广东省深圳市龙岗区2023年中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共5小题，共10.0分）
1．（2022·深圳模拟）下图所示的四种光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．灯下手影
B．水中倒影
C．雨后彩虹
D．海市蜃楼
【答案】B
【知识点】光的反射
【解析】【解答】A．灯下手影，是光沿直线播形成的，A不符合题意；
B．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，B符合题意；
C．天空的彩虹，属于光的色散现象，是光的折射形成的，C不符合题意；
D．海市蜃楼，是光的折射形成的，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
2．（2023·龙岗模拟）对如图所示的四个实验描述正确的是（ ）
A．甲图：停止抽气后打开气阀，铃声逐渐变小
B．乙图：用相同的力拨动钢尺，钢尺伸出长度不同，音色不同
C．丙图：所用音叉音调越高，乒乓球被弹开越远
D．丁图：玻璃瓶中水面越高，敲击后音调越低
【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、甲图：停止抽气后打开气阀，铃声逐渐变大，故A错误。
B、乙图：用相同的力拨动钢尺，钢尺伸出长度不同，振动快慢不同，音调就不同，故B错误。
C、丙图：所用音叉响度越大，乒乓球被弹开越远，故C错误。
D、丁图：当敲击水瓶时，水瓶和水振动，当水面越高，振动的越慢，音调越低，故D正确。
答案为：D
【分析】（1）空气是传播声音的介质。
（2）钢尺越短，振动的越快，音调越高。
（3）振幅越大，响度越大。
（4）水瓶中水越多，振动的越慢，音调越低。
3．（2023·龙岗模拟） 以下生活中的热现象说法正确的是（ ）
A．夏天从冰箱里取出来的冰棍周围冒“白气”，这是空气中的水蒸气的凝华现象
B．冬天戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，眼镜会起雾，这是室外的水蒸气遇冷液化现象
C．夏天炎热时，向地面撒水能够变凉快一些，这是利用蒸发吸热致冷的方法降温
D．烧水时，若被的水烫伤要比的水蒸气烫伤更厉害
【答案】C
【知识点】蒸发及其现象
【解析】【解答】A、夏天从冰箱里取出来的冰棍周围冒“白气”，这是空气中的水蒸气的液化现象，故A错误。
B、冬天戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，眼镜会起雾，这是室内的水蒸气遇冷液化现象，故B错误。
C、夏天炎热时，向地面洒水，利用水蒸发吸热的性质可以降温，故C正确。
D、烧水时，100℃的水蒸气比100℃的水烫伤的厉害，原因是水蒸气液化放出热量，故D错误
答案为：C
【分析】（1）冰箱里面温度较低，外面的水蒸气遇冷液化成小水滴。
（2）戴眼镜从室外走到室内，室内的热蒸气遇冷液化成小水滴附着在眼镜上。
（3）水蒸发吸热。
（4）100℃的水蒸气液化放热。
4．（2022·深圳模拟）杠杆是一种常见的简单机械，在日常生活中有着广泛的应用。下列杠杆在正常使用时能够省距离的是（ ）
A．用羊角锤起钉子 B．用撬棒撬石头
C．用天平测质量 D．用钓鱼竿钓鱼
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】用羊角锤起钉子、用撬棒撬石头时动力臂大于阻力臂，省力但费距离；用天平测质量是等臂杠杆，不省力也不省距离；用钓鱼竿钓鱼时动力臂小于阻力臂，费力但省距离。
故答案为：D。
【分析】三种杠杆：
(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，平衡时动力小于阻力。特点是省力，但费距离。（如剪铁剪刀，铡刀，起子）
(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，平衡时动力大于阻力。特点是费力，但省距离。（如钓鱼杠，理发剪刀等）
(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，平衡时动力等于阻力。特点是既不省力，也不费力。（如：天平）
5．（2023·龙岗模拟）下列关于所学实验器材使用或读数正确的是（ ）
A．如图甲，管状工件的管壁厚为
B．如图乙，停表读数为
C．如图丙，测液体温度时温度计的刻度线要紧靠玻璃杯侧壁
D．如图丁，图中温度计读数为
【答案】B
【知识点】时间的估测；时间及其测量
【解析】【解答】A、如图甲，根据刻度尺读数，读数要估读到分度值的下一位，即管状工件的管壁厚为0.50cm，故A错误。
B、如图乙，从停表上读数为187.5S，故B正确。
C、温度计在测量温度时，不能紧靠容器壁和容器底，故C错误。
D、在丁图中温度计的读数为-31℃，故D错误。
答案为：B
【分析】（1）刻度尺在读数时要估读到分度值的下一位。
（2）停表内部一格表示1min，外部一格为0.1S。
（3）温度计的玻璃泡比较薄，触碰容器壁或容器底，容易破损。
（4）温度计的液柱自下而上，30在上面，40在下面，说明是零摄氏度以下。
二、多选题（本大题共5小题，共10.0分）
6．（2023·龙岗模拟） 下列与压强有关的生产生活实例的说法，不正确的是（ ）
A．三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为连通器原理
B．飞机能够腾空而起是因为机翼上下表面气体的流速不同产生向上的升力
C．青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，液体沸点越大
D．用真空吸盘搬运沉重的钢板是利用到了大气压来完成的
【答案】A,C
【知识点】大气压的综合应用；飞机的升力
【解析】【解答】A、三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为深度越深压强越大，增大受力面积减小压强，故A错误，符合题意。
