2023-2024学年度第一学期期中考试
九年级物理参考答案
1．A
A．“疏影横斜水清浅，暗香浮动月黄昏”中的“香”说明分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，故A符合题意；
B．“渭城朝雨浥轻尘，客舍青青柳色新”中的“尘”是机械运动，不是分子的运动，故B不符合题意；
C．“日暮汉宫传蜡烛，轻烟散入五侯家”中的“烟”是机械运动，不是分子的运动，故C不符合题意；
D．“白雪却嫌春色晚，故穿庭树作飞花”中的“雪”是机械运动，不是分子的运动，故D不符合题意。
故选A。
2．D
A．绳子对桶的拉力等于桶和桶中水的总重力，则图中桶受到的重力和绳子对桶的拉力大小不相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B．直升机下降过程中，受到重力的作用，且在重力的方向上通过了距离，其重力做功，故B错误；
C．直升机取水前后经过同一位置时，高度不变，但整体的质量变大，则整体的重力势能变大，故C错误；
D．直升机洒水后整体的质量变小，则整体的惯性变小，故D正确。
故选D。
3．B
A．该实验研究的主体是钢球，实验中探究的是钢球的动能，故A错误；
B．该实验中钢球动能的大小是通过木块被撞距离的远近来反映的，木块被撞得越远，说明钢球对木块做的功越多，钢球的动能就越大，这里采用了转换法，故B正确；
C．当研究动能的大小与速度关系时，根据控制变量法，应该让钢球从斜面的不同高度处由静止滚下，使钢球达到水平面时的速度不同，故C错误；
D．实验时，若木块与水平面间无摩擦，根据牛顿第一定律可知，钢球和木块将一直运动下去，没有运动距离的远近之分，就不能达到通过比较距离来比较动能的目的，则不能得出实验结论，故D错误。
故选B。
4．D
ABC．气球与头发摩擦，气球和头发都带电，细水流不带电，故ABC错误；
D．由于带电体能够吸引轻小物体，所以气球能够吸引水流，故D正确。
故选D。
5．B
AB。由于登山上升高度相同，根据，可知两种登山方式克服自身重力做功一样多，故A错误，B正确；
CD．由功率公式可得，两种登山方式克服重力所做的功相同，但用时不同，用时短的功率大，所以从西面登山的功率比从东面登山的功率大，故CD错误。
故选B。
6．D
质量相同的水和沙吸收相同的热量，水的温度变化低于沙石的温度变化，是因为水的比热容大于沙石的比热容；在相同的日晒情况下，沙石上方的空气温度会升得较快，其密度也变得较小而上升，海面上温度较低密度较大的空气会补充过来，从而形成海面吹向陆地的风，而晚上，沙石上方的空气温度下降得较快，其密度也变得较大而下降，海面上温度下降慢且温度较高、密度较小、空气上升，陆地的空气会补充过来，从而形成陆地吹向海面的风，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
7．D
为了探究开关的控制作用，先闭合开关，观察两灯的发光情况，然后断开开关，依次把开关改接到电路中的不同位置，再闭合开关，再次观察两灯的发光情况。从而得出在串联电路中开关对电路的控制作用与开关的位置无关。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8． 路面 乘客 不做
[1]汽车在水平路面上匀速行驶时，汽车受到的支持力的施力物体是路面，因此是由于路面发生形变产生的弹力。
[2]汽车突然刹车时，汽车的速度突然减小，由于摩擦力问题，乘客的下半身随车一起减速，而其上半身因为惯性还要保持原来的运动状态继续前进，因此乘客会向前倾倒。
[3]汽车受到的支持力竖直向上，而其运动的方向与支持力的方向垂直，所以汽车的支持力对汽车不做功。
9． 7200 360 不变
[1]登上五楼上升的高度
h=3m×4=12m
克服自身重力做功
W=Gh=600N×12m=7200J
[2]功率为
[3]做功W=Gh，与时间无关，故不变。
10． 热传递 做功 等效
[1][2]冬天，往手上哈气，是通过热传递改变手的内能；将双手相互搓擦可使手感到暖和，是摩擦生热，属于做功改变物体内能。
[3]这两种方法都使得手的内能增大，手会感觉到暖和，故这两种方法对改变物体的内能效果是等效的。
11． 900 乙甲丁丙 压缩
[1]由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，即每分钟转1800圈，每转二圈做功一次，即做功900次。
[2]甲图两气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；乙图吸气门打开，排气阀关闭，活塞下行，是吸气冲程；丙图排气门打开，进气门关闭，活塞上行，是排气冲程；丁图两气门关闭，火花塞点火，是做功冲程。汽油机冲程的顺序是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，所以一个工作循环的排序是乙甲丁丙。
