平许济洛 2023~2024 第一次高三物理参考答案及解析
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答案 C A D B B C D B BC CD AD ABC
1. 伽利略为了研究自由落体，首先建立了平均速度、瞬时速度及加速度的概念，A错；连
续相等时间间隔的位移差是定值，B错；自由落体为匀变速直线运动，平均速度等于初速度
与末速度和的一半，C正确；先后释放两个相同的小球，它们落地前速度差不变，距离越来
越大，D错误。
2.B、C、D选项中，两个小朋友运动时线速度、向心加速度和所受的向心力的方向不同，
故 A正确，B、C、D错误。
3.以 a、b两球整体为研究对象受力，水平方向上两恒力平衡，重力没有水平分力，故 a上
方绳子应该保持竖直。再以 b为研究对象，得 a、b之间的绳子应该是倾斜的。故最终状态：
a位置不变，b水平方向向右，竖直方向向上移动，所以 b球重力势能增加。D 选项正确。
4.解析： 由动量定理的关系式得: = m 0
根据动量与动能的关系: = 2
= 可得： + 2 0
斜率: = 12 = 2
则合力：F=48N
故选 B。
5.解析：对接后，飞船做匀速圆周运动，受力不平衡，选项 A 错误；由于同步卫星的轨道半
径大于飞船的轨道半径，所以对接后飞船的运行周期小于同步卫星的周期，选项 B 正确；飞
船在低轨道加速完成对接，选项 C 错误；飞船中的宇航员处于完全失重状态，仍受到重力作
用，选项 D错误。
6.运动员抛出球垂直击中篮板，此运动可看做反向平抛运动。抛出时篮球离地面高度约 2.20m，
1 2
击中篮筐高度约 3.05m+0.4m=3.45m，故运动竖直高度约为 1.25m。由 h gt 得运动时间
2
t=0.5s，抛出竖直速度 vy gt =5m/s。水平距离约为 4.225m+0.25-0.123m=4.5m，水平速度
v xx =9m/s
2 2
。故脱手速度 v vx vy ，最接近 10m/s。t
7. 物块 A与物块 B分离时，对于 B，根据牛顿第二定律可得：μmg=ma，即 a=μg。对于 A：
mg
kx=ma得 x ，可知弹簧处于拉伸状态。选项 A、B错误；解除锁定时弹簧处于压
k
缩状态，分离时弹簧处于伸长状态，则 B与 A分离之前，弹簧的弹性势能先减少后增加，
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}
错误。分离前，对于 A、B整体速度达到最大时，a=0，即 kx0=μmg，可得：x0=x。必有 xA>x0+x，
x 2 mg 2 mg即 A 。（或开始时弹簧压缩 kx'>μmg，故 A移动距离 x'+x大于 ）。选项 D正k k
确；
8. 小环从最高点滑下，由机械能守恒定律得
mg 2R cos2 1 mv2
2
则向心加速度
v2an 4g cos
2
R
故 B正确
9.木箱缓慢靠近小孩可认为木箱始终处于受力平衡状态，对木箱受力分析如图
水平方向 F cos Ff FN
F
竖直方向 F sin FN mg Ff
又 Ff FN
mg
联立得
F mgN 1 tan
F mg mg = (其中 tan 1 )
sin cos 1 2 sin( )
故随着θ从较小逐渐增大，摩擦力、支持力和木箱对地面的总作用力都减小。而对细线的拉
力可能先减小后增大。
故选项 BC 正确
10.解析：陀螺做圆周运动，陀螺上各点所受合力为向心力；陀螺在竖直方向上受力平衡，
所以选项 A、B错误；陀螺上各点属于同轴运动，距离中心越远的点，半径越大，向心加速
度越大，选项 C 正确； = 2 = 40 rad/s ，向心加速度 = 2 = 160 / 2 ，选项 D 正
确。
