1）冰
（2）吸收热量
（3）是否保持不变
（4）不同
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】（1）零刻度在下方，液柱远离零刻度，是零上。每一个大格代表10℃，每一个小格代表2℃，示数是52℃。冰属于晶体有一定的熔化温度，蜡属于非晶体，非晶体没有一定的熔化温度。乙图象中有一段时间，吸收热量，温度保持不变。是冰的熔化图象；（2）试管从烧杯中拿出来，冰和蜡不能吸收热量，停止熔化。将试管放回烧杯后，冰和蜡能从热水中吸收热量，又继续熔化。说明固体熔化时吸收热量。（3）熔点是晶体熔化时固定不变的温度，根据固体熔化时温度是否保持不变，把它分为晶体和非晶体；（4）质量相同的冰和萘用同样的酒精灯加热，它们熔化时需要加热的时间不同，说明它们吸收的热量不同。
【分析】晶体在熔化时，吸收热量但温度保持不变，质量越大，吸热越多.
22．（2018·连云港模拟）物理学中常用磁感线来形象地描述磁场，用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱，它的国际单位是特斯拉（符号是T），磁感应强度B越大表明磁场越强；B=0表明没有磁场．有一种电阻，它的大小随磁场强弱的变化而变化，这种电阻叫做磁敏电阻，如图甲所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图像．为了研究某磁敏电阻R的性质，小刚设计了如图乙所示的电路进行实验，请解答下列问题：
（1）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为 A．
（2）只闭合S1，通电螺线管的左端为 极；闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为 T．
（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的 无关．
（4）实验中小刚通过改变滑动变阻器连入电路中的阻值来改变磁敏电阻所在位置的磁感应强度，请你再提供一种改变磁感应强度的方法 ．
【答案】（1）0.03
（2）S；0.3
（3）方向
（4）改变螺线管中线圈的匝数
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，此时磁场强度为零，根据左图知此时磁敏电阻的阻值为100Ω，则此时电流表的示数为 。（2）只闭合S1，根据安培定则判断，通电螺线管的右端为N极，左端为S极；
闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，此时磁敏电阻的阻值为： ，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为0.3T。（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，则电磁铁的磁极会对调，但发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，即磁敏电阻的阻值没胡，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的方向无关。（4）根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知，可以改变电流大小或改变螺线管线圈匝数多少的方法改变磁场的强弱。
故答案为： （1）0.03；（2）S； 0.3；（3）方向；（4）改变螺线管中线圈的匝数.
【分析】电磁铁的磁性强弱和电流大小有关，根据欧姆定律可以计算电路中的电流大小.
23．（2018·连云港模拟）小凯和小明为了弄清一个未知电阻的阻值，小凯将未知电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和电源连接成了如图甲所示的电路，小凯正准备闭合开关时，旁边的小明急忙拦住他，说线接错了。
①小是发现只要改接一根导线就可以连接正确，请你检查一下电路，指出改接的是 导线。（选填：a、b、c、d、e、f、g）
②故障排除后，电阻两端的电压表示数如图乙所示，其读数为 V。（保留两位小数）
③小凯在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如下表所示；
根据表中数据在图丙中画出电阻R的I—U关系图像 。
④由③中图像求出该电阻的阻值为 Ω。（保留一位小数）
⑤将图甲所示电路改成如图丁所示电路，电源电压保持不变，已知R1：R2：R3＝2：1：1，测得开关S断开时R2中的电流为I，消耗功率为P；则开关S闭合后，R1中的电流值为 ，R3消耗的功率为 。
【答案】d；1.4；；5.0；6/5I；9/25P
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】①利用伏安法测电阻，电压表应并联在被测电阻两端，电流表串联在电路中，图甲中电流表与未知电阻并联，电压表串联在电路中，连接错误。按电流路径从电源正极→b→c→e→d→g→a→电源负极。改接的是导线d。②电压表所用量程是0~3V，分度值为0.1V，所以图乙电压表读数为1.4V。③根据实验数据，用描点法画出电阻R的I—U关系图像。④利用多次测量求平均值的方法可得：R＝ 。⑤由题知，开关S断开时，R1、R2串联，串联电路的电流为I，I＝ 。R2消耗的功率为P＝I2R2。当开关S闭合后，R2、R3并联后在与R1串联，电路的总电阻为R总＝R1+ ＝2R2+ ，则通过R1的电流I1＝ ，因为R2＝R3，通过R3的电流为：I3＝ I1＝ I，R3消耗的功率P3＝I32R3＝ I2R3＝＝ I2R2＝ P。
【分析】测量电阻时，要让电压表测量电阻处的电压，电流表测量电路中的电流，用电压和电流的比值计算电阻.
