【精选精练】人教版2023年七年级（上）期末尖子生培优
一元一次方程 题型归纳训练
【题型1 解含参数的一元一次方程】
【例1】
1．已知关于x的一元一次方程的解是，关于y的一元一次方程的解是（其中b和c是含有y的代数式），则下列结论符合条件的是（ ）
A． B．
C． D．
【变式1-1】
2．已知关于x的方程的解为正整数，则整数k的值为 ．
【变式1-2】
3．已知a，b为定值，且无论k为何值，关于x的方程的解总是x＝2，则 ．
【变式1-3】
4．已知关于的方程有非负整数解，则整数的所有可能的取值的和为（ ）
A． B． C． D．
【题型2 整体代入法解一元一次方程】
【例2】
5．已知关于的一元一次方程的解为，那么关于的y一元一次方程解为 ．
【变式2-1】
6．在解一元一次方程时，巧妙利用整体法，可以达到简化计算的效果．例如，在解方程时，把看作一个整体．
令，得：，
去括号，得：，
合并同类项，得：，
系数化为1，得：，
故，解得．
阅读以上材料，请用同样的方法解方程：
【变式2-2】
7．在解方程时，可先将，分别看成整体进行移项、合并同类项，得方程，然后再继续求解，这种方法叫做整体求解法，请用这种方法解方程：
(1)；
(2)．
【变式2-3】
8．当x＝1时，式子ax3+bx+1的值是2，则方程的解是 ．
【题型3 解含绝对值的一元一次方程】
【例3】
9．若关于x的方程有三个整数解，则的值是( )
A．0 B．1 C．2 D．3
【变式3-1】
10．方程的解为 ．
【变式3-2】
11．设，，当时，的取值范围是 ．
【变式3-3】
12．解方程：．
【题型4 利用一元一次方程解决规律问题】
【例4】
13．如图，某链条每节长为，每两节链条相连接部分重叠的圆的直径为，按这种连接方式，完成下面各题．
(1)2节链条的总长度为______；3节链条的总长度为______；4节链条的总长度为______；
(2)根据上述规律，节链条的总长度为多少；（用含的式子表示，不用说理）
(3)一根链条的总长度能否为？若能，请求出该链条由几节组成；若不能，请说明理由．
【变式4-1】
14．观察下面有规律排列的三行数：
(1)第一行数中，第7个数是______，第8个数是______
(2)观察第二行、第三行数与第一行数的关系，解决下列问题：
①第二行数中，第7个数是______，第三行数中，第7个数是______；
②取每行数的第2022个数，计算这三个数的和是______；
③如图，在第二行、第三行数中，用两个长方形组成“阶梯形”方框，框住4个数，左右移动“阶梯形”方框，是否存在框住的4个数的和为，若存在，求这四个数中最左边的数，若不存在，请说明理由．
【变式4-2】
15．如上表，方程①、方程②、方程③、方程④．．．．是按照一定规律排列的一列方程：
序号 方程 方程的解
①
②
③ ______
④ _____
… … …
(1)将上表补充完整，
(2)按上述方程所包含的某种规律写出方程⑤及其解；
(3)写出表内这列方程中的第n（n为正整数）个方程和它的解．
【变式4-3】
16．某旅游景区走廊的中间部分是用边长为1米的白色正方形地砖和彩色正方形（图中阴影部分）地砖铺成的，图案如图所示，根据图示排列规律，解答以下问题．
(1)第4个图案有白色地砖__________块地砖；第个图案有白色地砖__________块地砖（用含的代数式表示）；
(2)已知的长度为3米，的长度为5米，…，的长度为2023米，求图案中白色正方形地砖有多少块．
【题型5 一元一次方程中的动点问题】
【例5】
17．如图，中，，，，，若动点从点开始，按的路径运动，且速度为每秒．设运动的时间为秒．
(1)当点在上时，______时，把的周长分成相等的两部分？
(2)当点在上时，______时，把的面积分成相等的两部分？
(3)当点在所有运动过程中，连接或，求当为何值时，的面积为12？
【变式5-1】
18．如图，在△ABC中，AB＝20cm，AC＝12cm，点P从点B出发以每秒3cm速度向点A运动，点Q从点A同时出发以每秒2cm速度向点C运动，其中一个动点到达端点，另一个动点也随之停止，当△APQ是以PQ为底的等腰三角形时，运动的时间是（ ）秒
A．2.5 B．3 C．3.5 D．4
【变式5-2】
19．如图，在长方形中，，，点是的中点，动点从A点出发，点以每秒的速度沿长方形的边运动，方向为最终到达点停止，设点运动的时间为秒；
