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江西省宜丰中学 2023-2024 （上） 创新部高二 12 月考试物理试卷
一、 选择题 （1 -7 为单选， 8-10 为多选， 每小题 5 分， 共 50 分）
1． 如图所示， 一质点做匀加速直线运动先后经过A、 B、 C 三点。
已知从A到B和从B到C速度的增加量AW均为6m/S， AB 间的距
离 x i= 3m,BC 间的距离x2=13m， 则物体的加速度为 ( )
(
D
.
)A． 3.6m /s2 B． 4m is2 C .
2．计算机键盘每个按键下面都连有两块小金属片，两块金属片之间有一定的空气间隙，
组成一个可变电容器， 如图所示。 当键盘连接电源不断电， 按下某个按键时， 与之相连
的电子线路就发出该按键相关的信号。 松开按键时， 则 ( )
A． 电容器的电容变小 B． 极板的电量变大
C． 两极板间的电压变小 D． 两极板间的场强变大
3． 靠墙静蹲有助于膝痛康复和腿部力量强化， 如图所示， 大龙同学在康复训练中保持
靠墙静蹲， 双腿与肩同宽， 保持小腿垂直于地面， 不考虑人与墙壁之间的摩擦力， 下列
说法正确的是 ( )
A． 地面对人的作用力方向为竖直向上
B． 地面对人的摩擦力与竖直墙壁垂直
C． 大腿与墙壁的夹角 θ 越大， 人所受合力越大
D． 地面对人的支持力与人的重力是一对相互作用力
4． 我国航天事业发展迅速， 人造卫星数量位居世界前列。 不同的卫星 （质量一般不同） 做圆周运动的 轨道高度不同， 现以这些卫星距离地球表面的高度为横轴， 卫星的周期 T、 加速度 a、 速度 v、 动能 Ek 为纵轴作出图像， 下列图像中可能正确的是 ( )
A. B. C． D .
5． 沿 x 轴传播的一 列简谐横波在t=0时刻的波动图像
如图甲所示， 质点 Q 的振动图像如图乙所示， 下列说
法正确的是 ( )
A． 该波沿 x 轴正方向传播
B． 该波的波长为 10m
C． 该波的传播速度为 12m/s
D． t=0时刻 处的质点偏离平衡位置的位移大小为10、5cm
6． 如图所示， 在空间中水平面 MN 的下方分布着方向竖直向上的匀强电场， 质量为 m 的带电小球由 MN 上方的 A 点以一定的初速度水平抛出， 从 B 点进入电场， 到达 C 点时速度方向恰好水平。 已知 A、
B、C 三点在同一 直线上， AB=3BC ，重力加速度为 g。下列说法正确的是( )
A． 小球所受电场力大小为 3mg B． 小球带负电
C． 小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的运动时间之比为5:1
D． 小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的合外力冲量的大小相等
7． 宜丰中学科技节中， 小王同学设计了运输轨道， 如图甲所示， 可简化为倾角为θ的足够长固定绝缘 光滑斜面。 以斜面底端为坐标原点， 沿斜面向上为 x 轴的正方向， 且沿 x 轴部分区域存在电场。 在斜 面底端由静止释放一质量为 m、 电荷量为＋q 的滑块， 在滑块向上运动的一段过程中， 机械能 E 随位 置坐标 x 的变化如图乙所示， 曲线 A 点处切线斜率最大。 滑块可视为质点， 不计空气阻力， 不计滑块 产生的电场。 以下说法正确的是 ( )
A． 在 过程中， 滑块动能先减小后恒定
B． 在处滑块的动能最大，
C． 在。-3的过程中重力势能与电势能之和一 直增大
D． 在 过程中， 滑块先加速后减速
8． 链球是利用双手投掷的竞远项目， 在一次投掷链球时， 李为同学两手握着链球上铁链的把手， 经过 3~5 圈加速旋转， 带动链球旋转， 最后链球脱手而出， 整个过程可简化为某倾斜平面内的加速圆周运 动和脱离后的斜抛运动， 如图所示。 忽略空气阻力， 下列说法中正确的是 ( )
A． 链球做加速圆周运动过程中， 相同时间内速度的变化量一定
相同