五、计算题
24．（2018·连云港模拟）图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态
（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大
（2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃．需用时14min[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]．求此加热过程中：①水吸收的热量； ②饮水机的加热效率．
（3）求电阻R1的阻值(保温功率是指整个电路消耗的功率)，
【答案】（1）解：由P＝UI可知，在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流：I＝ ＝2A；
（2）解：①由ρ＝ 可知，热水箱中的水质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×1×10-3m3＝1kg，水吸收的热量：Q吸＝cm（t2-t1）＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（90℃-20℃）＝2.94×105J；
②电流做的功：W＝P加热t＝440W×14×60s＝3.696×105J，饮水机的加热效率：η＝ ×100%＝ ×100% 79.5%．
（3）解：由图示电路图可知，开关S闭合时，只有R2接入电路，电路处于加热状态，电阻R2阻值R2＝ ＝110Ω.
【知识点】热量的计算；电功率的计算
【解析】【分析】根据电功率和电压可以计算电流，利用比热容、质量和温度差可以计算吸热多少，利用电功率和时间可以计算电功的大小.
江苏省连云港市岗埠中学2018届九年级物理3月月考试卷
一、单选题
1．（2018·连云港模拟）唐朝诗人李益有一首诗叫《喜见外弟又言别》，其中描写道：“十年离乱后，长大一相逢，问姓惊初见，称名忆旧容”.从“问姓”中想起初见的“旧容”，可见声音中有一种特性让诗人唤起了十年前的记忆，这种特征是（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
2．（2018·连云港模拟）“如果声音在空气中的传播速度变为0.1m/s，则我们周围的世界会有什么变化？”关于这一问题的讨论，一名学生提出了下列四个有关的场景，不正确的是（ ）
A．教室内学生能更清楚地听到教师的讲课声
B．汽车的喇叭不能再起到原来的作用
C．管乐队在会场内的演奏效果将变差
D．我们听到万米高空传来客机声时，却不能看到该飞机
3．（2018·连云港模拟）下列现象不可能发生的是（ ）
A．水的沸点低于或高于100℃
B．物体吸收热量温度保持不变
C．－5℃的冰块放在0℃的水中会熔化
D．湿衣服放在温度低的地方比放在温度高的地方干得快
4．（2018八上·朝阳期末）蔬菜加工企业为了避免蔬菜在长途运输、贮存等环节中腐烂变质及高温杀菌时对蔬菜营养成分的破坏，常常对蔬菜进行真空脱水，使之成为脱水蔬菜 . 从物理学的角度看，真空脱水的道理是（ ）
A．真空环境气压很低，大大降低了水的沸点，使蔬菜中的水分迅速汽化，从而实现脱水
B．真空环境的温度很高，可使蔬菜中的水分在短时间内迅速汽化，从而实现脱水
C．真空环境的空气密度很小，可迅速提高蔬菜中水分子的运动速度，从而实现脱水
D．真空环境的温度极低，可使蔬菜中的水分迅速凝固并升华，从而实现脱水
5．（2018·连云港模拟）电磁铁是一个带有铁芯的螺线管，有着广泛的应用．如果要增强其磁性，以下方法中可行的是（ ）
A．减少线圈的匝数 B．增大线圈中的电流
C．改变线圈中的电流方向 D．减小线圈两端的电压
6．（2018·连云港模拟）在探究电磁铁的实验中，小明利用相同规格的大铁钉和漆包线自制了两个匝数不同的线圈，连接电路如图所示．闭合开关，调整变阻器滑片使电流保持不变，观察电磁铁吸引大头针数目的多少．这一实验的目的是研究电磁铁的磁性与哪个因素有关（ ）
A．电磁铁的极性 B．线圈的匝数
C．电流的方向 D．电流的大小
7．（2018·连云港模拟）如图所示，若把滑动变阻器的滑片向右移动，则对螺线管a端极性及磁性强弱判断正确的是（ ）
A．S极，增强 B．N极，减弱 C．S极，减弱 D．N极，增强