(1)试用含的式子表示线段的长；
(2)求出当为何值时，三角形的面积等于．
【变式5-3】
20．如图，在长方形中，，．动点P从点A出发，沿线段，向点C运动，速度为；动点Q从点B出发，沿线段向点C运动，速度为，当点P运动到点C时，点P、Q同时停止运动．设运动的时间是．
(1)当点P在上运动时，用含t的代数式表示下列线段的长度_________ _________ _________
(2)当点P在上运动时，t为何值，能使？
(3)点P能否追上点Q？如果能，求出t的值：如果不能，说明理由．
【题型6 一元一次方程中的数形结合问题】
【例6】
21．如图，已知数轴上、两定点对应的数是－，，动点、同时从点出发向点运动，到达点后折返向点继续运动，其中某点回到点时，全部停止．（点的速度为个单位长度秒，点的速度为个单位长度秒）
(1)在点到达点前，
①经过______秒、之间间隔个单位长度：
②经过______秒原点刚好位于、的最中间；
③经过______秒点到点的距离刚好等于点到点的距离（即）；
(2)当动点到达点后，点开始改变速度以个单位长度秒的速度继续运动，秒后，、两点之间相距个单位长度，求的值．
【变式6-1】
22．如图，已知数轴上点A表示的数为6，B是数轴上在A左侧的一点，且A，B两点间的距离为10．动点P从点A出发，以每秒6个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，设运动时间为秒．
(1)数轴上点B表示的数是________，当时，点P表示的数是________；
(2)动点Q从点B出发，以每秒4个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，若点P、Q同时出发．求：
①当点P运动多少秒时，点P与点Q相遇？
②当点P运动多少秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度？
【变式6-2】
23．如图①，在数轴上，点为坐标原点，点、、、表示的数分别是、3、9、13．动点、同时出发，动点从点出发，沿数轴以每秒2个单位的速度向点运动，当点运动到点后，立即按原来的速度返回．动点从点出发，沿数轴以每秒1个単位的速度向终点运动．当点到达点时，点也停止运动，设点的运动时间为秒．
(1)点与原点的距离是______．
(2)点从点向点运动过程中，点与原点的距离是______（用含的代数式表示）．
(3)点从点向点运动过程中，当点与原点的距离恰好等于点与点的距离时，求的值．
(4)在点、的整个运动过程中，若将数轴在点和点处各折一下，使点与点重合，如图②所示，当所构成的三角形中恰好有两条边相等时，直接写出的值．
【变式6-3】
24．将一条数轴在原点和点处各折一下，得到如图所示的“折线数轴”，图中点表示，点表示，点表示．我们称点和点在数轴上的“友好距离”为个单位长度．动点从点出发，以单位长度/秒的速度沿着“折线数轴”向其正方向运动．当运动到点与点之间时速度变为原来的一半．经过点后立刻恢复原速；同时，动点从点出发，以单位长度/秒的速度沿着“折线数轴”向其负方向运动，当运动到点与点之间时速度变为原来的两倍，经过后也立刻恢复原速．设运动的时间为秒．
(1)动点从点运动至点需要 秒，动点从点运动至点需要 秒；
(2)，两点相遇时，求出相遇点在“折线数轴”上所对应的数；
(3)是否存在t值，使得点和点任“折线数轴”上的“友好距离”等于点和点在“折线数轴”上的“友好距离”？若存在，求出的值；若不存在，请说明理由．
【题型7 一元一次方程的新定义问题】
【例7】
25．已知x＝m与x＝n分别是关于x的方程ax+b＝0（a≠0）与cx+d＝0（c≠0）的解．
（1）若关于x的方程ax+b＝0（a≠0）的解与方程6x-7＝4x-5的解相同，求m的值；
（2）当n＝1时，求代数式3c2+cd+2c-2（cdc2-d）的值；
（3）若|m-n|，则称关于x的方程ax+b＝0（a≠0）与cx+d＝0（c≠0）为“差半点方程”．试判断关于x的方程4042x9×2020﹣2020t+x，与4040x+4＝8×2021﹣2020t﹣x，是否为“差半点方程”，并说明理由．
【变式7-1】
26．定义：若整数k的值使关于x的方程的解为整数，则称k为此方程的“友好系数”.
