2023-2024学年辽宁省沈阳市虹桥中学九年级（上）期中物理试卷
一、选择题（1-6单选，7-9多选，多选错选不得分，漏选得1分。每题2分，共18分）
1．（2分）下列物理量的估测中，最接近实际情况的是（ ）
A．家用电冰箱正常工作电流约为5A
B．一度电可以使教室里一盏日光灯大约使用25h
C．一节新的干电池的电压是2V
D．对人体的安全电压是36V
2．（2分）关于温度、热量、内能和比热容，下列说法正确的是（ ）
A．物体的温度越高，比热容越大
B．物体的温度不变，内能就不变
C．物体吸收热量后，内能不一定增加
D．物体的内能减少，一定是放出了热量
3．（2分）图甲是一种测力装置部分结构的示意图。横梁OA上下表面各贴一张完全一样的应变电阻片R1和R2，串联在有恒定电流的电路中（图乙）。在A端施加向下的力F，横梁向下弯曲，R1被拉伸，R2被压缩，根据它们两端电压的差值即可测量力F的大小。下列有关分析错误的是（ ）
A．通过R1和R2的电流相等
B．R2的电阻减小
C．R1两端的电压小于R2两端的电压
D．R1和R2两端电压的差值越大，A端受到的压力越大
4．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
5．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，两电表都有示数。下列判断正确的是（ ）
A．电流表A1只测量灯L2的电流
B．断开开关S1时，电流表A1示数变小
C．灯L1被短路时，L2正常发光
D．若此电路中L1比L2亮度大，则L1的电压比L2大
6．（2分）通过导体A、B的电流与其两端电压的关系如图所示，以下说法正确的是（ ）
A．导体A、B的电阻阻值都不变
B．导体A的电阻大于导体B的电阻
C．导体A、B并联在3V电源上，干路电流是0.9A
D．导体A、B串联时，流经导体A、B的电流是0.2A，则导体A此时的功率为0.4W
（多选）7．（2分）关于如图所示的四个情境，下列说法中正确的是（ ）
A．如图甲，用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，会相互排斥
B．如图乙，自由电子的定向移动方向为电流方向
C．如图丙，开关闭合后，用导线触接L2两端时，L1发光，L2不发光
D．如图丁，用橡胶棒把验电器A和B连接起来，B的金属箔会张开
（多选）8．（2分）下列说法中，错误的是（ ）
A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B．绝缘体不能导电
C．用超导材料制作白炽灯灯丝，白炽灯发光会更亮
D．电阻是导体对电流的阻碍作用，没有电流通过导体时，导体的电阻为零
（多选）9．（2分）如图电路图中电源电压U保持不变，定值电阻R的阻值已知，在不改变电路的情况下（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（每空1分，共14分）
10．（2分）2023斯诺克英格兰公开赛第二轮，丁俊晖最终以4﹣1的比分轻松获胜，成功晋级到下一轮比赛。如图所示为丁俊晖比赛时的情形。打台球时，甲球速度变慢，这是由于甲球的动能转移到乙球上，总量保持 。在球与球相互撞击过程中还会因为摩擦而产生热量，这是通过 的方式改变了球的内能。
11．（2分）如图所示是某家用电子式电能表的表盘，表盘上显示已用电 kW h。若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁32次，该用电器的电功率为 W。
12．（3分）如图所示为单缸四冲程汽油机的两个冲程，其中能够为汽油机提供动力的冲程是 （选填“甲”或“乙”）图。若该汽油机由于润滑油缺少使活塞所受摩擦力增大，则该汽油机的效率会 （选填“变大”、“变小”或“不变”），若该汽油机飞轮的转速是1800r/min，那么它每分钟对外做功 次。
13．（3分）如图所示，小王将A、B两种不同的金属片分别插入土豆，制成“土豆电池”，发光二极管发光，电压表有示数 （选填“左”或“右”）侧是正极；发光二极管是由 （选填“超导体”、“绝缘体”或“半导体”）制成的；若将发光二极管的两极对调，闭合开关时电压表 （选填“有”或“没有”）示数。
14．（2分）两只定值电阻，甲标有“5Ω，1A”，0.6A”，把它们串联在同一电路中 V；若把它们并联在同一电路中，干路中允许通过的最大电流为 A。
15．（2分）如图甲，移动滑片使电阻R2的有效阻值从零逐渐变大，R1两端电压U的倒数与R2的阻值变化的图象如图乙所示，则电源电压为 V，R1的阻值为 Ω。
三、作图和实验探究（28分）
16．（2分）如图（A）所示是江津区某中学的同学们为节能小屋设计的“可以调节亮度的台灯”，如图（B）（滑动变阻器）的内部结构示意图，a、b、c是它的三个接线柱。请你用笔画线代替导线完成图（B）（要求：旋钮带动滑片顺时针转动时，灯泡变亮）。
17．（5分）在热学实验中：
（1）小明用相同的酒精灯给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和 相同的水和煤油，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内 ；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图乙可判断出a物质是 （选填“水”或“煤油”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明称取相等质量的水装入相同规格烧杯中。再取质量 （选填“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片，放入两个燃烧皿中，分别给烧杯加热 （选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值大小。
18．（4分）某班级同学要“探究串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”。所用器材有：电源、电压表、电流表各一个。阻值分别为5Ω、10Ω和15Ω的电阻各一个；开关、导线若干。
（1）如图甲，某同学正确连接后闭合开关，发现电压表示数为零1 或R2 。
