北京课改版物理八年级全册《7.7 比热容》同步练习
一 、单选题（本大题共9小题，共27分）
1.（3分）生命离不开水，水是宝贵的资源。以下关于水的说法正确的是
A. 地面上的水变干了是升华现象 B. 冬天用热水袋取暖是利用水的比热容大
C. 水结冰的过程需要吸热 D. 枣庄水资源丰富，我们不需要节约用水
2.（3分）下列关于热现象的说法不正确的是
A. 海边昼夜温差比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的比热容大
B. 海波在熔化过程中不断吸热，温度不变，内能不变
C. 端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动
D. 衣柜里防虫用的樟脑片，过段时间会变小，最后不见了，这是一种升华现象
3.（3分）下列有关热现象的说法中，正确的是
A. 水面上方的气压增大，水的沸点会降低
B. 冰在熔化过程中，内能、比热容都保持不变
C. 一切物体，不论温度高低，都具有内能
D. 棉被放在太阳下晒的暖暖的，是通过做功方式改变物体的内能
4.（3分）下列关于热量、温度和内能，说法正确的是
A. 水凝固成冰的过程中，水和冰的温度不变，他们的总内能也不变
B. 两种燃料完全燃烧，热值小的燃料放出的热量少
C. 两个物体从外界吸热，末温高的物体吸收的热量不一定多
D. 质量相等的两块金属，降低相同温度，比热容大的放出热量不一定多
5.（3分）水的比热容较大，下列做法中不是利用这一特性的是
A. 炎热的夏天，在室内地上洒水感到凉爽
B. 用水做内燃机的冷却液
C. 在城市里修建人工湖，除了美化环境外，还能调节周围的气温
D. 供暖系统使用热水循环供暖
6.（3分）在“比较水和食用油的吸热能力”的实验中，下列操作或评价正确的是
A. 在安装、调整实验器材时，科学合理的顺序是先调整固定温度计的位置，再调整固定石棉网的位置
B. 实验中食用油和水吸热的多少是通过温度计升高的温度来反映的
C. 实验表明，食用油吸热的能力更强
D. 此实验中，如果要使初温相同的水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间
7.（3分）关于温度、热量、内能，下列说法正确的是
A. 物体的温度越高，所含的热量越多 B. 的水一定比的水内能大
C. 物体温度升高，内能一定增大 D. 热量总是由内能大的物体传向内能小的物体
8.（3分）如图甲，在两个相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的、两种液体纯净物，并用相同的电加热器加热，图中温度计规格相同，若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，两液体到均未沸腾，得到如图乙温度与加热时间的图线，则
A. 液体中温度计示数为
B. 液体的比热容大于液体的比热容
C. 加热液体吸收的热量大于液体吸收的热量
D. 液体从升到要吸收的热量等于至所吸收的热量
9.（3分）水是人类生存不可缺少的物质，各图中能正确描述水的各种物理量之间关系的是
A. 水的重力与质量的关系
B. 水的密度与体积的关系
C. 水的压强与深度的关系
D. 水的比热容与温度的关系
二 、填空题（本大题共3小题，共12分）
10.（4分）生活中我们经常运用着物理知识。冬天，搓搓手可以使手暖和，这是利用了 ______ 可以改变内能的知识；锅炉液位计可以表示出锅炉内液面的位置，这是利用了 ______ 中的同种液体在静止时液面保持相平的知识；汽车发动机用水做冷却剂，是利用了水的 ______ 较大，在质量相同时吸收相同的热量后温度升高较少的知识。
11.（4分）汽车发动机用水降温，是通过 ______方式来改变内能的；水的比热容为，将的水倒掉一半，剩余水的比热容为 ______。
12.（4分）炎炎夏季，都市气温往往比郊外要高，这就是热岛效应，人们在小区内修建人工湖、喷水池，主要利用水的______大，______能力强来调节气温。
三 、实验题（本大题共4小题，共24分）
13.（6分）某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示。然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二所示。设水在相等时间内吸收的热量相等
表一 克水
实验序号 升高温度 加热时间分钟
表二 克水
实验
序号 升高温度 加热时间分钟
表三 ______
实验序号 升高温度 加热时间分钟
______
______
______
①分析比较实验序号、与或、与中的相关实验数据，可得出的初步结论是： ______ 。
②分析比较实验序号 ______ 中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多。
③进一步综合分析实验序号与或与或与中的相关实验数据，可归纳得出的结论：当 ______ 时，水吸收的热量相同。
④为了结论更具有普遍性，小张认为还需进一步进行实验，请结合表一的数据在表三中填入拟进行实验的数据，以完善他们的探究实验。
14.（6分）在“比较不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图甲所示，用相同规格的电加热器加热不计热量损失，实验数据记录如表：
