2023-2024学年高一物理上学期期末检测
模拟卷03
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4.试题考试范围：人教版2019必修一全册。
一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）
1．有两个力，它们的合力为0.现在把其中一个向东6N的力改为向南（大小不变），它们的合力大小为（ ）
A．6N B．6N C．12N D．0
2．如图所示，绷紧的水平传送带足够长，且始终以的恒定速率顺时针运行，初速度大小为的小墨块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带，若从小墨块滑上传送带开始计时，小墨块在传送带上运动5s后与传送带的速度相同，则（ ）
A．小墨块最终以3m/s速度离开传送带 B．小墨块的加速度大小为
C．小墨块在传送带上的痕迹长度为4.5m D．小墨块在传送带上的痕迹长度为12.5m
3．在2016年珠海航展上，中国航天科技集团公司五院展出了一项名为“可重复使用返回式空间环境利用卫星（简称可重复使用返回式卫星）”项目．该卫星填补了国际无人多次使用返回技术的空白．
据设计师刘欣介绍，可重复使用返回式卫星采用类似汽车刹车系统的着陆方式，即“降落伞＋气囊”的精妙设计．降落伞相当于刹车系统，气囊则是缓冲装置，采用这种方法，可使它的着陆速度仅为传统返回式卫星的1/20，着陆冲击力相当于飞机着陆时的力度．通过这种方式，可确保该卫星重复往返天地15次以上．未来，这种卫星可能不仅仅用于空间科学实验，还将用于太空旅游等多个方面，如班车一样，来回运送旅客．
2017年6月28日，中国运载火箭技术研究院对外称，被业内誉为“快响动车”的长征十一号运载火箭（简称长十一火箭）这趟“太空班车”的发车时间将在2018年4月24日左右，将专送小卫星进入太空．
中国运载火箭技术研究院相关负责人介绍说，长十一火箭是运载火箭的新生力量，它是四级固体运载火箭，主要针对太阳同步轨道单星、多星、星座组网和补网提供快速发射服务；
关于上述材料内容，下列说法中正确的是
A．可重复使用返回式卫星往返天地一次的路程为零
B．可重复使用返回式卫星往返天地一次的平均速度为零
C．可重复使用返回式卫星返回地球落地时可以看做质点
D．长十一火箭发射前与小卫星快速对接时可以看做质点
4．2019年6月6日，中国科考船“科学”号对马里亚纳海沟南侧系列海山进行考查，船上搭载的“发现”号遥控无人潜水器完成了本航次第10次下潜作业，“发现”号下潜深度可达6000m以上，如图所示。潜水器完成作业后上浮，上浮过程初期可看作匀加速直线运动。今测得潜水器相继经过两段距离为8m的路程，第一段用时4s，第二段用时2s，则其加速度大小是（ ）
A．m/s2 B．m/s2
C．m/s2 D．m/s2
5．“复兴号”动车组列车于2017年6月26日11时05分，在京沪高铁两端的北京南站和上海虹桥站双向首发，全程约1 300公里。“复兴号”从硬件到软件，特别是关键技术都具有完全自主知识产权、达到世界先进水平。“复兴号”按照时速350公里运营要求研发制造，将京沪间的运营时间缩短至4个半小时左右，使我国成为世界上高铁商业运营速度最快的国家。正式运营前“复兴号”进行了60万公里运行考核。下列说法正确的是（ ）
A．“2017年6月26日11时05分”是指时间
B．“4个半小时”是指时刻
C．“60万公里”是指路程
D．“1300公里”是指位移
6．如图所示，在水平面上固定一倾角为的光滑斜面（斜面足够长），斜面上有一垂直于斜面的固定挡板，A和B用轻弹簧相连且拴接，A靠在挡板上，C靠在B上，A、B、C三者质量均为m。现撤去挡板，弹簧弹开，直到B与C恰好分离，重力加速度为g。在这个过程中以下说法正确的是（ ）
A．撤去挡板瞬间，A、B、C的加速度都为0
B．撤去挡板瞬间，A的加速度不为0，B与C的加速度为0
C．与C恰好分离瞬间，A和B加速度平行斜面向下、C的加速度平行斜面向上
D．A的最大加速度大小为g
7．在图中，要将力F沿两条虚线分解成两个力，则A、B、C、D四个图中，可以分解的是（ ）
A． B． C． D．
8．下列物理量和单位，属于矢量，且对应的单位是基本单位的是（ ）
A．力，N B．质量，kg C．速度，m/s D．位移，m
二、多选题（本题共4个小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项答合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
