乌鲁木齐市第八十中学 2023-2024学年
高三上学期11月月考 物理试题
总分150分 考试时间120分钟
一、单选题（共5小题，每题4分共20分）
1．声波由甲介质进入乙介质，不可能发生变化的是（ ）．
A．波长 B．频率 C．波速 D．传播方向
2．2021年6月17日18时48分，航天员聂海胜、刘伯明、汤洪波先后进入天和核心舱，标志着中国人首次进入自己的空间站。如图所示，在我国某地发射质量为m的火箭，在A点以速度v1进入椭圆轨道I。随后火箭立即关闭发动机沿轨道I运动到B点，此时速度为v2，然后在B点再次点火加速后，以速度v3进入半径为r的圆形轨道II，则（ ）
A．v3> v1
B．火箭从A运动到B的时间
C．火箭刚到B点的加速度
D．火箭上升到A点的过程中，火箭推力做功
3．如图所示，一束可见光穿过平行玻璃砖后，分为a、b两束单色光。则（ ）
A．玻璃对b光的折射率较大
B．在真空中a光的速度大于b光的速度
C．a光光子能量大于b光光子能量
D．如果b光是绿光，那么a光可能是红光
4．银河系中有两颗行星绕某恒星运行，从天文望远镜中观察到它们的运转周期之比为64:1，则它们的轨道半径的比为
A．8:1 B．16:1 C．1:16 D．1:8
5．如图所示，一对水平放置的平行金属板C、D始终与一直流电源两极相连，在C板上方存在一纸面向里的匀强磁场，在D板中央附近有一能发出a、b两种带电粒子的粒子源，而在C板上正对着粒子源处有一小孔，若a、b两种带电粒子经电场加速后，从C板上的小孔进入磁场的部分运动轨迹如图所示，则
A．C板一定与电源的正极相连
B．带电粒子a的比荷一定比带电粒子b的比荷大
C．在磁场中，带电粒子a运动的时间与带电粒子b运动的时间相等
D．带电粒子a进入磁场时的动能一定比带电粒子b进入磁场时的动能大
二、多选题（共3小题每题5分，共15分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。）
6．质量为0.6kg的物体在水平面上做直线运动，图中的两条直线分别表示物体受水平拉力和不受水平拉力的图线，则下列说法正确的（ ）
A．水平拉力可能是0.6N B．水平拉力一定是0.1N
C．物体所受摩擦力可能是0.2N D．物体所受摩擦力可能是0.4N
7．在建筑工地上，建筑工人用如图所示装置将重力为G的建筑材料提升到高处，当工人在高处平台上以大小为v的速度向右做匀速直线运动时（运动过程中手握绳的高度不变），不计绳与滑轮的摩擦及动滑轮的重力，下列说法正确的是（ ）
A．重物以小于的速度匀速上升
B．手对绳的拉力大小大于
C．重物机械能的增量等于地面静摩擦力对人做的功
D．当绳与水平方向夹角为θ=37°时（cos37°=0.8），重物克服重力做功的功率为0.4Gv
8．一定质量的理想气体从状态A经过B、C、D再到A，其体积V和热力学温度T的关系图像如图所示，BA和CD的延长线均经过O点，则下列说法正确的是（ ）
A．状态B的压强小于状态C的压强
B．从状态D到状态A，外界对气体做功，气体吸热
C．从状态C到状态D，每个气体分子的速率都减小
D．从A到B过程气体对外界做的功等于从C到D过程外界对气体做的功
三、综合题（本题共5小题，共65分。请根据答题卡题号及分值在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效。）
9．（1）如图所示为某多用电表内部简化电路图，作电流表使用时，选择开关S应接 (选填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程较大．
（2）某同学想通过多用表的欧姆挡测量量程为3 V的电压表内阻(如图乙)，主要步骤如下：
① 把选择开关拨到“×100”的欧姆挡上；
② 把两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处；
③ 把红表笔与待测电压表 (选填“正”或“负”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连，发现这时指针偏转角度很小；
④ 换用 (选填“×10”或“×1 k”)欧姆挡重新调零后测量，发现这时指针偏转适中，记下电阻数值；
⑤ 把选择开关调至空挡或交流电压最高挡后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处，实验完毕．
（3） 实验中(如图丙)某同学读出欧姆表的读数为 Ω，这时电压表读数为 V.