（2）同组的同学对照图甲的实验设计后认为：用一块电压表分别测R1两端的电压和R2两端的电压时，需要对电路进行改接，为了不反复拆接电压表，他的思路是：闭合开关S和S1，电压表测R1两端的电压，闭合开关S和S2，电压表就可以测R2两端的电压。这种设计思路是 （“正确”或“错误”）的，原因是 。
19．（5分）某学习小组在探讨影响导体电阻大小因素时，找资料发现在导体材料和粗细相同时，其电阻与长度成正比，其中K为比例常数，x为导体的长度，图中AB为镍铬合金丝，P为活动端
（1）他们的实验控制了导体的 不变，这是 法。
（2）调节镍铬合金丝上的滑动片，电压表的示数 （填“能”或“不能”）反映导体AP间电阻的变化。
（3）要完成此实验，除了记录电压表示数外，还需要的测量器材是 。
（4）为了更好地反映AP间电阻的变化，还可以 。
20．（4分）利用图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，滑动变阻器的规格为“50Ω，1A”改变电阻箱R的阻值依次为5Ω、10Ω、20Ω
实验组别 1 2 3
电阻R（Ω） 5 10 20
电流I（A） 0.4 0.2 0.1
（1）开关闭合后电流表有示数而电压表无示数，电路故障可能是 。
A．电流表坏了
B．滑动变阻器短路
C．电阻处接触不良
D．电阻短路
（2）修正电路并完成第一组实验，断开开关，将电阻箱阻值由5Ω调到10Ω。继续操作有以下四步：
①将滑动变阻器的滑片移到最左端；
②闭合开关；
③将滑动变阻器的滑片移到适当位置；
④记录电流表示数。
（3）上述操作③中判断滑片已处于适当位置的依据是 。本操作中滑动变阻器在实验中的作用是 。
（4）根据实验数据做的图像如图2所示，该实验的结论为 。
21．（8分）小洋用“伏安法”测未知电阻R的电阻值，他设计的电路图如图甲所示。
实验次数 1 2 3
电压/V 1.2 1.8 2.4
电流/A 0.36 0.5
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中未完成的电路补充完整。（要求变阻器滑片向左移动时电流表示数变大）
（2）连接电路时，开关应处于 （选填“断开”或“闭合”）状态。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最 （选填“左”或“右”）端的位置。
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表和电压表都有较大的示数，电流表和电压表的示数都不变。造成这一现象的原因可能是 。
A.电阻R断路
B.滑动变阻器接了下面的两个接线柱
C.电阻R短路
D.滑动变阻器短路
（4）小洋排除故障后，重新连接好电路进行实验，表格是他记录的实验数据，其电阻是 Ω，该实验中多次测量的目的是： 。
A.避免偶然性，是结论更具有普遍性
B.求平均值，减小误差
（5）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误数据绘出的U﹣I图象如图丁所示。你认为错误的原因可能是 。
（6）若将图甲中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电压表与电流表示数的比值将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
四、综合应用题（20分）（计算题写出必要的文字说明、公式、主要运算过程、数值和单位）
22．（6分）如图所示，电源电压保持不变，已知R1＝20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.6A；当只闭合开关S2时，电流表的示数为0.2A。
求：（1）电源电压。
（2）R2阻值。
（3）当S1和S3都闭合，S2断开时，电流表的示数。
23．（8分）图甲为某型号电子秤，其原理结构如图乙所示；R0为定值电阻，R是压敏电阻，其阻值随所受压力F变化的关系如图丙所示（量程为0﹣3V）的表盘数值后可直接读出所称量物体的质量；踏板的质量忽略不计
（1）空载时，电压表的示数为1V，求定值电阻R0的阻值。
（2）当压力F＝500N时，求电压表的示数。
（3）在保证电路安全的情况下，求电子秤所受最大压力。
24．（6分）“页岩气”是指附存于有机质泥页岩及其夹层中，以吸附和游离状态为主要存在方式的非常规天然气，其中甲烷的含量为80%～99.9%，主要用于居民燃气、城市供热、发电、汽车燃料和化工生产等，用途广泛。我国“页岩气”可采储量大，生产周期长，一般为30年～50年，具有较高的工业经济价值。“页岩气”输送一般有三种：管道、采集液化运输和采集运输，后两种成本较高。
（1）日常生活中常对天然气采用 的方式液化成液态后储存在罐中。运输的罐车常连接一根铁链接地，这样可以将运输过程因摩擦起电而使罐体带上的正电中和掉，防止火灾发生。摩擦起电过程中罐体是 （选填“得到”或“失去”）电子；中和过程中，其电流方向是 （选填“罐体到大地”或“大地到罐体”）。
（2）运输的罐车常装有半导体型甲烷测试仪，它具有气敏特性，当接触的甲烷气体浓度增加时，传感器将甲烷气体浓度的变化转换为其他量的变化，从而实现了运输中的即时监测。如图是测试仪的简化工作电路，R0为定值电阻。那么电压表的示数U与甲烷气体浓度C之间关系的图象，正确的是 （选填字母序号）。
（3）若“页岩气”中甲烷占80%，在标准大气压下，某燃气灶完全燃烧0.5m3“页岩气”，可将质量为30kg温度为20℃的水加热至沸腾，则0.5m3“页岩气”完全燃烧放出的热量为 J，该燃气灶加热水的效率为 [甲烷热值取4.2×107J/m3]。
2023-2024学年辽宁省沈阳市虹桥中学九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（1-6单选，7-9多选，多选错选不得分，漏选得1分。每题2分，共18分）
1．（2分）下列物理量的估测中，最接近实际情况的是（ ）
A．家用电冰箱正常工作电流约为5A
B．一度电可以使教室里一盏日光灯大约使用25h
C．一节新的干电池的电压是2V
D．对人体的安全电压是36V
【答案】B
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