(1)判断当时是否为方程的“友好系数”，写出判断过程；
(2)方程“友好系数”的个数是有限个数，还是无穷多？如果是有限个数，求出此方程的所有“友好系数”；如果是无穷多，说明理由．
【变式7-2】
27．我们规定：若关于x的一元一次方程的解为，则称该方程为“和解方程”．例如：方程的解为，而，则方程为“和解方程”．
请根据上述规定解答下列问题：
(1)下列关于x的一元一次方程是“和解方程”的有 ．
①；②；③．
(2)已知关于x的一元一次方程是“和解方程”，求m的值；
(3)若关于x的一元一次方程和都是“和解方程”，求代数式的值．
【变式7-3】
28．在学习一元一次方程后，我们给一个定义：若是关于的一元一次方程的解，是关于的方程的所有解的其中一个解，且，满足，则称关于的方程为关于的一元一次方程的“久久方程”．例如：一元一次方程的解是，方程的所有解是或，当，，所以为一元一次方程的“久久方程”．
(1)已知关于的方程：①，②，其中哪个方程是一元一次方程的“久久方程”？请直接写出正确的序号________．
(2)若关于的方程是关于的一元一次方程的“久久方程”，请求出的值．
(3)若关于的方程是关于的一元一次方程的“久久方程”，求出的值．
【题型8 一元一次方程的应用】
【例8】
29．篝火晚会，学年统一为各班准备了发光手环，每名同学一个，1班有人，2班有人，考虑到发光手环易坏，学年又额外给1班、2班共个手环．
(1)要使1班、2班的手环数一样多，请问应额外给1班多少个手环？
(2)为营造氛围，各班还需要集体购买发光头饰．姜经理看到商机，准备寻找进货途径．他在甲、乙两个批发商处，发现了同款高端发光头饰，均标价元甲说：“如果你在我这里买，一律九折”，乙说：“如果你在我这里买，超出个，则超出部分一律八折”（每次只能在一个批发商处进货）．
①请问购进多少个发光头饰，去两个批发商处的进货价一样多？
②姜经理第一次购进个发光头饰，正好全部售出．第二次购进的数量比第一次的3倍还多个．两次均以最优惠的方式购进．如果第一次的总售价为元，且两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的，则第二次每个发光头饰的售价为多少元？
【变式8-1】
30．轮船沿江从港顺流行驶到港，比从港返回港少用，若静水时船速为，水速为，则港和港相距 ．
【变式8-2】
31．某次篮球联赛共有十支队伍参赛，部分积分表如下．根据表格提供的信息解答下列问题：
队名 比赛场次 胜场 负场 积分
A 18 14 4 32
B 18 11 7 29
C 18 9 9 27
（1）列一元一次方程求出胜一场、负一场各积多少分？
（2）某队的胜场总积分能等于它的负场总积分吗？若能，试求胜场数和负场数；若不能，说出理由．
（3）试就某队的胜场数求出该队的负场总积分是它的胜场总积分的正整数倍的情况？
【变式8-3】
32．小真、小善和小美三人是好朋友，同住幸福小区．为了鼓励节约用水，幸福小区对自来水的收费标准作如下规定：
用水量（立方米） 的部分 以上的部分
费用（元/立方米）
另外：每立方米收污水处理费1元．
(1)月小真家用水立方米，交费 ___________元；小善家用水立方米，交费 ___________元．
(2)幸福小区某个家庭用水量记为x立方米，请列式表示应交费___________元？
(3)已知小美家月份缴水费元，他家月用水多少立方米？
参考答案：
1．B
【分析】根据，得到，得到的解为，类比得到答案．
【详解】∵，得到，
∴的解为，
∵方程的解是，
∴，
故选B．
【点睛】本题考查了一元一次方程的解即使得方程左右两边相等的未知数的值，正确理解定义是解题的关键．
2．3或7．
【分析】解方程用含有k的式子表示x，再根据5除以几得正整数，求出整数k．
【详解】解：，
解得，，
∵k为整数，关于x的方程的解为正整数，
∴k-2=1或k-2=5，
解得，k=3或k=7，
故答案为：3或7．
【点睛】本题考查了一元一次方程的解，解题关键是根据方程的解为正整数，k为整数，确定未知数的系数的值．
3．
【分析】根据一元一次方程的解法，去分母并把方程整理成关于a、b的形式，然后根据方程的解与k无关分别列出方程求解即可．
【详解】解：方程两边都乘6，去分母得2（kx-a）=6-3（2x+bk），
∴2kx-2a=6-6x-3bk，
整理得（2x+3b）k+6x=2a+6，
∵无论k为何值，方程的解总是2，
∴2a+6=6×2，2×2+3b=0，
解得a=3，，
∴．
故答案为：-4．
【点睛】本题考查了一元一次方程的解，根据方程的解与k无关，则k的系数为0列出方程是解题的关键．
4．C
【分析】先根据解方程的一般步骤解方程，再根据非负数的定义将的值算出，最后相加即可得出答案．
【详解】解：
去分母，得
去括号，得
移项、合并同类项，得
将系数化为1，得
是非负整数解
或，，时，的解都是非负整数
则
故选C．
【点睛】本题考查了一元一次方程的解，熟练掌握解方程的一般步骤是解题的关键．
5．．
【分析】将方程变形为，在根据方程的解为得到，即可求解．
【详解】解：将关于的一元一次方程变形为，
即，
∵一元一次方程，
∴，
∵，
∴，
∴．
故答案为： y=3 ．
【点睛】本题考查了换元法解一元一次方程，将关于的一元一次方程变形为是解题关键．
6．x=
【分析】把x+2看作一个整体，再按照解一元一次方程的方法求解即可．
【详解】解：令a=x+2，则2a=2x+4，
原方程得：，
去括号，得：4a-20=1，
移项，得：4a=21，
系数化为1，得：a=．
故x+2=，
解得x=．
【点睛】本题考查了解一元一次方程，能正确换元是解此题的关键．
7．(1)
(2)
【分析】（1）将看成一个整体，移项、合并同类项、系数化成1即可．
（2）将、分别看成一个整体，移项、合并同类项、系数化成1即可．
【详解】（1）移项，得，
整体合并，得，
即，解得.