8．（2018·连云港模拟）如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值。比较通电后两根电阻丝各自两端的电压U以及它们在相同时间内分别产生的热量Q甲、Q乙的大小，下面关系中正确的是：（ ）
A．U甲＝U乙，Q甲＝Q乙 B．U甲＜U乙，Q甲＞Q乙
C．U甲＜U乙，Q甲＜Q乙 D．U甲＞U乙，Q甲＜Q乙
9．（2018·连云港模拟）将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（ ）
A．电冰箱产生的热量最多 B．电风扇产生的热量最多
C．电热毯产生的热量最多 D．三者产生的热量一样多
10．（2016·雅安）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点），闭合开关S，当滑片P在b端时，电流表示数为0.2A，R2消耗的电功率为2W，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.5A，R2消耗的电功率为3.5W，则当滑片P从a移到b的过程中（ ）
A．电压表示数变化了12V B．电流表示数变化了1.2A
C．R1消耗的电功率变化了5W D．电路消耗的总功率变化了12W
二、填空题
11．（2018·连云港模拟）登上月球的宇航员面对面站着也不能交谈，这是因为月球上没有空气，这说明声的传播需要 ，采用 可以使宇航员互相交谈。
12．（2018·连云港模拟）如图所示，医生正在用听诊器为病人诊病，听诊器运用了声音 （填“具有能量”或“传递信息”）道理，来自患者的声音通过橡皮管传送到医生的耳朵，这样就可以提高声音的 （填“音调”或“响度”）
13．（2018·连云港模拟）如图所示是模拟大自然中雨的形成的实验装置图，往烧瓶中注入适量的水，用酒精灯加热，直到水烧开，小明发现在离壶嘴远一些的地方有“白气”，这是因为 ．往瓶口的上方倾斜地放置一个金属盘，一段时间后，观察到金属盘的底面出现大量的小水滴，短时间内要在金属盘的底面上产生更多的水滴，可以采取的措施有： （一种即可）．日常生活中液化石油气，就是在常温下用 的方法，使它变成液体储存在钢瓶里的，这也是使气体变成液体的另一种方法．
14．（2018·连云港模拟）用蒸笼蒸馒头，是上层还是下层蒸格中的馒头先熟呢？小明仔细观察后发现：高温的水蒸气经过多层蒸格向上升，遇到冷的蒸笼盖时，大量水蒸气发生 （填物态变化名称）现象， 很多热量（选填“吸收”或“放出”），使 层蒸格中的馒头先熟。
15．（2018·连云港模拟）如图所示，GMR是巨磁电阻（其电阻值在磁场中随磁性的增强急剧减小），当开关S1、S2都闭合时，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则小磁针的A端为 极；当滑片P向右滑动时，电磁铁的磁性 （选填“增强”、“减弱”、“不变”），指示灯的亮度 （选填“变亮”、“变暗”、“不变”）。
16．（2018·连云港模拟）电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从说明书上收集到如下数据及如图所示的电路原理图。当温控开关S0断开时，饮水机处于 工作状态；电热饮水机在加热状态下的工作电流为 A．
17．（2016九下·汶上开学考）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象．则该滑动变阻器的最大值是 Ω，当滑片P移动到b端时，R0消耗的电功率是 W．
三、作图题
18．（2018·连云港模拟）在如图所示的图中绕制螺线管，当S合上且变阻器滑片向左移动弹簧伸长．
19．（2017·金平模拟）小磁针在通电螺线管产生的磁场中静止不动，如图，请标出电源的正负极符号，并标出小磁针的N极、S极．
四、实验题
20．（2018八上·泰州期末）阅读下列文字完成填空：
（1） 为了证明发声的桌面在振动，老师在水平桌面上固定了一块平面镜，用激光笔（被支架固定在桌面上）照射平面镜，经反射后在墙面上出现了一个小光斑（如图所 示），当用力敲击桌面使桌子发声时，可以看到墙上的光斑在上下跳动，通过光斑的跳动证明了桌面在振动，这种物理方法是 法；实验中选激光笔做光源是因为激光束的平行度特别好，在传播很远的距离后仍能保持一定的强度，激光的这一特性使它可以用来进行精确 ．
（2）实验时如果要让光斑跳动的幅度更明显些，下列做法：①加大激光笔的亮度；②拉上房间的窗帘； ③增大桌子与墙壁间的距离； ④将平面镜擦得更干净；其中比较可行的做法是 ．（填入你认为可行做法的序号）