B、飞机能够腾空而起，是因为机翼上凸下平，利用流体压强产生向上的升力，故B正确，不符合题意。
C、青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，液体沸点越小，不能煮熟面条，用高压锅可以提高锅内大气压强，提高水的沸点，故C错误，符合题意。
D、真空吸盘内部气压为零，外部为大气压，在大气压力的作用下工作，真空吸盘在大气压力作用下可以搬运钢板，故D正确，不符合题意。
答案为：AC
【分析】（1）大坝底部宽一些是为了减小压强。
（2）飞机是利用流体压强产生升力升空的。
（3）大气压越高，沸点越高。
（4）真空吸盘是利用大气压工作的。
7．（2023·龙岗模拟）用如图所示的装置“探究二力平衡的条件”。选用卡片作为研究对象，在线的两端分别挂上等质量的钩码，对卡片施加两个拉力。下列说法中正确的是（ ）
A．选择质量小的卡片进行实验，目的是可忽略摩擦力对实验的影响
B．改变钩码的个数可改变卡片所受拉力的大小
C．卡片所受拉力的施力物体是钩码
D．实验中将卡片扭动一定角度是为了探究不在同一直线的两个力能否平衡
【答案】B,D
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】A、选择质量小的卡片进行实验，目的是可忽略重力对实验的影响，故A错误。
B、改变钩码个数就是改变卡片两端的拉力，故B正确。
C、卡片所受拉力的施力物体是绳子，钩码没有直接与卡片接触，所以卡片所受拉力的施力物体不是钩码，故C错误。
D、为了探究不在同一直线上的两个力能否使物体保持平衡，需要将卡片扭转一个角度，故D正确。
答案为：BD
【分析】（1） 轻质小卡片可以忽略重力对实验的影响。
（2）通过改变钩码的个数来改变拉力的大小。
（3）卡片受到拉力的施力物体是绳子。
（4）扭转一个角度是研究不在同一直线上的两个力是否使物体保持平衡。
8．（2023·龙岗模拟）关于如图所示的托里拆利实验，下列说法正确的是（ ）
A．用相同实验装置，将水银换成水做该实验可更加安全的测出大气压值
B．玻璃管稍微倾斜放置时，玻璃管内的水银柱高度不变
C．此时大气压强等于高水银柱所产生的压强
D．若实验选用更细一点的玻璃管，水银柱高度差将不变
【答案】B,C,D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、如果用水做此实验，则需要10米高的水，不方便实验，故A错误。
B、玻璃管倾斜时，水银柱的长度变长，但是高度不变，故B正确。
C、根据图像可知，此时大气压强等于750mm高的水银柱产生的压强，故C正确。
D、水银柱的高度与与玻璃管的粗细无关，故D正确。
答案为：BCD
【分析】（1）水的密度相对水银来说比较小，大气压能支持10米高的水柱。
（2）玻璃管倾斜时，管内水银柱的高度不变。
（3）大气压与环境有关，此时支持750mm高的水银柱，说明此时的大气压等于750mm高的水银柱产生的压强。
（4）水银柱的高度与与玻璃管的粗细无关。
9．（2023·龙岗模拟）如图所示，用的拉力使重物匀速上升，已知物体的重力为忽略绳子与滑轮的摩擦及绳子的重力，下列说法正确的是（ ）
A．绳子末端移动的距离是 B．拉力做的功是
C．滑轮组的机械效率是 D．动滑轮的重力是
【答案】A,C
【知识点】机械效率；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】A、绕过动滑轮的绳子个数为3根，所以绳子自由端移动的距离是物体移动距离的3倍，即为0.3m，故A正确。
B、拉力做的功为W=FS=10N×0.3m=3J，故B错误。
C、滑轮组的有用功为W有=Gh=27N×0.1m=2.7J，故滑轮组的机械效率为，故C正确。
D、动滑轮做的功为额外功即W额=W总-W有=3J-2.7J=0.3J，动滑轮重为，故D错误。
答案为：AC
【分析】（1）绳子自由端移动的距离是物体移动距离的3倍。
（2）利用功的公式即可求出。
（3）物体重力做的功为有用功，再利用有用功除以总功就可求出功率。
（4）动滑轮做的功为额外功。
10．（2023·龙岗模拟） 如图所示的做法符合安全用电原则的是（ ）
A．三孔插座的接法
B．电灯和开关的连接
C．发生触电事故要立即断开电源
D．多个大功率用电器同时使用一个插座
【答案】A,C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、三孔插座的解法是左零右火，上接地，故A正确。
B、火线先经过开关，再经过电灯，故B错误。
C、当发生触电事故时，应先切断电源，故C正确。
D、多个大功率用电器同时使用一个插座会导致总功率过大，从而导致电流过大而烧坏插座，故D错误。
答案为：AC
【分析】（1）三孔插座的解法是左零右火，上接地。
（2）火线先经过开关，再经过电灯。
（3）当发生触电事故时，应先切断电源。
（4）多个大功率用电器接在插座上，会导致电流过大而烧坏插座。
三、填空题（本大题共1小题，共8.0分）
11．（2023·龙岗模拟） 路灯给我们夜晚的生活带来方便，风、光互补路灯兼具了风力发电，太阳能发电的优势。它同时安装了风力发电。和太阳能电池板，有风时通过风力发电机发电，有阳光时通过太阳能电池板发电，并将电能储存至蓄电池中。为了节能该路灯采用灯照明。下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率，蓄电池容量是指蓄电池放电电流与放电总时间的乘积。
太阳能电池板 蓄电池
电池板的面积 蓄电池容量
光电转化效率 额定电压
（1）能源的种类繁多，人们从不同的角度对能源进行了分类，太阳能和风能都属于 能源选填“二次”、“可再生”或“不可再生”；
（2）白天太阳能电池板把接收到的太阳能转化为 能，再转化成 能储存在蓄电池内，此时蓄电池相当于电路中的 选填“电源”或“用电器”；
（3）利用风力发电时，实际上是利用到了 现象，产生的电流大小除了与内部磁铁磁性强弱有关，还与 有关；
（4）当太阳光照射到电池板表面处每平方米的功率为时，太阳能电池板的输出功率为 ；
（5）该蓄电池充满电后储存的能量为 。