（2）.
移项、合并同类项得，
去分母，得，
去括号，得，
移项、合并同类项，得，
解得.
【点睛】本题考查了解一元一次方程的应用，解决本题的关键是要注意用了整体代入思想．
8．x＝1
【分析】把x＝1代入代数式，使其值为2，求出a+b的值，方程变形后代入计算即可求出解．
【详解】解：把x＝1代入得：a+b+1＝2，即a+b＝1，
方程去分母得：2ax+2+2bx﹣3＝x，
整理得：（2a+2b﹣1）x＝1，
即[2（a+b）﹣1]x＝1，
把a+b＝1代入得：x＝1．
故答案为：1．
【点睛】本题主要考查了解一元一次方程，以及代数式求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
9．B
【分析】根据绝对值的性质可得然后讨论及的情况下解的情况，再根据方程有三个整数解可得出的值．
【详解】解：①若
当时，解得：，；
当时，解得：；；
②若
当时，解得：，；
当时，解得：，；
又方程有三个整数解，
可得：或，根据绝对值的非负性可得：．
即只能取．
故选：B．
【点睛】本题考查含绝对值的一元一次方程，难度较大，掌握绝对值的性质及不等式的解集的求法是关键．
10．或
【分析】由绝对值的性质可得出，从而可分类讨论：①当时和②当时，再根据方程有意义可得出x的取值范围，最后再次根据绝对值的性质解方程即可．
【详解】解：∵
∴，
∴；
分类讨论：①当时，
∵方程有意义，
∴，
解得：，
∴，
∴
解得，，舍去；
②当时，
∵方程有意义，
∴，
解得：，
∴，即或，
解得：或．
故答案为：或．
【点睛】本题考查绝对值的性质，解一元一次方程．根据绝对值的性质去绝对值是解题关键．
11．
【分析】根据题意，得到，即，由绝对值的代数意义分情况讨论去掉绝对值，解方程即可得到答案．
【详解】解：，，当时，
，即，
当时，，则，即，解得；
当时，，则恒成立，即；
当时，，则，即，解得；
综上所述，当时，的取值范围是，
故答案为：．
【点睛】本题考查含绝对值方程的解法，熟记绝对值的代数意义去绝对值是解决问题的关键．
12．时，；时
【分析】令，，得，，根据这两个数进行分段，去绝对值符号求值.
【详解】解：①当时，，
，不存在；
②当时，，；
③当时，，，
的解是时，；时．
【点睛】本题主要考查了含绝对值符号的一元一次方程的解法，解题的方法是令每个绝对值部分为0，将的值分段去绝对值解方程．
13．(1)；
(2)
(3)能，由40节组成
【分析】（1）结合图形计算即可；
（2）根据（1）中规律求解即可；
（3）利用（2）中结论列方程求解即可．
【详解】（1）解：由题意得：
1节链条的长度，
2节链条的总长度，
3节链条的总长度，
4节链条的总长度，
故答案为：；；；
（2）根据（1）可得，节链条的总长度为；
（3）一根链条的总长度可以为，
设该链条由节组成，根据题意得，
解得，
∴总长度为的链条由40节组成．
【点睛】本题考查了规律型：图形的变化类、解一元一次方程，从图形找规律是解题的关键．
14．(1)，256
(2)①，258；②1；③1023
【分析】（1）根据已知数据都是前一个数乘2得到的，再利用第奇数个系数为负求解即可；
（2）①根据第二行的数比第一行的数小1，第三行的数等于第二行的数乘以，即可求解；
②根据第一行的第n个数为，第二行的数为，第三行的数为，可得，再进行求解即可；
③设第二行最左边的数为，则其第二个数为，第三行第一个数为，第二个数为，再列方程求解即可．
【详解】（1）解：由题意可得，第7个数是，第8个数是256，
故答案为：，256；
（2）解：①由题意可得，∵，，
∴第二行数中，第7个数是，第三行数中，第7个数是258，
故答案为：，258；
②∵第一行的第n个数为，第二行的数为，第三行的数为，
∴第一行的第2022个数为，第二行的第2022个数为，第三行的第2022个数为，
∴
，
故答案为：1；
③设第二行最左边的数为，则其第二个数为，第三行第一个数为，第二个数为，
∴，
解得，
∴，
答：这四个数中最左边的数为1023．
【点睛】本题考查数字规律型、用字母表示数、解一元一次方程，观察数据的规律，弄清数量关系列方程是解题的关键．
15．(1)，
(2)
(3)
【分析】（1）求解方程③和④可得解；
（2）按照方程根的规律列出方程即可；
（3）先按照规律列出方程的第个方程，再求解并检验．
【详解】（1）解：第个方程，
，
∴，