9．一立方体木块从高处自由下落到深水中，取竖直向下为正方向，其速度－时间图像如图所示，由图像可知（ ）
A．段木块的加速度大于段的加速度
B．b时刻木块达到最深处
C．c时刻木块达到最深处
D．d时刻木块速度方向竖直向上
10．如图所示，物体A、B用细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮。物体A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，物体B悬挂着。已知质量mA＝3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中不正确的是（ ）
A．弹簧的弹力将增大 B．物体A对斜面的压力将增大
C．物体A受到的静摩擦力将减小 D．物体A可能被拉动
11．如图所示，把一个木块A放在足够长的木板B上，长木板B放在光滑的水平地面上，木块A和墙壁之间用一个水平的轻弹簧连接。长木板B在恒力F作用下稳定后以速度v匀速运动，水平轻弹簧的弹力为FT，下列说法中正确的是（ ）
A．木块A受到的滑动摩擦力的大小等于FT
B．木块A受到的滑动摩擦力的大小等于F
C．若长木板B以2v的速度匀速运动时，木块A受到的摩擦力的大小等于2FT
D．若长木板B以2v的速度匀速运动时，木块A受到的摩擦力的大小仍等于FT
12．有一质点从x轴的坐标原点开始沿x轴正方向做直线运动，其速度随时间变化的图象如图所示，下列四个选项中，其中正确的是（ ）
A．第1秒内和第2秒内的加速度相等
B．第1秒内和第2秒内的位移相等
C．第4秒末质点回到坐标原点
D．2秒时刻质点离坐标原点的距离最远
三、实验题：本题共2小题，共12分。
13．测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置如图所示。
实验步骤如下：
①用天平测量物块和遮光片的总质量、重物的质量；用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s；
②调整轻滑轮，使细线水平；
③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间和，求出加速度；
④根据上述实验数据求出动擦因数。
回答下列问题：
（1）若实验过程中不满足，则动摩擦因数 （用M、m、a和重力加速度g表示）。
（2）实验过程中，为了减少偶然误差，在步骤③求加速度a时通常采取的措施是 。
（3）如果桌面没有调整到水平，由此引起的误差属于 （填“偶然误差”或“系统误差”）。
14．(1) 在做用打点计时器测速度的实验时，要用到打点计时器，打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50 Hz，常用的电磁打点计时器使用的电压是4～6V的 (选填“直流电”或“交流电”)，它们是每隔 s打一个点
(2) 接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是( )
A．先接通电源，再让纸带运动
B．先让纸带运动，再接通电源
C．让纸带运动的同时接通电源
D．先让纸带运动或先接通电源都可以
四、解答题：本题共4小题，共48分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15．一辆以的速度做匀速运动的汽车，司机发现前方的障碍物后立即刹车，刹车过程可看成匀减速运动，加速度大小为，从刹车开始计时，则：
（1）经过多长时间汽车的位移大小为120m？
（2）求第6秒内汽车通过的位移大小；
（3）求前15秒内汽车的位移大小。
16．做匀加速直线运动的物体途中依次经过A、B、C三点，已知AB=2BC，AB段和BC段的平均速度分别为v1=4m/s、v2=8m/s，则：
（1）物体经B点时的瞬时速度vB为多大？
（2）若物体运动的加速度a=2m/s2，试求从A点运动到C点的时间．
17．如图所示，绷紧的水平传送带足够长，始终以的恒定速率顺时针运行．初速度大小为的小物块从与传送带等高的水平面上的A点向左运动，经B点滑上传送带，已知A、B两点的距离，物块与水平面的动摩擦因数，物块与水平传送带的动摩擦因数，重力加速度，不考虑物块由水平面滑上传送带的能量损失．求：
(1)物块向左运动第一次到达B点时的速度
(2)物块经过B点后继续向左运动，在传送带上离B点的最远距离
(3)详细描述物块在从传送带上距B点最远处返回B点的过程中的运动特点．
