赤峰市名校2023-2024学年高二上学期10月月考
物理试题
一 选择题(共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全部选对的得4分，选对不全的得2分，有选错或不答的得0分)
1．如图所示，把两个弹簧振子悬挂在同一支架上，已知甲弹簧振子的固有频率为8 Hz，乙弹簧振子的固有频率为72 Hz，当支架在受到竖直方向且频率为9 Hz的驱动力作用下做受迫振动时，两个弹簧振子的振动情况是（ ）
A．甲的振幅较大，且振动频率为8 Hz
B．乙的振幅较大，且振动频率为9 Hz
C．甲的振幅较大，且振动频率为9 Hz
D．乙的振幅较大，且振动频率为72 Hz
2．如图所示，实线与虚线分别表示振幅、频率均相同的两列波的波峰和波谷。此刻M点处波峰与波峰相遇，下列说法中正确的是（ ）
A．该时刻质点O正处于平衡位置
B．O点处于振动加强区
C．从该时刻起，经过二分之一周期，质点M处于振动减弱区
D．从该时刻起，经过二分之一周期，质点P处于波峰位置
3．渔船常用回声探测器发射的声波探测水下鱼群与障碍物．声波在水中传播速度为，若探测器发出频率为的声波，下列说法正确的是（ ）
A．声波由水中传播到空气中，波长会改变
B．任何两列声波相遇时一定会发生干涉
C．该声波遇到尺寸约为的被探测物时会发生明显衍射
D．探测器接收到的回声频率与被探测物相对探测器运动的速度无关
4．钓鱼可以修身养性，颇受人们喜爱。如图为某鱼漂的示意图，鱼漂上部可视为圆柱体。当鱼漂受到微小扰动而上下振动，某钓友发现鱼漂向下运动时圆柱体上的M点恰好可以到达水面，向上运动时圆柱体上的N点恰好可以露出水面。忽略水的阻力和水面波动影响，鱼漂的振动为简谐运动，则（ ）
A．鱼漂振动过程中机械能守恒
B．鱼漂受到重力，浮力，回复力的作用
C．M点到达水面时，鱼漂的动能最大
D．N点到达水面时，鱼漂的加速度最大
5．彩带舞深受广大市民的喜爱，在公园、广场随处可见。彩带舞爱好者某次抖动彩带形成一列彩带波（可看成横波），波形图如图所示，图甲为时的彩带波形图，图乙为处质点的振动图像。下列说法中正确的是（ ）
A．该彩带波沿x轴正方向传播
B．彩带波的波速为
C．时，处质点沿y轴负方向振动
D．从开始，再过，处质点的位移为
6．如图（a）所示，P、Q为一列简谐横波上平衡位置之间相距的两个质点，两质点的振动图像如图（b）所示，实线为P质点的振动图像，虚线为Q质点的振动图像。已知P、Q两质点平衡位置之间的距离小于一个波长。关于该简谐波的传播方向及波速可能的是（ ）
A．沿x轴正方向传播，波速为
B．沿x轴负方向传播，波速为
C．沿x轴正方向传播，波速为
D．沿x轴负方向传播，波速为
7．如图所示，沿x轴正方向传播的机械波在t=0时传播到x=1m处的A点，t=1.2s时x=7m处的Q点开始振动，则（ ）
A．该机械波的周期为0.2s
B．经过1.7s，Q点向前传播8.5m
C．经过1.7s，Q的路程为15cm
D．t=1.7s时，Q在x轴上方3cm处
8．一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点，时刻振子的位移；时刻；时刻。该振子的振幅和周期不可能为（ ）
A．0.1m, 8s B．0.1m，
C．0.2m， D．0.2m，8s
9（多选题）．一列机械波的波源是坐标轴原点，从时波源开始振动，时波形如图，则下列说法正确的有（ ）
A．在这种介质中波速v=5m/s
B．处质点在时位于波峰
C．波源振动方程
D．处质点半个周期内向左位移半个波长
10（多选题）.位于的波源P从时刻开始振动，形成的简谐横波沿x轴正、负方向传播，在时波源停止振动，时的部分波形如图所示，其中质点a的平衡位置，质点b的平衡位置xb =-0.5m 。下列说法正确的是（ ）
A．波的传播速度为2.5m/s
B．波源沿y轴负方向起振
C．质点a的振幅为30cm
D．在0到2s内，质点b运动总路程是2.55m
11（多选题）.一列横波沿直线传播，在波的传播方向上有A、B两点．在t时刻A、B两点间形成如图甲所示波形，在(t＋3s)时刻A、B两点间形成如图乙所示波形，已知A、B两点间距离a＝9m，则以下说法中正确的是( )
A.若周期大于4s，波可能向右传播
B.若周期为4s，波一定向右传播
C.若波速为8.5m/s，波一定向左传播