【答案】（1）可再生
（2）电；化学；用电器
（3）电磁感应；线圈转动速度
（4）80
（5）
【知识点】太阳能及其利用与转化；太阳能的相关计算
【解析】【解答】（1）太阳能和风能都属于一次能源，也是可再生能源，取之不尽用之不竭。
（2）白天太阳能电池板把接收到的太阳能转化为电能，然后再转化为化学能储存在蓄电池里，此时蓄电池相当于用电器。
（3）发电机的原理是电磁感应，产生的电流大小除了与内部磁铁磁性强弱有关，还与线圈转动速度有关，转动越快，切割磁感线越快，产生的感应电流越多。
（4）根据题意可以列出求输出功率的公式P=snη=0.5m2×1000w/m2×16%=80w
（5）该蓄电池充满电后储存的能量为W=UIt=12V×150A×3600S=6.48×106J
【分析】（1）太阳能和风能都属于可再生能源。
（2）太阳能电池是将太阳能转化为电能，然后再转化为化学能储存起来。
（3）发电机的原理是电磁感应。
（4）由题意可以列出式子求出输出功率。
（5）利用电能公式可以求出电能大小。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
12．（2020·龙川模拟）如图所示，根据已知光线画出通过透镜A的入射光线和通过透镜B的折射光线（两透镜焦距相同，已在图中标出）。
【答案】解：如图所示：
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：
【分析】光线的延长线过凹透镜的焦点，折射光线平行于主光轴；平行于凸透镜主光轴的光线，折射后过凸透镜的焦点。
13．（2023·龙岗模拟） 根据图中所示，闭合开关后，电磁铁左端为极，请标出；点磁感线的方向：括号内电源的“”、“”极。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】答案为：
【分析】根据电磁铁左端的磁极可以判断右端是S及，磁感线是从N极指向S极，利用安培定则可以判断出电源的正负极。
五、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）
14．（2023·龙岗模拟） 小附在盆中洗樱桃时发现樱桃会沉入水中。他想知道樱桃的密度，于是进行了如下测量：
（1）将天平放置于水平台面，把游码放在标尺的零刻度处，如果分度盘指针如图甲所示。小附应该向 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）在烧杯中装入适量盐水，用调节好的天平测出盐水和烧杯的总质量，如图乙所示，由图可得盐水和烧杯的总质量为 ；接着将一个樱桃放入盐水中盐水未溢出，测得总质量为。
（3）把盐水和樱桃倒入量筒中，测得体积为，然后把樱桃从盐水中拿出，测得剩余盐水读数。由以上数据可测出樱桃的密度约为 。
（4）小附想利用类似的方法测量家里紫砂壶的密度，于是将此壶带到学校实验室进行了测量。利用天平他测出壶盖的质量是。但是测量壶盖的体积时，他发现壶盖放不进量筒，于是设计了如图丙所示的步骤：
往烧杯中加入适量的水，把壶盖浸没，在水面到达的位置上作标记；
然后取出壶盖；
先往量筒装入的水，然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，使水面到达标记处，量筒里剩余水的体积如图所示，则壶盖的体积为 ；计算得到该紫砂壶密度是 。根据以上步骤，你认为这个同学测出的紫砂壶密度比真实值 选填“偏大”或“偏小”。
【答案】（1）左
（2）
（3）1.2
（4）14；；偏小
【知识点】固体密度的测量；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）平衡螺母是根据指针位置调节，实行左偏右调，右偏左调，此时指针指针右偏，平衡螺母向左调节。
（2）根据图中数据可知盐水和烧杯的总质量为m=50g+20g+5g+0.8g=75.8g。
（3）由上面一问可以求出樱桃的质量为m樱=m总2-m总1=87.8g-75.8g=12g，樱桃的体积为V樱=V总-V剩=60mL-50mL=10mL，即樱桃的密度为。
（4）此时加入烧杯中的水体积等于壶盖的体积，即为v壶=40cm3-26cm3=14cm3，即紫砂壶的密度为，在拿出壶盖时，壶盖上带有一部分水，导致倒入的水体积偏大，那么壶盖的测量体积变大，即壶盖的密度偏小。
【分析】（1）平衡螺母根据指针来调节平衡。
（2）物体质量等于砝码质量加上游码读数。
（3）先求出质量，再求出体积，最后算出密度。
（4）水下降得体积等于紫砂壶的壶盖体积，壶盖在拿出来是，壶盖上沾有一部分水，导致测量体积时，体积偏大，密度值偏小。
15．（2023·龙岗模拟） 在生活和生产中，简单机械有着十分重要的作用：
（1）在“探究杠杆平衡条件”实验中，小集把杠杆支在支架上，发现杠杆左端低右端高，应将杠杆的平衡螺母向 选填“左”或“右”端调节：如图甲所示，杠杆左边点挂个钩码，要使杠杆再次水平平衡，应在杠杆右边点挂 个钩码。实验中所用钩码均相同：实验过程中，使杠杆水平平衡的目的是 。
（2）小集用图乙的实验装置探究滑轮组机械效率，实验中用同一滑轮组提升钩码，记录数据如下表：
实验次数 钩码的重力 钩码提升的高度 拉力 绳端移动的距离 机械效率
第次实验中，滑轮组的机械效率为 结果保留一位小数；
第次实验中，弹簧测力计示数如图乙所示，为 ；
分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。若提升同一物体时，减小动滑轮的重力，则滑轮组的机械效率 选填“变大”、“变小”或“不变”。
（3）小集用图丙的实验装置探究斜面的机械效率，某次实验测得物重、斜面长、高、拉力，则物体在斜面上匀速运动时受到的摩擦力为 ，此过程中斜面的机械效率为 。
【答案】（1）右；2；便于测量力臂且消除杠杆自重对平衡的影响
（2）74.1；1.6；变大
（3）0.3；80%
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；滑轮（组）的机械效率；斜面的机械效率