（4）请你计算欧姆表内部电源电动势为 V．(保留两位有效数字)
10．利用单摆测当地重力加速度的实验中
（1）利用游标卡尺测得金属小球直径如图1所示，小球直径 ；
（2）某同学测量数据如下表，请在图2中画出图象 ；
0.400 0.500 0.600 0.800 1.200
1.60 2.10 2.40 3.20 4.80
（3）某同学在实验过程中，摆长没有加小球的半径，其它操作无误，那么他得到的实验图象可能是下列图象中的 。
11．在离地面高h=80m处以初速度v0=3m/s水平抛出一小球，小球质量为m=0.2kg，不计空气阻力，g=10m/s2，以地面为零势能参考平面，求小球从抛出到落地过程中：
（1）运动时间及水平位移；
（2）重力做了多少功；
（3）落地时重力瞬时功率。
12．如图所示，水平细杆上套一环，环A与球B间用一不可伸长轻质绝缘绳相连，质量分别为mA＝0.30kg和mB＝0.60kg，A环不带电，B球带正电，带电量q＝1.0×10﹣4C，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。若B球处于一水平向右的匀强电场中，使环A与B球一起向右匀速运动。运动过程中，绳始终保持与竖直方向夹角θ＝37°。求：
（1）匀强电场的电场强度E多大？
（2）环A与水平杆间的动摩擦因数μ？
（3）使环A与B球一起向右匀速运动，所加匀强电场的电场强度最小值Em和方向？（取2.2）
13．如图甲所示，匝数N=100，边长为L=0.2m 的正方形闭合线圈abcd 固定于绝缘小车上（小车在图中没有画出，大小忽略不计），置于粗糙水平地面上，车与地面的动摩擦因数μ=0.4，线圈的总电阻R=2Ω，小车和线圈的总质量m=2kg，区域内有垂直线圈平面的匀强磁场，宽度为5L，下边界与线圈中心等高，ab边恰好不在磁场区域内，磁感应强度大小按如图乙所示的规律变化，求：
(1)t1 =0.2s时线圈中通过的电流；
(2)分别计算t2=0.5s、t3=2s时刻cd边安培力的值；
(3)若在t=1s，瞬间给对象水平向右的力，合力的冲量I=0.3N·s（作用时间极短，可忽略不计），使线圈获得初速度，同时对线圈施加一水平拉力F，使线圈向右匀速通过磁场区域，求：
①线圈离开磁场过程中力F的最小值；
②从t=0到线圈离开磁场全过程，线圈产生的焦耳热．
月考答案：
1．B
【详解】频率由波本身性质决定，与介质无关，所以波从甲介质进入介质后频率不变；波速变化,根据：
知波长变化；当光从一种介质斜射入另一种介质时传播方向发生变化，故选B.
2．B
【详解】A．若火箭在A点绕地球做匀速圆周运动，设速度为v4，根据万有引力提供向心力
由于火箭在轨道Ⅱ上的半径大于A点做圆周运动的半径有
在A点火箭从圆轨道进入椭圆轨道需加速有
故A错误；
B．根据开普勒第三定律
轨道Ⅰ的半长轴小于轨道Ⅱ的半径，则轨道Ⅰ的周期小于轨道Ⅱ的周期，即
火箭从A运动到B的时间等于轨道Ⅰ上周期的一半，即
故B正确；
C．火箭刚运动到B点的加速度与轨道Ⅱ上在B点的加速度相等
故C错误；
D．火箭上升到A点过程中，根据动能定理有
故D错误。
故选B。
3．C
【详解】A．由题图可知a光射入玻璃砖后的折射角小于b光射入玻璃砖后的折射角，根据折射定律可知玻璃对a光的折射率较大，故A错误；
B．在真空中a光与b光的速度相等，故B错误；
C．由A项结论可知a光的频率大于b光的频率，所以a光光子能量大于b光光子能量，故C正确；
D．红光的频率小于绿光的频率，所以如果b光是绿光，a光不可能是红光，故D错误。
故选C。
4．B
【详解】行星在绕恒星做圆周运动时恒星对行星的引力提供圆周运动的向心力，故有，所以，故 故选B．
5．B
【详解】A．由图示可知，粒子进入磁场后向左偏转，即粒子刚进入磁场时受到的洛伦兹力方向水平向左，由左手定则可知粒子带正电，粒子在D、C两板间加速，则D与电源正极相连，C与电源负极相连，A错误；
B．粒子在电场中加速，由动能定理得：
qU＝mv2－0
粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：
qvB＝m
解得：r＝，由图示可知，a的轨道半径小于b的轨道半径，则a的比荷比b的比荷大，B正确；
C．粒子在磁场中做圆周运动的周期：
T＝
a的比荷比b的比荷大，则a的周期比b的周期小，即：
a、b在磁场中的运动时间都是半个周期，则a的运动时间小于b的运动时间，C错误；
D．粒子在电场中加速，由动能定理得：
qU＝mv2－0
粒子进入磁场时的动能：
Ek＝qU