18．交通法规中越线停车的行为认定如下：当交通信号灯为红灯期间，汽车的前轮驶过停止线，会触发电子眼拍摄第一张照片；汽车的后轮驶过停止线，会触发电子眼拍摄第二张照片；两种照片齐全，这种行为被认定为“越线停车”。现有一汽车以36km/h匀速行驶至路口，该路口的最高时速不能超过54km/h，在前轮距离停止线100m处，司机发现交通信号灯还有6s将由绿灯变为红灯，于是司机立即加速，但等红灯亮起时汽车还未过停车线，为了不闯红灯，司机立即刹车减速，已知汽车刹车时受到的阻力恒为车重的，正常行驶时汽车所受的阻力是刹车时的，加速时汽车牵引力变为原先匀速行驶时的3倍，汽车前后轮与地面接触点之间的距离为3m，汽车行驶时不超过该路段的最高限速，g取10m/s2。求：
（1）汽车加速运动时和刹车时的加速度大小；
（2）汽车最终停止时，汽车前轮与地面接触点到停止线的距离；该车是否“越线停车”
试卷第1页，共3页
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参考答案：
1．B
【详解】两个力合力为0，其中一个向东的力为6N，则另一个力向西且大小也为6N，将向东的6N的力改为向南，则向西的6N的力与向南的6N的力的合力大小为6N。
故选B。
2．D
【详解】A．可知小墨块在传送带上运动5s后与传送带的速度相同，为，之后小墨块与传送带一起做匀速直线运动，直至离开传送带，故小墨块最终以速度离开传送带，故A错误；
B．设向右为正方向，可得小墨块的加速度为
故B错误；
CD．小墨块向左减速运动时，对小墨块有
，
联立解得
小墨块向左减速的过程中，对传送带的位移为
小墨块向右加速运动时，对小墨块有
，
对传送带
因而小墨块在传送带上的痕迹长度为
联立解得
故C错误，D正确；
故选D。
3．B
【详解】A．路程为物体运动轨迹的长度，可知返回式卫星往返地空一次的位移是0，但路程不是0，A错误；
B．返回式卫星往返地空一次的位移是0，所以平均速度是0，B正确；
CD．在研究返回式卫星返回地球落地时或研究长十一火箭发射前与小卫星快速对接时其大小和形状都不可以忽略，故不能看作质点，CD错误。
故选B。
4．A
【详解】根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度可知
v1=m/s=2m/s
v2=m/s=4m/s
根据加速度的定义可知
故选A。
5．C
【详解】A．“2017年6月26日11时05分”是指时刻，选项A错误；
B．“4个半小时”是指时间，选项B错误；
C．“60万公里”是指路程，选项C正确；
D．“1 300公里”是指路程，选项D错误。
故选C。
6．B
【详解】D．弹簧弹力不会突变，撤去挡板之前A、B、C三个物体均处于平衡状态，挡板对A的支持力大小为3mgsin，撤去挡板的瞬间，挡板对A的支持力立刻消失，其他力不变，此时A的加速度最大，为3gsin，故A的最大加速度是，故D错误；
AB．撤去挡板的瞬间，B与C受力情况均不变，加速度均为0，故B正确，A错误；
C．B与C恰好分离的瞬间，B、C之间没有弹力，此时弹簧恢复原长，对A、B无弹力，A、B、C三个物块的瞬时加速度都是gsin，方向平行斜面向下，故C错误。
故选B。
7．A
【详解】A．根据平行四边形定则可知，分力的方向沿平行四边形的两个邻边的方向，合力的方向沿对角线的方向，所以图A中的力F可以沿两条虚线分解成两个力，故A正确；
B．根据平行四边形定则可知，若两个分力的方向相反，是不可能画出平行四边形的，故B错误；
C．根据平行四边形定则可知，若两个分力的方向相反，是不可能画出平行四边形的，故C错误；
D．根据平行四边形定则可知，分力的方向沿平行四边形的两个邻边的方向，合力的方向沿对角线的方向，所以图D中的力F可以沿虚线2的方向，但不能沿图示的方向，这种情况下不能分解，故D错误。
故选A。
8．D
【详解】A．力是矢量，且单位为N，但是是导出单位，故A错误；
B．质量是标量，故B错误；
C．速度是矢量，且单位为m/s，但是单位是导出单位，故C错误；
D．位移是矢量，且单位为m，是基本单位，故D正确。
故选D。
9．ACD
【详解】A．由图线的斜率表示加速度可知，斜率大的加速度大，所以段木块的加速度大于段的加速度，故A正确；
BCD．因取竖直向下为正方向，而时间内速度均为正，说明木块一直在向下运动；c时刻后速度为负，说明c时刻以后木块开始向上运动，故B错误，CD正确。
故选ACD。
10．AD
【详解】A．对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到
T=mBg
则知弹簧的弹力大小不变，故A错误；
BCD．原来有
3mBgsin 45°-mBg=f1
后来
3mBgsin 30°-mBg＜f1