21．（2018·连云港模拟）小明通过观察发现：炎热的夏季，家中的蜡烛、柏油路上的沥青会变软，而冰块熔化时，没有逐渐变软的过程。由此他推测，不同物质熔化时，温度的变化规律可能不同。他决定选用碎冰和碎蜡研究物质的熔化过程，为让碎冰和碎蜡均匀而缓慢地熔化，他把碎冰和碎蜡分别放到盛有热水的烧杯中进行实验并记录数据，实验装置如图甲所示。
（1）图乙是 (填“冰”或“蜡”)的温度随时间变化的图象。
（2）在冰和蜡熔化过程中，如果将试管从烧杯中拿出来，冰和蜡停止熔化。将试管放回烧杯后，冰和蜡又继续熔化。说明固体熔化时需要 。
（3）通过探究实验，根据固体熔化时温度 ，把它分为晶体和非晶体。
（4）这时小明又猜想：质量相同的不同晶体熔化成液体时吸收的热量是否相同呢？
他在相同的烧杯中分别装上了100 g的冰和萘，用同样的酒精灯加热，并用表测出它们熔化时所用的时间，记录的数据如下表所示。
分析实验数据，可以得出结论：质量相同的不同晶体熔化成液体时吸收的热量是 (填“相同”或“不同”)的。
22．（2018·连云港模拟）物理学中常用磁感线来形象地描述磁场，用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱，它的国际单位是特斯拉（符号是T），磁感应强度B越大表明磁场越强；B=0表明没有磁场．有一种电阻，它的大小随磁场强弱的变化而变化，这种电阻叫做磁敏电阻，如图甲所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图像．为了研究某磁敏电阻R的性质，小刚设计了如图乙所示的电路进行实验，请解答下列问题：
（1）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为 A．
（2）只闭合S1，通电螺线管的左端为 极；闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为 T．
（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的 无关．
（4）实验中小刚通过改变滑动变阻器连入电路中的阻值来改变磁敏电阻所在位置的磁感应强度，请你再提供一种改变磁感应强度的方法 ．
23．（2018·连云港模拟）小凯和小明为了弄清一个未知电阻的阻值，小凯将未知电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和电源连接成了如图甲所示的电路，小凯正准备闭合开关时，旁边的小明急忙拦住他，说线接错了。
①小是发现只要改接一根导线就可以连接正确，请你检查一下电路，指出改接的是 导线。（选填：a、b、c、d、e、f、g）
②故障排除后，电阻两端的电压表示数如图乙所示，其读数为 V。（保留两位小数）
③小凯在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如下表所示；
根据表中数据在图丙中画出电阻R的I—U关系图像 。
④由③中图像求出该电阻的阻值为 Ω。（保留一位小数）
⑤将图甲所示电路改成如图丁所示电路，电源电压保持不变，已知R1：R2：R3＝2：1：1，测得开关S断开时R2中的电流为I，消耗功率为P；则开关S闭合后，R1中的电流值为 ，R3消耗的功率为 。
五、计算题
24．（2018·连云港模拟）图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态
（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大
（2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃．需用时14min[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]．求此加热过程中：①水吸收的热量； ②饮水机的加热效率．
（3）求电阻R1的阻值(保温功率是指整个电路消耗的功率)，
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】本诗的意思是：作者与弟弟在战乱中离散，十年后在某处偶尔相逢，作者在与他互道姓名的声音中，判断出此人就是十年前离散的亲弟.这里通过相关的诗句考查对声音的品质即音色的认识.音色是由发声体本身的特性决定的，而与其他因素无关.作者正是根据声音的这一特性来判断阔别已久的弟弟的，C符合题意，ABD不符合题意.