第个方程，
，
∴，
故答案为：，
（2）解：方程①，其解为；
方程②，其解为；
方程③，其解为；
方程④，其解为；
∴方程⑤为，其解为；
（3）由上表可得每个方程的左边是项的差，第一项是，第项是，右边是，方程的解为，
∴第（为正整数）个方程为，方程的解为．
【点睛】本题考查了解一元一次方程，熟练求解一元一次方程是解题的关键．
16．(1)；
(2)3036
【分析】（1）由题意知，第1个图案有白色地砖块地砖；第2个图案有白色地砖块地砖；第3个图案有白色地砖块地砖；第4个图案有白色地砖块地砖；，可推导一般性规律为：第个图案有白色地砖块地砖，然后进行作答即可；
（2）由的长度为 米；的长度为米；，可推导一般性规律：的长度为 米；∴令，解得，，然后根据中白色正方形地砖有，计算求解即可．
【详解】（1）解：由题意知，第1个图案有白色地砖块地砖；
第2个图案有白色地砖块地砖；
第3个图案有白色地砖块地砖；
第4个图案有白色地砖块地砖；
∴可推导一般性规律为：第个图案有白色地砖块地砖；
故答案为：；；
（2）解：∵的长度为 米；
的长度为米；
，
∴可推导一般性规律：的长度为 米；
∴令，解得，，
∴中白色正方形地砖有（块），
∴图案中白色正方形地砖有3036块．
【点睛】本题考查了图形的规律探究，一元一次方程的应用．解题的关键在于根据题意推导出一般性规律．
17．(1)6
(2)6.5
(3)为2或6.5秒时，的面积为12
【分析】（1）先求出的周长为24，所以当把的周长分成相等的两部分时，点在上，此时，再根据时间路程速度即可求解；
（2）根据中线的性质可知，点在中点时，把的面积分成相等的两部分，进而求解即可；
（3）分两种情况：①在上；②在上，根据三角形面积公式进行计算即可求解．
【详解】（1）解：中，∵，，，
∴的周长，
∴当把的周长分成相等的两部分时，
点在上，此时，
∴，解得．
故答案为：6；
（2）当点在中点时，把的面积分成相等的两部分，
此时，
∴，解得．
故答案为：6.5；
（3）解：分两种情况：①当在上时，
∵的面积，
∴，
∴，
∴，则；
②当在上时，
∵的面积面积的一半，
∴为中点，
∴，则．
故为2或6.5秒时，的面积为12．
【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，三角形的周长与面积，三角形的中线，利用分类讨论的思想是解（3）题的关键．
18．D
【分析】设运动时间为x秒时，AP＝AQ，根据点P、Q的出发点及速度，即可得出关于t的一元一次方程，解之即可得出结论．
【详解】设运动的时间为x秒，
在△ABC中，AB＝20cm，AC＝12cm，
点P从点B出发以每秒3cm的速度向点A运动，点Q从点A同时出发以每秒2cm的速度向点C运动，
当△APQ是以PQ为底的等腰三角形时，AP＝AQ，AP＝20﹣3x，AQ＝2x，
即20﹣3x＝2x，
解得x＝4
故选：D．
【点睛】此题主要考查学生对等腰三角形的性质这一知识点的理解和掌握，此题涉及到动点，有一定的拔高难度，属于中档题．
19．(1)当在上时，
当在上时，
(2)当为或5时，三角形的面积等于
【分析】（1）根据题意及线段的和差分两种情况求解即可得出答案；
（2）分当在上时及当在上时两种情况分别画出图形，利用三角形的面积公式计算即可得出答案．
【详解】（1）解：当在上时，
当在上时，
（2）解：①当在上时，如图
的面积等于5，
，
解得．
②当在上时，如图
的面积等于5，
，
即，
解得．
当为或5时，三角形的面积等于．
【点睛】本题考查了一元一次方程的应用及列代数式，熟记三角形的面积公式是解题的关键．
20．(1)， ，
(2)3秒
(3)能，15
【分析】（1）由动点Q从点B出发，沿线段向点C运动，速度为，得；由点P从点A出发在上运动，速度为，得，于是得到问题的答案；
（2）由点P在上运动，且，得，解方程求出t的值即可；
（3）先假设能够追上列方程，再解方程并检验即可．
【详解】（1）解：根据题意得，，，，
当点P在上运动，则．
（2）当时，则， 解得，
∴当t的值是3时，．
（3）假设点P能追上点Q，则有，解得；
当时，，
所以，当，点P能追上点Q．
【点睛】本题考查的是列代数式，一元一次方程的应用，理解题意，列出正确的代数式与方程是解本题的关键．
21．(1)①；②；③
(2)或或或．
【分析】（1）设运动时间为，依题意，点表示的数为，点表示的数为，①根据，列方程，即可求解；