物质 质量 初始温度 加热时间 最后温度
水
食用油
加热过程中，测量水温的温度计玻璃管壁上有明显的水雾，这是一种 ______ 填物态变化名称现象，某时刻测量食用油温度的温度计示数如图乙所示，此时的温度为 ______ ；
由实验数据可知，食用油的比热容为 ______ ；
实验结果表明，不同物质，在质量相等， ______ 时，吸收的热量不同；
取出电加热器，停止加热，分析可知，食用油每分钟放出的热量与降低温度之比 ______ 选填“变大”“变小”或“不变”。
15.（6分）小明为比较“不同物质吸热的情况”设计了如下的实验方案：将、两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录、的温度。
组装器材时应按照 ______ 选填“自下而上”或“自上而下”的顺序依次安装；
实验时，选取 ______ 相同、初温相同的、两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过 ______ 方式来增大液体内能的；
此实验通过 ______ 选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”来反映液体吸收热量的多少；
加热一段时间后，液体的温度如图乙所示，为 ______ ；
根据实验数据小明绘制出的温度时间图象如图丙所示，则液体 ______ 选填“”或“”更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
16.（6分）如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：
在两个相同的烧杯中分别加入初温和 ______ 相同的、两种液体，选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内 ______ ；
、两种液体温度随时间变化的图像如图乙所示，根据图乙可知 ______ 选填、的吸热能力强，、升高相同温度时，吸收热量之比是 ______ ；
下列选项中与本实验所研究特性无关的是： ______ 。
A.用热水袋取暖；
B.汽车的水箱；
C.夏天在地面喷水降温；
D.利用空调降温
四 、多选题（本大题共1小题，共3分）
17.（3分）如图在探究“不同物质的吸热能力”时，同学们使用的器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和煤油，关于实验，下列说法正确的是
A. 煤油吸热升温快，说明煤油吸热能力弱
B. 物体吸热多少是由它的物质种类决定的
C. 加热相同的时间，末温低的物体吸热能力强
D. 将煤油和水加热到相同的温度时，它们吸收的热量相同
五 、简答题（本大题共2小题，共12分）
18.（6分）习近平总书记提出绿水青山山就是金山银山”，倡导保护环境。近年来，固原市政府投入了大量资金，种植花草树木，提高绿地覆盖率，治理清水河等，逐步扩大水域面积，大大改善了市民的居住环境，让全市民享受到了“绿城”带来的实惠。请你运用所学的物理知识，分析说明绿化城市、扩大水域面积对改善居住环境所带来的好处至少说两点。
19.（6分）大连是个环境优美，气候宜人的沿海城市。跟很多内陆城市相比，夏天最高气温不是很高，冬天最低气温不是很低。请你用学过的物理知识解释其中的原因。
答案和解析
1.【答案】B;
【解析】解：、地面上的水变干，是水由液态变为气态，是汽化现象，故错误；
、由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天用热水袋取暖，和水的比热容有关，故正确；
、水结冰是凝固现象，凝固放热，故错误；
、水是可再生能源，水资源丰富，但是地球上可以利用的淡水资源是有限的，因此需要节约用水，故错误。
故选：。
物质由液态变为气态叫做汽化；
根据水的比热容大分析；
凝固放热；
地球可以利用的淡水资源是有限的。
此题主要考查了物态变化、水的比热容大的应用、节约用水等，属于基础题。
2.【答案】B;
【解析】解：、海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，故正确；
、海波是晶体，晶体熔化过程中吸热，温度不变，内能增大，故错误；
、端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，是分子不停地做无规则运动的结果，故正确；
、樟脑片变小是升华现象，物质升华过程中需要吸收热量，故正确。
故选：。
水的比热容较大，相同质量的水和沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
晶体熔化过程吸热，温度不变、内能增大；
扩散现象说明组成物质的分子在不停地做无规则运动；
物质由固态直接变为气态叫升华，升华吸热。
解决此类问题的关键是要正确判断物态，并结合物态变化的名称进行分析解答。
3.【答案】C;
【解析】解：
A、水面上方气压增大，水的沸点会升高，故A错误；
B、冰熔化过程吸热，内能增大、熔化后水的比热大于冰的比热，故B错误；
C、一切物体不论温度高低都具有内能，故C正确；
D、棉被放在太阳下晒的暖暖的，棉被从阳光中吸收热量，温度升高，属于热传递改变物体的内能，故D错误。
故选：。
液体沸点随气压增大而升高；
晶体熔化过程吸热，内能增大、水的比热大于冰的比热；
一切物体都有内能；