D.该波波速可能的最小值为0.5m/s
12（多选题）．一根长的软绳拉直后放置在光滑水平地板上，以绳中点为坐标原点，以绳上各质点的平衡位置为轴建立图示坐标系。两人在绳端、沿轴方向不断有节奏地抖动，形成两列振幅分别为、的相向传播的机械波。已知的波速为。时刻的波形如图所示。下列判断正确的有（ ）
A．两波源的起振方向相同
B．两波源的起振方向相反
C．时，在之间（不含两点）绳上一共有5个质点的位移为
D．时，在之间（不含两点）绳上一共有6个质点的位移为
二、实验题 （共14分，每空2分）
13．通过单摆实验测量当地的重力加速度．
（1）若用游标卡尺测得小球的直径 mm；
（2）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有 ．
a．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且适当长一些
b．摆球尽量选择质量大些、体积小些的
c．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置大于5°，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔△t即为单摆周期T
d．如图甲、乙，摆线上端的两种悬挂方式，选甲方式悬挂
（3）如果他测得的g值偏小，可能的原因是 。
A．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使周期变大
B．开始计时时，秒表过迟按下
C．实验中误将49次全振动数次数记为50次
D. 实验时把绳长当成摆长了
（4）某同学测出了摆线长度L和摆动周期T，如图a所示。通过改变悬线长度L，测出对应的摆动周期T，获得多组T与L，再以为纵轴、L为横轴画出函数关系图像如图b所示。由图像可知，当地重力加速度 （结果用π表示），摆球的半径r= m。
（5）实验小组又研究了绳上张力的大小变化规律。首先，小组在铁架台甲处固定了力传感器用以测量细绳上的拉力F，并在最低点乙处安装了传感器用以测量钢球速度，如图所示。
接着，测出小钢球半径r和细线的长度为L。将小球拉到某一位置释放，若测量出小球到达最低点的速度为v、小球质量为m，重力加速度为g，则理论上小球到最低点时，力F的表达式为 ；
将摆球摆动的角度控制在5°范围内，再次用传感器测出细线拉力F随时间t的变化图像，如图，测出此时细线长为62cm、小钢球直径为1.0cm，则重力加速度应该为g= m/s2。（在这一小问计算时，π2=10.计算结果保留2位有效数字）
三 、解答题：（共38分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
14．(10分）如图甲，水袖舞是中国京剧的特技之一，因其身姿摇曳、技法神韵倍受人们喜欢。某次表演中演员甩出水袖的波浪可简化为如图乙所示沿x轴方向传播的简谐横波，P、Q为该波沿水平传播方向上相距的两个质点，且横波由P传向Q。时P质点正经过平衡位置向上振动，Q质点正处于波谷（未画出），图丙为P质点振动图像。已知该水袖舞甩出的波长在至之间，袖子足够长且忽略传播时振幅的衰减，求：
（1）质点P振动的位移y与时间t的关系式；
（2）该水袖舞形成的简谐波的波速。
15．（12分）一列简谐横波在t1=0时刻、t2=0.5s时刻波形分别如图中实线、虚线所示，求：
（1）若这列波向右传播，波速是多少；若这列波向左传播，波速是多少；
（2）若波传播速度v=36m/s，判断波传播的方向；
（3）若t1=0时刻，x=4m的质点振动方向沿 y方向，从t1=0时刻算起，该质点第11次到达y=5cm所需时间。
16．（16分）已知质量为的物体在受到的回复力作用下，将做简谐运动，其偏离平衡位置的位移与时间t的关系遵循规律，其中，为比例系数，A为振幅。如图，一竖直光滑的足够长圆管，内有一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧下端固定于地面上，上端与一质量为m的圆盘a相连，圆盘a静止时所在位置为O。另一质量为2m的圆盘b从距O高度为的P点由静止开始下落，与a发生碰撞，瞬间粘在一起向下运动，运动的最低点为Q。两圆盘厚度不计，半径相同且略小于圆管半径。在运动过程中，弹簧形变始终在弹性限度内，且当形变量为时，弹性势能为。重力加速度为g，忽略一切阻力。求：
