龙川县2023-2024学年高二上学期11月期中考试
物理试卷
答卷时间：75分钟 满分：100分
一、选择题（1-7单选，每小题4分，共28分。8-10为多选，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
1．如图所示，从某高度处水平抛出一小球，经过时间到达地面时，速度方向与水平方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为。下列说法正确的是（ ）
A．小球水平抛出时的初速度大小为
B．小球在时间内的位移方向与水平方向的夹角为
C．若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长
D．若小球初速度增大，则增大
2．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）
A．根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B．由可知，电势差与检验电荷电量成反比、与电场力做功成正比
C．根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关
D．根据电势差的定义式可知，电荷量为的正电荷，从点移动到点克服电场力做功为，则两点间的电势差为
3．篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球．接球时，两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以（ ）
A．减小球对手的冲量 B．减小球对手的冲击力
C．减小球的动量变化量 D．减小球的动能变化量
4．如图所示，竖直放置的平行板，其中极板带正电荷，极板接地，在平行板中间悬挂一带电小球，小球的质量为，电荷量为，绝缘细线与竖直方向夹角，下列说法正确的是（ ）
A．细绳的拉力为 B．电场强度
C．若将板水平向右移，细绳与竖直夹角不变 D．若将板水平向右移，小球的电势能不变
5．如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠。为滑动变阻器，电源电动势为，内阻为。现将开关闭合，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列结论正确的是（ ）
A．电流表示数变小，电压表示数变小 B．小电珠L变亮
C．电容器C上电荷量增大 D．电源的总功率变大
6．如图所示，实线为某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，A、B、C是电场中的三点，下列说法正确的是（ ）
A．三点中，B点的场强最大
B．三点中，A点的电势最高
C．将一带负电的试探电荷从A移动到B，其电势能增大
D．将一带正电的试探电荷从A移动到B和从A移动到C，其电势能的变化相同
7．如图所示，导体棒MN垂直于导轨静止在水平面上，整个装置处于匀强磁场中，磁场方向与MN垂直并与导轨平面成角斜向上方，闭合开关，缓慢转动磁场使角逐渐增大至，其余不变，导体棒始终静止，忽略电磁感应现象的影响，在此过程中（ ）
A．导体棒受安培力方向水平向右 B．导体棒所受安培力大小变大
C．导轨对导体棒支持力减小 D．导体棒受到摩擦力大小不变
8．（多选）如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，为球心。一质量为的小滑块，在水平力的作用下静止于点。设滑块所受支持力为与水平方向的夹角为，重力加速度为，下列关系式正确的是（ ）
A． B． C． D．
9．（多选）如图所示，建筑工地上载人升降机用不计质量的细钢绳跨过定滑轮与一电动机相连，通电后电动机带动升降机沿竖直方向运动，摩擦及空气阻力均不计。则（ ）
A．升降机匀速下降过程中，人的机械能守恒
B．升降机匀速下降过程中，升降机底板对人做负功
C．若在升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功大小等于人增加的动能
D．若在升降机匀加速下降过程中，人的重力对人做的功大小大于人增加的动能
10．（多选）初速度为的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则正确的是（ ）
A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变
C．电子将向左偏转，轨迹半径不变 D．电子将向右偏转，轨迹半径增大
二、实验题
11．（8分）要测定一个圆柱体的电阻率，进行了如下操作：
（1）用10分度的游标卡尺测量圆柱体的长度L，可知其长度为________；用螺旋测微器测量其直径D如图，可知其直径为________。
（2）圆柱体的电阻大约为，先用伏安法测出电阻，然后根据电阻定律计算出该圆柱体的电阻率。为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：
A．电压表，内阻约
B．电压表，内阻约
C．电流表，内阻约
D．电流表，内阻约
E．滑动变阻器，
F．滑动变阻器，
①要求较准确地测出其阻值，电压表应选________，滑动变阻器应选________。（填序号）
②在测定阻值较小的金属的电阻率的实验中，为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻时应选择的电路是（ ）
A． B．
C． D．
（3）若金属丝电阻用表示，则该金属材料的电阻率________．（用字母表示）
12．（8分）（1）伏安法测电源的电动势和内阻的实验原理是________．
（2）某同学设计如图所示电路测量电源的电动势和内阻，其中电流表内阻为．实验时应先将电阻箱的电阻调到________（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”）
（3）根据实验数据，绘出的图象是一条直线．若直线的斜率为，在坐标轴上的截距为，则该电源的电动势________，内阻________．（用和表示）
