广东省深圳市南山区哈工大实验学校2023年中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1．（2023中考·南山模拟） 在物理学习中，对数据的估测是非常重要的能力。下列是关于长度、温度、时间、和速度的估测，其中最接近实际的是（ ）
A．中学生正常行走一步约为
B．人感觉舒适的室温约
C．正常眨眼一次的间隔时间约为
D．我国高铁时速可达
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A.中学生正常行走一步约为60cm，A不符合题意；
B.人感觉舒适的室温约25℃，B不符合题意；
C.正常眨眼一次的时间小于1s，约为0.3s，C不符合题意；
D.我国高铁时速可达350kmh，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据常见物体的长度、温度、时间和速度，结合数据解答。
2．（2023中考·南山模拟） 云、雨、雪、露、雾、霜是十分常见的自然现象，物态变化无时无刻不存在于我们的生活当中。下列关于物态变化现象及原因分析错误的是（ ）
A．春天冰雪消融是熔化现象
B．湿衣服被太阳晒干是汽化现象
C．抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是空气中的水蒸气液化形成的
D．冬天玻璃上会出现冰花，这是凝固现象
【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A.冰雪消融是熔化现象，正确，A不符合题意；
B.湿衣服被太阳晒干，液体变为气体，是汽化现象，正确，B不符合题意；
C.戴眼罩的镜片常模糊不清，是空气中的水蒸气变为小水滴，是液化形成的，C不符合题意；
D.冬天玻璃上会出现冰花，水蒸气变为固体，是凝华现象，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】固体变为液体是熔化现象；液体变为气体是汽化现象；气体变为液体是液化现象；冰花是凝华形成的。
3．（2023中考·南山模拟）下列关于光现象的描述正确的是（ ）
A．图甲：是表示矫正近视眼的光路示意图
B．图乙：凸透镜只对平行于主光轴的光有会聚作用
C．图丙：用放大镜看远处的物体时，像是缩小、倒立的
D．图丁：把纸板向后折，在纸板上能看到反射光
【答案】C
【知识点】光的反射；透镜及其特点与分类；远视眼的成因与矫正办法；生活中的透镜
【解析】【解答】A.图甲戴眼镜后能看清近处物体，是矫正远视眼的光路示意图，A不符合题意；
B.图乙光线经过凸透镜发生折射，凸透镜对光有会聚作用，B不符合题意；
C.图丙的放大镜是凸透镜，看远处的物体时，物体到凸透镜的距离大，在二倍焦距外，像是缩小、倒立的，C符合题意；
D.图丁：在纸板上EON上能看到入射光线，把纸板NOF向后折，不能看到反射光，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】利用凸透镜可以矫正远视眼；凸透镜对光有会聚作用；物体在凸透镜的二倍焦距外，成像是倒立缩小的实像；在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
4．（2023中考·南山模拟）如图所示，小雪用放在水平面上的两个实验装置来观察并研究大气压的变化，下列说法正确的是（ ）
A．甲图中大气压变大时，玻璃管内的液面会下降
B．乙图中大气压变小时，玻璃管内的液面会下降
C．把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，玻璃管内外液面高度差变大
D．乙装置更能准确地测量出大气压的值
【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A.甲图中通过玻璃管中液柱高度反应大气压的大小，大气压变大时，玻璃管内的液面上升，A不符合题意；
B.乙图中玻璃管上端受到大气压，大气压变小时，玻璃管内的液面上升，B不符合题意；
C.把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，海拔升高，气压减小，玻璃管内液面高度变大，C符合题意；
D.乙装置中，瓶内外受到气压，不方便测量大气压，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】托里拆利实验中，利用试管中液面高度反应大气压的大小；密闭瓶内外有气压差，可以探究气压的变化。
5．（2023中考·南山模拟） 我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法不正确的是（ ）
A．太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B．北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波
C．发光二极管的核心部件是半导体材料
D．若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
【答案】A
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用；超导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生资源，A符合题意；
B.电磁波可以在真空中传播，北斗卫星导航利用的是电磁波传递信息，B不符合题意；
C.发光二极管是半导体材料制成的，C不符合题意；
D.若用超导材料制造输电线，超导体没有电阻，不产生热量，可以大大降低由于电阻引起的电能损耗，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】太阳能、风能是可再生能源；天然气不可再生；北斗导航利用电磁波传递信息；二极管是半导体材料；超导体电阻为零，不产生热量。
6．（2023·江城模拟）关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能与温度有关
B．物体吸收热量，温度一定升高
C．物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
D．物体的内能越多，说明物体具有的热量也越多
【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.物体的内能与温度有关，温度越高，则内能越大，故A正确；
B.物体吸收热量，温度不一定升高，例如水沸腾时吸热，但温度不变，故B错误；
C.物体的内能增加了，可能从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故C错误；
D.热量是过程量，不是状态量，故D错误。
故选A。
【分析】根据对温度、内能和热量的关系判断即可。
7．（2023·广东模拟）如图甲所示的福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图乙所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体通以强大电流时，战斗机就受到强大的推力而向前弹射飞出。下列实验中，与电磁弹射装置工作原理一致的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A．图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射车工作原理不一致，A不符合题意；
B．图中两个电磁铁串联，电流相同，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，B不符合题意；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，C不符合题意；
D．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】电动机原理为通电导体棒在磁场中受力而运动。
8．（2023中考·南山模拟）如图，甲、丙站于干燥的木桌上，乙、丁均站在地面上，他们的抓握方法如图示，则（ ）
A．甲、丙均会触电 B．甲、乙均会触电
C．丙、丁均会触电 D．只有乙不会触电
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】根据图像，甲接触火线，但脚下绝缘，不会触电；乙站在地上，接触零线，不会触电；丙接触火线，丁和丙接触，站在地上，电流通过丙、丁形成回路，会触电，C符合题意。
故答案为：C.
