湖北省部分省级示范高中2023~2024学年上学期高二期中测试
物理试卷
考试时间：2023年11月23日
试卷满分：100分
★祝考试顺利★
注意事项
1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在
答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写
在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第17题
只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但
不全的得2分，有选错的得0分。
1.以下说法中正确的是()
P
0
水均战
单色光
M N
挡板
屏
甲，共振曲线
丙
丁
A.由图甲可知，驱动力频率越大，振动幅度越大
B.图乙是双缝干涉示意图，若只将光源由红色光改为紫色光，两相邻亮条纹间距离△x变大
C.图丙是水波的干涉图样，两列频率相同的水波相遇后，振动加强点始终处于波峰位置
D.图丁中的M、N是偏振片，P是光屏，当M固定不动，绕水平轴在竖直面内顺时针缓慢
转动N时，从图示位置开始转动90度的过程中，光屏P上的光亮度逐渐减小
2,静电植绒技术，于3000多年前在中国首先起步，现代静电植绒于50、60年代在德国首
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先研制出并使用，如图所示为植绒流程示意图，将绒毛放在带负电荷的容器中，使绒毛带负
电，容器与带电极板之间加恒定的电压，绒毛成垂直状加速飞到需要植绒的物体表面上。假
设容器和极板间的电势差越大，植绒效果越好。下列正确的是()
A,若增大容器与带电极板之间的距离，植绒效果会更好
绒毛在带负电荷的
容器中带上负电
ww
B.带电极板带负电
C.质量相同的绒毛，带电荷量越多，到达需要植绒的物体表
涂胶
成品
面时速率越大
D、绒毛在飞往需要植绒的物体的过程中，动能和电势能都不断增大
3.在同一均匀介质中，分别位于坐标原点和x=7m处的两个波源O和P,沿y轴振动，形
成了两列相向传播的简谐横波a和b,某时刻a和b分别传播到x=3m和x=5m处，波
形如图所示。下列说法正确的是（)
A.a与b的频率之比为1：2
B.O比P更早开始振动
1
C.α与b相遇后会出现干涉现象
D.O开始振动时沿y轴正方向运动
4.如图所示，在做“测量玻璃的折射率”实验时，先在白纸上放好一
块两面平行的玻璃砖，描出玻璃砖的两个边MW和P吧，在玻璃砖，空气
-N
玻璃夕
的一侧插上两枚大头针P1和P2,然后在另一侧透过玻璃砖观察，
李0
再插上大头针P3、P4,然后做出光路图，根据光路图计算得出玻
璃的折射率。关于此实验，下列说法中正确的是()
A.大头针P4只须挡住P3的像
B.在测量数据时，仅用毫米刻度尺也能获得计算折射率所需要的全部数据
C.利用量角器量出小、红，可求出玻璃砖的折射率n=s
sini
D.如果误将玻璃砖的边PQ画到PQ',折射率的测量值将偏大
5.如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三
个点，且OM=MN,P点在y轴的右侧，MP⊥ON,则下列不正确的是()
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物 理 参 考 答 案
一、选择题
1．D [详解]
A．图甲为共振曲线，当驱动力频率等于振动系统固有频率时，振幅最大，故A错误；
B．乙图中，根据，若只将光源由红色光改为紫色光，波长减小，两相邻亮条纹间距离将减小，故B错误；
C．稳定干涉中的振动加强点，加强的是振幅，并不会始终处于波峰位置，例如质点仍会从最大位移处运动到平衡位置，故C错误；
D．当M固定不动，缓慢转动N时，从图示位置开始转动90°的过程时，透光量逐渐减小，光屏P上的光亮度也逐渐减小，当M、N的振动方向垂直，此时光屏P上的光亮度最暗，故D正确。故选D。
2．C [详解]
A．若增大容器与带电极板之间的距离，电势差不变，故植绒效果不变。故A错误；
B．带电极板吸引带负电的绒毛，则极板带正电。故B错误；
C．由动能定理得可知，质量相同的绒毛，带电荷量越多，到达需要植绒的物体表面时速率越大。故C正确；
D．绒毛在飞往需要植绒的物体的过程中，绒毛在加速运动，电场力做正功，动能增大，电势能不断减小。故D错误。故选C。