故答案为：C.
【分析】音色是声音的特色，是辨别不同发声体的依据.
2．【答案】A
【知识点】声速
【解析】【解答】解：A、假设学生离老师6m远，老师发出声音后，经过6s学生才能听到，不会更清楚，故A错误；
B、汽车的喇叭声传播的太慢，不能再起到原来的作用，说法正确；
C、声音在空气中的传播的速度变为0.1米/秒，是正常时的 ，乐队在会场内的演奏将变得很混乱，说法正确；
D、从万米高空中客机声音传来，飞机早看不到了，故D正确．
故选A．
【分析】声音在15℃的空气中的传播速度为340m/s，通过想象，用变化后的声速以及产生的现象与现实情况相对比，进行判断即可．
3．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；熔点和凝固点
【解析】【解答】A、当气压高于1标准大气压时，水的沸点高于100℃；当气压低于1标准大气压时，水的沸点低于100℃，有可能，A不符合题意；
B、晶体熔化过程，吸热温度保持不变，有可能，B不符合题意；
C、把一块-5℃的冰放到0℃的水里，冰可能达到熔点，但不能继续吸热，不能熔化，C符合题意．
D、影响蒸发的因素有温度、液体表面积以及液体表面积上的空气流动，湿衣服放在温度低的地方比放在温度高的地方干得快，有可能，D不符合题意．
故答案为：C
【分析】冰的熔化条件是到达熔点，并且继续吸热.
4．【答案】A
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】真空环境下，气压很小，这样大大降低了水的沸点，使蔬菜中的水分迅速沸腾（汽化），从而实现脱水，使蔬菜成为脱水蔬菜，所以真空脱水与温度、密度等没有关系，A符合题意，
故答案为：A .
【分析】物质由液态变为气态的现象是汽化现象，汽化可以在任何温度下发生；液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越大沸点越高，气压越小沸点越低 .
5．【答案】B
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】影响通电螺线管磁性强弱的因素：线圈匝数、电流大小。减少线圈的匝数，可以减弱螺线管的磁性，A不符合题意；增大线圈中的电流可以增强螺线管的磁性，B符合题意；改变线圈中的电流方向，可以改变螺线管的磁极，与磁性强弱无关，C不符合题意；减小线圈两端的电压，即减小了螺线管中的电流，减弱了螺线管的磁性，D不符合题意，
故答案为：B。
【分析】电磁铁的磁性强弱的影响因素有电流的大小、线圈匝数的多少.
6．【答案】B
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电磁铁磁性的强弱跟电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯有关，根据题意知道，电路中电流大小相等、铁芯相同，但线圈的匝数不同，所以探究的是电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系，B符合题意，ACD不符合题意，
故答案为：B。
【分析】电磁铁磁性的强弱和电流有关、和线圈匝数有关，探究时要结合控制变量法.
7．【答案】C
【知识点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】由安培定则知道，开关闭合后，通电螺线管的右端是N极，左端是S极，当滑片向右移动后，电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性变弱，C符合题意，ABD不符合题意，
故答案为：C。
【分析】根据右手螺旋定则判断线圈的磁极，当电流减小时，磁性减弱.