B． 链球做加速圆周运动过程中， 链球的重力、 铁链对链球拉力
的合力等于链球的向心力
C． 链球做斜抛运动过程中， 相同时间内速度的变化量一定相同
D． 链球做斜抛运动过程中， 重力功率的绝对值先减小到零然后一 直增大
9． 如图所示， 大龙同学从羽毛球筒中取出最后一个羽毛球时， 左手拿着球筒， 右手迅速拍打筒的上端 边缘， 使筒获得向下的初速度并与左手发生相对运动， 筒内的羽毛球就可以从上端出来。 已知球筒质 量为 M=90g（不含球的质量），球筒与手之间的滑动摩擦力为f1=2.6N， 羽毛球质量为 m =5g，
球头离筒的上端距离为d=9cm， 球头离筒的下端距离为d'=7cm ， 球与筒之间的滑动摩擦 力为f2=0. 1N 重力加速度 g= 10m/s2， 空气阻力忽略不计， 当球筒获得一个初速度后 ( )
A． 羽毛球的加速度大小为30m/s口
B． 羽毛球筒的加速度大小为10m/s
C． 若羽毛球头部能从上端筒口出来， 则筒获得的初速度至少为 3m/s
D． 若羽毛球筒获得的初速度大小合适， 羽毛球可能从下端筒口出来
10． 如图所示， 一个光滑斜面与一个光滑的竖直圆轨道在 A 点相切， B 点为圆轨道的最低点， C 点为 圆轨道的最高点， 整个空间存在水平向左的匀强电场。 一质量为 m= 1kg， 电荷量为 q （q＞0） 的带电
小球从斜面上静止释放， 小球始终能沿轨道运动。 已知电场强度， θ=53° , 圆轨道半径 R= 1m，
g 取 10m/s2， sin53°=0.8， cos53°=0.6。 则以下说法中正确的是 ( )
A． 刚释放小球时小球的加速度的大小为 3.5m/s2
B． 若小球能到达 C 点， 释放点与 A 的距离至少为 1.2m
C． 若小球恰能到达 C 点， 此运动过程中小球对轨道的最大压力为 75N
D． 若小球恰能到达 C 点， 则在 C 点对轨道的压力为 0
二、 实验题 （每空 3 分， 共 12 分）
11． 宜丰中学 LSF 小组设计了如图甲所示的装置来测量当地的重力
加速度。 A、 B 为材料不同的小桶， 其中小桶 A 上装有遮光片， B
内装有若干质量均为 m 的金属球，两个小桶用绕过光滑定滑轮的轻
绳连接， 竖直标尺下端固定有光电门。 开始时系统处于静止状态，
测得绳子的拉力为 Mg， 并记下遮光片在标尺上对准的位置。
（1） 用游标卡尺测遮光片的宽度 d， 如图乙所示， 则 d=
cm；
（2） 将小桶 B 内的一个小球放到小桶 A 中， 然后由静止释放小桶 A， 记录遮光片通过光电门的遮光 时间 t， 通过刻度尺测出小桶 A 释放时遮光片到光电门的距离 h， 则遮光片通过光电门时小桶 B 的速度 v= ， 小桶 A 的加速度 a= ；（用 d、 t、 h 表示）
（3） 将小桶 B 中的 2 个， 3 个， 4 个 ……n 个小球转移到小桶 A 中， 仍由静止释放小桶 A， 并保持每
次小桶 A 下落的初始位置不变， 测得多组遮光片通过光电门所对应的遮光时间 t， 以为纵轴， 以 n 为横轴，作出图像，如果作出的图线过坐标原点且斜率为 k，则当地的重力加速度 g= 。（用 k、 m、 M、 d、 h 等表示）
三、 解答题 （共 38 分， 12 题 10 分， 13 题 12 分， 14 题 18 分）
12． 如图， 某同学设计的幼儿园安全斜直滑梯由长 和 的两段不同材料
AB 和 BC 制成， 滑梯与水平地面夹角。一小朋友从A点由静止滑下， 经6S到达
C点速度恰好为零。 重力加速度g取 10 m/s2， sin37o=0.6， cos376=0.8。 求：
（1） 小朋友滑行过程中的最大速度；
（2） 小朋友与 和 材料间的动摩擦因数 和 。
13． 如图甲所示， 长为 L 的平行金属板水平固定放置， 两板间加有如图丙所示的方波电压， 图丙中UO、
T 均已知， 在两板中线左端 P 点有一个粒子源， 不断地从 P 点射出质量为 m、 电荷量为 q 的带正电的 粒子， 粒子穿过两板所用的时间为 T， 从 t=0 时刻射入两板间的粒子刚好从下板右端边缘射出， 在两板 右边的竖直虚线 MN 右侧有竖直向下的匀强电