【解析】【解答】（1）左端高，应该向右调节平衡螺母，根据杠杆平衡条件在B点应该挂2个钩码，水平平衡的目的是：可以方便测量力臂大小，同时消除杠杆自重对实验的影响。
（2）①根据第一次实验数据，滑轮组的机械效率为
②可以直接从弹簧测力计上读数示数为1.6N。
③滑轮组提升重物时，重物越重，滑轮组的机械效率越高， 若提升同一物体时，减小动滑轮的重力，额外功减小，则滑轮组的机械效率越大。
（3）有用功为W有=Gh= 6N×0.2m=1.2J，总功为W总=Fs=1.5N×1m=1.5J，摩擦力做的功为额外功，则，机械效率为。
【分析】（1）左端高，说明左端重，需要将平衡螺母向右端调节。
（2）物重做功为有用功，拉力做功为总功，物体越重，机械效率越高。
（3）摩擦力做的功为额外功。
16．（2023·龙岗模拟） 在“探究电流与电压关系”的实验中，图甲是某实验小组设计的电路，电源电压保持不变。
（1）请用笔画线代替导线，在图甲中完成电路连接，要求滑片向端滑动时，电流表的示数变小。
（2）连接电路时，开关应该 。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 选填“”或“”端。
（3）检查无误后，闭合开关发现电流表几乎无示数，电压表示数接近。移动滑片，两电表示数均无变化，则电路故障可能是 。
（4）排除故障后，移动滑片到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过定值电阻的电流为 。
（5）实验中测得五组数据，并绘制出定值电阻的图象如图丙所示。由图象可得：
实验中所用定值电阻的阻值为 ；
实验结论： 。
（6）结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于 。
【答案】（1）
（2）断开；B
（3）断路
（4）0.3
（5）5；导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
（6）25
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）答案如图：向右移动时滑动变阻器的阻值变大，电路中电路变小。
（2）为了保护电路，连接开关时要断开，滑动变阻器的滑片要放在最大阻值处，故滑动变阻器的滑片要放在B处。
（3）当电压表示数接近电源电压时，说明定值电阻发生断路，导致电压表串联在电路中，因为电压表的电阻比较大，分得所有电压。
（4）从图中电流表可以读出电流大小为0.3A。
（5）①从图丙中任找一点即可算出电阻大小。
②图丙是正比例图像，可以得出结论为：导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（6）第一组数据中电流为0.1A，滑动变阻器的电阻最大，即电路总电阻为，那么滑动变阻器的电阻为R滑=R总-R=30Ω-5Ω=25Ω，故滑动变阻的电阻不小于25Ω。
【分析】（1）接在C点时能满足要求。
（2）为了保护电路，连接开关时要断开，滑动变阻器的滑片要放在最大阻值处。
（3）当电压表示数接近电源电压时，说明与其并联的用电器发生断路。
（4）直接从电流表上读数示数大小。
（5）当电阻不变时，通过导体的电流与电阻两端的电压成正比。
（6）电流最小时，电阻最大，先算出最大的总电阻，用总电阻减去定值电阻就为滑动变阻器的电阻。
六、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
17．（2023·龙岗模拟） 如图所示，重为的实心合金球被轻细线悬挂于弹簧测力计下端，并浸没在水中处于静止状态，此时弹簧测力计的示数为。已知图中盛水容器的底面积为。求：已知水的密度，取
（1）该合金球所受浮力的大小？
（2）该合金球的密度是多大？
（3）与球未放入水中时相比，合金球浸没后水对容器底部的压强增大多少？
【答案】（1）解：合金球浸没水中受到的浮力：；
答：铁球所受浮力的大小为；
（2）解：由可得合金球的体积：，
合金球的质量，
合金球的密度：。
答：合金球的密度为；
（3）解：水对实心合金球的浮力为，
水对容器底部的压力增大值：，
水对容器底部的压强增大量：。
答：与铁球未放入水中时相比，铁球浸没后水对容器底部的压强增大。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）利用称重法可求出浮力大小。
（2）根据浮力求出合金球的体积，然后从弹簧测力计上读出合金球的重力，进而求出合金球的质量，最后求出合金球的密度。
（3）力的作用是相互的，金属球受到水的浮力与金属球对水的压力时一对相互作用力，大小相等，放入合金球后，水对容器底部增大的压力等于金属球受到的浮力，利用压强公式可以算出增大的压强。
18．（2023·龙岗模拟） 如图甲是便携式挂烫机，图乙是它内部电路图。、都是加热电阻，加热时只有电阻工作，额定加热功率为；保温时只有电阻工作，电阻。为开关，可实现“加热”、“保温”或“断开”状态的转换。小虎断开其它用电器，只接通挂烫机且处于加热状态，来测量它的电功率，观察图丙所示的电能表的转盘在内转了转。计算：
（1）的阻值；
（2）挂烫机正常工作时，保温电路消耗的电能。
（3）小虎在使用挂烫机时，它的实际加热功率。
【答案】（1）解： 加热挡时只有电阻工作，根据知，的阻值为：；
答：的阻值为；
（2）解： 保温挡时只有电阻工作，
保温挡的功率为：；
由可得，保温电路消耗的电能：；
答：挂烫机正常工作时，保温电路消耗的电能为；
（3）解：电能表的转盘在内转了转，则消耗的电能：；
挂烫机的实际加热功率：。
答：小虎在使用挂烫机时，它的实际加热功率为。
【知识点】焦耳定律的应用；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）加热时功率为800W，而此时只有R1工作，利用功率公式变形即可求出电阻大小。
（2）先求出保温时的功率，再利用电能公式，可求出消耗的电能。
（3）利用电能表转的圈数，求出消耗的实际电能，再利用电能与功率的关系，求出实际功率。
广东省深圳市龙岗区2023年中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共5小题，共10.0分）