11.对货车和挂车系统为研究对象，在水平方向上脱钩前后牵引力不变，总摩擦力也不变，
水平方向上合外力仍为零。故系统动量守恒。
脱钩后，设任意相等时间内，货车受摩擦力为 Ff1、位移为 x1，挂车受摩擦力为 Ff2、位移为
x2。牵引力 F=Ff1+Ff1，外力对系统做功 Fx1-Ff1x1-Ff2x2>0，因 x1>x2，故系统机械能增加。
12.对小物块从释放到第一次经过 Q 点，由动能定理得
mgR 1 mv2
2 Q
vQ =4m/s
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}
v2
在 Q 点 ： FN mg m
Q
R
故 FN'=FN=30N，选项 A 正确；
对木块从 Q向右滑到最远速度为零，由 mgx 1 mv2Q 得，x=4m。选项 B 正确；2
木块向右运动时用时 t = 1 =2s，木块相对传送带位移 x1=x+vt1=6m，返回时，当木块速度与
传送带相同时将随传送带一起匀速运动，木块从速度减为零到与传送带同速用时 t2= =0.5s，
2
木块相对传送带位移 x2=vt2- =0.25m，故产生热量 Q= mg（x1 x2）=12.5J。选项 C 正确。2
除第一次外，之后小物块每次经过 Q点的速度大小都是 1m/s，最终小物块在 Q 左右来回运
动。D错误。
13.（6分）（1）B ；（2）合理；（3）不需要。（每空 2分）
解析：将车内的砝码转移到桶中，就保证了 M+m0不变，即系统的总质量不变，研究对象是
1
整个系统，a = + ，可见 a F图象斜率的物理意义是 + ，系统的合外力就等于所悬挂0 0
小桶的总重力，不必满足M m这样的条件。
14.（9分）
（1）为了保证小车所受的合外力为零（或保证小车在碰撞过程中满足动量守恒、或保证碰
撞前、后保持匀速运动）（2分）（合理即给分）
（2）C（2分）；（3）x1（2分）；（4）m1x1 (m1 m2 m)x2（3分）。
解析：（1）动量守恒的条件是系统所受的合外力为零，所以平衡摩擦力的目的是保证小车所
受的合外力为零；
（2）平衡摩擦力是让小车在运动过程中平衡，小车运动时很难通过视觉判断是否为匀速运
动，所以 A、B错误，C正确；
（3）因为两车碰撞后粘在一起，所以碰撞后两车的共同速度小于碰撞前小车 A的速度，在
题图乙中，x1对应的点是两车碰撞前打出的；
1 2
（4）设图乙中两段距离对应的时间为 t，则两车碰撞前后的速度分别为： 1 = , 2 =
两车碰撞过程中动量守恒： 1 1 = ( 1 + 2 + ) 2
则有：m1x1 (m1 m2 m)x2
3
15. 9 1 L 6 GM（ 分）（ ）T 2 （ 分）；（2） v1 v2 （3分）。GM L
解：（1）设双星系统中两个星球的质量分别为 m1、m2，其圆周运动半径分别为 r1、r2，
则由万有引力定律和牛顿第二定律得
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}
m G m1m2 m 4
2
对星球 1，有： 2 1 rL T 2 1 ○
1 （2分）
2
对星球 m m m 4 2，有：G 1 2 m2 r2 ○2 （2分）L2 T 2
又 m1 m2 M 、 r1 r2 L ○3 （1分）
L3
联立○1 ○2 ○3 可得 T 2 GM ○
4 （1分）
（2）由圆周运动知识，设两个星球的线速度大小分别为 v1、v2，
v 2 r1 v 2 r2 v v 2 （r1 r2 ) 2 L则 1 ， 2 ，故 1 2 ○5 （2分）T T T T
联立○4 5
GM
○可得 v1 v2 . （1分）L
【注】解答过程合理即给分。
A B
16. （9分）（1）F =3N（4分）；（2）v=2 10m/s（5分）.