（1）整个运动过程系统损失的机械能；
（2）圆盘a、b碰后做简谐运动的振幅；
（3）从圆盘b开始下落到第一次运动至最低点Q所用的时间。绝密★启用前
物理10月月考答案和解析
1.【答案】
【解析】A.13艘货轮不是任何时刻速度都是相同的，以“巢湖”舰为参考系，13艘货轮
不是全程任何时刻都是相对静止的，故 A 错误；
B.由于航程很长，远大于“巢湖”舰的尺寸，所以研究行驶路程时，可将“巢湖”舰看
作质点，故 B 正确；
C.根据运动学公式可得，根据所给信息无法求出平均速度，故 C 错误；
D.加速度大小表示速度变化快慢，与速度大小没有直接关系，所以“巢湖”舰的速度越
大，其加速度不一定越大，故 D 错误。
故选 B。
2.【答案】
【解析】【分析】
(1)质点做匀减速直线运动，可直接运用中间位置的速度公式求解中点的速度大小；
(2)加速度可由加速度的定义式直接求解；
(3)可先计算出整段的平均速度，然后根据 、 关系即可求出前半段与后半段的位移之
比。
此题要能记住匀变速直线运动中间位置的速度公式，同时要会运用平均速度来求解相关
问题。
【解答】
2 + 2
A.由匀变速直线运动中间速度公式 初 末 = 34 √中 =
，得 中 √ ，故 A 错误；
2
8 2 6
B.由加速度公式得 = = = ，故 B 错误；
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8 +2
C.由平均速度公式求位移得 = = = 5 ，故 C 正确；
2
8 +2
D.中间时刻的速度 ′ = = 5 ，又由 、 关系得前半段时间内位移 1 =2
2 2
(8 ) (5 ) 39 2 21 2
= ，同理可得后半时间内位移 2 = ，故质点在前半段时间和后半段时2 2 2
间内的位移大小之比为13：7，故 D 错误；
故选： 。
3.【答案】
【解析】【分析】
本题考查初速度为零的匀加速直线运动的比例关系，学生需分析清楚运动过程，灵活运
用。
运用逆向思维，根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系求解。
【解答】
可以将冰壶视为做从 到 的初速度为零的匀加速直线运动，则有
1
EB = 3 0 =
2
2 2
1
EA = 4
2
0 = 2 3
1
ED = 0 =
2
4 2
解得： 2: 3: 4 = √ 3: √ 4: √ 1 = √ 3: 2: 1，则： 1 = 3 4
所以： 1: 2 = ( 3 4): 2 = 1: √ 3，故 BCD 错误，A 正确。
4.【答案】
【解析】【分析】
根据自由落体运动位移时间公式和速度时间公式求出两球的距离之差和速度之差的表达
式，从而分析判断。解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵
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活求解，基础题。
【解答】
1 1
根据△ = ( + 1 )2 2知，甲乙两球的距离越来越大，根据△ = ( + 1 )
2 2
知， 甲乙两球的速度之差保持不变，故 A 正确， 、 、D 错误。
故选：
5.【答案】
【解析】解：(1)由 图象可知，在0～2 内，电梯做初速度为0的加速度为2 / 2的匀
1
加速直线运动，位移为 21 = 2 1 = 4
= 2 时的速度为 = 1 = 4 /
在2～4 内电梯做匀速直线运动，位移为 2 = 2 = 16
在4～10 内，电梯做初速度为 的加速度为 1 / 2的匀减速直线运动，位移为 3 =
1
3 + 3
2
3 = 8 2
货运电梯在10 时间内通过的位移大小为 = 4 + 16 + 8 = 28 ，故 ABC 错误，D
正确；
故选 D
分加速、匀速、减速三段求解位移，最后相加得到总位移．
本题关键是明确电梯的运动规律，然后根据图像和运动学公式多次列方程后联立求解，
不难．
6.【答案】
【解析】【分析】
根据匀变速直线运动的推论 = 2和位移时间公式求出汽车的初速度和加速度，结合
速度时间公式判断物体到停止的时间，从而根据位移公式求出刹车后5 内的位移。