1．（2022·深圳模拟）下图所示的四种光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．灯下手影
B．水中倒影
C．雨后彩虹
D．海市蜃楼
2．（2023·龙岗模拟）对如图所示的四个实验描述正确的是（ ）
A．甲图：停止抽气后打开气阀，铃声逐渐变小
B．乙图：用相同的力拨动钢尺，钢尺伸出长度不同，音色不同
C．丙图：所用音叉音调越高，乒乓球被弹开越远
D．丁图：玻璃瓶中水面越高，敲击后音调越低
3．（2023·龙岗模拟） 以下生活中的热现象说法正确的是（ ）
A．夏天从冰箱里取出来的冰棍周围冒“白气”，这是空气中的水蒸气的凝华现象
B．冬天戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，眼镜会起雾，这是室外的水蒸气遇冷液化现象
C．夏天炎热时，向地面撒水能够变凉快一些，这是利用蒸发吸热致冷的方法降温
D．烧水时，若被的水烫伤要比的水蒸气烫伤更厉害
4．（2022·深圳模拟）杠杆是一种常见的简单机械，在日常生活中有着广泛的应用。下列杠杆在正常使用时能够省距离的是（ ）
A．用羊角锤起钉子 B．用撬棒撬石头
C．用天平测质量 D．用钓鱼竿钓鱼
5．（2023·龙岗模拟）下列关于所学实验器材使用或读数正确的是（ ）
A．如图甲，管状工件的管壁厚为
B．如图乙，停表读数为
C．如图丙，测液体温度时温度计的刻度线要紧靠玻璃杯侧壁
D．如图丁，图中温度计读数为
二、多选题（本大题共5小题，共10.0分）
6．（2023·龙岗模拟） 下列与压强有关的生产生活实例的说法，不正确的是（ ）
A．三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为连通器原理
B．飞机能够腾空而起是因为机翼上下表面气体的流速不同产生向上的升力
C．青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，液体沸点越大
D．用真空吸盘搬运沉重的钢板是利用到了大气压来完成的
7．（2023·龙岗模拟）用如图所示的装置“探究二力平衡的条件”。选用卡片作为研究对象，在线的两端分别挂上等质量的钩码，对卡片施加两个拉力。下列说法中正确的是（ ）
A．选择质量小的卡片进行实验，目的是可忽略摩擦力对实验的影响
B．改变钩码的个数可改变卡片所受拉力的大小
C．卡片所受拉力的施力物体是钩码
D．实验中将卡片扭动一定角度是为了探究不在同一直线的两个力能否平衡
8．（2023·龙岗模拟）关于如图所示的托里拆利实验，下列说法正确的是（ ）
A．用相同实验装置，将水银换成水做该实验可更加安全的测出大气压值
B．玻璃管稍微倾斜放置时，玻璃管内的水银柱高度不变
C．此时大气压强等于高水银柱所产生的压强
D．若实验选用更细一点的玻璃管，水银柱高度差将不变
9．（2023·龙岗模拟）如图所示，用的拉力使重物匀速上升，已知物体的重力为忽略绳子与滑轮的摩擦及绳子的重力，下列说法正确的是（ ）
A．绳子末端移动的距离是 B．拉力做的功是
C．滑轮组的机械效率是 D．动滑轮的重力是
10．（2023·龙岗模拟） 如图所示的做法符合安全用电原则的是（ ）
A．三孔插座的接法
B．电灯和开关的连接
C．发生触电事故要立即断开电源
D．多个大功率用电器同时使用一个插座
三、填空题（本大题共1小题，共8.0分）
11．（2023·龙岗模拟） 路灯给我们夜晚的生活带来方便，风、光互补路灯兼具了风力发电，太阳能发电的优势。它同时安装了风力发电。和太阳能电池板，有风时通过风力发电机发电，有阳光时通过太阳能电池板发电，并将电能储存至蓄电池中。为了节能该路灯采用灯照明。下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率，蓄电池容量是指蓄电池放电电流与放电总时间的乘积。
太阳能电池板 蓄电池
电池板的面积 蓄电池容量
光电转化效率 额定电压
（1）能源的种类繁多，人们从不同的角度对能源进行了分类，太阳能和风能都属于 能源选填“二次”、“可再生”或“不可再生”；
（2）白天太阳能电池板把接收到的太阳能转化为 能，再转化成 能储存在蓄电池内，此时蓄电池相当于电路中的 选填“电源”或“用电器”；
（3）利用风力发电时，实际上是利用到了 现象，产生的电流大小除了与内部磁铁磁性强弱有关，还与 有关；
（4）当太阳光照射到电池板表面处每平方米的功率为时，太阳能电池板的输出功率为 ；
（5）该蓄电池充满电后储存的能量为 。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
12．（2020·龙川模拟）如图所示，根据已知光线画出通过透镜A的入射光线和通过透镜B的折射光线（两透镜焦距相同，已在图中标出）。
13．（2023·龙岗模拟） 根据图中所示，闭合开关后，电磁铁左端为极，请标出；点磁感线的方向：括号内电源的“”、“”极。
五、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）
14．（2023·龙岗模拟） 小附在盆中洗樱桃时发现樱桃会沉入水中。他想知道樱桃的密度，于是进行了如下测量：
（1）将天平放置于水平台面，把游码放在标尺的零刻度处，如果分度盘指针如图甲所示。小附应该向 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）在烧杯中装入适量盐水，用调节好的天平测出盐水和烧杯的总质量，如图乙所示，由图可得盐水和烧杯的总质量为 ；接着将一个樱桃放入盐水中盐水未溢出，测得总质量为。
（3）把盐水和樱桃倒入量筒中，测得体积为，然后把樱桃从盐水中拿出，测得剩余盐水读数。由以上数据可测出樱桃的密度约为 。
（4）小附想利用类似的方法测量家里紫砂壶的密度，于是将此壶带到学校实验室进行了测量。利用天平他测出壶盖的质量是。但是测量壶盖的体积时，他发现壶盖放不进量筒，于是设计了如图丙所示的步骤：
往烧杯中加入适量的水，把壶盖浸没，在水面到达的位置上作标记；
