2023年广东省广州市白云区华赋学校中考物理二模考试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．小明测量列车匀速直线运动通过某路牌的时间如图1，车厢内显示车速如图2，则列车（ ）
A．车厢总长约250m B．该时段每秒运行100m
C．通过路牌的时间为8分85秒 D．以此速度运行100m用时1h
2．市场上有一种“磁悬浮电灯”，如图所示，该电灯内部没有电池，电灯本身没有导线与家庭电路接通，但能够发光。关于这个“磁悬浮电灯”的说法中，正确的是（ ）
A．“磁悬浮电灯”发光，不需要消耗能量
B．“磁悬浮电灯”不掉下来，是它受到的浮力等于重力
C．“磁悬浮电灯”受到竖直向上的磁场力大于它受到的重力
D．“磁悬浮电灯”发光所需要的能量一定需要通过某种方式获取
3．如图1所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水和油。用相同实际功率的电加热器加热，得到图2所示的温度与加热时间的图线，若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，且c水>c油，则（ ）
A．加热相同时间，由于甲杯液体升高温度大，所以甲杯液体吸收热量多
B．升高相同的温度，两杯液体吸收相同的热量
C．甲杯液体是水
D．加热相同时间，两杯液体吸收的热量相同
4．部分物质的原子核对核外电子束缚能力的强弱如表所示，小明同学将与丝绸摩擦后的玻璃棒靠近悬挂的轻质小球，发现轻质小球被吸引，如图所示，下列说法正确的是（ ）
原子核对核外电子的束缚能力：弱→强
玻璃 毛皮 丝绸 纸 金属 硬橡胶 涤纶 硬塑料
A．小球一定带正电 B．小球一定带负电
C．摩擦时玻璃棒失去电子 D．摩擦时玻璃棒得到正电荷
5．2022年中国女足再次获得亚洲杯冠军。足球运动蕴含着许多物理知识，下列分析正确的是（ ）
A．踢球时脚对球有力的作用，球对脚没有力的作用
B．用头顶足球时感到疼，说明物体间力的作用是相互的
C．足球鞋底有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦
D．踢出去的足球继续运动，是由于受到惯性的作用
6．荡秋千是中小学生喜欢的游戏，如图为荡秋千的简化模型。甲、乙为两水平线，摆球从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高。下列说法正确的是（ ）
A．球在A、D两点的重力势能相等
B．球从O点到D点的过程中动能增加
C．球在B、C两点的机械能相等
D．球从A点到O点的过程中机械能逐渐减少
7．如图所示，会“冒烟的”炒酸奶是非常受欢迎的路边小吃。将-196℃的液氮（液态氮气）倒入容器中，然后倒入酸奶，酸奶会瞬间凝固成块，同时出现大量“白气”。下列论述分析正确的是（ ）
A．酸奶在凝固过程中需要吸收热量
B．大量“白气”是氮气的液化现象
C．可以通过压缩氮气的体积获得液氮
D．过一会“白气”消失是液氮汽化现象
8．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，相同时间把相同的重物匀速提升相同的高度，若不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．滑轮组的机械效率相同 B．拉力F1和F2大小相等
C．拉力F1对滑轮组所做的功大 D．拉力F1对滑轮组所做功的功率大
9．如图所示，这是家庭电路的一部分，若在图中A和B位置分别接入一盏电灯和开关，下列相关说法正确的是（ ）
A．应在A处接开关，B处接灯泡
B．两孔插座上接入热水壶后，与灯泡是并联的
C．用试电笔接触插座的左孔，氖管会发光
D．若控制灯泡的开关短路，则保险丝会熔断
10．如图所示，放在水平桌面上的溢水杯盛满水，用弹簧测力计挂一个实心铁块，示数为F1；将铁块缓慢浸没水中（未接触溢水杯），溢出的水流入小烧杯，弹簧测力计的示数为F2。下列判断正确的是（ ）
A．铁块受到的浮力：F浮=F2-F1 B．小烧杯中水的重力：G
二、作图题
11．如图，一束光由空气射入玻璃，经过界面反射后，一束光反射回空气，另一束光进入玻璃中。
①画出A点经过界面所形成的像A'；
②画出这束光线的反射光线，画出折射光线的大致方向；
③标示出入射角i，折射角r。
三、填空题
12．①光线经过虚线框内的透镜折射后如图所示，请判断虚线框内的透镜是哪种透镜 ？（选填“凹透镜”“凸透镜”）