②根据，列出一元一次方程，解方程，即可求解；
③根据，列出一元一次方程，解方程，即可求解；
（2）分情况讨论，①当时，点返回时，秒后表示的数为，点表示的数为，②当时，则点到达点时返回，点继续运动，秒后表示的数为，点表示的数为，根据题意，列出方程，解方程，即可求解．
【详解】（1）解：设运动时间为，依题意，点表示的数为，点表示的数为，
①∵
∴时，即
解得，
故答案为：6．
②当原点刚好位于、的最中间，即
解得：
故答案为：8．
③当时，
解得：，
故答案为12；
（2）当动点到达点后，此时
解得：
此时点表示的数为，
①当返回时，秒后表示的数为，点表示的数为，
当，即，
依题意，，
解得：或；
②当时，则点到达点时返回，点继续运动，秒后表示的数为，点表示的数为
依题意，，
解得：或；
综上所述，或或或．
【点睛】本题考查了数轴上两点距离，一元一次方程的应用，数形结合，分类讨论是解题的关键．
22．(1)，
(2)①当点P运动5秒时，点P与点Q相遇；②当点P运动1或9秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度
【分析】（1）根据数轴上两点间的距离即可解答；
（2）①根据数轴上两点间的距离结合行程问题的特点列出方程求解；②根据数轴上两点间的距离结合行程问题的特点列出方程求解．
【详解】（1）解：∵数轴上点A表示的数为6，
∴，
则，
∵点B在原点左边，
∴数轴上点B所表示的数为；
∵动点P从点A出发，以每秒6个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，
∴点P运动t秒的长度为，
∴P所表示的数为：；
当时，点P表示的数是；
故答案为：，；
（2）解：①点P运动t秒时追上点Q，
根据题意得，解得，
答：当点P运动5秒时，点P与点Q相遇；
②当P不超过Q时，则，解得；
当P超过Q时，则，解得；
答：当点P运动1或9秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度．
【点睛】本题考查了数轴上两点间的距离和一元一次方程的应用，正确理解题意、灵活应用数形结合思想是解题的关键．
23．(1)8
(2)
(3)
(4)1，，
【分析】（1）由点表示的数是，得，于是得到问题的答案；
（2）由，，得，于是得到问题的答案；
（3）当点与点重合时，则，求得，当点从点向点运动时，，由，，且，得，求得；
（4）当点与点重合时，则，所以，当点从点按原来的速度返回时，点表示的数是，即，所以，，可知三角形的三边长分别为，，，或，，再按，，分别列方程，求出符合题意的值即可．
【详解】（1）解： 点表示的数是，
，
故答案为：8．
（2）点表示的数是3，
，
，
，
故答案为：．
（3）当点与点重合时，则，
解得，
当点从点向点运动时，，
点表示的数是，点表示的数是，且点在点右侧，
，
，且，
，
解得，
的值是1．
（4）的值是或或1，理由如下：
当点与点重合时，则，
，
当点从点按原来的速度返回时，点表示的数是，即，
，，
三角形的三边长分别为，，，或，，
当时，则或，
解得或；
当且点从点向点运动时，由（3）得；
当且点从点按原来的速度返回时，则，
解得，不符合题意，舍去；
当且点从点向点运动时，则，
解得，不符合题意，舍去；
当且点从点按原来的速度返回时，则，
解得，不符合题意，舍去，
综上所述，的值是或或1．
【点睛】此题重点考查一元一次方程的解法、列一元一次方程解应用题、数轴上的动点问题的求解、数形结合与分类讨论数学思想的运用等知识与方法，此题综合性强，难度较大，正确地用代数式表示点和点对应的数是解题的关键．
24．(1)，
(2)
(3)存在；的值为秒或秒
【分析】（1）先求出、的长度，再根据路程除以速度等于时间即可解答；
（2）根据相遇时，点和点所用的时间相等，列方程即可解答；
（3）由路程、速度、时间三者关系，根据列方程求解即可．
【详解】（1）解：根据题意可得，动点从点运动至点需要的时间是：（秒），动点从点运动至点需要的时间是：（秒）；
（2）解：根据题意可知，P、Q两点在OB上相遇于点，设,
则，
解得，
即点在“折线数轴”上所对应的数是；
（3）解：设存在使得点和点任“折线数轴”上的“友好距离”等于点和点在“折线数轴”上的“友好距离”，即，
当点在，点在上运动时，依题意得：，解得；