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
考查了气压与沸点的关系、物质的比热容、内能、改变内能的方式的知识，属于基础题，学生易于解答。
4.【答案】C;
【解析】解：、水凝固成冰的过程中，放出热量，温度不变，内能减少，故错误；
、两种燃料，完全燃烧相同质量时，热值小的燃料放出的热量少，故错误；
、由可知，物体吸收热量的多少与物体的比热容、质量以及温度的变化量有关，依次两个物体从外界吸热，末温高的物体吸收的热量不一定多，故正确；
、由可知，质量相等的两块金属，降低相同温度，比热容大的放出热量一定多，故错误。
故选：。
物体吸收或放出热量，内能一定变化，但温度不一定改变，例如晶体的熔化过程，不断吸收热量，但是温度保持熔点不变；
某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值；
根据进行分析判断。
此题主要考查热量、温度以及内能的关系、还考查了热值和热量计算公式的应用，是热学的难点，也是考查的热点。
5.【答案】A;
【解析】【试题解析】
此题主要考查了比热容的应用。因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液；降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖；沿海地区水多，因为水的比热容较大，白天，水吸收热量，温度升高的少；夜晚，水放出热量，温度降低的少，能调节周围的气温。A.炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故正确；
B.因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液，故错误；
C.因为水的比热容较大，吸收或放出相同多的热量时，温度变化小，所以可以调节周围气温，故错误；
D. 因为水的比热容较大，质量相同，温度减小相同，放出的热量更多，故使用水来做供暖，故错误；
故选。
6.【答案】D;
【解析】解：在安装、调整实验器材时，因要用酒精灯的外焰给烧杯加热，科学合理的顺序是先调整固定石棉网的位置，使酒精灯的外焰给烧杯加热，再调整固定温度计的位置，故错误；
B.根据转换法，实验中食用油和水吸热的多少是通过加热时间来反映的，而不是通过温度计升高的温度来反映的，故错误；
C.实验表明，加热相同的时间，水温度变化小，说明水吸热的能力更强，故错误；
D.在此实验中，加热相同的时间，水温度变化小，如果要使初温相同的水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，故正确。
故选。
、根据要用酒精灯的外焰给烧杯加热分析；
、我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
、使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
、水的吸热能力强，要给水加热更长的时间。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及注意事项。
7.【答案】C;
【解析】解：、热量是一个过程量，只有在热传递过程中，才有热量的吸收或放出，物体含有热量的这种说法是错误的，故错误。
、内能与物体的温度、质量有关，不确定质量的大小，仅温度不同不能比较水的内能大小关系，故错误；
、内能的大小与物体的质量、温度等有关，故其他条件不变的情况下，物体温度升高，内能一定增加，故正确。
、热传递过程中，热量从高温物体传向低温物体，物体的内能大，温度不一定高，故错误。
故选：。
热量是一个过程量，只有在热传递过程中，才有热量的吸收或放出。
内能与物体的温度、质量、状态等有关。
根据内能的影响因素可做出判断。
热传递过程中，热量从高温物体传向低温物体，或者从物体的高温部分传向低温部分。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热量、温度等概念以及热传递条件的理解，难度不大。
8.【答案】D;
【解析】解：
A、由图知：之间有个小格，所以分度值为；温度计的示数向上越来越大，所以是零上，此时的温度为，故A错误；
B、根据可知，在质量、吸收热量相同的条件下，变化的温度越大，比热容越小，即液体的比热容小于液体的比热容，故B错误；
C、相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，液体未沸腾，液体吸收的热量相等，故C错误；
D、根据乙图可知，液体从升到需要，液体从升到也需要，根据可知液体从升到要吸收的热量等于至所吸收的热量，故D正确。
故选：。
温度计读数时要看清温度计的量程和分度值，根据液柱上面对应的刻度读数，温度计的分度值为相邻的刻度线表示的温度；读数时视线要与液柱上表面相平，并注意分清零上还是零下；
液体吸收的热量相等，根据进行判断；
根据焦耳定律，相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，据此进行判断；
同种物质状态相同时，比热容相同，据此进行分析。
该题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
9.【答案】B;
【解析】解：、重力与质量成正比，但是图线反映的不是正比关系；故A错误；