②F是凸透镜的焦点，在图中画出光线a、b经凸透镜后的折射光线 。
四、作图题
13．如图，在水平桌面上，一个重10N的木块由于惯性正在向左运动，同时木块右边系着一条橡皮筋，橡皮筋被拉长。用“·”表示木块，在图的方框中画出木块在水平方向受到的拉力和摩擦力的示意图（不计空气阻力）。
五、填空题
14．如图，物体甲、乙分别放在桌面M、N上，已知G甲>G乙，且M比N更粗糙，分别用力F1=5N、F2=10N拉甲、乙，物体甲、乙处于静止状态。甲、乙所受的摩擦力分别为f甲、f乙。请判断f甲 f乙（选填“＞”“＝”“＜”），你的依据是 。
15．如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。则：
（1）在0-2s时段的2s时间内，推力F对物体所做的功是 J；
（2）在4-6s时段的2s时间内，物体运动的路程是 m；
（3）在4-6s时段的2s时间内，推力F对物体做功的功率是 W；
（4）在2-4s时段的2s时间内，物体受到的摩擦力是 N。
六、作图题
16．图甲中的a表示垂直于纸面的一根导体，它是闭合电路的一部分，当导体以图甲所示方向运动时，电路中可产生感应电流。如果要改变电路感应电流的方向，请在图乙中画出导体的运动方向，并标出磁极的N、S极位置。
七、填空题
17．CT根据所采用的射线不同可分为X射线CT（X-CT）以及γ射线CT（γ-CT）两种，其应用到的X射线或γ射线都是电磁波，图为电磁波家族。
①X射线在真空中传播的速度为cX，γ射线在真空中传播的速度为cγ，则cX cγ（选填“>”“=”“<”）；
②在真空中，γ射线的波长要比X射线的波长要 （选填“长”或“短”）。
18．如图甲所示，重为80N的物体M静止在水平地面，与地面接触面积为0.2m2。当手再对M施加一个竖直向下的压力F=10N时，此时M对地面的压强是 Pa。
19．如图乙所示，将重80N的M悬挂在图中硬棒的A点，棒的B点用绳悬起，C为棒的重心，硬棒能水平静止，硬棒所受的重力为 N。如图丙，若在D点沿虚线方向施加力F1，也能使硬棒水平静止，请在图丙画出F1及其力臂l1.
20．在甲地完成图甲所示的实验，则当地大气压等于 m高的液柱A所产生的压强。在图乙地完成图乙所示的实验，已知液体A的密度比B大，则甲 （选填“大于”、“等于”、“小于”或“无法判断”）乙地大气压。
八、综合题
21．小华家新买了一个电热水壶如图甲，他发现电热水壶有加热和保温功能。如图乙是其内部电路的简图，R1、R2均为定值电阻，通过旋转旋钮开关可以实现加热、保温和停止工作（断路）的状态切换。电热水壶加热功率为1000W，保温功率为88W[c水=4.2×103J/(kg·℃)]，则：
（1）旋钮开关旋转到2挡位时，电热水壶处于 状态；
（2）保温状态工作时，电路中的电流及总电阻是多少？( )( )
（3）不计热量损失，使用电水壶的加热挡，把1kg水从50℃加热到100℃，需要多长时间？ ( )
九、计算题
22．塔吊是一种常见的起重设备，如图是塔吊的示意图。电动起重机在2min内将质量为3t的物体匀速提升30m高，又用1min使物体在水平方向平移15m。（g=10N/kg）求：
（1）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做的功；
（2）吊物体的钢丝绳2min内对物体所做功的功率；
（3）若电动机提升物体时的效率为90%，平移物体时的功率为2kW，求电动机3min内消耗的电能。
十、实验题
23．小明用电源（电压恒为3V）、电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、小灯泡、滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线进行实验。
（1）探究电流与电压的关系：
①小明设计了图中甲、乙、丙三个电路图，经小组讨论，最终确定用图丙电路进行实验，原因是该电路不仅能保持 不变，还能很容易改变 ；
②图丁是小明实验时连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路连接完整 ；
③小明先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，得到如表三组数据。小明准备分析数据归纳结论，小丽认为还不能归纳结论，他们接下来的实验操作是 ；
实验次数 1 2 3
电压U/V 1.0 1.5 2.0