当点、两点都在上运动时，，不符合题意；
当在上，在上运动时，依题意得：，解得；
∴存在，的值为秒或秒．
【点睛】本题主要考查了数轴与有理数的关系、一元一次方程在数轴上的应用以及路程、速度、时间三者的关系等相关知识点，掌握一元一次方程的应用是解答本题的关键．
25．（1）m＝1；（2）0；（3）是“差半点方程”，理由见解析．
【分析】（1）解方程6x-7＝4x-5，结合题意，即可求出m的值；
（2）根据方程解的定义求得c+d＝0，然后化简代数式，把c+d＝0代入即可求得代数式的值；
（3）分别解出两个一元一次方程的解（都用t的式子来表示），求出两个解的差绝对值即可．
【详解】（1）6x-7＝4x-5
解得：x＝1
∵关于x的方程ax+b＝0（a≠0）的解与方程6x-7＝4x-5的解相同，
∴m＝1；
（2）∵x＝1是关于x的方程cx+d＝0（c≠0）的解
∴c+d＝0
则3c2+cd+2c-2（cdc2-d）
＝3c2+cd+2c-cd-3c2+2d
＝2c+2d
＝2（c+d）
＝0；
（3）4042x9×2020-2020t+x
解得：x
4040x+4＝8×2021-2020t-x
解得：x
∵
∴关于x的方程4042x9×2020-2020t+x与4040x+4＝8×2021-2020t-x是“差半点方程”．
【点睛】本题考查了一元一次方程、绝对值、有理数混合运算、整式加减的知识；准确把握题意和熟知解一元一次方程的知识是解决本题的关键．
26．(1)1
(2)有限个，分别为1，0，2，-1
【分析】（1）把代入，解方程得，根据“友好系数”定义即可求解；
（2）解关于x方程得，得到当，，，时，满足方程的解x为整数，求出k的值为：1，0，，，2，-1，，，根据友好系数”定义得k的值为1，0，2，-1.，从而得到结论．
【详解】（1）解：当时，原方程化为：，
整理得：，
解得：，
即当时，方程的解为整数．
根据新定义可得：是方程的“友好系数”；
（2）解：，
去分母得：，
整理得：，
方程的解为：，
当，，，时，满足方程的解x为整数，
此时k的值为：1，0，，，2，-1，，，
经检验，取上述k的值，均不为0，
其中k为整数才称为“友好系数”，所以k的值为：1，0，2，-1．
所以方程“友好系数”的个数是有限个，
分别为1，0，2，-1．
【点睛】本题为新定义问题，考查了一元一次方程的解法，理解新定义“友好系数”，正确解出含有字母系数的一元一次方程是解题关键，注意当时，若x为整数，则为6的整数因数．
27．(1)②
(2)
(3)32
【分析】（1）求出方程的解，再根据和解方程的意义得出即可；
（2）先解方程得出方程的解，再根据和解方程的含义建立方程即可求得答案；
（3）根据和解方程得出方程的解与，再整体代入代数式求值即可．
【详解】（1）解：①＝的解是，
∵，
∴①不是“和解方程”；
②的解是，
∵，
∴②是“和解方程”；
③的解是，
∵，
∴③不是“和解方程”；
故答案为：②．
（2）∵，
∴，
∴，
∵即是“和解方程”，
∴，
∴；
（3）∵，
∴，
而是“和解方程”，
∴，
∴，（①式）
∵，
∴，
而是“和解方程”，
∴，
∴，（②式），
由①-②得：，
∴
．
【点睛】本题考查了一元一次方程的解的应用，新定义运算，求解代数式的值，正确理解新定义再建立新的方程求解是解题的关键．
28．(1)②
(2)或
(3)
【分析】（1）分别求出三个方程的解，再验证即可；
（2）先解方程，求得或，再求出关于的方程的解，根据题意可分别求得的值；
（3）由及，可求得，代入中，可求得与的关系，从而可求得结果．
【详解】（1）解：解得：；解得，；解得：，而，所以是一元一次方程的“久久方程”；
故答案为：②；
（2）解：∵，
∴，
即或，
解得：或；
对于，去分母得：，
去括号、移项、合并同类项得：；
由题意，当时，，解得：；
当时，，解得：；
所以或；
（3）解：由题意，，即
由得：，
所以，
则，
把上式代入中，整理得：，
即，
∴，
∴，
∴．
【点睛】本题是新定义题，考查了解一元一次方程及含绝对值的方程，求代数式的值等知识，有一定的综合性，理解题中新定义，会解含有参量的一元一次方程是解题的关键．
29．(1)8
(2)①，②
【分析】（1）先设出应额外给1班个手环，然后根据题意列出一元一次方程求解即可；