【解答】解：
A、家用电冰箱的电功率约为220W＝＝1A；
B、教室里一盏日光灯的电功率约为40W＝0.04kW＝＝25h；
C、一节新的干电池的电压是1.7V；
D、对人体的安全电压是不高于36V。
故选：B。
2．（2分）关于温度、热量、内能和比热容，下列说法正确的是（ ）
A．物体的温度越高，比热容越大
B．物体的温度不变，内能就不变
C．物体吸收热量后，内能不一定增加
D．物体的内能减少，一定是放出了热量
【答案】C
【分析】（1）比热容和物体的种类和状态有关；
（2）内能和物体的温度、状态、种类等有关；
（3）改变物体的内能方式有：热传递、做功等。
【解答】解：A、物体的比热容和物体的温度无关；
B、物体的温度不变，内能也会改变；
C、物体吸收热量后，内能不一定增加；
D、物体的内能减少，故D错误。
故选：C。
3．（2分）图甲是一种测力装置部分结构的示意图。横梁OA上下表面各贴一张完全一样的应变电阻片R1和R2，串联在有恒定电流的电路中（图乙）。在A端施加向下的力F，横梁向下弯曲，R1被拉伸，R2被压缩，根据它们两端电压的差值即可测量力F的大小。下列有关分析错误的是（ ）
A．通过R1和R2的电流相等
B．R2的电阻减小
C．R1两端的电压小于R2两端的电压
D．R1和R2两端电压的差值越大，A端受到的压力越大
【答案】C
【分析】由图可知，该电路为串联电路；在串联电路中，各处的电流是相同的；导体电阻的大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，据此判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电阻两端的电压大小关系，从而判断压力的变化情况。
【解答】解：
A、由图可知，在串联电路中，所以通过两个电阻的电流相同；
B、在压力的作用下，R1被拉伸，R2被压缩，即R8变长，横截面积变小；R2变短，横截面积变大，故B正确；
C、在R1和R7发生形变前是完全一样的，即R1和R2发生形变前的电阻相同，因此发生形变后，R7的电阻大于R2的电阻，通过两个电阻的电流相同，R1两端的电压大于R6两端的电压，故C错误；
D、根据欧姆定律可知，R1和R2两端电压的差值越大，说明R5和R2的阻值的差值越大，所以R1被拉伸的更长，R4被压缩的越短，从而说明A端受到的压力越大。
故选：C。
4．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
【答案】A
【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表。
油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小。
串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
【解答】解：A、串联电路中电阻起分担电压的作用，分担的电压越大，电路中的电流也越小，浮子上升，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
B、R和R0在电路中是串联的。
C、油面越高，滑片上移，根据欧姆定律知电流越小。
D、油量表和滑动变阻器是并联的。
故选：A。
5．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，两电表都有示数。下列判断正确的是（ ）
A．电流表A1只测量灯L2的电流
B．断开开关S1时，电流表A1示数变小
C．灯L1被短路时，L2正常发光
D．若此电路中L1比L2亮度大，则L1的电压比L2大
【答案】B
【分析】分析电路图，先确定两灯的连接方式、两电流表和两开关的位置，再根据串联或并联电路的特点分析判断。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S1、S2时，两灯泡L5、L2并列连接即为并联，开关S2位于干路控制整个电路，开关S6位于L1支路控制该支路，电流表A1位于干路测干路电流，电流表A3位于L1支路测该支路电流。
A．电流表A1位于干路测干路电流，故A错误；
B．断开开关S7时，灯泡L1和电流表A2被断路，电路为L5的简单电路，电流表A1测电路中的电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即电流表A1示数变小，故B正确；
C．灯L3被短路时，灯L2也被短路，不能正常工作；
D．因并联电路中各支路两端的电压相等，若此电路中L1比L6亮度大，由P＝UI＝，L1的电阻比L7小，故D错误。
故选：B。
6．（2分）通过导体A、B的电流与其两端电压的关系如图所示，以下说法正确的是（ ）
A．导体A、B的电阻阻值都不变
B．导体A的电阻大于导体B的电阻
C．导体A、B并联在3V电源上，干路电流是0.9A
D．导体A、B串联时，流经导体A、B的电流是0.2A，则导体A此时的功率为0.4W
【答案】D
【分析】（1）电阻一定时，通过电阻的电流与其两端的电压成正比，根据图中数据结合欧姆定律比较两导体电阻的大小；
（2）将A、B两导体并联后接到电压为3V的电源上，根据并联电路电压特点结合图像读出甲、乙的电流，根据并联电路电流的特点算出干路中的电流；
（3）由图像可知流经导体A、B的电流是0.2A时导体A两端的电压，根据P＝UI求出导体A此时的功率。
【解答】解：AB、由图象可知，则通过导体B的电流与两端的电压成正比，而A的图象不是过原点的直线，由图象可知导体两端的电压相等时，根据R＝，故AB错误；
C、将A，并联电路各支路两端电压相等A＝0.4A，IB＝4.2A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则干路电流：I＝IA+IB＝0.5A+0.2A＝3.6A，故C错误；
D、导体A，由图象可知当电路中的电流为：I'＝0.7A时A＝2V，
则导体A此时的功率为：PA＝UAI'＝2V×3.2A＝0.8W，故D正确。
故选：D。
（多选）7．（2分）关于如图所示的四个情境，下列说法中正确的是（ ）
A．如图甲，用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，会相互排斥