然后取出壶盖；
先往量筒装入的水，然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，使水面到达标记处，量筒里剩余水的体积如图所示，则壶盖的体积为 ；计算得到该紫砂壶密度是 。根据以上步骤，你认为这个同学测出的紫砂壶密度比真实值 选填“偏大”或“偏小”。
15．（2023·龙岗模拟） 在生活和生产中，简单机械有着十分重要的作用：
（1）在“探究杠杆平衡条件”实验中，小集把杠杆支在支架上，发现杠杆左端低右端高，应将杠杆的平衡螺母向 选填“左”或“右”端调节：如图甲所示，杠杆左边点挂个钩码，要使杠杆再次水平平衡，应在杠杆右边点挂 个钩码。实验中所用钩码均相同：实验过程中，使杠杆水平平衡的目的是 。
（2）小集用图乙的实验装置探究滑轮组机械效率，实验中用同一滑轮组提升钩码，记录数据如下表：
实验次数 钩码的重力 钩码提升的高度 拉力 绳端移动的距离 机械效率
第次实验中，滑轮组的机械效率为 结果保留一位小数；
第次实验中，弹簧测力计示数如图乙所示，为 ；
分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。若提升同一物体时，减小动滑轮的重力，则滑轮组的机械效率 选填“变大”、“变小”或“不变”。
（3）小集用图丙的实验装置探究斜面的机械效率，某次实验测得物重、斜面长、高、拉力，则物体在斜面上匀速运动时受到的摩擦力为 ，此过程中斜面的机械效率为 。
16．（2023·龙岗模拟） 在“探究电流与电压关系”的实验中，图甲是某实验小组设计的电路，电源电压保持不变。
（1）请用笔画线代替导线，在图甲中完成电路连接，要求滑片向端滑动时，电流表的示数变小。
（2）连接电路时，开关应该 。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 选填“”或“”端。
（3）检查无误后，闭合开关发现电流表几乎无示数，电压表示数接近。移动滑片，两电表示数均无变化，则电路故障可能是 。
（4）排除故障后，移动滑片到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过定值电阻的电流为 。
（5）实验中测得五组数据，并绘制出定值电阻的图象如图丙所示。由图象可得：
实验中所用定值电阻的阻值为 ；
实验结论： 。
（6）结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于 。
六、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
17．（2023·龙岗模拟） 如图所示，重为的实心合金球被轻细线悬挂于弹簧测力计下端，并浸没在水中处于静止状态，此时弹簧测力计的示数为。已知图中盛水容器的底面积为。求：已知水的密度，取
（1）该合金球所受浮力的大小？
（2）该合金球的密度是多大？
（3）与球未放入水中时相比，合金球浸没后水对容器底部的压强增大多少？
18．（2023·龙岗模拟） 如图甲是便携式挂烫机，图乙是它内部电路图。、都是加热电阻，加热时只有电阻工作，额定加热功率为；保温时只有电阻工作，电阻。为开关，可实现“加热”、“保温”或“断开”状态的转换。小虎断开其它用电器，只接通挂烫机且处于加热状态，来测量它的电功率，观察图丙所示的电能表的转盘在内转了转。计算：
（1）的阻值；
（2）挂烫机正常工作时，保温电路消耗的电能。
（3）小虎在使用挂烫机时，它的实际加热功率。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】光的反射
【解析】【解答】A．灯下手影，是光沿直线播形成的，A不符合题意；
B．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，B符合题意；
C．天空的彩虹，属于光的色散现象，是光的折射形成的，C不符合题意；
D．海市蜃楼，是光的折射形成的，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
2．【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、甲图：停止抽气后打开气阀，铃声逐渐变大，故A错误。
B、乙图：用相同的力拨动钢尺，钢尺伸出长度不同，振动快慢不同，音调就不同，故B错误。
C、丙图：所用音叉响度越大，乒乓球被弹开越远，故C错误。
D、丁图：当敲击水瓶时，水瓶和水振动，当水面越高，振动的越慢，音调越低，故D正确。
答案为：D
【分析】（1）空气是传播声音的介质。
（2）钢尺越短，振动的越快，音调越高。
（3）振幅越大，响度越大。
（4）水瓶中水越多，振动的越慢，音调越低。
3．【答案】C
【知识点】蒸发及其现象
【解析】【解答】A、夏天从冰箱里取出来的冰棍周围冒“白气”，这是空气中的水蒸气的液化现象，故A错误。
B、冬天戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，眼镜会起雾，这是室内的水蒸气遇冷液化现象，故B错误。
C、夏天炎热时，向地面洒水，利用水蒸发吸热的性质可以降温，故C正确。
D、烧水时，100℃的水蒸气比100℃的水烫伤的厉害，原因是水蒸气液化放出热量，故D错误
答案为：C
【分析】（1）冰箱里面温度较低，外面的水蒸气遇冷液化成小水滴。
（2）戴眼镜从室外走到室内，室内的热蒸气遇冷液化成小水滴附着在眼镜上。
（3）水蒸发吸热。
（4）100℃的水蒸气液化放热。
4．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】用羊角锤起钉子、用撬棒撬石头时动力臂大于阻力臂，省力但费距离；用天平测质量是等臂杠杆，不省力也不省距离；用钓鱼竿钓鱼时动力臂小于阻力臂，费力但省距离。
故答案为：D。
【分析】三种杠杆：
(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，平衡时动力小于阻力。特点是省力，但费距离。（如剪铁剪刀，铡刀，起子）