B、密度是物质的一种特性；是物体的质量与体积的比值；与物体的质量、体积无关；故B正确；
C、液体压强与密度和深度有关；水的压强与深度成正比；故C错误；
D、比热容是物质的一种特性，与温度变化无关；故D错误；
故选B．
图象中的图线反映出两个物理量之间的关系，如正比、不变等；明确图象中物理量间的正确关系，找出符合实际的选项．
深入理解选项中涉及到物理量之间的关系，结合图线的形状，可解答．
10.【答案】做功 连通器 比热容;
【解析】解：冬天，搓搓手可以使手暖和，属于摩擦生热现象，这是利用了做功可以改变内能的知识；
锅炉液位计符合上端开口、底部连通的特点，属连通器的应用，利用了连通器中的同种液体在静止时液面保持相平的知识，可以表示出锅炉内液面的位置；
汽车发动机用水做冷却剂，是利用了水的比热容较大，在质量相同时吸收相同的热量后温度升高较少的知识。
故答案为：做功；连通器；比热容。
改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
上端开口，下部相连通的容器叫连通器；连通器内的液体不流动时，各容器中的液面总是相平的；
水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，吸收相同的热量，水的温度升高较少。
此题主要考查了改变物体的内能的方法，连通器的应用，水的比热容较大的应用，要求学生牢固掌握并会解释相关现象。
11.【答案】热传递 4.2×103;
【解析】解：
汽车发动机用水降温，发动机把热量传给水，热量从高温的发动机转移给低温的水，使水的内能增大，温度升高，是通过热传递的方式改变内能的；
因为比热容是物质的一种特性，只与这种物质存在的状态有关，而与物质的质量无关，所以将的水倒掉一半，比热容不变，仍为。
故答案为：热传递；。
改变内能的方法：一是做功，二是热传递；
比热容是物质的一种特性，只与这种物质存在的状态有关，而与物质的质量无关，故的水倒掉一半，剩下的水的比热容仍然不变。
此题主要考查了改变内能的方法、物质特性比热容，要掌握其物理意义，真正理解是物质本身一种特性的真正含义，属于综合性题目。
12.【答案】比热容 吸热;
【解析】解：
因为水的比热容较大，吸热能力强，相同质量的水和沙石比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，有效调节温度。
故答案为：比热容；吸热。
修建人工湖，含水量增多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
此题主要考查了学生对水的比热容大的特点的应用，属于基础题。
13.【答案】;
【解析】解：①根据转换法，分析比较实验序号、与或、与中的相关实验数据，可得出的初步结论是：相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比。
②分析比较实验序号、中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多。
③进一步综合分析实验序号与或与或与中的相关实验数据有：
；
；
；
可归纳得出的结论：当同种物质质量与升高的温度之积相同时，水吸收的热量相同。
④根据可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关；为了结论更具有普遍性，还需要探究吸收热量的多少与物质种类的关系，因此还需补充质量相同与表一比较的不同液体，因此表三中的数据如下：
表三 食用油
实验序号 升高温度 加热时间分钟
故答案为：①相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比；
②、；
③同种物质质量与升高的温度之积相同；
④食用油
实验序号 升高温度 加热时间分钟
①根据转换法，分析比较实验序号、与或、与中的相关实验数据得出初步结论；
②分析比较实验序号、中相关实验数据得出的初步结论；
③进一步综合分析实验序号与或与或与中的相关实验数据得出结论；
④根据可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关，还需要探究吸收热量的多少与物质种类的关系控制其实因素相同据此完成表格三。
本题探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，考查了控制变量法和转换法的运用及根据实验数据分析归纳结论的和表格设计的能力。
14.【答案】;
【解析】解：加热过程中产生的热的水蒸气，遇到冷的温度计发生了液化现象，所以测量水温的温度计玻璃管壁上有明显的水雾。
由图乙可知，温度计的分度值是，所以温度计示数为。
因为加热时间相同，水和食用油吸收的热量相同，根据得，
解得。
实验中采用控制变量法，在质量和升高的温度相同时，通过观察加热时间即吸收热量的多少来比较不同物质的吸热能力。实验结果表明，不同物质，在质量相等，升高的温度相同时，吸收的热量不同。
由可知，食用油的比热容不变，质量不变，所以每分钟放出的热量与降低温度之比不变。
故答案为：液化；；；升高的温度相同；不变。
加热过程中产生的热的水蒸气，遇到冷的温度计发生了液化现象，所以测量水温的温度计玻璃管壁上有明显的水雾。结合温度计的分度值读数；
比较物质吸热能力的种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