θ
解：（1）如图所示，对小球，沿 AC方向做匀加速直线运动， 合力方向
Fmin
当力 F最小时有： =mgsin sinθ （2分） mgsinα
又 AB 3，故 sin 0.6 （1分）tan D C
AD 4
得 =3N 方向垂直 AC斜向上 （1分）
（2）对球，有 合=mgsin cosθ （1分）
由 A运动到 C的过程，由动能定理得
合
1 2
AC = 2 （2分）
AC = 5m （1分）
得小球在 C点的速度 = 2 10m/s. （1分）
【注】解答过程合理即给分。
17.（11分）
解：（1）游玩者从顶端沿斜面匀加速下滑，设游玩者质量为 m，由牛顿第二定律得
mgsin37°－ μmgcos37°=ma1 （2分）
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}
代入数据解得 a1= 2m/s2 （1分）
由 v12 = 2a1x1 （2分）
得 x1= 25m （1分）
（2）设倾斜滑道总长为 s，水平滑道总长为 x，对游玩者，从开始下滑到最终停在滑道上，
由动能定理得： mgH-μmgcos37°s-μmgx=0 （2分）
s H 0 （1分）sin37
解得 x=30m （1分）
则滑道总长度至少为 L=s+x=105m. （1分）
【注】解答过程合理即给分。
18. （16 2 2分）（1） aB 8.0m / s ， aC 1.0m / s 。（4 分）。
3
（2）t=2.0s （4 分）；（3）mA kg 0.43kg（8 分）.7
解：（1）小物块 C 放至长木板上后，先向左做匀加速直线运动，B 做匀减速运动，
由牛顿第二定律可得，对 C： 2mCg mCaC ○1 （1 分）
对长木板 B： 2mCg （1 mB mC )g mBaB ○2 （1 分）
解得 aB 8.0m / s
2
； aC 1.0m / s
2
。 （2分）
（2）设 C放上 B后，经 t0时间，B、C速度相等，速度大小记为 v，则由运动学公式得
v v0 aBt0 ○3 （1 分）
v aCt0 ○4 （1 分）
由于 2 1，可知 C、B共速后将继续相对运动，C做匀减速运动，加速度大小 aC不变。
由运动的对称性知，C减速运动至停止的时间也是 t0，所以 C 从放到长木板 B 上到最终停
下来所用的总时间为 t=2t0 ○5 （1分）
联立○1 ○2 ○3 ○4 ○5 可得 v=1.0m/s，t0=1.0s， t=2.0s . （1分）
故所求时间为 2.0s。
（3）与 C共速后，长木板 B向左匀减速运动，加速度大小为 a，则由牛顿第二定律得
（1 mB mC )g 2mCg mBa （1 分）
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}
设再经 tB长木板 B的速度减为 0，则由 v atB得 tB=0.25s （1 分）
所以，长木板 B向左滑动的时间 t1= t0+tB=1.25s （1 分）
则 A、B碰撞后，B向右运动的时间为 t2= t-t1=0.75s
设物块 A与 B碰撞前后前的速度分别为 vA、vB，则碰前，对 A由动量定理可得
mAg sin t1 mAvA ○6 （1分）
A、B碰撞过程，由动量守恒定律可得mAvA mAv1 mBv2 ○7 （1 分）
1 2 1 2 1 2
由机械能守恒定律得 m
2 A
vA m v m v2 A 1 2 B 2 ○
8 （1分）
碰撞后， B向右做匀减速运动，直至停止，加速度大小仍为 aB，直至停止，则有
v2 aBt2 ○9 （1分）
3
将 t1、t2代入并联立○6 ○7 ○8 ○9 得 mA kg 0.43kg （1分）7
【注】解答过程合理即给分。
{#{QQABSYCQogAgQABAAQgCEwFgCACQkBEAACoGgBAIoAAAAQFABAA=}#}平许济洛2023-一2024学年高三第-次质量检测
物
理
O
全卷共6页，共100分。考试时间90分钟
注意事项：