电流I/A 0.2 0.3 0.4
（2）测量小灯泡的电功率：
①小明将图丁中的定值电阻更换为额定电压为2.5V的小灯泡，将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关后发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数。接下来他首先应进行的操作是 ；
A．检查电路是否断路 B．更换小灯泡 C．调节滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
②实验中，滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表示数如图戊所示，大小为 V，为测量小灯泡的额定功率，应将滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，直至电压表示数为2.5V。
24．如果电压表损坏了，手头上有一个阻值为R0的定值电阻，一个电流表、一个滑动变阻器、电池、导线、一个开关，不增加其他器材，请你设计一个电路测量额定电压为U小灯泡正常发光时的电阻，在下图的方框内画出实验的电路图和写出实验步骤及小灯泡正常发光时电阻的表达式。
（1）在方框内画出电路图： ；
（2）实验步骤： ；
（3）小灯泡正常发光时的电阻为R= 。
参考答案：
1．A
【详解】B．由图2可知，车速为100km/h，即该时段每小时运行100km，合每秒运行27.8米，故B不符合题意；
C．由图1可知，通过路牌的时间为8.85秒，故C不符合题意；
A．车厢总长
s=vt=27.8m/s×8.85s=246.3
接近250m，故A符合题意；
D．以此速度运行100m用时
故D不符合题意。
故选A。
2．D
【详解】AD．根据能量守恒定律可知，电灯发光，一定消耗电能，电能也一定由其他形式的能量转化而来，所以需要消耗能量，由于没有电池，也没有与家庭电路相连，所以“磁悬浮电灯”发光所需要的能量一定需要通过某种方式获取，故A错误，D正确；
BC．“磁悬浮电灯”不掉下来，“磁悬浮电灯”受到竖直向上磁场力和竖直向下的重力，且受到竖直向上的磁场力等于它受到的重力，故B错误，C错误。
故选D。
3．D
【详解】AD. 根据焦耳定律可知，加热器产生的热量等于加热器电流做的功
可知，甲乙加热器的实际功率相同，加热相同时间，所以加热器提供的热量相同，液体吸收热量相同，故A不符合题意，D符合题意；
B. 由图2可知，甲乙升高相同的温度，乙需要的时间更长，加热时间越长，液体吸收热量越多，所以乙吸收更多的热量，故B不符合题意；
C. 根据
可知，液体质量和升高的温度相同时，液体吸收热量越多，比热容越大，所以乙的比热容大于甲的比热容，所以乙杯液体是水，故C不符合题意。
故选D。
4．C
【详解】由表格可知，丝绸原子核对核外电子的束缚能力强于玻璃原子核对核外电子的束缚能力，故丝绸和玻璃棒相互摩擦，玻璃棒失去电子，玻璃棒带正电，丝绸得到电子，丝绸带负电，然后将该玻璃棒靠近轻质小球，发现它们相互吸引，由于带电物体能吸引轻小颗粒物，且异种电荷相互吸引，所以小球可能带负电，也可能不带电，故ABD错误，C正确。
故选C。
5．B
【详解】A．物体间力的作用是相互的，踢球时脚对球有力的作用，球对脚也有力的作用，故A错误；
B．头顶足球，头给足球一个力，物体间力的作用是相互的，足球给头一个力，所以头感到疼，故B正确；
C．足球鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D．踢出去的足球继续运动，是由于足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选B。
6．D
【详解】A．由图可知，球在A点的位置比D点的高度更高，所以A点的重力势能大于D点的重力势能，故A错误；
B．球从O点到D点的过程中，高度升高，速度减小，所以重力势能增加，动能减小，故B错误；
C．球在B、C两点的高度相同，则重力势能相等，由于球在运动过程中机械能逐渐减小，所以球在B、C两点的机械能不相等，故C错误；
D．球从A点到O点的过程中，克服空气阻力做功，所以机械能逐渐减少，故D正确。
故选D。
7．C
【详解】A．酸奶在凝固过程中需要放出热量，故A错误；
B．大量“白气”是空气中水蒸气遇冷液化成小水滴，故B错误；
C．液化的方式有降低温度和压缩体积，所以可以通过压缩氮气的体积获得液氮，故C正确；
D．过一会“白气”消失是小水滴汽化成水蒸气，故D错误。