由可知，食用油的比热容不变，质量不变，所以每分钟放出的热量与降低温度之比不变。
此题主要考查了比较水和煤油的吸热本领的实验，考查了密度公式的应用、物质吸热能力的判定、比较吸热能力的方法，难度不大。
15.【答案】;
【解析】解：要用酒精灯的外焰加热，故组装器材时应按照自下而上的顺序依次安装；
根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，实验时，选取质量相同、初温相同的、两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过热传递方式来增大液体内能的；
根据转换法，此实验通过加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少；
温度计分度值为；加热一段时间后，液体的温度如图乙所示，为；
根据绘制出的温度时间图象知，升高相同的温度，加热时间长，的吸热能力强，比热容大，根据，在质量和降低的温度相同时，放热多，液体更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
故答案为：自下而上；质量；热传递；加热时间的长短；；。
实验中要用酒精灯的外焰加热，据此分析；
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
改变内能的方法是做功和热传递，据此分析；
根据温度计分度值为读数；
根据绘制出的温度时间图象知升高相同的温度，加热时间长，根据比较吸热能力的方法确定的吸热能力强，比热容大，根据分析回答。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和的运用，为热学中的重要实验。
16.【答案】;
【解析】解：根据比较物质吸热能力的不同方法可知，要控制不同物质的质量相同，故在两个相同的烧杯中分别加入初温相同和质量相同的、两种液体。
由于相同的加热器在相同的时间内放出的热量相同，因此选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸热相同。
根据如图乙、两种液体温度随时间变化的图像可知，升高时，用时分钟，用时分钟，可判断出的吸热能力强，、升高相同温度时，由转换法可知，吸收热量之比等于用时之比，即：：。
根据可得，质量相同的不同物质升高或降低相同的温度，比热容越大吸或放热越多，故汽车的水箱、用热水袋取暖均与本实验研究物质特性比热容有关；故不符合题意；
C.夏天在地面喷水降温，是利用蒸发吸热具有致冷的作用，与比热容无关；故符合题意；
D.制冷剂在空调内部的蒸发器里面汽化，汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的冷凝器会发生液化现象，空调压缩机是利用制冷剂发生物态变化方法降温的，利用空调降温与比热容无关，故与本实验研究物质特性比热容无关，故符合题意。
故选。
故答案为：质量；吸热相同；；：；。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据分析；
C.夏天在地面喷水降温，是利用蒸发吸热具有致冷的作用；
D.根据空调制冷原理分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及比热容的运用，为热学中的重要实验。
17.【答案】AC;
【解析】
此题主要考查比热容的概念，要学会总结实验得到的结论，考查了吸收热量公式的熟练应用，难度不大。
比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量；可结合进行判断。
A.实验中，煤油吸热升温较快，说明煤油的比热容小，吸热能力较弱，故正确；
B.在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的，故错误；
C.实验中，加热相同的时间，说明吸收了相同的热量，末温低的物质比热容大，吸热能力强，故正确；
D.由可知，质量相同的水和煤油，由于比热容不同，并且初温相等，则当末温相同时，吸收的热量不相同，故错误。
故选。
18.【答案】答：
（1）绿化城市、植树造林可以减弱噪声的影响；
（2）绿化城市、扩大水域面积，可以利用水的蒸发吸热来降低气温；
（3）因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，扩大水域面积能有效调节周围环境的气温。;
【解析】
从绿化城市、扩大水域面积两方面来分析对环境的改善，可从减弱噪声的途径、蒸发吸热、水的比热容大三个方面来考虑。
此题主要考查了学生对所学知识的掌握和灵活运用的情况，要求学生能运用所学的知识来分析、解决实际问题，对学生的要求较高。
19.【答案】答：沿海地区水多，而内陆地区的砂石多、水少，由于水的比热容大，相同质量的水和砂石，在吸收或放出相同的热量时，水温度变化值比较小，即沿海地区的温差变化不大，所以大连夏天最高气温不是很高，冬天最低气温不是很低。;
【解析】
沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容比砂石大，质量相同的水和砂石相比，吸收相同的热量水升高的温度少，放出相同的热量水降低的温度少，据此进行解答。
此题主要考查的是水的比热容较大的特点及其应用，利用所学的物理知识解释生活中的现象，是中考的热点。