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本题考查了运动学中的刹车问题，要注意判断汽车的运动状态，知道刹车速度减为零后
不再运动，不能再用运动学公式，是道易错题。
【解答】
7.【答案】
【解析】解： 、根据 图象的斜率表示速度，由图可知， 做匀速直线运动，且 =
4 1
= / = 1 / ，故 A 错误；
3
B、 = 3 时，直线 和曲线 刚好相切，位置坐标相同，两球相遇，图象的斜率相等，此
时二者速度相同，故 B 错误；
C、设 = 1 时， 的速度为 1， = 3 时，两球的速度相等，则 = 3 ， 球的速度为
1+ = = 1 / ，在1～3 内，对 球，由运动学公式得： = 1 + ，
= ，其2
中 = 4 ， = 2 ，联立解得 = 1 /
2， 1 = 3 / ，所以 做匀减速直线运动且加
速度大小为1 / 2，故 C 正确；
D、设 的初速度为 0，在0～1 内，对 球由速度 时间公式得： 1 = 0 + 1，代入数
据解得： 0 = 4 / ，根据位移 时间公式，可知 球在0～3 内的位移为： = 0
1 1
2 = 4 × 3 × 1 × 32 = 7.5 ，则 = 0时 和 的距离为： = = 7.5 2 2
1 × 3 = 4.5 ，故 D 错误。
故选： 。
根据 图象的斜率表示速度，由图象的形状分析两球的运动性质，由图可知， 球做匀
速直线运动，由图象的斜率求出 球的速度； = 3 时，直线 与曲线 刚好相切，两球的
速度相等； 球做匀减速直线运动，1～3 内，对 ，由速度—时间公式和位移—时间公式
相结合求出 的加速度；由位移—时间公式求出两球的位移，即可求得 = 0 时 车和 的
距离。
解决本题的关键要理解位移—时间图象的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速
度，纵坐标的变化量表示位移，来分析两球的位移关系以及速度关系。
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8.【答案】
【解析】【分析】
当加速度的方向与速度方向相同，则速度增大，当加速度方向与速度方向相反，则速度
减小。
解决本题的关键知道加速度的物理意义，以及知道如何判断速度的增加还是减小，关键
看加速度的方向与速度方向的关系。
【解答】
.雨滴下落过程中，加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加
速度减小为零，雨滴做匀速直线运动，此时速度达到最大，故 AC 错误，B 正确；
D.速度的变化率等于加速度，加速度减小，则速度的变化率减小，故 D 正确。
故选 BD。
9.【答案】
【解析】【分析】
位移是初位置指向末位置的有向线段，从相邻的两个面到达 才可能最短，我们可以把面
和面 展开，根据几何关系求解．
本题主要考查了路程和位移的区别与联系，知道位移是初位置指向末位置的有向线段，
路程是运动轨迹的长度．
【解答】
.其最短路程分析可知：应该从相邻的两个面到达 才可能最短，我们可以把面 和
面 展开，如图连接 与 ， 的长度就是最短路程 = √ 12 + 22 = √ 5 ，故 A
错误， C 正确;
.昆虫只能沿木块表面从 点到 点，其运动轨迹可以有各种不同的情况，但是，其起
点和终点是相同的，即位移相同，为立方体对角线的长度 = √ 12 + (√ 2)2 =
√ 3 ，故 B 错误， D 正确．
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故选 CD．
10.【答案】
【解析】解：设两球相遇时间为 ，取向上为正方向，相遇时甲、乙球运动的位移量分别
1
为 1、 2，则有： 1 =
2
2
1
2 = 0
2
2
= 1 + 2
代入数据可解得： = 1.5 ，相遇时甲、乙球的速度分别为 1、 2，根据速度—时间公
式，
有： 1 = = 10 × 1.5 / = 15 / ， 2 = 0 = 8 / 10 × 1.5 / = 7 / ，
所以相遇时乙球正在下落，故 BD 正确，AC 错误。
故选： 。
分别写出两球的位移—时间公式，当两球的位移之和等于 时两球相遇，计算出二球相遇
的时间，进而可以判断出两球的相遇时的速度。
本题考查竖直上抛运动和自由落体运动，只要计算出两球相遇的时间就可判断出两球的