8．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律
【解析】【解答】由于两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由题意知：R甲
【分析】在串联电路中电阻越大分压越大，当电流和时间相同时，电阻越大产生的热越多.
9．【答案】C
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】∵接在家庭电路中，U＝220V，∴三种用电器的实际功率：P实＝P额＝180W；又∵W＝Pt，用电器工作时间t相等，∴三种用电器消耗的电能相同；∵电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量；∴产生热量最多的是电热毯C符合题意，ABD不符合题意．
故答案为：C．
【分析】电冰箱、电风扇把绝大多数电能转化为机械能，电热毯把电能转化为内能.
10．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流．
（1.）当滑片P在b端时，电路的电流I1=0.2A，R2消耗的电功率P2=2W，由P=UI可得，R2两端的电压： U2= = =10V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I= 可得，电源的电压： U=I1R1+U2=0.2A×R1+10V，当滑片P移动至某一位置时，电路中的电流I2=0.5A，R2消耗的电功率U2′=3.5W，则R2两端的电压： U2′= = =7V，电源电压： U=I2R1+U2′=0.5A×R1+7V，因电源的电压不变，所以，0.2A×R1+10V=0.5A×R1+7V，解得：R1=10Ω，电源电压：U=I1R1+U2=0.2A×10Ω+10V=12V；
（2.）当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则当滑片P从a移到b的过程中，电压表示数的变化量：△U=U﹣U1=U﹣（U﹣U2）=U2=10V，故A错误；此时电路中的电流： I= = =1.2A，则当滑片P从a移到b的过程中，电流表示数的变化量：△I=I﹣I1=1.2A﹣0.2A=1A，故B错误；当滑片P从a移到b的过程中，R1消耗电功率的变化量：△P1=I2R1﹣I12R1=（1.2A）2×10Ω﹣（0.2A）2×10Ω=14W，故C错误；当滑片P从a移到b的过程中，电路消耗总功率的变化量：△P=UI﹣UI1=12V×1.2A﹣12V×0.2A=12W，故D正确．故选D．
【分析】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流．（1）当滑片P在b端时，知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；当滑片P移动至某一位置时，又知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；（2）当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，据此求出电压表示数的变化量，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后得出电流表示数的变化量，根据P=I2R求出R1消耗电功率的变化量，根据P=UI求出电路消耗总功率的变化量．
11．【答案】介质；无线电
【知识点】声音的传播条件；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】因为真空不能传声，所以登上月球的宇航员面对面站着也不能交谈，需采用无线电交谈。电磁波能在真空中传播。
故答案为：介质；无线电.
【分析】声音的传播需要介质，真空不传声，电磁波可以在真空中传播信息.
12．【答案】传递信息；响度
【知识点】响度及响度与振幅的关系；声与信息
【解析】【解答】医生用听诊器为病人诊病，是因为声音能传递信息，来自患者的声音通过橡皮管传送到医生的耳朵，橡胶管减少了声音的分散，提高了响度。
故答案为：传递信息；响度 .
【分析】声音可以传递信息，响度指声音的大小.
13．【答案】水蒸气遇冷液化；降低金属板的温度；压缩体积
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】烧开水时，离壶嘴远一些的地方有“白气”，这是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．
根据小水滴的成因可知，为了产生更多的水滴，可以让更多的水蒸气发生液化，温度低一些更容易液化，所以降低金属板的温度可以产生更的水滴（可以在金属盘上放一些冰块）。液化石油气，就是在常温下压缩体积的方法，使石油气变成液体储存在钢瓶里的。
故答案为：水蒸气遇冷液化；降低金属板的温度；压缩体积.
【分析】气体变为液体的过程叫液化，液化的方法有降低温度和压缩体积.
14．【答案】液化；放出；上
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】高温的水蒸气上升遇到冷的蒸笼盖，会变成水滴，由气态变成液态，是液化现象；水蒸气液化时，要放出大量的热，从而造成上面的馒头先熟。
故答案为：液化；放出；上.
