参考答案
1、答案：B
解析：物体做曲线运动时，某一点的速度方向为该点轨迹切线方向，可知钢球从B端离开的速度方向沿着管口切线方向，故留下的痕迹可能为痕迹②，B正确，ACD错误。
故选B。
2、答案：B
解析：汽车沿曲线转弯，所以受到垂直速度方向指向轨迹凹侧的向心力，汽车的速度逐渐增加，所以还受到与速度方向相同沿轨迹切线方向的切向力，这两个力的合力方向如图B所示。
故选B。
3、答案：A
解析：将O点的速度沿绳分解，垂直绳分解，可知
解得
故选A。
4、答案：B
解析：将A物块的速度沿绳方向和垂直绳的方向进行分解可得，，故D错误；运动过程中不变，θ减小，变大，变大，故B物块向上做加速运动，加速度向上，B物块处于超重状态，轻绳拉力大于B物块重力，故AC错误，B正确。
5、答案：A
解析：设此时绳子的速度大小为，将A、B的速度分别沿绳的方向和垂直绳的方向分解，可得
解得
故选A。
6、答案：A
解析：重物M的速度在沿绳子方向的分量与小车的速度相等，即
解得重物M上滑的速度为
故选A。
7、答案：B
解析：悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力，剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，则对B，，对A，，，解得，故选B。
8、答案：D
解析：因小球到达斜面时其速度方向与斜面垂直，则其速度与水平方向的夹角为，则竖直分速度，所用时间，故ABC错误，D正确。
故选：D。
9、答案：ACD
解析：C.篮球做匀变速曲线运动，合力的大小与方向均不变，加速度不变，故C正确；
A.C点是最高点，在忽略空气阻力时，C点的速度方向与合力方向相互垂直，C点以后的D、E点处的合力方向与速度方向的夹角均小于90°，所以从D到E过程，速度一直增大，在E点的速度比在D点的速度大，故A正确；
B.在A点的合力方向与过A点的切线即速度方向的夹角大于90°，所以在A点的加速度与速度的夹角大于90°，故B错误；
D.从A到C过程中，合力方向与速度方向的夹角一直大于90°，所以从A到C过程中，速度减小，从C到E过程中，合力方向与速度方向的夹角一直小于90°，所以从C到E过程，速度增大，故 D正确。
故选ACD。
10、答案：ABC
解析：设两球的质量均为m，因弹簧的弹力不能突变，而轻杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，题图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力大小为，加速度大小为；题图乙中轻杆的弹力突变为零，球所受合力大小均为，加速度大小均为，故A、B、C正确，D错误.
11、答案：BD
解析：AB.把AB看成整体，所以整体机械能守恒,代入数据，得，故A错误，B正确；
CD.A物体落地前B物体滑行的距离为，A物体落地后，B物体受的合力为，加速度为，则，代入数据解得，物体B沿斜面上滑的最大距离为，故C错误，D正确。
故选BD。
12、答案：BC
解析：根据得，物体在空中飞行的时间，故A错误；物体的水平位移，所以AB间的距离，故B正确；根据速度与时间关系，则B点竖直方向的速度，那么B点的速度，故C正确；在B点时的速度分量不满足，因为B点的速度与水平夹角不为θ，而是位移与水平的夹角，故D错误.
故选BC.
13、答案：（1）C；（2）0.63；（3）不需要
解析：（1）A.打点计时器使用交流学生电源供电，故A错误；B.该实验小车的合力为细线拉力，故需要平衡摩擦力，故B错误；C.细线必需要与长木板平行，使小车合力等于细线拉力，故C正确；D.实验时应先接通打点计时器的电源再释放小车，故D错误。故选：C。
（2）相邻计数点间的时间为：，根据逐差法可得小车的加速度为：。
（3）实验中，传感器已经直接测出细线对小车的拉力，砝码和托盘总质量是不需要远小于小车的质量。
14、答案：（1）BC（2）2.00（3）C（4）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
解析：（1）AD.本题绳中拉力可以由力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也不需要使砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M，故AD错误；
B.用力传感器测量绳子的拉力，则力传感器示数的2倍等于小车受到的合外力大小，需要平衡摩擦力，故B正确；
C.为充分利用纸带，释放小车之前应先接通电源， 待打点稳定后再释放小车， 该实验还需要记录力传感器的示数，故C正确。
故选BC。
（2）根据题意，相邻计数点时间间隔
由逐差法计算加速度
（3）对小车与滑轮组成的系统，由牛顿第二定律得
图线的斜率为k，则
故小车的质量
故选C。
（4）图线在F轴上的截距不为零，说明力传感器显示有拉力时，小车仍然静止，这是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够造成的。
15、答案：（1）（2）
解析：（1）运动员在空中做平抛运动，水平方向有
（1分）
竖直方向有
（1分）
由题意得
（1分）
解得（1分）
（2）运动员落地的竖直方向速度为
（2分）
在b点的速度为
（1分）
16、答案：（1）（2）（3）
解析：（1）将初速度沿水平方向和竖直方向进行分解，当到达最高点时竖直方向速度为零，此时只有水平方向速度，故此时速度为
，（2分）
即（1分）
（2）对物体斜抛运动过程中离地最大的竖直高度h有
（2分）
解得（1分）
（3）物体到达最高点时水平方向的位移为
，（2分）
联立解得
根据对称性可知物体的水平射程为
（1分）
17、答案：(1)9s
(2)198N
(3)
解析：(1)无人机加速下降过程，据运动学公式可得（1分）
（1分）
解得，（1分）
减速下降高度
由运动学公式可得（1分）
解得（1分）
故无人机从时刻到重新悬停在处的总时间为（1分）
(2)重新悬停，减速下降过程由牛顿第二定律可得（1分）
由运动学公式可得（1分）
重新悬停到离试验田1m高时，减速下降位移达最大值20m（1分），有最小值，竖直升力F有最小值，代入数据解得（1分）
(3)发生故障后先加速至v，加速度大小为，恢复升力后减速至0，加速度大小为，两个过程据牛顿第二定律可得（1分）
（1分）
由运动学公式可得（1分）
失去升力的最长时间为（1分）
联立代入数据解得（1分）