场， 电场强度大小等于， 在电场中有一水平
放置的粒子接收板，粒子接收板的上表面比平行
板下板的上表面低的高度为板间距离的一 半，不
计粒子重力， 不计粒子间的相互作用， 求：
（1） 两平行金属板间的距离；
（2） 接收板上能接收到粒子区域的长度为多少。
14． 如图甲所示， 倾角6=306的斜面固定在水平地面上， 斜面上放置长度L=1m 、 质量M =3kg 的长 木板 A， 长木板的下端恰好与斜面底部齐平； 一 可视为质点、 质量m=lkg 、 带电量的物 块 B 放在木板上， 与木板上端距离d=0.15m； 与木板上端距离d=lm的虚线右侧存在足够宽匀强
电场， 电场方向垂直斜面向上． t=0时刻起， 一沿斜面向上的恒力 F 作用在长木板上， ls后撤去 F， 物块 B 在。~1s内运动的v-t图像如图乙所示， 且物块 B 在t=1.3s时速度恰好减为 0． 已知物块与长木
板间的动摩擦因数， 长木板与斜面间
的动摩擦因数，物块 B 带电量始终不
变， 重力加速度 g 取10m/s2， 求：
（1） 恒力 F 的大小；
（2） 匀强电场的电场强度大小；
（3） 从t=0时刻起到木板下端再次与斜面底部齐平的过程中， 物块 B 与木板 A 间因摩擦产生的热量 .
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物理参考答案：
1． A 【详解】 已知从 A 到 B 和从 B 到 C 速度的增加最AW均为6m/S， 可得 A 到 B 的时间， B 到 C 的
时间相等， 根据匀变速直线运动规律可知， B 点的速度为， 根据匀变速直线运动运动规 律以及加速度定义式可得， ， 解得， 加速度为
, 故选 A。
2． A 【详解】 A． 电容器极板间距 增大， 由可知， 电容变小， A 正确； B． 松开按键时， 由可知， 极板的电量变小， B 错误； C． 由题意可知可变电容器与电源连接， 所以其两端电压 U不变， C 错误； D． 由可知极板间的电场强度E变小， D 错误。 故选 A。
3． B 【详解】 A． 人的受力如图
地面对人的作用力时支持力与摩擦力的合力， 方向斜向上， A 错误； B． 地面地面
对人的摩擦力水平向左， 与竖直墙壁垂直， B 正确； C． 人处于静止状态， 所受合
力 一 直为零， C 错误； D． 地面对人的支持力与人的重力是一对平衡力， D 错误。
故选 B。
4． B 【详解】 根据， A． 可得
, 因 h=0 时 T 不为零， 则选项 A 错误； B． 可得"， 随
h 的增加， 加速度非线性减小， 选项 B 可能正确； C． 可得， 随 h 增加， 速度 v 减小， 选项 C 错误； D． 动能， 因这些卫星的质量关系不确定， 则随 h 增加， 动能不一定减
小， 选项 D 错误； 故选 B。
5． D 【详解】 A． 根据质点 Q 的振动图像可知t=0时刻质点 Q 沿 y 轴正方向振动， 则该波沿 x 轴负方
向传播， 选项 A 错误； BC． 该波的波长， 周期T=1.2S， 根据可得该波的传播速度 w=10m/s， 选项 BC 均错误； D． 波动图像的方程为
t=0时刻， x=0 处的质点偏离平衡位置的位移大小为 10cm， 选项 D 正确。 故选 D。
6． D 【详解】 C． 小球在水平方向做匀速直线运动， 在竖直方向做匀变速运动， A、 B、 C 三点在同一 直线上， AB= 3BC ， 可知， 小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的运动时间之比为， C 错误； A． 在 竖直方向上， 小球从 A 到 B 做匀加速运动， 加速度大小为g， 从 B 到 C 做匀减速运动， 加速度大小为 a， A、 C 两点竖直方向的速度均为零， 则有 解得α=3g， 根据牛顿第二定律可知