【分析】人体也属于导体，虽然丙脚下绝缘，但与丁手握手，构成一个整体，故皆可导电。而当丙接触火线并与通过丁地面接触时，火线、人体和地面会构成一个回路，就会使得电流通过人体，从而造成人触电的事故。
9．（2023中考·南山模拟）如图所示，用一水平压力将重为的物体压在粗糙程度相同的竖直墙壁上。当压力为时，物体处于静止状态；当压力为时，物体恰好匀速下滑。下列说法中正确的是（ ）
A．物体处于静止状态时，受到墙壁对它竖直向下的摩擦力为
B．若物体匀速下滑的速度为，则其重力做功的功率为
C．物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为
D．保持的压力不变，物体匀速上滑时受到竖直向上的拉力
【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A.物体处于静止状态，受到平衡力，向上的摩擦力和重力大小相等，为10N，A不符合题意；
B.若物体匀速下滑的速度为0.2m/s，重力做功的功率为P=Fv=10N×0.2m/s=2W，B不符合题意；
C.物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力等于重力，为10，C不符合题意；
D.保持压力不变，物体匀速上滑时，向下的力有10N的重力和10N的摩擦力，竖直向上的拉力为20N，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】静止和匀速直线运动的物体，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等，方向相反；根据力的大小和方向，判断合力大小。
10．（2023中考·南山模拟）如图所示电路中，电源电压保持不变，先闭合开关，观察电流表、电压表的示数；再闭合开关、，下列分析正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变不变
B．电流表示数变小，电压表示数变小
C．电压表示数与电流表示数的比值变大
D．电压表示数与电流表示数乘积变大
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】闭合S1时，电阻R2和R3串联，电压表测量R2的分压；再闭合S2、S3时，R3被短路，R1和R2并联，电压表测量电源电压，示数变大；电流表测量干路电流，示数变大，电压表和电流表示数乘积变大，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据开关状态判断电路连接方式，结合串联电路电压和并联电路电路规律判断电压表、电流表示数的变化。
二、填空题（本大题共2小题，共8.0分）
11．（2023中考·南山模拟） “双减”教育政策落实之后，各校开展了丰富多彩的课后延时服务活动。请用所学知识，解决下列问题：
（1）器乐社团队员们正在学习吹葫芦丝，优美的葫芦丝声是由葫芦丝内 振动而产生的，我们能区分葫芦丝和陶笛的声音，是因为他们的 不同选填“音调”、“音色”或“响度”；
（2）活力社团的小冬正在参加体育训练活动，他跑完用时，这次训练的平均速度是 ，合 ；
（3）合唱社团专用教室门窗玻璃由学校专门定制，具有很好的隔音效果，这是从 减弱噪声。
【答案】（1）空气；音色
（2）4；14.4
（3）传播过程
【知识点】速度公式及其应用；声音的产生；音色；防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）吹葫芦丝时，声音是由葫芦丝内空气振动而产生的，由于不同发声体音色不同；
（2）我们能区分葫芦丝和陶笛的声音；根据路程和时间，计算平均速度是；
（3）教室门窗玻璃具有很好的隔音效果，可以阻断声音的传播，是从传播过程减弱噪声。
【分析】（1）声音是物体振动产生的；不同发声体音色不同；
（2）根据，计算速度，进行速度换算；
（3）阻断声音的传播，可以从传播过程中减弱噪声。
12．（2023中考·南山模拟） 如图所示是小孩滑滑梯时的情景。小孩从滑梯上滑下的过程，臀部有灼热感，小孩的重力势能将 选填“变小”或“不变”或“变大”。若小孩开始下滑时具有的机械能，刚要滑到地面时他的动能为，此刻他的速度 选填“等于”或“不等于”，小孩具有的机械能 选填“变小”或“不变”或“变大”。
【答案】变小；不等于；变小
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】从滑梯上滑下时，高度减小，质量不变，重力势能减小；运动的物体具有动能，物体要滑到地面时有动能，则物体具有速度，速度不等于0，根据开始的机械能到后来的动能，机械能变小。
【分析】质量一定时，高度变小，重力势能减小；运动的物体具有动能；下滑时克服摩擦力，机械能减小。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
13．（2023中考·南山模拟） 请在图中将入射光线补画完整是凹透镜的虚焦点。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】光线平行于主光轴，折射光线过凸透镜的焦点；光线过凸透镜的光心，沿直线传播，如图 。
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线，完成折射光线作图。
14．（2017·广东）如图所示，利用羊角锤撬起钉子，请你在羊角锤A点处画出所能施加最小动力F1，并画出阻力F2的阻力臂L2．
【答案】解：如下图所示：
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．过O点作垂直于F2的垂线即为阻力F2的力臂L2．如下图所示：
【分析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力．连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小．
四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）
15．（2023中考·南山模拟） 小明利用形管压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。实验前，他注意到形管两边的液面已处在同一水平线上，如图甲所示。
（1）实验中液体内部压强的大小通过 反映出来；
（2）使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果形管中的液体能灵活升降，则说明装置 ；选填“漏气”或“不漏气”
