成都外国语学校高 2023 级 12 月物理月考试题
第Ⅰ卷(选择题， 共 50 分)
一、 单项选择题（本题包括 8 小题， 每小题 4 分， 共 32 分， 每个小题只有一个选项符合题意）
1． 有关质点概念的建立， 所应用的物理方法是( )
A． 理想化物理模型法 B． 比值定义法 C． 控制变量法 D． 等效替代法
2． 一质点沿直线运动， 其位移 x 随时间 t 变化的图像如图所示， 则下列说法正确的是( )
A． 在 t=0 到 t= 1s 这段时间， 质点做匀加速运动
B． 在 t= 1s 到 t=3s 这段时间， 质点做匀速运动
C． 在 t=2s 时刻， 质点的速度大小为 4m/s
D． 在 t=4s 时刻， 质点的速度大小为 2m/s
(
速
)3． 在红军长征途中， 战士在沼泽表面行走时容易下陷， 若竖直下陷过程先加
后匀速运动， 则可以判断( )
A． 加速运动过程中， 战士对沼泽地向下的压力等于沼泽地对战士向上的支持力
B． 匀速运动过程中， 战士对沼泽地向下的压力就是战士的重力
C． 匀速运动过程中， 战士对沼泽地向下的压力小于沼泽地对战士向上的支持力
D． 加速运动过程中， 战士对沼泽地向下的压力大于战士的重力
4． 如图， 光滑球 A 在斜面上被竖直挡板挡住而处于静止状态。 关于球 A 的受力情况， 下列说法正确的是( )
A． 球 A 可能受到四个力作用
B． 球 A 受两个弹力作用， 一个水平向左， 一个垂直斜面向下
C． 球 A 受两个弹力作用， 一个水平向右， 一个垂直斜面向上
D． 球 A 受到挡板的弹力是因为球 A 的形变产生的
5． 下列说法正确的是( )
A． 做匀加速直线运动的物体， 速度和加速度都在增大
B． 做匀加速直线运动的物体， 加速度方向一定与规定正方向相同
C． 做匀减速直线运动的物体， 速度和加速度都在减小
D． 做匀减速直线运动的物体， 加速度方向一定与初速度方向相反
6． 如图， 质量分别为 1kg 和 2kg 的物块 A、 B 放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连， 今用大小为 F= 15N 的恒力作
用在 A 上， 使 A、 B 相对静止且一起向左做匀加速直线运动。 则下列说法正确的是( )
A． A、 B 一起做匀加速运动时， A 的加速度大小为 15m/s2
B． 若该弹簧劲度系数为 100N/m， 则 A、 B 一起做匀加速运动时， 弹簧的
伸长量为 10cm
C． 突然撤去力 F 的瞬间， A 的加速度大小为 5m/s2
D． 突然撤去力 F 的瞬间， B 的加速度为 0
1
7． 关于自由落体运动， 下列说法正确的是( )
A． 在开始下落后的连续三个 1s 内， 通过的位移之比是 1∶4∶9
B． 在开始下落后的连续三个 1s 内， 平均速度大小之比是 1∶2∶3
C． 从开始下落到距下落点 4m、 8m、 12m， 所经历的时间之比为 1∶2∶3
D． 从开始下落到距下落点 4m、 8m、 12m， 所经历的时间之比为 1∶ ∶
8． 如图， 倾斜的传送带以恒定的速率 v0 沿顺时针方向匀速转动， 一小物块从传送带上端 A 滑上传送带， 滑上时速
度大小为 v1、 方向平行于传送带向下。 若 v1 < v0， 物块与传送带间的动摩擦因数一定， 不计空气阻力， 则关于物块
离开传送带时的位置和速率 v， 下列判断一定错误的是( )
A． 从上端 A 离开， v = v1
B． 从上端 A 离开， v > v0
C． 从下端 B 离开， v = v1
D． 从下端 B 离开， v > v0
二、 多项选择题（本题包括 3 小题， 每小题 6 分， 共 18 分， 每个小题给出的四个选项中， 有多个选项符合题目要
求， 全部选对的得 6 分， 选对但不全的得 3 分， 有选错的得 0 分。）
9． 如图， 欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块 A 停下， 可采用的方法是
A． 减小斜面的倾角
B． 对木块 A 施加一个垂直于斜面的力
C． 对木块 A 施加一个竖直向下的力
D． 在木块 A 上再叠放一个重物
10． 一质点沿直线运动， 其速度 v 随时间 t 变化的图像如图所示， 则下列说法正
确的是( )
A． 在 t=4s 到 t=5s 这段时间， 质点的加速度方向与速度方向相同
B． 在 t=5s 到 t=6s 这段时间， 质点做匀加速直线运动
C． 在 t=0 到 t=8s 这段时间， 质点通过的路程为 6m
D． 在 t=0 到 t=8s 这段时间， 质点的平均速度大小为 0.75m/s
11． 如图， t=0 时， 表面粗糙、 质量 M=2kg 的木板， 在大小 F= 10N 的水平恒力作用下从静止开始沿水平面向右做 匀加速直线运动； t=0.5s 时， 将一个质量 m = 1kg 的小铁块（可视为质点） 无初速度地放在木板最右端。 已知铁块从 木板上掉下时速度是木板速度的一半， 铁块和木板间的动摩擦因数μ1=0. 1， 木板和地面间的动摩擦因数μ2=0.25， 重