(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，平衡时动力大于阻力。特点是费力，但省距离。（如钓鱼杠，理发剪刀等）
(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，平衡时动力等于阻力。特点是既不省力，也不费力。（如：天平）
5．【答案】B
【知识点】时间的估测；时间及其测量
【解析】【解答】A、如图甲，根据刻度尺读数，读数要估读到分度值的下一位，即管状工件的管壁厚为0.50cm，故A错误。
B、如图乙，从停表上读数为187.5S，故B正确。
C、温度计在测量温度时，不能紧靠容器壁和容器底，故C错误。
D、在丁图中温度计的读数为-31℃，故D错误。
答案为：B
【分析】（1）刻度尺在读数时要估读到分度值的下一位。
（2）停表内部一格表示1min，外部一格为0.1S。
（3）温度计的玻璃泡比较薄，触碰容器壁或容器底，容易破损。
（4）温度计的液柱自下而上，30在上面，40在下面，说明是零摄氏度以下。
6．【答案】A,C
【知识点】大气压的综合应用；飞机的升力
【解析】【解答】A、三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为深度越深压强越大，增大受力面积减小压强，故A错误，符合题意。
B、飞机能够腾空而起，是因为机翼上凸下平，利用流体压强产生向上的升力，故B正确，不符合题意。
C、青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，液体沸点越小，不能煮熟面条，用高压锅可以提高锅内大气压强，提高水的沸点，故C错误，符合题意。
D、真空吸盘内部气压为零，外部为大气压，在大气压力的作用下工作，真空吸盘在大气压力作用下可以搬运钢板，故D正确，不符合题意。
答案为：AC
【分析】（1）大坝底部宽一些是为了减小压强。
（2）飞机是利用流体压强产生升力升空的。
（3）大气压越高，沸点越高。
（4）真空吸盘是利用大气压工作的。
7．【答案】B,D
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】A、选择质量小的卡片进行实验，目的是可忽略重力对实验的影响，故A错误。
B、改变钩码个数就是改变卡片两端的拉力，故B正确。
C、卡片所受拉力的施力物体是绳子，钩码没有直接与卡片接触，所以卡片所受拉力的施力物体不是钩码，故C错误。
D、为了探究不在同一直线上的两个力能否使物体保持平衡，需要将卡片扭转一个角度，故D正确。
答案为：BD
【分析】（1） 轻质小卡片可以忽略重力对实验的影响。
（2）通过改变钩码的个数来改变拉力的大小。
（3）卡片受到拉力的施力物体是绳子。
（4）扭转一个角度是研究不在同一直线上的两个力是否使物体保持平衡。
8．【答案】B,C,D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、如果用水做此实验，则需要10米高的水，不方便实验，故A错误。
B、玻璃管倾斜时，水银柱的长度变长，但是高度不变，故B正确。
C、根据图像可知，此时大气压强等于750mm高的水银柱产生的压强，故C正确。
D、水银柱的高度与与玻璃管的粗细无关，故D正确。
答案为：BCD
【分析】（1）水的密度相对水银来说比较小，大气压能支持10米高的水柱。
（2）玻璃管倾斜时，管内水银柱的高度不变。
（3）大气压与环境有关，此时支持750mm高的水银柱，说明此时的大气压等于750mm高的水银柱产生的压强。
（4）水银柱的高度与与玻璃管的粗细无关。
9．【答案】A,C
【知识点】机械效率；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】A、绕过动滑轮的绳子个数为3根，所以绳子自由端移动的距离是物体移动距离的3倍，即为0.3m，故A正确。
B、拉力做的功为W=FS=10N×0.3m=3J，故B错误。
C、滑轮组的有用功为W有=Gh=27N×0.1m=2.7J，故滑轮组的机械效率为，故C正确。
D、动滑轮做的功为额外功即W额=W总-W有=3J-2.7J=0.3J，动滑轮重为，故D错误。
答案为：AC
【分析】（1）绳子自由端移动的距离是物体移动距离的3倍。
（2）利用功的公式即可求出。
（3）物体重力做的功为有用功，再利用有用功除以总功就可求出功率。
（4）动滑轮做的功为额外功。
10．【答案】A,C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、三孔插座的解法是左零右火，上接地，故A正确。
B、火线先经过开关，再经过电灯，故B错误。
C、当发生触电事故时，应先切断电源，故C正确。
D、多个大功率用电器同时使用一个插座会导致总功率过大，从而导致电流过大而烧坏插座，故D错误。
答案为：AC
【分析】（1）三孔插座的解法是左零右火，上接地。
（2）火线先经过开关，再经过电灯。
（3）当发生触电事故时，应先切断电源。
（4）多个大功率用电器接在插座上，会导致电流过大而烧坏插座。
11．【答案】（1）可再生
（2）电；化学；用电器
（3）电磁感应；线圈转动速度
（4）80
（5）
【知识点】太阳能及其利用与转化；太阳能的相关计算
【解析】【解答】（1）太阳能和风能都属于一次能源，也是可再生能源，取之不尽用之不竭。
（2）白天太阳能电池板把接收到的太阳能转化为电能，然后再转化为化学能储存在蓄电池里，此时蓄电池相当于用电器。
（3）发电机的原理是电磁感应，产生的电流大小除了与内部磁铁磁性强弱有关，还与线圈转动速度有关，转动越快，切割磁感线越快，产生的感应电流越多。
（4）根据题意可以列出求输出功率的公式P=snη=0.5m2×1000w/m2×16%=80w
（5）该蓄电池充满电后储存的能量为W=UIt=12V×150A×3600S=6.48×106J
【分析】（1）太阳能和风能都属于可再生能源。
（2）太阳能电池是将太阳能转化为电能，然后再转化为化学能储存起来。
（3）发电机的原理是电磁感应。
（4）由题意可以列出式子求出输出功率。
（5）利用电能公式可以求出电能大小。