运动状态了。
11.【答案】(1)交流；(2) ；(3) ；(4)1.25；2.25；(5)25；偏大
【解析】【分析】
对于基本实验仪器不光要了解其工作原理，还要从实践上去了解它，自己动手去实际操
作，达到熟练使用的程度．以及掌握求瞬时速度的方法，在匀变速直线运动中，某段时
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间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，要注意单位的换算。
了解打点计时器的工作原理，就能够熟练使用打点计时器便能正确解答，根据某段时间
内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出 点的瞬时速度，由逐差法求加速度。
【解答】
(1)电火花计时器是使用的是220 交流电，正常工作时每隔0.02 打一个点；
(2) .打点计时器是每隔0.02 打下一个点，所以数点就知道时间间隔，故 A 正确；
B.位移利用刻度尺直接测量两点之间的距离就得了，故 B 正确；
C.瞬时速度的求解需要运用匀变速直线运动的公式，故 C 错误；
D.平均速度的求解需要运用物理公式，故 D 错误。
故选 AB。
(3)如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才
被接通，那么纸带上只有很小的一段能打上点，大部分纸带没有打上点，纸带的利用率
太低；所以应当先接通电源，后让纸带运动，故选 A。
0.02+0.03
(4)利用匀变速直线运动的推论得： = / = 1.25 / ， 间的平均速度为，2×0.02
0.04+0.05
= / = 2.25 / ； 2×0.02
(9 5)×10 2
(5)由逐差法得 = 2 = 2 /
2 = 25 / 2；若当交流电的实际频率小于
(2 ) (2×0.02)
50 时，则实际的打点周期大于0.02 ，即测量的打点周期小于0.02 ，则测量的加速度
值比真实的加速度值偏大。
2
12.【答案】(2) ， (3)0.10 2
【解析】【分析】
本题考查利用匀变速直线运动的规律和推论解决问题的能力，不同的尺有不同的精确
度，注意单位问题．对常见的几种测量长度工具要熟悉运用，并能正确读数。(2)根据匀
变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出小球通过光电门 的
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1
速度大小；根据速度位移公式整理 和 2的关系，根据斜率计算加速度的大小；
(3)直尺下降的时间就是人的反应时间，根据自由落体运动的位移求出反应时间。
【解答】
(2)已知经过光电门时的时间和小球的直径，则可以由平均速度表示经过光电门时的速
度，则有 = ；
2 2 1
根据速度位移公式有 = = ×
2 2 2
1 2
变形得 2 = 2
1 2
则 图像的斜率为 =
2 2
2
解得 = ；
2
1
(3)根据自由落体运动规律，可得 = 2；
2
代入 = 4.90 ， = 9.8 / 2，解得 = 0.10
2
故答案为：(2) ，
(3)0.10
2
13.【答案】解：(1)由匀变速直线运动规律得： = = 5 × 5 / = 25 / ；
50
(2)由匀变速直线运动规律得： = 1，得：
1 = = = 10 ； 5
2 2
(3)由匀变速直线运动规律得： 2 2 0 = 2 ，得
0 50 0
= = = 250 。
2 2×5
答：(1)滑行5 后，舰载机的速度是25 / ；(2)从启动到起飞，至少滑行10 ；(3)航母跑
道至少250 。
【解析】本题涉及匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间
的关系，属于基础题目。
(1)该题中已知飞机的初速度，加速度和末速度，根据速度 时间关系，即可求得滑行5
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后，舰载机的速度；
(2)根据速度时间公式即可求得速度到达50 / 时所用的时间；