3．B [详解]
A．由同一均匀介质条件可得a和b两列波在介质中传播速度v相同，由图可知，a和b两列波的波长之比为，根据，可得a和b的频率之比为，故A错误；
B．因a和b两列波的波速相同，相同时间波传播的距离应该相同，由a和b两列波分别传播到x = 3m和x = 5m处的时刻相同，可知a波传播的距离更远，即O比P更早开始振动，故B正确；
C．因a和b的频率不同，a和b相遇后不能产生干涉现象，故C错误；
D．a波刚传到3m处，由同侧法知，3m处的质点开始振动方向沿y轴负方向，而所有质点的开始振动方向都相同，所以O点开始振动的方向也沿y轴负方向，故D错误。故选B。
4．B [详解]
A．确定P4大头针的位置的方法是大头针P4能挡住P3和P1、P2的像，故A错误；
B．在测量数据时，仅用毫米刻度尺也能获得计算折射率所需要的全部数据，故B正确；
C．利用量角器量出i1、i2，可求出玻璃砖的折射率，故C错误；
D．如果误将玻璃砖的边PQ画到P′Q′，则折射角i2，将偏大，折射率的测量值将偏小，故D错误。故选B。
5．A [详解]
A．沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以M点的电势比P点的电势高，故A错误；
B．在O点静止释放一带正电粒子，粒子受电场力竖直向上，该粒子将沿y轴做直线运动，故B正确；
C．电场线越密集的地方场强越大，根据U = Ed可知M、N两点间的电势差小于O、M两点间的电势差，故C正确；
D．负电荷往低电势移动，电势能增大，电场力做负功，故D正确；要选不正确的，故选A。
6．B [详解]
BD．由题意可知，两带电小球缓慢漏电，则两小球所受库仑力逐渐减小，根据平衡条件，可知绳子的拉力逐渐减小，则b所受的拉力也逐渐减小，若b相对于斜面有向上运动的趋势，则摩擦力减小，若b相对于斜面有向下运动的趋势，则摩擦力增大，故B正确，D错误；
AC．将b和c看成一个整体，其整体受重力(方向竖直向下)，支持力(方向竖直向上)，绳子给的拉力(方向沿斜面向上)以及水平地面的摩擦力，根据正交分解法，在竖直方向上，拉力在竖直方向上的分力与支持力的合力大小等于重力大小，当拉力减小时，地面对c的支持力一定变大，在水平方向上，拉力在水平方向上的分力大小等于地面对c摩擦力大小，由平衡条件可知，地面对c的摩擦力一定向左，当拉力不断减小时，地面对c的摩擦力不断减小。故AC错误。故选B。
7．A [详解]
电极所加电压一直为正，说明一直是X板电势高，对电子水平方向受力分析知，其所受电场力一直指向X，故水平方向粒子轨迹只会出现在X这一侧。故只能选A。
如果要分析Y轴方向图形，电极所加电压先为正(Y电势高且先增后减)，后为负(Y电势低且先增后减)，对电子竖直方向受力分析知，其先向Y偏转，偏转位移先增大后减小，后向Y′偏转，偏转位移先增大后减小；
8．AB [详解]
A．图1所示疾驰而过的急救车使人感觉音调发生变化，当急救车靠近时，感觉声调变高，反之急救车远离时，感觉声调变低。这是由于多普勒效应引起的，故A正确；
B．图2所示竖直的肥皂膜看起来常常是水平横纹，是由于光的干涉产生的，故B正确；
C．图3所示泊松亮斑现象是由于光的衍射产生的，故C错误；
D．图4所示水中的气泡看上去特别明亮，是由于光从水进入气泡时发生了全反射引起的，故D错误。故选AB。
9．AD [详解]
A．根据平行板电容器电容的决定式可知，若增大两极板间的距离d，电容器电容减小，故A正确；
B．根据若开关闭合，电容器两极板之间电压一定，若减小两极板间的距离，则两极板间的电场强度增大，故B错误；
C．根据，结合上述可得，若断开开关，则平行板电容器极板所带电荷量不变，将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，由于电容器两板带电量不变，可知板间场强不变，油滴所受的电场力不变，则油滴仍静止，故C错误；
D．根据上述可知，若断开开关，把下极板竖直上移时，场强E不变，由于P点与下极板间的距离减小，根据U = Ed可知P点与下极板间电势差减小，则P点的电势降低，带负电油滴的电势能增大，故D正确。故选AD。
10．AD [详解]
A．受力分析可知物块受电场力向左才能保证受力平衡，故物块带正电，，可得电荷量，A正确。
B．物块从C点由静止释放到达B点过程中，，在B点，，解得在B点时，支持力为3mg；
CD．接着物块继续滑行，从B点到A点，，解得。故答案选AD。
二、非选择题