可见物体A并未滑动，而且静摩擦变小；物体A对斜面的压力为
N=mAgcosθ
θ减小，N将增大；故BC正确，D错误；
故选AD。
11．ABD
【详解】根据平衡条件对A有
对B根据平衡条件有
不管物体运动速度多大只要是滑动摩擦力，那么木块A受到的摩擦力的大小
故选ABD。
12．BD
【详解】A．v-t图像斜率表加速度，根据图像可知，第1秒内斜率为正，第2秒内斜率为负，所以加速度大小相等，但方向相反，A错误；
B．v-t图像与坐标轴围成的面积表位移，根据图像可知第1秒内的位移为1m，第二秒内的位移也为1m，B正确；
C．0 ~ 2s内的位移为
2 ~ 4s内的位移为
由图像可知，在2 ~ 4s内运动方向为负，所以质点在2 ~ 4s内向相反方向移动，则从总体来看，质点运动2m后，再往回运动3m，已经超过了坐标原点，C错误；
D．2秒时刻质点速度方向改变，开始往回运动，所以在2s末质点的位移达到最大，故2秒时刻质点离坐标原点的距离最远，D正确。
故选BD。
13． 见解析 系统误差
【详解】（1）[1]对物块和重物组成的系统分析，由牛顿第二定律，可得
解得
（2）[2]实验过程中，为了减少偶然误差，在步骤③求加速度a时通常采取的措施是多次重复该步骤，然后求平均值。
（3）[3]如果桌面没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差。
14． 交流电 0.02 A
【详解】(1)[1][2]打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器使用的是4～6V的交流电，它们是每隔0.02s打一个点；
(2)[3]开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于物体运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故BCD错误，A正确。
故选A。
15．（1）8s；（2）11.25m；（3）125m
【详解】（1）汽车的初速度
汽车停止运动时间
汽车的位移大小为120m过程，根据位移公式有
解得时间为8s与12s，由于停止运动时间为10s，则取
（2）6秒内汽车还没有停止运动，则第6秒内汽车通过的位移等于前6s的位移减去前5s的位移
其中
，
解得
（3）15秒内汽车已经停止运动，则15秒内汽车的位移大小等于前10s的位移，根据逆向思维有
解得
16．（1）物体经B点时的瞬时速度vB为7.2m/s；
（2）从A点运动到C点的时间为4s。
【详解】（1）根据速度位移公式有：
根据平均速度的推论知，
因为
AB=2BC
代入数据联立解得
vB=7.2m/s
（2）因为
代入数据解得
vA=0.8m/s
又
代入数据解得
vC=8.8m/s
则A到C的时间
【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，结合运动学公式和推论灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷。
17．(1)；(2)；(3)先做初速度为零的匀加速直线运动，达到2m/s后匀速前进
【详解】(1)物块在水平面上运动加速度大小为：
，
物块从A点到B点的运动满足：
，
解得：
；
(2)物块在传送带上向左运动的加速度大小为：
，
向左运动的时间
，
向左运动的位移
(3)当到达距B点最远处后，物块相对传送带向左运动，受到一个向右的摩擦力，在这个摩擦力作用下，向右加速，当速度和传送带速度相同后，两者一起匀速运动，即先做初速度为零的匀加速直线运动，达到2m/s后匀速前进．
18．（1）2m/s2，5m/s2；（2）6.25m，是
【详解】（1）设汽车加速时，所受牵引力为，阻力为，加速度为；匀速运动时所受牵引力为；刹车时，车受到的阻力为，加速度为，由题意可得
因此原先匀速时牵引力也为，则加速时牵引力为，由牛顿第二定律有
解得
汽车减速时，根据牛顿第二定律有
解得
（2）设汽车从加速到的时间为，位移为x1，汽车达到最高限速后匀速运动的时间为，位移为x2，根据运动学公式得
又
汽车匀速运动的时间为
匀速运动的位移为
此时汽车开始刹车做减速运动，设从开始减速到最终静止的位移为，根据运动学公式得
此时车前轮到停车线的距离为
所以汽车最终停止时，汽车前轮与地面接触点超过停止线6.25m，由于此距离大于汽车前后轮与地面接触点之间的距离，因此该车后轮已越线，汽车被认定为“越线停车”。
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