故选C。
8．A
【详解】AB．不计绳重及摩擦，拉力为
由甲图可知动滑轮上有2段绳子。所以n1=2，乙图可知动滑轮上有3段绳子，所以n2=3
绳子受的拉力
所以F1≠F2，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，所以W额=G轮h，W有用=G物h
利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同由知，滑轮组的机械效率相同，故A正确，B错误；
CD．绳子自由端移动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度h相同，则
s1=2h，s2=3h，s1≠s2，则拉力做的功
故W1=W2，由于用时相同，因此根据P=W/t，P1=P2，故CD错误。
故选A。
9．B
【详解】A．为了安全用电，开关要接在火线上，应在B处接开关，A处接灯泡，故A错误；
B．两孔插座上接入热水壶后，与灯泡是并联的，各用电器各不干扰。故B正确；
C．插座左零右火，用试电笔接触插座的左孔，氖管不会发光，故C错误；
D．若控制灯泡的开关短路，则灯泡接入电路，发光，保险丝不会熔断，故D错误。
故选B。
10．C
【详解】A．由称重法可知，铁块受到的浮力
F浮=F1-F2
故A错误；
B．由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，所以小烧杯中水的重力
G=F浮=F1-F2
故B错误；
C．由于物体受到的浮力等于排开液体的重力，所以溢水杯对桌面的压力
F甲=F乙
故C正确；
D．由于物体受到的重力与物体的质量有关，与物体受到的浮力大小无关，故铁块受到的重力
G甲=G乙
故D错误。
故选C。
11．
【详解】由平面镜成像特点可知，像与物关于平面镜对称，所以做A点关于平面镜的对称点Aˊ，即为A点经过界面所形成的像；过入射点做出法线垂直于界面，由反射规律可知，反射角等于入射角，作出反射光线；光从空气中斜射入玻璃中，由折射规律可知，折射角小于入射角，故折射光线靠近法线，作出折射光线；入射角为入射光线与发现的夹角，折射角为折射光线与法线的夹角，如下图所示：
12． 凹透镜
【详解】①[1]由图可知，光线经虚线框内的透镜后变得发散，则虚线框内的透镜为发散透镜，即凹透镜。
②[2]F是凸透镜的焦点，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，过凸透镜光心的光线传播方向不改变，如图所示
13．
【详解】由题意可知物体向左运动，橡皮筋被向左拉动，故此时物体受到橡皮筋向右的拉力，物体向左运动，故受到的摩擦力的反向向右，故示意图如下
14． < 见解析
【详解】[1][2]分别用力F1=5N、F2=10N拉甲、乙，物体甲、乙处于静止状态，则在水平方向上受到的拉力和静摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以可得
即f甲
【详解】（1）[1]在0-2s时段的2s时间内，由运动图像可知此时物体静止，故物体运动的路程为0，故不做功，即做功为0。
（2）[2]在4-6s时段的2s时间内，由运动图像可知此时物体的速度为4m/s，故运动的路程为
（3）[3]在4-6s时段的2s时间内，推力大小为2N，此时匀速直线运动，故推力等于摩擦力等于2N，速度为4m/s，故推力F对物体做功的功率是
（4）[4]在2-4s时段的2s时间内，物体处于加速运动，但是物体对接触面的压力和接触面的粗糙程度都未变，故此时受到的摩擦力仍为2N。
16．
【详解】如图甲a表示垂直于纸面的一根导体，它是闭合电路的一部分，若导体a向下做切割磁感线运动，会产生感应电流；若改变导体a中的感应电流方向，可以改变磁场方向即在保持导体切割磁感线方向不变，对调N、S极或保持磁场方向不变，改变导体a切割磁感线方向，如图
17． = 短
【详解】[1]X射线与γ射线均为电磁波，在真空中的传播速度都等于光速。
[2]由于，从图像看出，γ射线的频率更高，γ射线波长更短。
18．450
【详解】重为80N的物体M静止在水平地面，与地面接触面积为0.2m2。当手再对M施加一个竖直向下的压力F=10N时，此时M对地面的压强
19． 40
【详解】[1]由图乙知道，B为支点，物体M对杠杆的拉力为动力，杠杆的重力为阻力，硬棒水平静止时，
G×BC=GM×AB
硬棒所受的重力为