（3）通过观察图乙、丙两次实验可知，液体内部的压强与 有关；
（4）小明还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，形管两边液柱的高度差不变化，表明在相同条件下液体内部各个方向的压强 ；
（5）已知丙图中形管左侧液柱高为，右侧液柱高为，则形管底部受到的液体压强为 ；取
（6）小明保持图丙中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丁所示，比较丙、丁两次实验，小明得出了：液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论是否可靠？ ，原因是： 。
【答案】（1）形管两边液柱的高度差
（2）不漏气
（3）液体的深度
（4）相等
（5）1000
（6）不可靠；没有控制金属盒在水和盐水中的深度相同
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】探究液体内部压强的特点的实验中，
（1）液体内部压强不同，U形管内液面高度不同，通过U形管两边液柱的高度差，反映液体压强的大小；
（2）按压U形管压强计的橡皮膜，U形管中的液体能灵活升降，说明装置不漏气；
（3）根据图乙、丙两次实验，液体密度相同，深度不同，深度越深，U形管液面高度差越大，可知，液体内部的压强与液体的深度有关；
（4）在同种液体中，深度相同时，改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，可知：液体密度和深度相同时，液体内部各个方向的压强相等；
（5）根据深度，计算U形管底部受到液体压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
（6）金属盒的位置不变，容器中倒入盐水，探究液体压强和液体密度的关系时，盐水倒入时，深度发生了变化，没有控制深度相同，得出的：液体的密度越大，压强越大的结论不可靠。
【分析】（1）通过U形管中液面高度差，可以反应液体压强的大小；
（2）按压橡皮膜时，U形管中出现液面高度差， 说明装置不漏气；
（3）液体密度相同时，深度改变，液体压强不同；
（4）液体密度和深度相同时，各个方向的压强相等；
（5）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（6）探究液体压强和液体密度的关系时，需要保持深度相同。
16．（2023中考·南山模拟）小刚利用如图甲所示电路测定小灯泡的电功率。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右。实验室有如下器材：电源电压为、电流表、、电压表、、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。
（1）小刚在实验过程中，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 ；
（2）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是____ ；
A．灯泡短路 B．灯泡断路
C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路
（3）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，小刚画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像如图丙，则小灯泡的额定功率为 。在多次测量中，小刚还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 选填“变大”、“变小”或“不变”，原因是 ；
（4）灯泡的功率测量完毕，小刚用、、、、的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流随电阻变化的图像，则小刚应选用滑动变阻器 选填“”、“”或“”。若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，则所选定值电阻的阻值为 。
【答案】（1）断开开关，将电流表换接小量程
（2）B
（3）0.625；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大
（4）；10
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算；电功率的测量
【解析】【解答】测定小灯泡的电功率时，
（1）根据图乙，电流表指针偏转角度很小，选的量程太大了，应断开开关，将电流表换接小量程；
（2）在串联电路中，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，可能是灯泡断路，B符合题意；
（3）根据图丙 ，计算小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；在多次测量中，灯泡的电阻分别为，，：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，是小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大；
（4）根据图丁，探究电流和电阻关系时，电压表示数为U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；电源电压为6V，由于电压表示数一定，定值电阻的阻值越大，滑动变阻器的取值越大，定值电阻最大为25Ω时，滑动变阻器的电阻最小为；选用滑动变阻器R2更合理，若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，选用定值电阻的阻值为。
【分析】（1）连接电流表时，若选择较大量程指针偏转小，换用小量程；
（2）在串联电路中，电流表无示数，电压表有示数，电压表测量的位置断路；
（3）根据P=UI，计算电功率；灯泡电阻随温度的升高而增大；
（4）探究电流和电阻关系时，电压表保持不变，电压表处的电阻变大，滑动变阻器的取值变大；根据分压关系和电流，利用，计算滑动变阻器的电阻，根据滑动变阻器的电阻，计算定值电阻大小。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
17．（2023中考·南山模拟）小松从网上了解到一种新工具电热切割刀。他用的学生电源，导线若干，开关和两条电阻均为电阻丝、成功自制了一把电热切割刀，电路图如图。按发热功率从高到低，有两挡，，求：须有必要文字说明