11．(10分，每空2分)
[答案] 水平向右 = 0.30 < AB(填BA也对)
[详解]
（1）由图甲可知，电容器充电时，通过电阻R0的电流方向水平向左，放电时通过R0的电流方向水平向右，故在电容器充电与放电过程中，通过电阻R0的电流方向相反。
（2）I-t曲线图像与对应时间轴所围成的面积表示电荷量，充电和放电电荷量相等，所以乙图中阴影部分的面积。
（3）根据电容的定义，该电容器的电容值为
（4）由图乙可知，充电时的最大电流大于放电时的最大电流，则可知。
（5）AB。电容器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放电过程电流也是由最大逐渐减小，根据可知图像的倾斜程度表示电流的大小，故A正确，D错误；BC．电容器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放电过程电流也是由最大逐渐减小，根据，电容器的电容不变，图像的倾斜程度表示电流的大小，C错误，B正确。故选AB。
12．(10分，每空2分)
[答案] B 小于 9.86（9.86~9.87均对） 1.00 等于
[详解]（1）[1][2]细线的长度l与小球半径之和作为摆长，所以操作步骤B存在问题，根据，可得，摆长偏小，按照步骤F计算g会导致测量结果小于真实值。
（2）[3][4]设小球半径r，根据，可知实验中使用的金属小球的半径为r = 1.00cm，将坐标（4，0.99）代入得g=9.86m/s2（9.86~9.87均对）
（3）[5]金属小球表面有部分缺失（小球质量减小且质量分布不均匀），不影响图像斜率，所以重力加速度测量结果等于真实值。
13．(12分)
[答案](1)；(2)1.25
[详解](1)观察者在水面上各个方向都刚好看不到水下的大头针，说明由大针头射出的光线，恰好在水面与木塞的边缘处发生全反射，由题意作出光路图如图所示
这时入射角等于临界角C，由几何关系可得····3分
又·························3分
由以上两式解得水的折射率为···········3分
(2)实验测得r = 4cm，h = 3cm，由（1）中
带入数据可得n = 1.25·····················3分
14．(12分)
[答案]（1）沿x轴正方向传播时波速为54m/s，沿x轴负方向传播时波速为58m/s；
（2）正方向传播
[详解]（1）①当波沿x轴正方向传播时，传播距离满足
由可知传播时间满足
由可知k = 3，故···········2分
由波形图知 λ ＝8m，则波速·············2分
②当波沿x轴负方向传播时，传播距离满足
由可知传播时间满足
由可知k = 3，故···········2分
由波形图知 λ ＝8m，则波速·············2分
（2）若波速大小为38m/s，波在时间内传播的距离为，，由(1)可知，波沿x轴正向传播。·········4分
15．(16分)
[答案]（1）(也对)（2）
（3） 或
[详解]（1）假设带电粒子向下偏转，以S为坐标原点建立直角坐标系，如图所示
粒子经加速电场加速后的速度大小为，根据动能定理可得·····2分
若粒子能够从A、B板间射出则粒子的竖直偏转位移y应满足或，根据类平抛的特点，
·································1分
································1分
································1分
·································1分
联立可得或······················2分
（2）粒子进入偏转电场做类平抛运动，根据类平抛运动的特点可以求出粒子的竖直位移和水平位移分别为（或直接写由（1）可得）
，，····················2分
可求得粒子的轨迹方程为····················2分
由此可知，粒子运动的轨迹与带电粒子的比荷无关，只由加速电场和偏转电场的性质决定，即各粒子在电场中的运动轨迹重合，得证。
（3）由（2）可知，所有带电粒子在偏转电场中的竖直偏转位移相同，设竖直偏转位移为y，设粒子射出时的速度大小为v，根据动能定理可得
···························2分
解得或 ···········2分
(只要数学表达式正确，即可给分，文字描述可不作要求。)