三、计算题
13．（10分）如图所示，质量的小球均静止在光滑水平面上．现给A球一个向右的初速度，之后与球发生对心碰撞．
（1）若碰后球的速度向右为，求碰后球的速度；
（2）若A、B球发生弹性碰撞，求碰后A、B球各自的速度；
14．（12分）如图平行金属板长为，一个带电为，质量为的粒子以初速度紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成，粒子重力不计。求：
（1）粒子末速度大小；
（2）电场强度；
（3）两极间距离。
15．（16分）如图所示，一电荷量为、质量为的小物块处于一倾角为的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取．求：
（1）水平向右电场的电场强度；
（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；
（3）电场强度变化后物块下滑距离时的动能．
龙川县2023-2024学年高二上学期11月期中考试
物理答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
A D B C C D C AC BD AD
1．【答案A】由可得小球平抛的初速度大小，选项A正确；
由可知，，选项B错误；小球做平抛运动的时间，与小球初速度大小无关，选项C错误；由可知，越大，越小，选项D错误。
2．【答案D】
【详解】A．为场强的定义式，电场中某点的电场强度由电场本身决定，跟试探电荷所带的电荷量无关，故A错误；
B．电势差由电场本身决定，跟检验电荷电量q及电场力做功无关，故B错误；
C．根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关，这里的Q就是场源电荷所带的电荷量，故C错误；
D．根据电势差的定义式可知，电荷量为的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为，则A、B两点间的电势差为，故D正确。
3【答案】B
【详解】由动量定理知，接球时两手随球迅速收缩至胸前，延长了手与球接触的时间，从而减小了球对手的冲击力，选项B正确．
4．【答案C】
【详解】A．根据受力分析得：选项A错误；
B．由平衡可得：得选项B错误；
C．若B板右移，根据：可知，E不，夹角变不变，C正确；
D．小球位置不变，小球与B极板距离d变大，根据电势可知，电势变大，小球电势能也变大。选项D错误。故选C。
5【答案C】
【详解】AB．当滑动变阻器滑片P向左移动时，其接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知总电流减小，路端电压增大，故电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠L变暗，故AB错误；
C．电容器的电压总电流减小，其它量不变，则增大，由可知电容器C上电荷量Q增加，故C正确；D．电源的总功率为电路总电流减小，可知电源的总功率变小，故D错误。故选C。
6．【答案】D 电场线的疏密表示电场强度的大小，所以三点中，A点场强最大，A错误；沿电场线方向，电势逐渐降低，A点电势最低，B错误；将一带负电的试探电荷从A移动到B，电场力做正功，电势能减小，C错误；因为B、C两点在同一等势面上，所以将一带正电的试探电荷从A移动到B和从A移动到C，电场力做的功相同，电势能变化相同，D正确。
7【答案】C
【详解】A．根据左手定则可知，导体棒受安培力方向垂直于磁场方向指向右下方，故A错误；
B．根据公式可知，导体棒所受安培力大小不变，故B错误；
CD．对导体棒分析受力，水平方向，有；竖直方向，有
当缓慢转动磁场使角逐渐增大至时，导体棒受到摩擦力变大，导轨对导体棒支持力减小，故C正确，D错误。故选C。
8．【答案】AC
滑块受力如图，由平衡条件知，所以。
9【答案】BD
【详解】A．升降机匀速下降过程中，人的动能不变，重力势能减小，则机械能减小，故A错误；
B．升降机匀速下降过程中，升降机底板对人的支持力与人的重力平衡，则支持力竖直向上，与运动方向相反，则做负功，故B正确；
C．若在升降机匀加速上升过程中，根据动能定理，升降机底板对人做的功与重力对人做功的代数和等于人增加的动能，故C错误；
D．若在升降机匀加速下降过程中，人的重力对人做的功与升降机底板对人做的功的代数和等于人增加的动能，而升降机底板对人做的功为负功，则人的重力对人做的功大小大于人增加的动能，故D正确。
10．【答案】AD 由安培定则可知直导线右侧磁场的方向垂直纸面向里，再根据左手定则可知电子所受洛伦兹力方向水平向右，即电子将向右偏转，由于洛伦兹力不做功，即速率不变，A项正确。根据粒子在磁场中运动的半径公式可知，粒子运动的轨迹半径逐渐增大
11．【答案】（1）22.6 6.360（6.359~6.362都可以）
（2）A；E；D （3）
12．【答案】（1）闭合电路欧姆定律； （2）最大值； （3）；
13．解：（1）碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：
解得：
（2）两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向
由动量守恒定律得：
由机械能守恒定律得：
解得：
14．（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，由图示可知：
（2）带电粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向上：
在竖直方向的分速度：
联立解得：
（3）带电粒子在电场中竖直方向做匀加速直线运动，可得：
两板间的距离：
15．（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力分析如图所示，则有：
①
②
由①②可得
（2）若电场强度减小为原来的，即：
由牛顿第二定律得：
可得：
（3）电场强度变化后物块下滑距离时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得：
可得：