【分析】气体变为液体的过程叫液化，液化要放出热量.
15．【答案】S；减弱；变暗
【知识点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据安培定则，通电螺线管左端为N极，所以小磁针的A端为S极。（2）当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的阻值增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱。GMR巨磁电阻的阻值随磁性的减弱急剧增大，由I=U/R可得，工作电路中的电流变小，所以指示灯的亮度变暗。
故答案为：S；减弱；变暗.
【分析】根据右手螺旋定则判断磁极位置，电磁铁的磁性强弱的影响因素有电流大小和线圈匝数的多少，当电路中的电阻变化，电流也会相应变化.
16．【答案】保温；2
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】（1）S0断开后R1被断路，只有R2加热；根据越并越小、小于任何一个分电阻可知，电路电阻变大；根据P＝ 可知，功率变小，所以饮水机处于保温状态。（2）电热饮水机在加热状态下的工作电流：I＝ ＝2A.
故答案为：保温；2.
【分析】根据电路的连接，当并联的用电器越多，总功率越大，根据电功率和电压计算电阻.
17．【答案】100；7.2
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象可知，当电路中的最小电流I′=0.1A时，R1的电功率P1′=1W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1′= = =100Ω，当电路中的电流I″=0.2A时，R1的电功率P1″=1.6W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1″= = =40Ω；（2）当电路中的电流I′=0.1A时，R0与R1′串联，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：R串1=R0+R1′，
由I= 可得，电源的电压：
U=I′（R0+R1′）=0.1A×（R0+100Ω）﹣﹣﹣﹣﹣①
当电路中的电流I″=0.2A时，
R串2=R0+R1，
由I= 可得，电源的电压：
U=I″（R0+R1″）=0.2A×（R0+40Ω）﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：R0=20Ω，
电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（20Ω+40Ω）=12V．当滑片P移动到b端时，只有R0连入，则R0消耗的电功率P0= = =7.2W．
是故答案为：100；7.2．
【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象读出电路中的最小电流为0.1A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的最大电阻；，根据P=I2R求出电流为0.1A时R1接入电路的电阻；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，利用P= 求出R0消耗的功率．
18．【答案】解：如图所示：
【知识点】磁现象；安培定则
【解析】【解答】要使闭合开关后弹簧伸长，应使两磁铁相互吸引，则由磁极间的相互作用可知，电磁铁上端应为N极，则由右手螺旋定则可知，电流应由上端流入；如图所示：
【分析】电磁铁中的磁性和电流的大小有关，磁体间磁极关系是同名磁极相斥，异名磁极相吸.
19．【答案】解：如图所示：
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：根据电流表的接法：电流从电流表的正接线柱流入，可知电源的左端为负极，根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端，则四指弯曲的方向为电流的方向，据此确定螺线管右端为N极，左端为S极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为N极，右端为S极．故答案为：
【分析】①根据电流表的接法判断电源的正负极即符号；②根据安培定则，结合电流的方向可确定通电螺线管的磁极．③根据磁极间的相互作用确定小磁针的磁极．
20．【答案】（1）转换；测距
（2）③
【知识点】声音的产生
【解析】【解答】（1）桌面发声时，桌面振动带动镜子也振动，所以小光斑的位置会上下移动，这说明声音是由于物体的振动产生的。平面镜把桌面的振动转换为光斑在上下跳动：利用激光的特性可以进行精确测距；（2）桌面发声时，桌面振动带动平面镜也振动，所以小光斑的位置会上下移动，增大桌子与墙壁间的距离，墙上光斑跳动的幅度更明显，所以方法 可行。
故答案为：（1）转换；测距；（2）③.
【分析】桌面的振动很小，不易观察，通过观察光斑的跳动知道桌面在振动，是转换法；利用激光的特性，可以进行精确测距；
（2）要让光斑跳动的幅度更明显些可增大桌子与墙壁间的距离，墙上光斑跳动的幅度更明显，或者加大桌子的振动幅度.