B．如图乙，自由电子的定向移动方向为电流方向
C．如图丙，开关闭合后，用导线触接L2两端时，L1发光，L2不发光
D．如图丁，用橡胶棒把验电器A和B连接起来，B的金属箔会张开
【答案】AC
【分析】（1）电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流方向相反；
（3）导线与用电器并联是短路现象：
（4）验电器金属箔带有同种电荷，由于同种电荷相互排斥，则会张开。
【解答】解：A、用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，故A正确；
B、自由电子的定向移动方向与电流方向相反；
C、开关闭合后2两端时，L2发生短路，L3发光，L2不发光，故C正确：；
D、用橡胶棒把验电器A和B连接起来，B的金属箔不会张开。
故选：AC。
（多选）8．（2分）下列说法中，错误的是（ ）
A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B．绝缘体不能导电
C．用超导材料制作白炽灯灯丝，白炽灯发光会更亮
D．电阻是导体对电流的阻碍作用，没有电流通过导体时，导体的电阻为零
【答案】BCD
【分析】（1）当带电体接触验电器的金属球时，会使金属箔片带上同种电荷，而同种电荷相互排斥，使金属箔片张开一定角度，显示物体带电；
（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；导体和绝缘体之间没有绝对的界限，在一定的条件下，绝缘体可以变成导体；
（3）超导体的电阻为0，白炽灯是利用电流的热效应工作的；
（4）电阻是导体对电流的阻碍作用，其大小决定于导体的长度、横截面积和材料，还受温度的影响，与所加电压、通过的电流无关。
【解答】解：
A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；
B、绝缘体不容易导电，绝缘体在一定条件下可以变为导体；
C、白炽灯是利用电流的热效应制成的，因为超导体电阻为零，不能发光；
D、电阻是导体对电流的阻碍作用，导体的电阻仍存在，故D错误。
故选：BCD。
（多选）9．（2分）如图电路图中电源电压U保持不变，定值电阻R的阻值已知，在不改变电路的情况下（ ）
A． B．
C． D．
【答案】BCD
【分析】伏安法测电阻的原理是R＝，要测出未知电阻Rx的阻值，应知道电阻两端的电压与流过电阻的电流，分析各电路图，看所给电路能不能测出待测电阻两端的电压与流过待测电阻的电流，然后判断是否能测出待测电阻阻值。
【解答】解：A、定值电阻R与未知电阻Rx串联时，通过它们的电流相等，电压表测量R与Rx两端电压，即示数为U1，开关打到2时测电阻Rx两端压，即示数为Ux，由串联电路特点求出定值电阻R两端电压，由欧姆定律求出通过Rx的电流，因此该电路能测出电阻Rx的阻值，故A不符合题意；
B、当滑动变阻器接入电路阻值为5时x的简单电路，电流表测量电路电流x的阻值，但根据电路图可知，因此该电路不能电路测出电阻Rx的阻值，故B符合题意；
C、闭合开关S2，电压表上端为正接线柱，下端为负接线柱3，电压表上端为负接线柱，下端为正接线柱，所以其中有一次电压表接线柱一定接反，不能测出待测电阻阻值；
D、开关S拨到位置2时，电流表测量滑动变阻器的电流，电流表把Rx短路，测量的是通过定值电阻的电流x的电流，因此该电路不能测出Rx的阻值，故D符合题意。
故选：BCD。
二、填空题（每空1分，共14分）
10．（2分）2023斯诺克英格兰公开赛第二轮，丁俊晖最终以4﹣1的比分轻松获胜，成功晋级到下一轮比赛。如图所示为丁俊晖比赛时的情形。打台球时，甲球速度变慢，这是由于甲球的动能转移到乙球上，总量保持 不变 。在球与球相互撞击过程中还会因为摩擦而产生热量，这是通过 做功 的方式改变了球的内能。
【答案】不变；做功。
【分析】能量的转化或转移具有方向性，能量在转化或转移过程中总量保持不变；改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
【解答】解：（1）根据能量守恒定律，能量在转化和转移的过程中；
（2）在球与球相互撞击过程中还会因为摩擦而产生热量，这是通过做功的方式改变了球的内能。
故答案为：不变；做功。
11．（2分）如图所示是某家用电子式电能表的表盘，表盘上显示已用电 5546.7 kW h。若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁32次，该用电器的电功率为 400 W。
【答案】5546.7；400。
【分析】（1）电能表的读数：最后一位是小数、单位是kW h。
（2）1600imp/（kW h）表示每消耗1kW h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求闪烁32次消耗的电能，再利用P＝求用电器的实际电功率。
【解答】解：
（1）该表盘上显示数字为055467，因为最后一位是小数，所以显示已用电5546.7kW h；
（2）1600imp/（kW h）表示每消耗1kW h的电能，指示灯闪烁1600次，
指示灯闪烁32次，则该用电器消耗的电能：
W＝kW h＝7.02kW h，
该用电器的实际电功率：
P＝＝＝7.4kW＝400W。
故答案为：5546.7；400。
12．（3分）如图所示为单缸四冲程汽油机的两个冲程，其中能够为汽油机提供动力的冲程是 乙 （选填“甲”或“乙”）图。若该汽油机由于润滑油缺少使活塞所受摩擦力增大，则该汽油机的效率会 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”），若该汽油机飞轮的转速是1800r/min，那么它每分钟对外做功 900 次。
【答案】乙；变小；900。
【分析】（1）汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能；做功冲程中，内能转化为机械能；为汽车提供动力的冲程是做功冲程；
（2）活塞克服摩擦力所做的功是额外功，相同条件下，额外功越大，汽油机的效率会越低；
（3）在四冲程汽油机的一个工作循环中，完成4个冲程，并对外做功1次，曲轴和飞轮转2圈。