力加速度大小 g= 10m/s2。 则( )
2
A． 铁块放上木板前， 木板的加速度大小为 5m/s2
B． 铁块放上木板后， 木板的加速度大小为 0.75m/s2
C． 铁块在木板上运动的时间为 1.5s
D． 木板的长度为 1. 125m
第Ⅱ卷（非选择题， 共 50 分）
三、 实验题（本题共 2 个小题， 共 14 分）
12． 在“验证力的平行四边形定则”实验中， 某同学用图钉把白纸固定在水平放置的木板上， 将橡皮条的一端固定在 板上一点， 两个细绳系在橡皮条的另一端， 用两个弹簧测力计分别拉住两个细绳套， 互成角度地施加拉力， 使橡皮
条伸长， 结点到达纸面上某一位置 O， 如图所示， 请将以下的实验操作和处理补充完整：
①记录两个弹簧测力计的示数F1、 F2， 用铅笔描下 O 点的位移以及此时两细绳套的方向
②只用一个弹簧测力计， 通过细绳套把橡皮条的结点仍拉到 ， 记录弹簧测力计的示数F3 和
③按照力的图示要求， 作出拉力F1、F2、F3；
④根据力的平行四边形定则作出F1、 F2 的合力 F
⑤比较 的一致程度， 若有较大差异， 对其原因进行分析， 并作出相应的改进后再次进行实验
13． 某实验小组用图甲所示的装置“探究加速度与合外力的关系”， 图中小车质量为 M， 砂桶和砂的总质量为 m。 实 验中通过改变 m 来改变小车所受的合外力大小， 小车的加速度 a 可由打点计时器和纸带测出，绳的拉力 F 可由弹簧
测力计测出。 现保持小车质量 M 不变， 逐渐增大砂桶和砂的总质量 m， 进行多次实验， 得到多组 a、 F 值。
(1)为了减小实验误差， 下列做法正确的是
A． 先释放小车， 后接通打点计时器的电源
3
B． 该实验不需要平衡小车所受的摩擦力
C． 该实验砂桶和砂的总质量不需要远小于小车的质量
D． 滑轮摩擦要足够小， 绳的质量要足够轻
(2)某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线， 其中纵轴为小车的加速度大小 a， 横轴应
（填选项前的字母）。
A． B． C． F D． mg
(3)当砂桶和砂的总质量较大导致 a 较大时， 图线将 （填选项前的字母）。
A． 偏向纵轴 B． 保持原方向不变 C． 偏向横轴
(4)图丙为上述实验中打下的一条纸带， A、 B、 C、 D、 E 为选出的五个计数点， 每相邻两点间还有四个计时点未画
出， 测得 AB = s1 ,DE = s2， 打点计时器的频率为f， 则小车的加速度表达式为 a = （用f、 s1、 s2 表示）。
四、 计算题（本题共 3 个小题， 共 36 分。 解答应当写出必要文字说明， 方程式和重要得演算步骤。 只写出最后答 案的， 不能得分， 有数值运算的题， 答案中必须明确写出数值和单位）
14（8 分）． 我国的高速公路限速 120km/h， 因为车辆速度很大时遇到紧急情况将难以控制而非常危险。 一辆汽车在 沪蓉高速成南段以 v0= 108km/h 的速度匀速行驶， 由于在前方出现险情， 司机紧急刹车， 刹车过程中加速度的大小
为 a =5m/s2， 求∶
（1） 汽车刹车后 10s 内滑行的距离；
（2） 从开始刹车到汽车滑行 50m所经历的时间。
15（12 分）． 如图， 倾角θ=37° 的足够长斜面固定在水平地面上， 质量 m = 1kg 的小物块在大小恒为 F=30N 的水平 推力作用下，从斜面底端由静止开始沿斜面向上运动，已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，g 取 10m/s2，sin37°=0.6，
cs37°=0.8。
（1） 求物块在力 F 作用下向上运动的加速度 a；
（2） 若力 F 作用 2s 后撤去， 求物块沿斜面总上滑的最大位移 xmax。
4
16（16 分）． 某工厂用倾角为 37° 的传送带把货物由低处运送到高处， 已知传送带总长为 L = 30m， 正常运转的速度 为 v = 4m/s。 一次工人刚把M = 10kg 的货物放到传送带上的 A 处时停电了， 为了不影响工作的进度， 工人拿来一块
m = 5kg 带有挂钩的木板， 把货物放到木板上， 通过定滑轮用绳子把木板拉上去。 货物与木板及木板与传送带之间
的动摩擦因数均为 0.8，（物块与木板均可看做质点， 假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力， g = 10m/s2， sin 37。= 0.6，
cos 37。= 0.8）
（1） 为把货物拉上去， 且货物与木板不发生相对滑动， 求拉力 F 的最大值；
（2） 若工人用 F = 189N 的恒定拉力使货物运动 10s， 求货物的位移大小；
（3） 若 10s后来电， 来电后工人撤去拉力， 问还需要多长时间货物能到达 B 处（不计传送带的加速时间）。
5
(
注意事项
1．
答题前请将姓名、
班级、
考场、
准考证
号填写清楚。
2．
客观题答题，
必须使用2B铅笔填涂，
修
改时用橡皮擦干净。
3.必须在题号对应的答题区域内作答，
超出
答题区域书写无效。
正确填涂
缺考标记
)
(
15.