, 解得=4g， A 错误； B． 从 B 到 C 小球在竖直方向上做减速运动， 即所受合力竖直 向上， 因此可以判断小球所受电场力竖直向上， 小球带正电， B 错误； D． 小球从 A 到 B 与从 B 到 C
的合外力冲量的大小分别表示为， ， 小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的合 外力冲量的大小相等， D 正确。 故选 D。
7． D【详解】A． 根据可知机械能 E 随位置坐标 x 的变化图像中图像上某点切线的斜率表示 电场力， 由于滑块由静止开始运动， 则刚刚释放时的电场力大于重力沿斜面的分力， 结合图像可知，
图像的斜率先增大后减小至 0， 则电场力先增大至最大值， 后减小至 0， 可知电场力与重力沿斜面的方 向大小相等的时刻在 中间的某一位置， 在该位置， 滑块所受合力为 0， 该位置之后， 电场力小于 重力沿斜面的分立， 根据动能定理可知在 过程中， 滑块动能先增大后减小， A 错误； B． 动能最 大位置时， 滑块速度最大， 滑块所受合力为 0， 根据上述可知， 动能最大的位置在在 中间的某一 位置， B 错误； C． 根据上述可知， 在的过程中滑块动能先增大后减小， 而滑块在运动过程中只 有重力势能、 电势能与动能之间的转化， 可知在的过程中重力势能与电势能之和先减小后增大， C 错误； D． 根据上述可知， 在 过程中， 滑块向上运动， 滑块先做加速度增大的加速运动， 后做 加速度减小的加速运动， 再做加速度反向增大的减速运动， 最后做匀减速运动， 即在 过程中， 滑 块先加速后减速， D 正确。 故选 D。
8． CD 【详解】 A． 链球做加速圆周运动过程中， 加速度变化， 所以相同时间内速度的变化量不相同 ， 故 A 错误； B． 链球做加速圆周运动过程中， 链球的速度大小变化， 所以链球的重力、 铁链对链球拉 力的合力不等于链球的向心力， 故 B 错误； C． 链球斜抛过程中加速度恒定， 所以相同时间内速度的 变化量一定相同， 故 C 正确； D． 若链球在做斜抛运动过程中， 重力的功率为p=mgvp， 由于竖直方 向速度先减小到零后一 直增大， 所以重力功率的绝对值先减小到零然后一 直增大， 故 D 正确。 故选 CD。 9． AC 【详解】 A． 对羽毛球受力分析， 由牛顿第二定律可得mg+f2=ma， 解得
q=30m/s2， 故 A 正确； B． 羽毛球筒受力分析， 由牛顿第二定律可得Mg-ff-f2=Ma2 解得 2=-20m/s2， 负号表示筒的加速度方向竖直向上， 说明筒向下做匀减速直线运动。 故 B 错误； C． 若
敲打一次后， 羽毛球头部能从上端筒口出来， 则当羽毛球到达筒口时二者速度相等， 此时筒获得的初
速度为最小， 有 ， …"…联立， 解得， 故 C 正确； D． 设 筒的初速度为 v 时， 羽毛球恰好从下端筒口出来， 则此时筒的速度减为零， 则有， 0=v+a2t， 解得v=4、5m/s>3m/s易知与题意不符， 所以羽毛球不可能从下端筒口出来。 故 D 错误。
故选 AC。
10． AC 【详解】 A． 对小球受力分析， 小球所受电场力水平向左， 由牛顿第二定律得
wgsinθ-Eqcos0=w 解得 m/s2， 故 A 正确；
B． 设重力与电场力的合力方向与竖直方向成α角， 如图
故， 解得α=376， 大小为，
小球恰好能过等效最高点 E 时也就恰好能到达 C 点， 在 E 点由牛
顿第二定律得， 从释放到到达 E 点， 由动能定理得
, 代入数据解得， 故 B 错 误； C． 此时若小球能到达 C 点， 应先恰能到达 E 点， 对 E 点受力分析得， 解得
, 对 D 到 E 由动能定理得， 解得， 对 D 点由牛顿 第二定律得， 由牛顿第三定律得压力FS=N=75N， 故 C 正确； D． 对 E 到 C 由动能定 理得， 解得m/s， 对 C 点由牛顿第二定律得
… , 由牛顿第三定律得压力R'=N'=7.25N， 故 D 错误。 故选 AC。