（1）低温挡的电流；
（2）高温挡的电功率；
（3）小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量。
【答案】（1）解： 由图乙可知，当开关、都闭合时，、并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电热切割的处于高温挡；
当开关闭合、断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热切割刀处于低温挡；
电热切割刀低温挡的电流：；
答：低温挡的电流为；
（2）解：高温挡工作时通过的电流：，
根据并联电路的电流特点可知，高温挡工作时电路中的总电流：，
高温挡的电功率：；
答：高温挡的电功率为；
（3）解： 由可知，小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量：。
答：小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）电阻并联时，接入的电阻少，档位低，根据，计算电流的大小；
（2）根据并联电路电流规律，计算干路电流； 根据P=UI，计算电功率的大小；
（3）根据Q=W=Pt，计算电流工作时产生的热量。
18．（2023中考·南山模拟） 池底一轻薄网袋内装了十块的空心砖，每块空心砖不吸水的质量为，其材料密度为。小平利用如图滑轮组将它们打捞起整体均未露出水面，动滑轮的重力为，不计绳重及摩擦。求：取，
（1）十块空心砖的材料总体积；
（2）十块空心砖的总重力；
（3）十块空心砖完全浸没时受到的总浮力；
（4）该滑轮组的机械效率。
【答案】（1）解： 十块空心砖的材料总体积为：；
答：十块空心砖的材料总体积为；
（2）解： 十块空心砖的总重力为：；
答：十块空心砖的总重力为；
（3）解： 十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为：；
答：十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为；
（4）解： 该滑轮组的机械效率为：. 。
答：该滑轮组的机械效率为。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；浮力大小的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据，计算体积大小；
（2）根据G=mg，计算物体的重力大小；
（3）根据F浮=ρ液gV排，可以物体受到的浮力的大小；
（4）根据，计算滑轮组的机械效率。
六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）
19．（2023中考·南山模拟） 阅读短文，回答问题。
如图甲所示，“翼龙”是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途无人机，可携带各种侦察、测距、电子对抗设备及小型空地打击武器，可广泛应用于如灾情监视、军事活动等科学研究领域。
（1）无人机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气体流速较 选填“大”或“小”，压强较 选填“大”或“小”的原理来提供升力；
（2）无人机能将灾情监视、军事活动等信息通过 填“超声波”或“电磁波”传递到指挥中心；
（3）工程师给发动机装上了能控制油门大小的限速器，其简化电路如图乙所示，其中保护电阻为定值电阻，的阻值随飞行速度的变化图像如图丙所示，要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，则电表应选用 选填“电流表”或“电压表”，并且应安装在电路中的 选填“”或“”的位置，当飞行速度达到某设定值时，电磁铁刚好能够吸下衔铁，使得油门的喷油量减小，从而实现控制无人机的速度不再增大，此时电磁铁上端的极性为 极；
（4）若电源电压恒为，的阻值为，当无人机飞行速度达到时，的电功率是 ；电磁铁的线圈电阻忽略不计
（5）时间久了，保护电阻的阻值会变大，为确保最大飞行速度不变，可采取的办法是 。
【答案】（1）大；小
（2）电磁波
（3）电压表；；
（4）1.6
（5）增大电源电压
【知识点】流体压强与流速的关系；电功率的计算；安培定则；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）无人机飞行时，机身上表面的气体流速较大，压强较小的原理，获得升力而升空；
（2）无人机通过电磁波将信息传递到指挥中心；
（3）根据电路图乙，电表是并联的，是用电压表；其中保护电阻R0为定值电阻，R的阻值如图丙，速度越大， 电阻越小，在串联电路中，分压减小，要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，②的位置的电压表合理；根据电路图，电流在上方向前绕，结合安培定则判断，电磁铁上端的极性为S极；
（4）根据图丙，速度为280km/h时，电阻为10Ω，R的电功率是；
（5）当保护电阻R0的阻值会变大，分压增大，电流变小，为确保最大飞行速度不变，可增大电源电压。
【分析】（1）飞机利用流体在流速大的地方压强小，获得升力；
（2）无人机利用电磁波传递信息；
（3）电压表和所测量的位置并联连接；根据安培定则，结合电流，判断电磁铁的磁极位置；
（4）根据P=I2R，计算电功率的大小；
（5）当串联电路电阻变大时，电流减小，若使电流不变，可以增大电源电压。
广东省深圳市南山区哈工大实验学校2023年中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1．（2023中考·南山模拟） 在物理学习中，对数据的估测是非常重要的能力。下列是关于长度、温度、时间、和速度的估测，其中最接近实际的是（ ）
A．中学生正常行走一步约为
B．人感觉舒适的室温约
C．正常眨眼一次的间隔时间约为
D．我国高铁时速可达
2．（2023中考·南山模拟） 云、雨、雪、露、雾、霜是十分常见的自然现象，物态变化无时无刻不存在于我们的生活当中。下列关于物态变化现象及原因分析错误的是（ ）
A．春天冰雪消融是熔化现象
B．湿衣服被太阳晒干是汽化现象
C．抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是空气中的水蒸气液化形成的
D．冬天玻璃上会出现冰花，这是凝固现象
3．（2023中考·南山模拟）下列关于光现象的描述正确的是（ ）
A．图甲：是表示矫正近视眼的光路示意图
B．图乙：凸透镜只对平行于主光轴的光有会聚作用