【解答】解：（1）由图可知，甲图中两个气门都关闭，为压缩冲程，机械能转化为内能，两个气门关闭，火花塞点火，在这个过程中，为汽车提供动力；
（2）该汽油机由于润滑油缺少使活塞所受摩擦力增大，则汽油机克服摩擦所做的额外功增加；
（3）根据四冲程汽油机每个工作循环，完成4个冲程，做功1次可知，那么它每秒钟对外做 ，对外做功900次。
故答案为：乙；变小。
13．（3分）如图所示，小王将A、B两种不同的金属片分别插入土豆，制成“土豆电池”，发光二极管发光，电压表有示数 右 （选填“左”或“右”）侧是正极；发光二极管是由 半导体 （选填“超导体”、“绝缘体”或“半导体”）制成的；若将发光二极管的两极对调，闭合开关时电压表 有 （选填“有”或“没有”）示数。
【答案】右；半导体；有。
【分析】（1）根据电压表的连接方法分析；
（2）用半导体材料制成了二极管；
（3）二极管断路，根据电压表的连接方式分析。
【解答】解：二极管正常发光，二极管正极相连的一端为电源的正极；
（2）发光二极管是由半导体材料制成的；
（3）若二极管断路，则电压表串联到电源的两端，有示数。
故答案为：右；半导体；有。
14．（2分）两只定值电阻，甲标有“5Ω，1A”，0.6A”，把它们串联在同一电路中 9 V；若把它们并联在同一电路中，干路中允许通过的最大电流为 1.5 A。
【答案】9；1.5。
【分析】（1）已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出两端允许加的最大电压；
（2）根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
【解答】解：（1）因为串联电路中各处的电流相等，
所以两只电阻串联时，电路中的最大电流I＝I乙＝0.6A，
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以根据欧姆定律可得，
两端允许加的最大电压：
U＝I（R甲+R乙）＝3.6A×（5Ω+10Ω）＝8V；
（2）根据欧姆定律可得，两电阻两端允许所加的最大电压：
U甲＝I甲R甲＝1A×5Ω＝5V，U乙＝I乙R乙＝0.6A×10Ω＝5V；
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以两只电阻并联时，电路中的最大电压U′＝U甲＝5V，
此时通过甲的电流为1A，
通过乙的电流为：
I乙′＝＝＝0.5A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路最大电流：
I＝I甲+I乙′＝4A+0.5A＝8.5A。
故答案为：9；6.5。
15．（2分）如图甲，移动滑片使电阻R2的有效阻值从零逐渐变大，R1两端电压U的倒数与R2的阻值变化的图象如图乙所示，则电源电压为 4 V，R1的阻值为 6 Ω。
【答案】见试题解答内容
【分析】由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时R1两端的电压最大，R1两端电压U的倒数最小，根据图乙读出R1两端电压U的最小倒数，然后求出电源的电压；
（2）根据图乙读出R2的阻值为18Ω时R1两端电压U的倒数，然后求出R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求出此时R2两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R1的阻值。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表V4测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，变阻器接入电路中的电阻为零2两端的电压最大，R1两端电压U的倒数最小，
由图乙可知，R1两端电压U的最小倒数为V﹣1，则电源的电压U＝7V；
（2）由图乙可知，当R2＝18Ω时，R1两端电压U的倒数为6V﹣1，即R1两端的电压U3＝1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R2两端的电压U3＝U﹣U1＝4V﹣2V＝3V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I＝＝，即＝，
解得：R5＝6Ω。
故答案为：4；3。
三、作图和实验探究（28分）
16．（2分）如图（A）所示是江津区某中学的同学们为节能小屋设计的“可以调节亮度的台灯”，如图（B）（滑动变阻器）的内部结构示意图，a、b、c是它的三个接线柱。请你用笔画线代替导线完成图（B）（要求：旋钮带动滑片顺时针转动时，灯泡变亮）。
【答案】。
【分析】电位器的实质是滑动变阻器，滑动变阻器依靠改变电阻线的长度来改变电阻大小；灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，电路中的总电阻变小，电位器接入电路的电阻变小，据此分析。
【解答】解：电位器应与灯泡串联接入电路中；旋钮带动滑片顺时针转动时，说明电路中的电流变大可知，电路的总电阻应变小，由图可知，如图所示：
。
17．（5分）在热学实验中：
（1）小明用相同的酒精灯给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和 质量 相同的水和煤油，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内 吸收相等的热量 ；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图乙可判断出a物质是 水 （选填“水”或“煤油”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明称取相等质量的水装入相同规格烧杯中。再取质量 相等 （选填“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片，放入两个燃烧皿中，分别给烧杯加热 升高的温度 （选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值大小。
【答案】（1）①质量；吸收相等的热量；②水；（2）相等；升高的温度。