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11． 0.535
【详解】（1） [1]由游标卡尺的读数规则可知遮光片的宽度d=5mm+0.05x7mm=5.35mm=0.535cm （2） [2][3]由题意可得， 遮光片通过光电门时小桶 A 的速度
由于小桶 A、 B 都沿绳方向运动， 故此时小桶 B 的速度等于小桶 A 的速度
由运动学规律知 解得小桶 A 运动的加速度为
（3） [4]根据机械能守恒定律有
整理可得 得到的图线为过原点的直线且斜率
则当地的重力加速度
12． （1） vm=4m/s；（2） ，
【详解】（1） 小朋友滑至点速度最大， 依据匀变速直线运动规律， 有
解得vm=4m/s
（2） 设小朋友在AB、 BC 段的加速度大小分别为 和 α2， 在 AB 段， 小朋友匀加速运动， 有 2=2q
代入数据得α1=2m/s2 依据牛顿第二定律， 有
代入数据得1=05 在 BC 段， 小朋友匀减速运动， 有 。-㎡=-2
代入数据得a2=lm/s2 依据牛顿第二定律有
解得
13． （1） ；（2）
【详解】（1） 设板间距离为 d， 从 t=0 时刻射进电场的粒子， 刚好从下板右端边缘射出， 则粒子在电场
运动的加速度大小， 则， 解得
（2） 由于所有粒子穿过电场的时间均为 T， 因此所有粒子出电场时沿电场方向的速度为零， 即所有粒 子射出电场时速度大小为， 方向水平向右。 根据对称性， 从 t= 0.5T 时刻进入电场的粒子刚好从上板 右边缘水平向右射出。 即所有粒子射出两板间的区域在两板右端间长为 d 的区域内。 从上板右端边缘
射出的粒子进入 MN 右侧电场后， 做类平抛运动。 则 ， ， 解得
从下板右端边缘射出的粒子进入 MN 右侧电场后， 做类平抛运动。 则 ， 解得
因此接收板上有粒子打上的区域长度
14． （1） F =48N ；（2） E=5、5×I0*N/C；（3）
【详解】（1） 由图乙可得， 0~1s物块 B 加速度大小为q=2m/s2
若物块 B 与长木板发生相对滑动， 则 μmgcosθ-mgsinθ=mao， 得q=2.5m/s2
, 故恒力 F 作用后， 两者相对静止， 一起向上加速， 对 整体有
F=μ2(M+m)gcosθ-(M+m)gsinθ=(M+m)q， 得 F =48N
（2） 0~1s内 一起运动的位移为
得， 即撤去外力时木板恰运动到电场边缘， 假设撤去外力后AB 相对静止 一起减速， 对 AB 整体有μ2(M+m)gcosθ+(M+m)gsinθ=(M+m)a2， 得
对物块 B 有fi+mgsinθ=a， 得 。=5N
得 SM=0.2m>d， 即物块 B 到达电场边缘时尚未减速为零。，得或（舍
弃）
物块 B 在t=1.3s减速为零， 则共进入电场后的加速度大小为，
mgsinθ+μ1(mgcosθ-qE)=mas得E=5、5×I0*N/c
（3） 物块 B 进入电场后减速为零经过的位移为
长木板 A 减速为零的位移为， 则
得 ， s =005m
即物块 B 尚未冲出长木板 A 的上端， A 物体减速为零后， 因 μ2Mgcosθ=Mgsin6 故 A 静止不动， 物块 B 离开电场时， 速度与进入时候等大反向， 即v2=v2
对 B： μmgcosθ-mgsinθ=mag
对 A： μmgcosθ+Mgsinθ-μ2(M+m)gcosθ=Ma
得0， 0
两者共速时w'-a=a
得 ， v=0.25m/s
此过程中长木板 A、 物块 B 各自的位移大小为，
得 s=0.0375m， s'=0.1875m
4
(
高三 （上）
物理周测
11
答题卡
班级
姓名
分数
) (
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
) (
11.
（
1
）
（
2
）
（
3
）
) (
三、 解答题 （共
38 分，
12 题
10 分，
13 题
12 分，
14 题
18 分）
12
.
13
.
)
14.
1
2