12．【答案】解：如图所示：
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：
【分析】光线的延长线过凹透镜的焦点，折射光线平行于主光轴；平行于凸透镜主光轴的光线，折射后过凸透镜的焦点。
13．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】答案为：
【分析】根据电磁铁左端的磁极可以判断右端是S及，磁感线是从N极指向S极，利用安培定则可以判断出电源的正负极。
14．【答案】（1）左
（2）
（3）1.2
（4）14；；偏小
【知识点】固体密度的测量；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）平衡螺母是根据指针位置调节，实行左偏右调，右偏左调，此时指针指针右偏，平衡螺母向左调节。
（2）根据图中数据可知盐水和烧杯的总质量为m=50g+20g+5g+0.8g=75.8g。
（3）由上面一问可以求出樱桃的质量为m樱=m总2-m总1=87.8g-75.8g=12g，樱桃的体积为V樱=V总-V剩=60mL-50mL=10mL，即樱桃的密度为。
（4）此时加入烧杯中的水体积等于壶盖的体积，即为v壶=40cm3-26cm3=14cm3，即紫砂壶的密度为，在拿出壶盖时，壶盖上带有一部分水，导致倒入的水体积偏大，那么壶盖的测量体积变大，即壶盖的密度偏小。
【分析】（1）平衡螺母根据指针来调节平衡。
（2）物体质量等于砝码质量加上游码读数。
（3）先求出质量，再求出体积，最后算出密度。
（4）水下降得体积等于紫砂壶的壶盖体积，壶盖在拿出来是，壶盖上沾有一部分水，导致测量体积时，体积偏大，密度值偏小。
15．【答案】（1）右；2；便于测量力臂且消除杠杆自重对平衡的影响
（2）74.1；1.6；变大
（3）0.3；80%
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；滑轮（组）的机械效率；斜面的机械效率
【解析】【解答】（1）左端高，应该向右调节平衡螺母，根据杠杆平衡条件在B点应该挂2个钩码，水平平衡的目的是：可以方便测量力臂大小，同时消除杠杆自重对实验的影响。
（2）①根据第一次实验数据，滑轮组的机械效率为
②可以直接从弹簧测力计上读数示数为1.6N。
③滑轮组提升重物时，重物越重，滑轮组的机械效率越高， 若提升同一物体时，减小动滑轮的重力，额外功减小，则滑轮组的机械效率越大。
（3）有用功为W有=Gh= 6N×0.2m=1.2J，总功为W总=Fs=1.5N×1m=1.5J，摩擦力做的功为额外功，则，机械效率为。
【分析】（1）左端高，说明左端重，需要将平衡螺母向右端调节。
（2）物重做功为有用功，拉力做功为总功，物体越重，机械效率越高。
（3）摩擦力做的功为额外功。
16．【答案】（1）
（2）断开；B
（3）断路
（4）0.3
（5）5；导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
（6）25
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）答案如图：向右移动时滑动变阻器的阻值变大，电路中电路变小。
（2）为了保护电路，连接开关时要断开，滑动变阻器的滑片要放在最大阻值处，故滑动变阻器的滑片要放在B处。
（3）当电压表示数接近电源电压时，说明定值电阻发生断路，导致电压表串联在电路中，因为电压表的电阻比较大，分得所有电压。
（4）从图中电流表可以读出电流大小为0.3A。
（5）①从图丙中任找一点即可算出电阻大小。
②图丙是正比例图像，可以得出结论为：导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（6）第一组数据中电流为0.1A，滑动变阻器的电阻最大，即电路总电阻为，那么滑动变阻器的电阻为R滑=R总-R=30Ω-5Ω=25Ω，故滑动变阻的电阻不小于25Ω。
【分析】（1）接在C点时能满足要求。
（2）为了保护电路，连接开关时要断开，滑动变阻器的滑片要放在最大阻值处。
（3）当电压表示数接近电源电压时，说明与其并联的用电器发生断路。
（4）直接从电流表上读数示数大小。
（5）当电阻不变时，通过导体的电流与电阻两端的电压成正比。
（6）电流最小时，电阻最大，先算出最大的总电阻，用总电阻减去定值电阻就为滑动变阻器的电阻。
17．【答案】（1）解：合金球浸没水中受到的浮力：；
答：铁球所受浮力的大小为；
（2）解：由可得合金球的体积：，
合金球的质量，
合金球的密度：。
答：合金球的密度为；
（3）解：水对实心合金球的浮力为，
水对容器底部的压力增大值：，
水对容器底部的压强增大量：。
答：与铁球未放入水中时相比，铁球浸没后水对容器底部的压强增大。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）利用称重法可求出浮力大小。
（2）根据浮力求出合金球的体积，然后从弹簧测力计上读出合金球的重力，进而求出合金球的质量，最后求出合金球的密度。
（3）力的作用是相互的，金属球受到水的浮力与金属球对水的压力时一对相互作用力，大小相等，放入合金球后，水对容器底部增大的压力等于金属球受到的浮力，利用压强公式可以算出增大的压强。
18．【答案】（1）解： 加热挡时只有电阻工作，根据知，的阻值为：；
答：的阻值为；
（2）解： 保温挡时只有电阻工作，
保温挡的功率为：；
由可得，保温电路消耗的电能：；
答：挂烫机正常工作时，保温电路消耗的电能为；
（3）解：电能表的转盘在内转了转，则消耗的电能：；
挂烫机的实际加热功率：。
答：小虎在使用挂烫机时，它的实际加热功率为。
【知识点】焦耳定律的应用；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）加热时功率为800W，而此时只有R1工作，利用功率公式变形即可求出电阻大小。
（2）先求出保温时的功率，再利用电能公式，可求出消耗的电能。
（3）利用电能表转的圈数，求出消耗的实际电能，再利用电能与功率的关系，求出实际功率。