[3]在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的硝化棉，用力将活塞迅速向下压，硝化棉燃烧起来，这是因为压缩筒内空气做功，使空气的内能增加、温度升高；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与汽油机压缩冲程的能量转化相同。
12． 比热容 热传递 2.1×105
[1]水冷却汽车发动机是因为水的比热容大，吸热能力强。
[2]发动机工作一段时间后，发动机将热量传递给水箱，使水箱中水温升高，内能增加，这种增加内能的方式叫热传递。
[3]水箱中水吸收的热量为
Q吸=4.2×103J/（kg·℃）×5kg×10℃=2.1×105J
13． 校零 交换导线与正负接线柱的连接 将导线改接到电流表的小量程
[1]由甲图所示，电压表指针没有指在零刻度线上，所以要使指针指在零刻度线上，就是首先要给电压表校零。
[2]如乙图所示，电流表中的指针反转，说明出现的问题是正负接线柱接反了，所以接下来的操作是交换导线与正负接线柱的连接。
[3]如丙图所示，电流表中的指针偏转角度太小，说明所选量程太大，所以接下来的操作是将导线改接到电流表的小量程。
14． 弹性形变 弹性势能 动能
[1]弹簧门被推开后，弹簧被卷紧，发生了弹性形变，具有了弹性势能。
[2][3]放手后，弹簧恢复弹性形变，弹性势能变小，同时门由静止变为运动，门具有了动能，所以弹性势能转化为动能。
15．
根据实物图，电流由正极出发，经过小灯泡、开关，回到电源的负极，据此画出电路图如下：
16．
由电源正极出发依次连接开关，灯L2，灯L1，回到电源负极，再将电压表并联在开关与灯L2两端，如下图：
17．
由“两个功能均可单独工作”可知，电动机与定值电阻并联，“S是总开关”，则开关S在干路上，“S1用来控制电动机工作”，S1在电动机支路上，“S2为控制加热系统”，S2在定值电阻支路上，如下图所示：
18． 移动距离 钢球 不能 速度 甲、丙 大 = 平衡力
（1）[1][2]该实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，木块被撞的越远，说明钢球的动能越大，被撞的越近，说明钢球的动能越小，这里采用了转换法的思想。
[3]若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动，由于无法比较木块移动距离的大小，故本实验将不能达到探究目的。
（2）[4]由甲、乙两次实验可知，钢球的质量相同，钢球高度不同，即速度不同，木块被推动的距离不同，说明物体动能大小与速度有关。
（3）[5][6]要探究物体动能大小与质量有关，根据控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，质量不同，由图可知，甲、丙两次实验满足要求，且钢球的质量越大，推动木块移动的距离越远，说明钢球的动能越大。
（4）[7]两次实验操作中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度相同，所受摩擦力相等，即fA=fB。
[8]木块最终静止在水平地面上时，受到地球对木块的重力和地面对木块的支持力，这两个力大小相等、方向相反，并且在同一条直线上，是一对平衡力。
19． 钩码重力G 拉力F 刻度尺 弹簧测力计 所拉重物重力 所拉重物重力 动滑轮重力
（1）[1][2]由功的计算公式W=Fs可得，还需要测量钩码重力G和拉力F的大小。
（2）[3][4]需要测量的数据有长度和力，则需要刻度尺和弹簧测力计。
（3）[5]对比两幅图，绕线方式相同，钩码个数相等，所拉重物重力不同，效率不同，则可说明同一滑轮组的机械效率随所拉重物重力变化而变化。
（4）[6][7]由控制变量法可得，为探究滑轮组的机械效率与动滑轮的重是否有关，则需要控制所拉重物重力不变，改变动滑轮重力，重新按图甲或图乙的方法进行实验，再对比数据分析得出结论。
20． 不相同 断开 试触 见解析 变大 0.3
（1）[1]实验中，为得出普遍性的结论，他们应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验。
（2）[2]为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。
[3]在不知灯泡的电流大小时，防止电流过大损坏电流表，电流表量程的选择应采用试触法选择。
（3）[4]只闭合S1时，读出电流表的示数I1，电流表测量的是通过灯泡L1的电流；只闭合S2时，读出电流表的示数I2，电流表测量的是通过灯泡L2的电流；同时闭合S1、S2时，读出电流表的示数I3，电流表测量的是干路中的电流；根据表格中的数据可知，在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和。
（4）[5]当开关S断开时，两个电流表测量的都是灯泡L1的电流；S闭合时，电流表A2测量的是干路中的电流，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表A2示数变大。