（
12
分）
)成都外国语学校高2023级12月物理月考答题卡
姓名： 班级： 考场/座位号：
考 号
[0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [0] [1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9]
客观题（50分） (1~8为单选题;9~11为多选题)
1 [A] [B] [C] [D] 2 [A] [B] [C] [D] 3 [A] [B] [C] [D] 4 [A] [B] [C] [D] 5 [A] [B] [C] [D] 6 [A] [B] [C] [D] 7 [A] [B] [C] [D] 8 [A] [B] [C] [D] 9 [A] [B] [C] [D] 10 [A] [B] [C] [D] 11 [A] [B] [C] [D]
实验题（14分）
12. ， ， 13. ， ， ，
计算题（36分）
14（8分） .
(
请勿在此区域作答或
者做任何标记
)
16. （16分）
成都外国语学校高 2023 级 12 月物理月考试题
参考答案：
1
1． A 2． D 3． A 4． C
12． O 点处 方向
13． CD C B
14．（1） 90m；（2） 2s
5． D 6． B 7． D 8． B 9． AB 10． BD 11． BD
F3 与合力的大小和方向
(s2 - s1 )f 2
75
【详解】（1） 汽车刹车时的初速度大小为： v0 = 108km/h = 30m/s； 设汽车经时间 t 停止， 由运动学规律有
vt = v0 - at
代入数据得
t = 6s
因 t = 6s <10s， 故汽车在 10s 内的位移等于 6s 内的位移， 由运动学规律
1 2
x = at
2
代入数据解得
x = 90m
（2） 由运动学规律有
(
1
2
) (
0
)x, = v t, - at,
2
代入数据解得
t1 = 2s， t2 = 10s （舍去）
即从开始刹车到汽车滑行 50m所经历的时间为 2s。
15．（1） 5m/s2；（2） 15m
【详解】（1） 依题意， 对物体受力分析如图所示
垂直于斜面方向， 由力的平衡条件有
mg cosθ+ F sinθ= N
沿斜面方向由牛顿第二定律有
F cosθ- mg sinθ-f = ma 1
而
f = μN
联立代入数据计算解得
a1 = 5m/s2 方向沿斜面向上
（2） F 作用时间 t1 = 2s， 撤去 F 瞬间， 设物体速度为 v， 由运动学规律
v = a1t1
代入数据得
v = 10m/s
由
1 2
(
x
=
at
) (
2
)1 1
代入数据得
x1 = 10m
撤去 F 后， 物体向上做匀减速直线运动， 速度为 0 时， 向上位移最大， 由牛顿第二定律有
mg sinθ+ μmg cosθ= ma 2
代入数据得
a2 = 10m/s2
由运动学规律得
(
2
)0 - v = -2a2x2
代入数据得
x2 = 5m
所以， 上滑的最大位移
xmax = x1 + x2 = 15m
16．（1） 192N；（2） 10m；（3） 6.25s
【详解】（1） 设最大拉力为 Fm， 货物与木板之间的静摩擦力达到最大值， 设此时的加速度为 a1， 对货物分析， 根
据牛顿第二定律得
μMgcosθ- Mgsinθ= Ma1
2
代入数据得
a1 = 0.4m/s2
对货物与木板整体分析， 根据牛顿第二定律得
Fm - μ(m + M) gcosθ-( m + M) gsinθ=( m + M) a
代入数据得
F = 192N
m
（2） 设工人拉木板的加速度为 a2， 根据牛顿第二定律得
F - μ(m + M) gcosθ-( m + M) gsinθ=( m + M)
代入数据解得
a2 = 0.2m/s2
10s 末木板的速度为
v1 = a2t = 0.2根10m/s=2m/s
(
2
)1 2
x = a t
2
代入数据解得
x = 10m
（3） 由于 v1<4m/s， 所以来电后木板继续加速， 加速度为 a3
μ(m + M) gcosθ-( m + M) gsinθ =( m + M)
代入数据得
a3 = 0.4m/s2
设经过 t1 木板速度与传送带速度相同
v = v1 + a3t1
代入数据得
t1 = 5s
设 t1 内木板加速的位移为 x1
v2 - v = 2a3x1
得
3
x1 = 15m
共速后， 木板与传送带相对静止一起匀速运动， 设匀速运动的时间为 t2， 匀速运动的位移
x2 = L - x1 - x = 30m - 15m - 10m=5m
该段位移所用时间
t2 = = s= 1.25s
所以来电后木板再需要运动的时间为
t = t1 + t2 = 6.25s
4