【分析】（1）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的两种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（2）由Q放＝mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小。
【解答】解：（1）①由比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的初温和质量相同；
根据转换法，实验中选用相同酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相等的热量；
②由图乙可知，a、b两物质加热相同时间后（吸热相同），由方法②可知，b物质的吸热本领弱，b物质是煤油；
（2）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑；
因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
故答案为：（1）①质量；吸收相等的热量；（2）相等。
18．（4分）某班级同学要“探究串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”。所用器材有：电源、电压表、电流表各一个。阻值分别为5Ω、10Ω和15Ω的电阻各一个；开关、导线若干。
（1）如图甲，某同学正确连接后闭合开关，发现电压表示数为零1 短路 或R2 断路 。
（2）同组的同学对照图甲的实验设计后认为：用一块电压表分别测R1两端的电压和R2两端的电压时，需要对电路进行改接，为了不反复拆接电压表，他的思路是：闭合开关S和S1，电压表测R1两端的电压，闭合开关S和S2，电压表就可以测R2两端的电压。这种设计思路是 错误 （“正确”或“错误”）的，原因是 电压表正负接线柱接反了 。
【答案】（1）短路；断路；（2）错误；电压表正负接线柱接反了。
【分析】（1）如图甲，两灯串联，电压表测R1的电压，发现电压表示数为零，可能是与电压表并联的电路短路，也可整个电路断路；
（2）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转。
【解答】解：（1）由图甲可知，两灯串联1的电压，某同学正确连接后闭合开关，可能是R1短路，或整个电路断路5短路或R2断路；
（2）已测出L1两端的电压，与电压表上面相连的为电压表的正接线柱，若闭合开关S和S8，电压表就可以测R2两端的电压，这种设计思路是错误的。
故答案为：（1）短路；断路；电压表正负接线柱接反了。
19．（5分）某学习小组在探讨影响导体电阻大小因素时，找资料发现在导体材料和粗细相同时，其电阻与长度成正比，其中K为比例常数，x为导体的长度，图中AB为镍铬合金丝，P为活动端
（1）他们的实验控制了导体的 材料和横截面积 不变，这是 控制变量 法。
（2）调节镍铬合金丝上的滑动片，电压表的示数 能 （填“能”或“不能”）反映导体AP间电阻的变化。
（3）要完成此实验，除了记录电压表示数外，还需要的测量器材是 刻度尺 。
（4）为了更好地反映AP间电阻的变化，还可以 串联一个电流表 。
【答案】（1）材料和横截面积；控制变量法；（2）能；（3）刻度尺；（4）串联一个电流表。
【分析】（1）探讨影响导体电阻大小因素时采用的是控制变量法；
（2）根据电压表的作用分析；
（3）实验中为了精确测量电阻的大小与长度的关系，应需要测量电阻丝的长度；
（4）实验中通过电流表示数可以反应电路中电流的大小和电阻的大小。
【解答】解：（1）由图可知，在实验中，改变的是导体的长度；
（2）由图可知，电压表并联在了电阻AP的两端，调节镍铬合金丝上的滑动片，电流不变，根据U＝IR可知，电阻越大；
（3）实验中为了精确测量电阻的大小与长度的关系，应需要测量电阻丝的长度；
（4）更好地即更加准确地反映电阻，应该计算出电阻。
故答案为：（1）材料和横截面积；控制变量法；（3）刻度尺。
20．（4分）利用图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，滑动变阻器的规格为“50Ω，1A”改变电阻箱R的阻值依次为5Ω、10Ω、20Ω
实验组别 1 2 3
电阻R（Ω） 5 10 20
电流I（A） 0.4 0.2 0.1
（1）开关闭合后电流表有示数而电压表无示数，电路故障可能是 D 。
A．电流表坏了
B．滑动变阻器短路
C．电阻处接触不良
D．电阻短路
（2）修正电路并完成第一组实验，断开开关，将电阻箱阻值由5Ω调到10Ω。继续操作有以下四步：
①将滑动变阻器的滑片移到最左端；
②闭合开关；
③将滑动变阻器的滑片移到适当位置；
④记录电流表示数。
（3）上述操作③中判断滑片已处于适当位置的依据是 电压表示数为2V 。本操作中滑动变阻器在实验中的作用是 保持电阻两端的电压不变 。
（4）根据实验数据做的图像如图2所示，该实验的结论为 电阻两端电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比 。
【答案】（1）D；（3）电压表示数为2V；保持电阻两端的电压不变；（4）电阻两端电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比。
【分析】（1）闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，根据电压表无示数分析电路可能的故障；
（3）研究“电流与电阻的关系“，要控制电阻的电压不变；
（4）由表中数据知，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一倍，即电压不变时，电流与电阻成反比，据此分析。
【解答】解：（1）闭合开关，电流表有示数，而电压表无示数，故D正确；
（3）研究“电流与电阻的关系“，要控制电阻两端的电压不变，这个电压为：
U＝IR＝0.4A×4Ω＝2V，上述操作④中判断滑片已处于适当位置的依据是：电压表示数为2V；
本操作中滑动变阻器的作用是保持电阻两端的电压不变；
（4）由表中数据知，电阻增大为原来的几倍，即电压不变时，