（2）①设未知数，根据题意列出一元一次方程进行求解即可；②由①可得当进购数量少于时，选择甲进货商，当进购数量多于时，选择乙进货商，再根据两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的列出一元一次方程即可．
【详解】（1）解：设应额外给1班个手环，则额外给2班个手环，
∵要使1班、2班的手环数一样多，
∴，
解得：，
所以应额外给1班8个手环；
（2）解：①设购进个发光头饰，去两个批发商处的进货价一样多，
对于甲批发商处进货价为：元，
对于乙批发商处进货价为：元，
∵去两个批发商处的进货价一样多，
∴，
解得：，
所以购进个发光头饰时，去两个批发商处的进货价一样多；
②设第二次每个发光头饰的售价为元时两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的，
由①可得当进购数量少于时，选择甲进货商，当进购数量多于时，选择乙进货商，
第一次进购个，所以第一次进价为：元，
∵第二次购进的数量比第一次的3倍还多20个，
∴第二次进购了个，
第二次进价为：元，
∵两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的，
∴，
解得：，
所以第二次每个发光头饰的售价为元时两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的．
【点睛】本题考查了实际问题与一元一次方程，根据题意列出一元一次方程是解题的关键．
30．
【分析】根据逆流速度等于静水速度减水流速度，顺流速度等于静水速度加水流速度，表示出逆流速度与顺流速度，根据题意列出方程，求出方程的解，即可得到答案．
【详解】解：设港和港相距，根据题意得：
，
解得：，
则港和港相距，
故答案为：．
【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，找出题中的等量关系是解本题的关键．
31．（1）胜一场积2分，负一场积1分．（2）胜6场，负12场．（3）胜2场时，负场总积分是它的胜场总积分的4倍；胜6场时，负场总积分是它的胜场总积分的1倍．
【分析】（1）依题意找出等量关系，设胜一场积为x分，则负一场积分，列方程，解方程得到胜一场积分数，再求出负一场积分数即可.
（2）依题意找出等量关系，设胜场数是a，负场数是（18﹣a），列方程，如果有解，即某队的胜场总积分能等于它的负场总积分；无解则某队的胜场总积分不能等于它的负场总积分.
（3）依题意找出等量关系，设胜场数是a，负场数是（18﹣a），某队的胜场数它的胜场总积分的k倍，列方程，解出a＝，2k+1是奇数，依题意找到符合题意的数，解出k即可.
【详解】解：（1）设胜一场积x分，则负一场积分，
依题意得：14x+4×＝32
解得：x＝2
此时＝1
∴胜一场积2分，负一场积1分．
（2）答：能．理由如下：
设胜场数是a，负场数是（18﹣a），依题意得：
2a＝18﹣a
解得：a＝6
18﹣a＝18﹣6＝12
答：胜6场，负12场．
（3）设胜场数是a，负场数是（18﹣a），
依题意得：18﹣a＝2ka
解得：a＝
显然，k是正整数，2k+1是奇数
符合题意的有：2k+1＝9，k＝4，a＝2；2k+1＝3，k＝1，a＝6．
答：胜2场时，负场总积分是它的胜场总积分的4倍；胜6场时，负场总积分是它的胜场总积分的1倍．
【点睛】本题主要考查了列一元一次方程和解方程，正确找出等量关系是解题的关键.
32．(1)，
(2)
(3)小美家月用水立方米
【分析】（1）用水量在的供水价格加污水处理费用，即可求得小真家的交费金额，用水量为立方米的供水价格加污水处理费用与用水量的供水价格加污水处理费用，即可求得小真家的交费金额；
（2）当用水量时，可求得应交费用为
（3）由（2）知，小美家月份用水量超过立方米，设小美家月用水立方米，可得到方程，即可求得小美家月份用水量
【详解】（1）∵月小真家用水立方米，
∴小真家交费为：（元）
∵小善家用水立方米，
∴小善家交费为：（元）
故答案为：，
（2）当时，应交费用为：
（元）
故答案为：
（3）由（2）知，当用水量为立方米时，应交费用为：（元），
∵，
∴小美家月份用水量超过立方米，
设小美家月用水立方米，
∴，
整理得：，
解得：，
答：小美家月用水立方米
【点睛】本题考查了电费和水费问题(一元一次方程的应用)及有理数的混合运算，解题的关键是：根据数量关系，正确列出一元一次方程