1答卷前，考生务必将目已的学校姓名，考生号，考场号、座位号用笔填写在答题卡上。
新
2每小题选斯答案后，用舒笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
探干净后，两达涂其它容案，不能答在试卷上
3.考试结束后，将答题卡上交。
0
一选择题（本题共12小，共40分1~8题怎小题3分.9~12题每小题4分。1~8题只
有一个选项符合题意：9-12题有多个选项符合题日要求，全部选对得4分，选对但不全
书
的得2分，有带选或不选得0分》
1.关于做自由落体运动的物休，下列说法止确的是
0
4.为了研究自由落体运动，牛顿首先建立了平均速度，瞬时速度及加速度等概念
B物体在任意相等时间间隔内的位移变化量相等
C.构体在某段位移内的平均速度等于在这段位移内初速度、末迷度之和的一半
小.在同一位置先后释放两个物体，在落地前的运动过程中，它们的速度关不变，距离也不变
2.绕晓板是一种深受小明友喜爱的游戏器械，如图所示为两个正在玩晓跷板游戏的小朋友
0
(可祝为质点)。则关于该游戏，下列说法正晚的是
A.两个小朋友运动的角速度相同
B.两个小朋友运动时所受的向心力相同
C.两个小期友运动的线速度相同
0
D.两个小明友运动的向心加速度相同
3.用轻质细线把小球口和6悬挂起来，二者静止时的状态如图所示。今对小球。持续施加
兼
个水平向左的恒力，同时对小球持续施加一个水平向右，同样大小的恒力（图中两力
均未画出)。“b小球最后会达到新的位置再次静止不动。则.6小球从最初时的静止
位置到加上恒力后的静止位置的过程中，下列说法正确的是
A,两个恒力对a,b小球均做正功
0
B.重力对a,6小球均做负功
C,a球的重力势能增加
D,b球的重力势能增加
高三物理
第1页（共6页）
2023.10.17
14:00。
4一质量为好的小物块做直线运动，运动过程中北动能的平方根
24
10:6L
,瓜男时间：的关系如图所示，则小物块车运动过程中受到的合
力大小是
A.96N
B.48N
C.24N
D.12N
地
卡上
3203年5月0日上午9时3引分，搭我神身十六号截人飞铅的长任二号F遥十六运载火
擦皮
箭在酒聚卫星发射中心成功发新轩黄飞智与空闻站对接后在距离地面约0k(小于地
同步卫里高度)的圆形轨道上运行，图青示。下列说法正确
的是
A.飞铅在对接后的运行过程中受力平度
题只
:飞船在对接后的运行周小于同步卫草的运行同期
不全
C飞处与空间站在同轨道道过明流完成对接
10
D.空何站中的宁航员不受重方作用
6在某次篮球比赛中，罚球队员站在紧护刊越线处，双手将篮球举过头顶后抛出，篮球飞出
后恰好手直击中著板、已知罚球发与信筐中心的水平离为4.25m,篮筐离地高度为
3.05m,壁筐直径为45m,击中笼板的检置在统筐正上方约40cm处，该运动员身高
1.85m,双手向上华直后离地的高度约2.2，祭球有径为24.6m,忽咯空'气用力，g
10/。则该运动员将徭球抛出时的速度大小最接近]
A.5m/s
B.8m/s
C.10/s
0.12m/s
7,如图所示，在水平面上，一被锁定且处于压霸状态的轻增簧左端团定、右端与物央4怜
接，物块1，B并排紧挨着处于萨止状态质量均为m:已知物块1的下表面光滑，物块B
的下表而水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速废为g。现使弹簧解除锁定，物块A与
B开始一起向运动直到分离，则在此过程中，下列说法确的是
A.B与A分离时弹簧处于原长状态
PMe A B
BB与1分离时的加遮度大小为心
777777777777777777777
C,B与A分离之前.弹簧的弹性势能一直减少
DB与A分离时，A移动的距离大于
8,如图所示，光滑的大圆环用一细轻杆固定在竖直平面内，可视为质点的小
LLLLLLLLEE2LE
环套在大圆环上。某时刻将小环从大圆环的最高处由静止释放，小环沿
大圆环滑动。设小环所在位置与大圆环最高处的连线与竖直方向的夹角
为，重力加速度大小为g,则小环滑动时的响心加速度大小a.与日的关系
图像正确的是
高三物理第2页(6页)