故答案为：（1）D；（3）电压表示数为7V；（4）电阻两端电压一定时。
21．（8分）小洋用“伏安法”测未知电阻R的电阻值，他设计的电路图如图甲所示。
实验次数 1 2 3
电压/V 1.2 1.8 2.4
电流/A 0.36 0.5
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中未完成的电路补充完整。（要求变阻器滑片向左移动时电流表示数变大）
（2）连接电路时，开关应处于 断开 （选填“断开”或“闭合”）状态。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最 右 （选填“左”或“右”）端的位置。
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表和电压表都有较大的示数，电流表和电压表的示数都不变。造成这一现象的原因可能是 D 。
A.电阻R断路
B.滑动变阻器接了下面的两个接线柱
C.电阻R短路
D.滑动变阻器短路
（4）小洋排除故障后，重新连接好电路进行实验，表格是他记录的实验数据，其电阻是 5 Ω，该实验中多次测量的目的是： B 。
A.避免偶然性，是结论更具有普遍性
B.求平均值，减小误差
（5）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误数据绘出的U﹣I图象如图丁所示。你认为错误的原因可能是 电压表与滑动变阻器并联了 。
（6）若将图甲中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电压表与电流表示数的比值将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）如图；（2）断开；右；（3）D；（4）5；B；（5）电压表与滑动变阻器并联了；（6）变大。
【分析】（1）根据表格数据可知，电压表应选用小量程并联在定值电阻两端，可将电压表的“3”接线柱和定值电阻的左边接线柱相连；
变阻器滑片向左移动时电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，可将滑动变阻器的左下接线柱和开关的左边接线柱相连；
（2）为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表和电压表都有较大的示数，则电路为通路，电压表和电源接通，电路的电阻较小，且无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的示数都不变，说明变阻器没有了“变阻”的作用，据此分析；
（4）电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此得出电流表的示数，根据欧姆定律可知电阻R的阻值；
该实验中多次测量的目的是求平均值，减小误差；
（5）电压表并联在定值电阻两端时，随着电流的增大，定值电阻两端的电压增大，根据串联电路电压的特点，变阻器两端的电压会随之减小；
（6）明确电压表与电流表示数的比值即为灯的电阻，灯与变阻器串联，根据串联分压原理和串联电路电压的规律，确定当滑动变阻器接入电路的电阻变小时灯两端的电压的变化及通过灯泡的电流变化，根据P＝UI确定灯的功率的变化，由此判断灯丝温度的变化，根据灯丝电阻随温度的升高而增大作答。
【解答】解：（1）根据表格数据可知，电压表应选用小量程并联在定值电阻两端；
变阻器滑片向左移动时电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，可将滑动变阻器的左下接线柱和开关的左边接线柱相连；
（2）连接电路时，为保护电路。闭合开关前，即最右端的位置；
（3）连接好电路，闭合开关，则电路为通路，电路的电阻较小，电流表和电压表的示数都不变，造成这一现象的原因可能是：滑动变阻器短路；
（4）电流表选用小量程，分度值为0.02A，根据欧姆定律可知电阻为：
R＝＝＝5Ω；
该实验中多次测量的目的是求平均值，减小误差；
（5）由图象知随着电流的增大，电压减小，因此电压表与滑动变阻器并联了；
（6）图甲中滑动变阻器与灯串联，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，则根据欧姆定律可知电路的电流增大，由串联电路电压的规律可知灯两端的电压变大，根据P＝UI可知灯的实际功率变大，灯丝的电阻变大，所以电压表与电流表示数的比值将变大。
故答案为：（1）如图；（2）断开；右；（4）7；B；（6）变大。
四、综合应用题（20分）（计算题写出必要的文字说明、公式、主要运算过程、数值和单位）
22．（6分）如图所示，电源电压保持不变，已知R1＝20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.6A；当只闭合开关S2时，电流表的示数为0.2A。
求：（1）电源电压。
（2）R2阻值。
（3）当S1和S3都闭合，S2断开时，电流表的示数。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）当只闭合开关S1时，只有R1连入电路，由欧姆定律可求得电源电压。
（2）当只闭合开关S2时，电路中R1和R2串联，由欧姆定律可求得R阻值，进而求R2。
（3）当S1和S3都闭合，S2断开时，R1与R2并联，则由并联电路的电流特点可求得电流表的示数。
【解答】解：（1）当只闭合开关S1时，只有R1连入电路，
由欧姆定律可得：电源电压U＝I5R1＝0.2A×20Ω＝12V。
（2）当只闭合开关S2时，电路中R1和R4串联，
由欧姆定律可得：R＝＝＝60Ω。
所以R6＝60﹣20＝40Ω，
（3）当S1和S3都闭合，S6断开时，R1与R2并联，
则由并联电路干路电流等于各支路电流之和得：
电流表的示数I＝I7+I2＝+＝+＝0.6A+2.3A＝0.5A。
答：（1）电源电压为12V。
（2）R2阻值为40Ω。
（3）当S1和S3都闭合，S2断开时，电流表的示数0.8A。
23．（8分）图甲为某型号电子秤，其原理结构如图乙所示；R0为定值电阻，R是压敏电阻，其阻值随所受压力F变化的关系如图丙所示（量程为0﹣3V）的表盘数值后可直接读出所称量物体的质量；踏板的质量忽略不计