U相同而不知道两粒子电荷量q的关系，无法确定粒子进入磁场时的动能关系，D错误。
故选B。
6．CD
【详解】若拉力方向与物体运动方向相同，则斜率较大的图象为不受拉力即只受摩擦力的速度图象，此时物体加速度大小为
a1=
由牛顿第二定律可知此时摩擦力
Ff=ma1=0.4N
图象中斜率较小的图线为受拉力时的图线，加速度大小为
a2=m/s2
由牛顿第二定律可知
Ff－F=ma2
代入已知条件可知，拉力
F=0.2N
若拉力方向与物体运动方向相反，则斜率较小的图象为不受拉力即只受摩擦力的速度图象，此时物体加速度大小为
a3＝m/s2
由牛顿第二定律可知此时摩擦力
Ff′=ma3=0.2N
图象中斜率较大的图线为受拉力时的图线，加速度大小为
a4=m/s2
由牛顿第二定律可知
F′＋Ff′=ma4
代入已知条件可知，拉力
F′=0.2N
故选CD。
7．BD
【详解】A．重物上升的速度
由此可知，工人向右做匀速直线运动时θ角逐渐减小，则有重物以小于的速度加速上升，A错误；
B．由于重物加速上升，因此手对绳的拉力大于，B正确；
C．静摩擦力对人不做功，C错误；
D．当手牵引的绳与水平方向夹角为时，重物上升的速度大小为
此时重物克服重力做功的瞬时功率
D正确。
故选BD。
8．AD
【详解】A．根据可知，V-T图像的斜率表示压强的倒数，所以状态B的压强小于状态C的压强，A正确；
B．从状态D到状态A，体积变小，外界对气体做功，温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知气体放热，B错误；
C．从状态C到状态D，温度降低，气体的平均动能变小，但每个气体分子的速率不一定都减小，C错误；
D．根据
可得
同理
过程AB和过程CD的温度变化量的值相等，所以在A到B过程中气体对外界做的功等于从C到D过程中外界对气体做的功，D正确。
故选AD。
9． 1 负 ×1k 4.0×104 2.20 3.0
【详解】（1）当做电流表使用时，电阻应和表头并联分流，故连接1和2时为电流表，根据欧姆定律可知并联支路的电压相等，并联支路的电阻越大，分流越小，故当接1时量程最大；
（2）③根据“红进黑出”原理，即电流从红表笔流进可知红表笔接电压表的负极；
④欧姆表在测量电阻时指针从无穷大处开始偏转，故欧姆表指针偏转很小，说明被测电阻大，挡位应提升一级，即换×1k的测量；
（3）欧姆表的读数为；电压表分度值为0.1V，故读数为2.20V；
（4）根据（3）采用的挡位可知中值电阻即欧姆表内阻为，根据闭合回路欧姆定律可得，解得．
10． 22.6mm B
【详解】（1）[1]游标卡尺的精度为0.1mm，故读数为
（2）[2]
（3）[3]根据单摆的周期公式，得
若没把小球半径计入摆长则
有表达式可知选B。
11．（1）4s，12m；（2）160J；（3）80W
【详解】（1）小球做平抛运动，有
解得
，
（2）重力做功为
（3）落地时重力的瞬时功率为
12．（1）4.5×104N/C；（2）0.5；（3）4.1×104N/C，方向与水平成α角，斜向右上方，满足tanα＝0.5
【详解】（1）以B球为研究对象，受到重力、电场力和拉力，三力平衡，则有电场力
F＝mBgtanθ
且
F＝qE
匀强电场的电场强度
（2）对整体分析，在水平方向上有
F＝f1
竖直方向上有
N1＝（mA+mB）g
又
f1＝μN1
整理得
（3）对A、B整体受力分析如图，设电场与水平方向夹角为α，斜向右上方，
根据平衡可知，水平方向
qEcosα＝f2
竖直方向
qEsinα+N2＝（mA+mB）g
又
f2＝μN2
整理得
其中
当时，即tanα0.5时，电场强度E最小，最小值为
N/C＝4.1×104N/C
13．(1)1A (2)5N 0 (3) ①9.5N ②3.5J
【详解】(1)根据电磁感应定律,有
可得
(2)0到1s时间内，右边导线所受向左的总安培力最大值
0到1s时间内， 上边导线所受向下的总安培力最大值
最大静摩擦力
线圈在这段时间内保持静止
t2=0.5s时刻cd边安培力的值
t3=2s时刻cd边安培力的值为0，磁通量没变，没有电流
(3)由动量定理I=mv0可得线圈获得初速度v0=0.15m/s
①磁场中运动时，线圈磁通量不变，没有感应电流，所以拉力F为恒量
当线圈出磁场时，ab边切割产生感应电动势
左边导线所受向左的总安培力
上边导线所受向上的总安培力
线圈受到的摩擦力的值
所以拉力F的最小值
F的最小值F=9.5N
②全过程在第1s和出磁场的过程有焦耳热的产生．
总共的焦耳热为3.5J