C．图丙：用放大镜看远处的物体时，像是缩小、倒立的
D．图丁：把纸板向后折，在纸板上能看到反射光
4．（2023中考·南山模拟）如图所示，小雪用放在水平面上的两个实验装置来观察并研究大气压的变化，下列说法正确的是（ ）
A．甲图中大气压变大时，玻璃管内的液面会下降
B．乙图中大气压变小时，玻璃管内的液面会下降
C．把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，玻璃管内外液面高度差变大
D．乙装置更能准确地测量出大气压的值
5．（2023中考·南山模拟） 我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法不正确的是（ ）
A．太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B．北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波
C．发光二极管的核心部件是半导体材料
D．若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
6．（2023·江城模拟）关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能与温度有关
B．物体吸收热量，温度一定升高
C．物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
D．物体的内能越多，说明物体具有的热量也越多
7．（2023·广东模拟）如图甲所示的福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图乙所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体通以强大电流时，战斗机就受到强大的推力而向前弹射飞出。下列实验中，与电磁弹射装置工作原理一致的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2023中考·南山模拟）如图，甲、丙站于干燥的木桌上，乙、丁均站在地面上，他们的抓握方法如图示，则（ ）
A．甲、丙均会触电 B．甲、乙均会触电
C．丙、丁均会触电 D．只有乙不会触电
9．（2023中考·南山模拟）如图所示，用一水平压力将重为的物体压在粗糙程度相同的竖直墙壁上。当压力为时，物体处于静止状态；当压力为时，物体恰好匀速下滑。下列说法中正确的是（ ）
A．物体处于静止状态时，受到墙壁对它竖直向下的摩擦力为
B．若物体匀速下滑的速度为，则其重力做功的功率为
C．物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为
D．保持的压力不变，物体匀速上滑时受到竖直向上的拉力
10．（2023中考·南山模拟）如图所示电路中，电源电压保持不变，先闭合开关，观察电流表、电压表的示数；再闭合开关、，下列分析正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变不变
B．电流表示数变小，电压表示数变小
C．电压表示数与电流表示数的比值变大
D．电压表示数与电流表示数乘积变大
二、填空题（本大题共2小题，共8.0分）
11．（2023中考·南山模拟） “双减”教育政策落实之后，各校开展了丰富多彩的课后延时服务活动。请用所学知识，解决下列问题：
（1）器乐社团队员们正在学习吹葫芦丝，优美的葫芦丝声是由葫芦丝内 振动而产生的，我们能区分葫芦丝和陶笛的声音，是因为他们的 不同选填“音调”、“音色”或“响度”；
（2）活力社团的小冬正在参加体育训练活动，他跑完用时，这次训练的平均速度是 ，合 ；
（3）合唱社团专用教室门窗玻璃由学校专门定制，具有很好的隔音效果，这是从 减弱噪声。
12．（2023中考·南山模拟） 如图所示是小孩滑滑梯时的情景。小孩从滑梯上滑下的过程，臀部有灼热感，小孩的重力势能将 选填“变小”或“不变”或“变大”。若小孩开始下滑时具有的机械能，刚要滑到地面时他的动能为，此刻他的速度 选填“等于”或“不等于”，小孩具有的机械能 选填“变小”或“不变”或“变大”。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
13．（2023中考·南山模拟） 请在图中将入射光线补画完整是凹透镜的虚焦点。
14．（2017·广东）如图所示，利用羊角锤撬起钉子，请你在羊角锤A点处画出所能施加最小动力F1，并画出阻力F2的阻力臂L2．
四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）
15．（2023中考·南山模拟） 小明利用形管压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。实验前，他注意到形管两边的液面已处在同一水平线上，如图甲所示。
（1）实验中液体内部压强的大小通过 反映出来；
（2）使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果形管中的液体能灵活升降，则说明装置 ；选填“漏气”或“不漏气”
（3）通过观察图乙、丙两次实验可知，液体内部的压强与 有关；
（4）小明还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，形管两边液柱的高度差不变化，表明在相同条件下液体内部各个方向的压强 ；
（5）已知丙图中形管左侧液柱高为，右侧液柱高为，则形管底部受到的液体压强为 ；取
（6）小明保持图丙中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丁所示，比较丙、丁两次实验，小明得出了：液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论是否可靠？ ，原因是： 。
16．（2023中考·南山模拟）小刚利用如图甲所示电路测定小灯泡的电功率。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右。实验室有如下器材：电源电压为、电流表、、电压表、、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。
（1）小刚在实验过程中，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 ；
（2）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是____ ；
A．灯泡短路 B．灯泡断路