（5）[6]闭合开关，电流表A1测量的是干路中的电流；电流表A2测量的是通过灯泡L2的电流，根据并联电路的电流关系可知，则流过L1的电流为
I1=0.8A-0.5A=0.3A
21．（11分）（1）3.6×103J；（2）100W；（3）90%
解：（1）质量为180kg的海豚，被匀速提升2m，所以滑轮组对海豚做的有用功
.................................（1分）
（2）由滑轮组可知，动滑轮上绳子根数n=4，绳子拉的距离
s=4×2m=8m.................................（1分）
拉力做功
.................................（1分）
拉力做功的功率
.................................（1分）
（3）滑轮组的机械效率
.................................（1分）
答：（1）滑轮组对海豚做的有用功为3.6×103J；
（2）拉力做功的功率为100W；
（3）滑轮组的机械效率为90%。
22．（1）5.4×108J；（2）1.2×106J热量（3）35%
解：（1）12kg燃料完全燃烧放出的总热量
Q放=mq=12kg4.5×107J/kg=5.4×108J.................................（2分）
（2）防冻液温度上升60℃吸收的热量
Q放=cm液Δt=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×60℃=1.2×106J.................................（2分）
（3）汽行驶100km，有效利用的能量包括克服阻力做功1.4×108 J、蓄电池储存的电能增加了4.9×107 J，故内燃机的效率。
.................................（2分）
答（1）消耗12kg 燃料（假设燃料完全燃烧），则放出的总热量是5.4×108J。
（2）若汽车水箱中有防冻液5kg，若防冻液比热容按 c＝4.2×103 J/（kg ℃）计算，行驶过程中防冻液温度上升60℃，它吸收了1.2×106J热量。
（3）求此过程中内燃机的效率是35%。
23． 做功 热传递 嫦娥五号周围的空气受到剧烈压缩而出现高温 给返回舱安装隔热层
（1）[1][2]当战斗机的飞行速度达到三倍音速时，气流与飞机强烈摩擦，飞机克服摩擦做功，通过做功的方式使得边界层内气流内能增大，温度上升，再通过热传递的方式，使飞机头部内能增大，温度升高。
（2）[3]根据材料内容可知，飞行器周围的空气因受剧烈压缩而出现高温，是气动加热的主要热源，所以，嫦娥五号前端高温的主要热源是嫦娥五号周围的空气受到剧烈压缩而出现高温。
[4]为了保护返回舱以及内部物体的安全，可以给返回舱安装隔热层，阻碍热量向舱内传递。
24． 连接电路过程中开关没有断开 在串联电路中，L1断路，灯L2仍然亮着 B 更亮
（1）[1]刚连完最后一根导线，灯L2就亮了，说明连接电路过程中开关没有断开。
（2）[2]因为两盏灯是串联的，若L1断路，则L2也不能发光，所以不可能是L1断路。
（3）[3]把灯L1拧下，闭合开关，发现灯L2仍然亮着，说明电路仍未断开，则L1处原来短路。
[4]她把一根导线接在a、b两点上，将L1短路，闭合开关，若L2变亮，则说明L1原来未被短路，不发光是由于发光暗造成的。
25． D ① 变小 重力势 750 冰壶具有惯性 减小 做匀速直线运动 120
（1）[1]该火炬具有“轻、固、美”的特点，说明材料的密度小、硬度大；而且在的温度下不会起泡、开裂，又说明耐高温，所以该材料与导热性无关，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（2）[2]根据滑板竖立在地面上时应该达到使用者的下巴或嘴唇附近，人身高175cm，则滑板的长度约160cm，则人的鞋长
所以滑板的宽度为25cm，故②③不符合题意，①符合题意。
故选。
[3]又由于利用滑板滑雪时，增大了人与雪面的接触面积，由可知，压力一定时，S越大，越小，即压强变小。
（3）[4]苏翊鸣向上腾空跃起到最高点的过程中，速度逐渐减小，动能减小，高度逐渐增大，重力势能增大，即动能和重力势能发生相互转化。
（4）[5]由功的计算公式可得，重力做功
由可得，匀速滑下的时间
则重力做功的功率
（5）[6]任何物体都有保持原运动状态不变的性质，冰壶推出手后，够在冰面上继续滑行是因为冰壶具有惯性。
[7]“扫刷”是通过摩擦做功的方式，使冰熔化，目的是减小冰壶所受的滑动摩擦力。
[8]假设冰壶不受摩擦力，将在平衡力作用下做匀速直线运动。
[9]从A点到O点运动过程中，若运动员对冰壶的推力是20N，运动员对冰壶做功是AB段，即
W'=F'sAB=20N×6m=120J