(3)根据匀变速直线运动的位移时间关系公式，或位移速度公式都可以计算出跑道的长
度。
解决此类题目找准题目给出的已知量，选择合适的匀变速直线运动公式．其中跑道长度
的计算可以根据匀变速直线运动的位移时间关系公式，或根据位移速度公式计算即可。
14.【答案】解：(1)设运动员以5 / 的速度着地时，相当于从 ′高处自由落下，由
2 ′ = 2
代入数据解得
′ = 1.25
(2)设运动员做自由落体运动的高度为 时速度为 ，此时打开伞开始匀减速运动，落地时
速度刚好为5 / ，则有
2 = 2
2
2 = 2 ( )
解得
= 125
= 50 /
为使运动员安全着地，他展开伞时的高度至少为
= 224 125 = 99
(3)他在空中自由下落，根据
1
= 2
2 1
解得时间为
1 = 5
他减速运动的时间为
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2 = = + = 3.6
2
他在空中运动的最短时间为
= 1 + 2 = 8.6
【解析】复杂运动过程都是由简单过程组成的，因此解答复杂运动问题，关键是分析清
楚其运动过程，搞清运动形式，然后根据相应规律列方程求解。
运动员运动过程比较复杂，不是单一的匀变速运动，开始做自由落体运动，然后做匀减
速运动，根据其运动形式列相应的方程求解即可。
15.【答案】解：(1)小轿车与卡车速度相等时，二者相距最远， 轿 = 0 + 1 = 卡 =
25 /
解得： 1 = 10
1 1
小轿车前进的位移： 轿 = 0
2
1 + 1 = 5 × 10 + × 2 × 10
2 = 150
2 2
卡车前进的位移： 卡 = 卡 1 = 25 × 10 = 250
二者之间的最大距离： = 卡 轿 = 250 150 = 100 ；
(2)当小轿车从开始加速到最大速度时，需要用时： = 0
33 5
0 = = 14 2
1 1
小轿车前进的位移 ′轿 = 0 0 +
2
0 = 5 × 14 + × 2 × 14
2 = 266
2 2
′
卡车前进的位移 卡 = 卡 0 = 25 × 14 = 350
′ ′
由于 轿 < 卡 ，此时并没追上卡车，设又经历 2时间小轿车追上卡车，位移满足：
′轿 + =
′
2 卡 + 卡 2
解得： 2 = 10.5
小轿车追上卡车所用总时间： = 0 + 2 = 14 + 10.5 = 24.5 ；
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0 0 33
(3)小轿车减速到零需要的时间： 3 = = = 11 ′ 3
1 1
这段时间内，小轿车刹车位移： ′′ 2轿 = 3 + ′ 3 = 33 × 11 + × ( 3) × 11
2 =
2 2
181.5
′′
卡车前进的位移 卡 = 卡 3 = 25 × 11 = 275
′′由于 卡 <
′′
轿 + 0 = 181.5 + 200 = 381.5 ，此时卡车还没追上小轿车，但小轿
车以后静止不动
此时二者相距：△ =
′′ + ′′轿 0 卡 = 106.5
设又经历 4时间卡车追上小轿车，有： 4 = = 4.26
卡
卡车再次追上小汽车所需时间△ = 3 + 4 = 15.26 。
【解析】本题考查了匀变速直线运动的综合运用追击相遇问题，解题的关键是知道两车
速度相等是判断能否追上或相距最远最近的临界速度，同时要熟练运用运动学公式。
(1)由题意可知，小轿车与卡车速度相等时，二者相距最远，由速度时间关系式求得所用
时间，分别求出小轿车和卡车的位移，即可求得小轿车追上卡车前，二者之间的最大距
离；
(2)由速度时间关系式求出小轿车从开始加速到最大速度时所用时间，分别求出小轿车和
卡车的位移，由于小轿车位移小于卡车位移，此时并没有追上，此后小轿车以最大速度
匀速直线运动，由位移时间关系式结合几何关系求出小轿车以 最大速度追上卡车所用时
间，即可求出小轿车追上卡车所用时间；
(3)先由速度时间关系式求出小轿车速度减为零所用时间，同时求出这段时间内小轿车的
位移和卡车位移，通过比较发现此时卡车还没追上小轿车，此后小轿车以后静止不动，
然后求出卡车追上小轿车所用时间，即可求出卡车再次追上小轿车需要多少时间。
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