C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路
（3）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，小刚画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像如图丙，则小灯泡的额定功率为 。在多次测量中，小刚还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 选填“变大”、“变小”或“不变”，原因是 ；
（4）灯泡的功率测量完毕，小刚用、、、、的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流随电阻变化的图像，则小刚应选用滑动变阻器 选填“”、“”或“”。若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，则所选定值电阻的阻值为 。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
17．（2023中考·南山模拟）小松从网上了解到一种新工具电热切割刀。他用的学生电源，导线若干，开关和两条电阻均为电阻丝、成功自制了一把电热切割刀，电路图如图。按发热功率从高到低，有两挡，，求：须有必要文字说明
（1）低温挡的电流；
（2）高温挡的电功率；
（3）小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量。
18．（2023中考·南山模拟） 池底一轻薄网袋内装了十块的空心砖，每块空心砖不吸水的质量为，其材料密度为。小平利用如图滑轮组将它们打捞起整体均未露出水面，动滑轮的重力为，不计绳重及摩擦。求：取，
（1）十块空心砖的材料总体积；
（2）十块空心砖的总重力；
（3）十块空心砖完全浸没时受到的总浮力；
（4）该滑轮组的机械效率。
六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）
19．（2023中考·南山模拟） 阅读短文，回答问题。
如图甲所示，“翼龙”是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途无人机，可携带各种侦察、测距、电子对抗设备及小型空地打击武器，可广泛应用于如灾情监视、军事活动等科学研究领域。
（1）无人机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气体流速较 选填“大”或“小”，压强较 选填“大”或“小”的原理来提供升力；
（2）无人机能将灾情监视、军事活动等信息通过 填“超声波”或“电磁波”传递到指挥中心；
（3）工程师给发动机装上了能控制油门大小的限速器，其简化电路如图乙所示，其中保护电阻为定值电阻，的阻值随飞行速度的变化图像如图丙所示，要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，则电表应选用 选填“电流表”或“电压表”，并且应安装在电路中的 选填“”或“”的位置，当飞行速度达到某设定值时，电磁铁刚好能够吸下衔铁，使得油门的喷油量减小，从而实现控制无人机的速度不再增大，此时电磁铁上端的极性为 极；
（4）若电源电压恒为，的阻值为，当无人机飞行速度达到时，的电功率是 ；电磁铁的线圈电阻忽略不计
（5）时间久了，保护电阻的阻值会变大，为确保最大飞行速度不变，可采取的办法是 。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A.中学生正常行走一步约为60cm，A不符合题意；
B.人感觉舒适的室温约25℃，B不符合题意；
C.正常眨眼一次的时间小于1s，约为0.3s，C不符合题意；
D.我国高铁时速可达350kmh，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据常见物体的长度、温度、时间和速度，结合数据解答。
2．【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A.冰雪消融是熔化现象，正确，A不符合题意；
B.湿衣服被太阳晒干，液体变为气体，是汽化现象，正确，B不符合题意；
C.戴眼罩的镜片常模糊不清，是空气中的水蒸气变为小水滴，是液化形成的，C不符合题意；
D.冬天玻璃上会出现冰花，水蒸气变为固体，是凝华现象，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】固体变为液体是熔化现象；液体变为气体是汽化现象；气体变为液体是液化现象；冰花是凝华形成的。
3．【答案】C
【知识点】光的反射；透镜及其特点与分类；远视眼的成因与矫正办法；生活中的透镜
【解析】【解答】A.图甲戴眼镜后能看清近处物体，是矫正远视眼的光路示意图，A不符合题意；
B.图乙光线经过凸透镜发生折射，凸透镜对光有会聚作用，B不符合题意；
C.图丙的放大镜是凸透镜，看远处的物体时，物体到凸透镜的距离大，在二倍焦距外，像是缩小、倒立的，C符合题意；
D.图丁：在纸板上EON上能看到入射光线，把纸板NOF向后折，不能看到反射光，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】利用凸透镜可以矫正远视眼；凸透镜对光有会聚作用；物体在凸透镜的二倍焦距外，成像是倒立缩小的实像；在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
4．【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A.甲图中通过玻璃管中液柱高度反应大气压的大小，大气压变大时，玻璃管内的液面上升，A不符合题意；
B.乙图中玻璃管上端受到大气压，大气压变小时，玻璃管内的液面上升，B不符合题意；
C.把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，海拔升高，气压减小，玻璃管内液面高度变大，C符合题意；
D.乙装置中，瓶内外受到气压，不方便测量大气压，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】托里拆利实验中，利用试管中液面高度反应大气压的大小；密闭瓶内外有气压差，可以探究气压的变化。
5．【答案】A
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用；超导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生资源，A符合题意；