（1）空载时，电压表的示数为1V，求定值电阻R0的阻值。
（2）当压力F＝500N时，求电压表的示数。
（3）在保证电路安全的情况下，求电子秤所受最大压力。
【答案】（1）空载时，电压表的示数为1V，R0的阻值为50Ω；
（2）当压力F＝500N时，电压表的示数为1.5V；
（3）在保证电路安全的情况下，电子秤所受最大压力为1000N。
【分析】（1）根据G＝mg求出空载时踏板的重力，空载时压敏电阻所受压力等于踏板的重力，由图乙得出对应压敏电阻的阻值，根据串联电路的电压特点求出压敏电阻两端的电流，利用欧姆定律和串联电路的电流特点求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R0的阻值；
（2）由图丙知，当压力F＝500N时，压敏电阻R′＝150Ω，
由串联电路的电阻特点知，电路的总电阻，根据欧姆定律可得电路中的电流，再求R0两端的电压即为电压表的示数；
（3）电子秤的质量最大时对应的电压表量程最大值，此时定值电阻两端的电压为3V，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点和欧姆定律求出压敏电阻的阻值，由图乙读出压敏电阻受到的压力。
【解答】解：（1）空载时压敏电阻所受压力为0，由丙知，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：UR＝U UR0＝8V 1V＝5V，
由于串联电路中各处的电流相等，则根据欧姆定律可得
I6＝＝＝0.02A，
R3的阻值：R0＝＝＝50Ω；
（2）由图丙知，当压力F＝500N时，
由串联电路的电阻特点知，电路的总电阻R总＝R′+R7＝150Ω+50Ω＝200Ω，
根据欧姆定律可得，电路中的电流：I′＝＝，
则电压表的示数：U0＝I′R5＝0.03A×50Ω＝1.4V；
（3）①由（1）知，空载时电路安全，电子秤示数最小：m小＝0kg；
②已知电压表量程为0～5V，则当定值电阻R0两端的电压最大为3V，R两端的电压最小，
根据欧姆定律可知电路中的电流最大，为：
I大＝＝＝3.06A，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：
UR小＝U UR0大＝6V 2V＝3V，
则R小＝＝＝50Ω；
由丙图可知，此时压敏电阻受到的压力F＝1000N；
答：（1）空载时，电压表的示数为1V，R0的阻值为50Ω；
（2）当压力F＝500N时，电压表的示数为3.5V；
（3）在保证电路安全的情况下，电子秤所受最大压力为1000N。
24．（6分）“页岩气”是指附存于有机质泥页岩及其夹层中，以吸附和游离状态为主要存在方式的非常规天然气，其中甲烷的含量为80%～99.9%，主要用于居民燃气、城市供热、发电、汽车燃料和化工生产等，用途广泛。我国“页岩气”可采储量大，生产周期长，一般为30年～50年，具有较高的工业经济价值。“页岩气”输送一般有三种：管道、采集液化运输和采集运输，后两种成本较高。
（1）日常生活中常对天然气采用 压缩体积 的方式液化成液态后储存在罐中。运输的罐车常连接一根铁链接地，这样可以将运输过程因摩擦起电而使罐体带上的正电中和掉，防止火灾发生。摩擦起电过程中罐体是 失去 （选填“得到”或“失去”）电子；中和过程中，其电流方向是 罐体到大地 （选填“罐体到大地”或“大地到罐体”）。
（2）运输的罐车常装有半导体型甲烷测试仪，它具有气敏特性，当接触的甲烷气体浓度增加时，传感器将甲烷气体浓度的变化转换为其他量的变化，从而实现了运输中的即时监测。如图是测试仪的简化工作电路，R0为定值电阻。那么电压表的示数U与甲烷气体浓度C之间关系的图象，正确的是 A （选填字母序号）。
（3）若“页岩气”中甲烷占80%，在标准大气压下，某燃气灶完全燃烧0.5m3“页岩气”，可将质量为30kg温度为20℃的水加热至沸腾，则0.5m3“页岩气”完全燃烧放出的热量为 1.68×107 J，该燃气灶加热水的效率为 60% [甲烷热值取4.2×107J/m3]。
【答案】（1）压缩体积；失去；罐体到大地；（2）A；（3）1.68×107；60%。
【分析】（1）①使气体液化的方法是降低温度和压缩体积；
②摩擦起电的实质是：电荷（电子）的转移，失去电子带正电，得到电子带负电；
③物理学规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反；
（2）由图1可知，甲烷气体传感器和定值电阻R0串联，电压表测量R0两端的电压，当接触的甲烷气体浓度增加时，它的电阻值就降低，由欧姆定律可知R0两端的电压变化，从而得到电压表示数变化；
（3）已知页岩气中甲烷所占比例及页岩气的体积，可以得到其中甲烷的体积；已知甲烷的体积和热值，可以得到甲烷完全燃烧放出的热量；在标准大气压下水的沸点是100℃，知道水的质量、水的初温度、末温度、水的比热容，利用Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量；利用η＝×100%算出该燃气灶加热水的效率。
【解答】解：（1）日常生活中常对天然气采用压缩体积的方式液化成液态后储存在罐中；
已知摩擦起电过程中罐体带上的是正电，说明罐体失去了部分电子；
物理学规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，已知罐体带正电，电子从大地到罐体；
（2）由图1可知，甲烷气体传感器和R0串联，电压表测量R3两端的电压，当接触的甲烷气体浓度为零时，由U＝IR可知R0两端的电压即电压表的示数不为零，当接触的甲烷气体浓度增加时，电路中的总电阻减小，R0两端的电压变大，故A符合题意。
故选A；
（3）2.5m3的页岩气包含的甲烷的体积为：V＝80%×2.5m3＝3.4m3，
甲烷完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝3.4m3×6.2×107J/m4＝1.68×107J；
在标准大气压下沸水的温度是100℃，
水吸收的热量为：
Q吸＝c水mΔt＝7.2×103J/（kg ℃）×30kg×（100℃﹣20℃）＝5.008×107J，
该燃气灶加热水的效率为：
η＝×100%＝。
故答案为：（1）压缩体积；失去；（2）A7；60%。