[2]由于硬棒的自重使其能够顺时针转动，为使杠杆平衡，拉力F1方向应斜向上；支点为B，从B做F1的垂线段就是F1的力臂L1，如下图
20． 10.3 大于
【详解】[1]观察图甲发现，液柱的高度差为10.3m，所以当地大气压支持10.3m的液柱，故当地大气压等于10.3m高的液柱A所产生的压强。
[2]由图可知，图乙中液柱高度差为9m，由于液体A的密度比B大，则液柱产生压强，由p=ρgh可知，p甲大于p乙，所以甲地大气压大于乙地大气压。
21． 加热 0.4A 550Ω 210s
【详解】（1）[1]由图知，开关旋转到2挡位时，电路只有R2工作，开关旋转到1挡位时，电路中R1与R2串联工作，由可知，开关接2时电路电阻最小，电路为加热状态。
（2）[2]已知保温功率P保温=88W，由P=UI可得，保温状态工作时，电路中的电流
[3]总电阻为
（3）[4]水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(100℃﹣50℃)=2.1×105J
由于不计热量损失，则消耗的电能
W=Q吸=2.1×105J
由可得，加热过程需要的时间
22．（1）9×105J；（2）7500W；（3）1.12×106J
【详解】解：（1）由做功的两个必要因素可知，物体在水平方向平移15m，只有距离，没有水平方向上的力，故水平移动不做功。物体的重力为
G=mg=3000kg×10N/kg=3×104N
提升重物过程中，起重机钢丝绳拉力所做的功
W=Gh=3×104N×30m=9×105J
（2）吊物体的钢丝绳2min内对物体所做功的功率
（3）电动机提升物体时消耗的电能
平移物体时间为t′=60s，电动机功率为P′=2kW，则此段消耗的电能
W2=P′t′=2000W×60s=1.2×105J
电动机3min内消耗的电能
W总=W1+W2=1×106J+1.2×105J=1.12×106J
答：（1）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做的功是9×105J；
（2）吊物体的钢丝绳2min内对物体所做功的功率是7500W；
（3）若电动机提升物体时的效率为90%，平移物体时的功率为2kW，电动机3min内消耗的电能是1.12×106J。
23． 电阻阻值 定值电阻两端的电压 换用不同规格的电阻再做几次实验 C 2.3 A
【详解】（1）[1][2]探究电流与电压的关系时，应控制电阻阻值不变，记录电流随电压的变化规律，为得出普遍性的规律，要多次测量。甲图中灯泡的电阻随温度的变化而变化；乙图无法改变电阻两端的电压，不能多次测量；丙图不仅能保持电阻阻值不变，还可以通过移动滑动变阻器的滑片改变定值电阻两端的电压，从而多次测量。
[3]滑动变阻器与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，如图所示：
[4]用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。为了使得出的结论具有普遍性，应换用不同规格的电阻再做几次实验。
（2）[5]闭合开关后发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，则电路的电阻过大，故接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
[6]由图乙可知，电压表选用的是0~3V量程，其最小分度值为0.1V，所以此时电压表的示数为2.3V。
[7]灯在额定电压下正常发光，灯泡的实际1.5V小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V。
24． ①闭合开关，调节滑动变阻器滑片，是电流表示数为；②保持滑动变阻器滑片位置不变，将电流表串联在灯泡所在支路中，闭合开关，读出电流表示数为I
【详解】（1）[1]将定值电阻与小灯泡并联，电流表与定值电阻串联，滑动变阻器在干路中，改变并联电路两端的电压，如下图所示：
（2）[2]由于定值电阻与灯泡并联，并联电路中各支路电压相等，所以灯泡电压等于定值电阻电压，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当通过定值电阻的电流为时，灯泡的电压为额定电压；保持滑动变阻器滑片的位置不变，再用电流表测量灯泡正常发光时的电流为I。
（3）[3]由于灯泡的电压达到额定电压时，通过灯泡的电流为I，所以小灯泡正常发光时的电阻