B.电磁波可以在真空中传播，北斗卫星导航利用的是电磁波传递信息，B不符合题意；
C.发光二极管是半导体材料制成的，C不符合题意；
D.若用超导材料制造输电线，超导体没有电阻，不产生热量，可以大大降低由于电阻引起的电能损耗，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】太阳能、风能是可再生能源；天然气不可再生；北斗导航利用电磁波传递信息；二极管是半导体材料；超导体电阻为零，不产生热量。
6．【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.物体的内能与温度有关，温度越高，则内能越大，故A正确；
B.物体吸收热量，温度不一定升高，例如水沸腾时吸热，但温度不变，故B错误；
C.物体的内能增加了，可能从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故C错误；
D.热量是过程量，不是状态量，故D错误。
故选A。
【分析】根据对温度、内能和热量的关系判断即可。
7．【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A．图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射车工作原理不一致，A不符合题意；
B．图中两个电磁铁串联，电流相同，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，B不符合题意；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，C不符合题意；
D．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】电动机原理为通电导体棒在磁场中受力而运动。
8．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】根据图像，甲接触火线，但脚下绝缘，不会触电；乙站在地上，接触零线，不会触电；丙接触火线，丁和丙接触，站在地上，电流通过丙、丁形成回路，会触电，C符合题意。
故答案为：C.
【分析】人体也属于导体，虽然丙脚下绝缘，但与丁手握手，构成一个整体，故皆可导电。而当丙接触火线并与通过丁地面接触时，火线、人体和地面会构成一个回路，就会使得电流通过人体，从而造成人触电的事故。
9．【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A.物体处于静止状态，受到平衡力，向上的摩擦力和重力大小相等，为10N，A不符合题意；
B.若物体匀速下滑的速度为0.2m/s，重力做功的功率为P=Fv=10N×0.2m/s=2W，B不符合题意；
C.物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力等于重力，为10，C不符合题意；
D.保持压力不变，物体匀速上滑时，向下的力有10N的重力和10N的摩擦力，竖直向上的拉力为20N，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】静止和匀速直线运动的物体，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等，方向相反；根据力的大小和方向，判断合力大小。
10．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】闭合S1时，电阻R2和R3串联，电压表测量R2的分压；再闭合S2、S3时，R3被短路，R1和R2并联，电压表测量电源电压，示数变大；电流表测量干路电流，示数变大，电压表和电流表示数乘积变大，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据开关状态判断电路连接方式，结合串联电路电压和并联电路电路规律判断电压表、电流表示数的变化。
11．【答案】（1）空气；音色
（2）4；14.4
（3）传播过程
【知识点】速度公式及其应用；声音的产生；音色；防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）吹葫芦丝时，声音是由葫芦丝内空气振动而产生的，由于不同发声体音色不同；
（2）我们能区分葫芦丝和陶笛的声音；根据路程和时间，计算平均速度是；
（3）教室门窗玻璃具有很好的隔音效果，可以阻断声音的传播，是从传播过程减弱噪声。
【分析】（1）声音是物体振动产生的；不同发声体音色不同；
（2）根据，计算速度，进行速度换算；
（3）阻断声音的传播，可以从传播过程中减弱噪声。
12．【答案】变小；不等于；变小
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】从滑梯上滑下时，高度减小，质量不变，重力势能减小；运动的物体具有动能，物体要滑到地面时有动能，则物体具有速度，速度不等于0，根据开始的机械能到后来的动能，机械能变小。
【分析】质量一定时，高度变小，重力势能减小；运动的物体具有动能；下滑时克服摩擦力，机械能减小。
13．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】光线平行于主光轴，折射光线过凸透镜的焦点；光线过凸透镜的光心，沿直线传播，如图 。
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线，完成折射光线作图。
14．【答案】解：如下图所示：
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．过O点作垂直于F2的垂线即为阻力F2的力臂L2．如下图所示：
【分析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力．连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小．
15．【答案】（1）形管两边液柱的高度差
（2）不漏气
（3）液体的深度
（4）相等
（5）1000
（6）不可靠；没有控制金属盒在水和盐水中的深度相同
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】探究液体内部压强的特点的实验中，
（1）液体内部压强不同，U形管内液面高度不同，通过U形管两边液柱的高度差，反映液体压强的大小；
（2）按压U形管压强计的橡皮膜，U形管中的液体能灵活升降，说明装置不漏气；
（3）根据图乙、丙两次实验，液体密度相同，深度不同，深度越深，U形管液面高度差越大，可知，液体内部的压强与液体的深度有关；