21．【答案】（1）冰
（2）吸收热量
（3）是否保持不变
（4）不同
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】（1）零刻度在下方，液柱远离零刻度，是零上。每一个大格代表10℃，每一个小格代表2℃，示数是52℃。冰属于晶体有一定的熔化温度，蜡属于非晶体，非晶体没有一定的熔化温度。乙图象中有一段时间，吸收热量，温度保持不变。是冰的熔化图象；（2）试管从烧杯中拿出来，冰和蜡不能吸收热量，停止熔化。将试管放回烧杯后，冰和蜡能从热水中吸收热量，又继续熔化。说明固体熔化时吸收热量。（3）熔点是晶体熔化时固定不变的温度，根据固体熔化时温度是否保持不变，把它分为晶体和非晶体；（4）质量相同的冰和萘用同样的酒精灯加热，它们熔化时需要加热的时间不同，说明它们吸收的热量不同。
【分析】晶体在熔化时，吸收热量但温度保持不变，质量越大，吸热越多.
22．【答案】（1）0.03
（2）S；0.3
（3）方向
（4）改变螺线管中线圈的匝数
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，此时磁场强度为零，根据左图知此时磁敏电阻的阻值为100Ω，则此时电流表的示数为 。（2）只闭合S1，根据安培定则判断，通电螺线管的右端为N极，左端为S极；
闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，此时磁敏电阻的阻值为： ，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为0.3T。（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，则电磁铁的磁极会对调，但发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，即磁敏电阻的阻值没胡，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的方向无关。（4）根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知，可以改变电流大小或改变螺线管线圈匝数多少的方法改变磁场的强弱。
故答案为： （1）0.03；（2）S； 0.3；（3）方向；（4）改变螺线管中线圈的匝数.
【分析】电磁铁的磁性强弱和电流大小有关，根据欧姆定律可以计算电路中的电流大小.
23．【答案】d；1.4；；5.0；6/5I；9/25P
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】①利用伏安法测电阻，电压表应并联在被测电阻两端，电流表串联在电路中，图甲中电流表与未知电阻并联，电压表串联在电路中，连接错误。按电流路径从电源正极→b→c→e→d→g→a→电源负极。改接的是导线d。②电压表所用量程是0~3V，分度值为0.1V，所以图乙电压表读数为1.4V。③根据实验数据，用描点法画出电阻R的I—U关系图像。④利用多次测量求平均值的方法可得：R＝ 。⑤由题知，开关S断开时，R1、R2串联，串联电路的电流为I，I＝ 。R2消耗的功率为P＝I2R2。当开关S闭合后，R2、R3并联后在与R1串联，电路的总电阻为R总＝R1+ ＝2R2+ ，则通过R1的电流I1＝ ，因为R2＝R3，通过R3的电流为：I3＝ I1＝ I，R3消耗的功率P3＝I32R3＝ I2R3＝＝ I2R2＝ P。
【分析】测量电阻时，要让电压表测量电阻处的电压，电流表测量电路中的电流，用电压和电流的比值计算电阻.
24．【答案】（1）解：由P＝UI可知，在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流：I＝ ＝2A；
（2）解：①由ρ＝ 可知，热水箱中的水质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×1×10-3m3＝1kg，水吸收的热量：Q吸＝cm（t2-t1）＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（90℃-20℃）＝2.94×105J；
②电流做的功：W＝P加热t＝440W×14×60s＝3.696×105J，饮水机的加热效率：η＝ ×100%＝ ×100% 79.5%．
（3）解：由图示电路图可知，开关S闭合时，只有R2接入电路，电路处于加热状态，电阻R2阻值R2＝ ＝110Ω.
【知识点】热量的计算；电功率的计算
【解析】【分析】根据电功率和电压可以计算电流，利用比热容、质量和温度差可以计算吸热多少，利用电功率和时间可以计算电功的大小.