（4）在同种液体中，深度相同时，改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，可知：液体密度和深度相同时，液体内部各个方向的压强相等；
（5）根据深度，计算U形管底部受到液体压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
（6）金属盒的位置不变，容器中倒入盐水，探究液体压强和液体密度的关系时，盐水倒入时，深度发生了变化，没有控制深度相同，得出的：液体的密度越大，压强越大的结论不可靠。
【分析】（1）通过U形管中液面高度差，可以反应液体压强的大小；
（2）按压橡皮膜时，U形管中出现液面高度差， 说明装置不漏气；
（3）液体密度相同时，深度改变，液体压强不同；
（4）液体密度和深度相同时，各个方向的压强相等；
（5）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（6）探究液体压强和液体密度的关系时，需要保持深度相同。
16．【答案】（1）断开开关，将电流表换接小量程
（2）B
（3）0.625；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大
（4）；10
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算；电功率的测量
【解析】【解答】测定小灯泡的电功率时，
（1）根据图乙，电流表指针偏转角度很小，选的量程太大了，应断开开关，将电流表换接小量程；
（2）在串联电路中，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，可能是灯泡断路，B符合题意；
（3）根据图丙 ，计算小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；在多次测量中，灯泡的电阻分别为，，：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，是小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大；
（4）根据图丁，探究电流和电阻关系时，电压表示数为U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；电源电压为6V，由于电压表示数一定，定值电阻的阻值越大，滑动变阻器的取值越大，定值电阻最大为25Ω时，滑动变阻器的电阻最小为；选用滑动变阻器R2更合理，若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，选用定值电阻的阻值为。
【分析】（1）连接电流表时，若选择较大量程指针偏转小，换用小量程；
（2）在串联电路中，电流表无示数，电压表有示数，电压表测量的位置断路；
（3）根据P=UI，计算电功率；灯泡电阻随温度的升高而增大；
（4）探究电流和电阻关系时，电压表保持不变，电压表处的电阻变大，滑动变阻器的取值变大；根据分压关系和电流，利用，计算滑动变阻器的电阻，根据滑动变阻器的电阻，计算定值电阻大小。
17．【答案】（1）解： 由图乙可知，当开关、都闭合时，、并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电热切割的处于高温挡；
当开关闭合、断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热切割刀处于低温挡；
电热切割刀低温挡的电流：；
答：低温挡的电流为；
（2）解：高温挡工作时通过的电流：，
根据并联电路的电流特点可知，高温挡工作时电路中的总电流：，
高温挡的电功率：；
答：高温挡的电功率为；
（3）解： 由可知，小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量：。
答：小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）电阻并联时，接入的电阻少，档位低，根据，计算电流的大小；
（2）根据并联电路电流规律，计算干路电流； 根据P=UI，计算电功率的大小；
（3）根据Q=W=Pt，计算电流工作时产生的热量。
18．【答案】（1）解： 十块空心砖的材料总体积为：；
答：十块空心砖的材料总体积为；
（2）解： 十块空心砖的总重力为：；
答：十块空心砖的总重力为；
（3）解： 十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为：；
答：十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为；
（4）解： 该滑轮组的机械效率为：. 。
答：该滑轮组的机械效率为。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；浮力大小的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据，计算体积大小；
（2）根据G=mg，计算物体的重力大小；
（3）根据F浮=ρ液gV排，可以物体受到的浮力的大小；
（4）根据，计算滑轮组的机械效率。
19．【答案】（1）大；小
（2）电磁波
（3）电压表；；
（4）1.6
（5）增大电源电压
【知识点】流体压强与流速的关系；电功率的计算；安培定则；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）无人机飞行时，机身上表面的气体流速较大，压强较小的原理，获得升力而升空；
（2）无人机通过电磁波将信息传递到指挥中心；
（3）根据电路图乙，电表是并联的，是用电压表；其中保护电阻R0为定值电阻，R的阻值如图丙，速度越大， 电阻越小，在串联电路中，分压减小，要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，②的位置的电压表合理；根据电路图，电流在上方向前绕，结合安培定则判断，电磁铁上端的极性为S极；
（4）根据图丙，速度为280km/h时，电阻为10Ω，R的电功率是；
（5）当保护电阻R0的阻值会变大，分压增大，电流变小，为确保最大飞行速度不变，可增大电源电压。
【分析】（1）飞机利用流体在流速大的地方压强小，获得升力；
（2）无人机利用电磁波传递信息；
（3）电压表和所测量的位置并联连接；根据安培定则，结合电流，判断电磁铁的磁极位置；
（4）根据P=I2R，计算电功率的大小；
（5）当串联电路电阻变大时，电流减小，若使电流不变，可以增大电源电压。
