政和县2024届高三年段上学期第一次月考
物理试题
一、单项选择题：本大题共4小题，每小题只有一个选项正确，每小题4分，共16分。
1.港珠澳大桥是连接香港、珠海和澳门的巨大桥梁，为香港、澳门和珠江三角洲的经济发
展注入了新的动力。已知港珠澳大桥总长49.968公里，设计速度为100公里/小时。某
辆汽车通过港珠澳大桥的记录显示：12：00进入港珠澳大桥，12：43离开大桥。下列
说法正确的是
A.题中的“100公里/小时”为平均速度
B.题中的“12：43”指的是时刻
C.该汽车通过港珠澳大桥的位移为49.968km
D.该汽车通过港珠澳大桥的平均速度为69.7km/
2.氢原子能级如图所示。现有大量氢原子处于n=4能级上，下列说法正确的是
A.这些原子跃迁到基态最多能发出3种不同频率的光
兰0
B.从n=4能级跃迁到n=1能级比跃迁到n=2能级辐射的光
8
51
子频率低
-3.40
C.根据玻尔理论可知，电子可以绕原子核沿任意轨道做速
匀速圆周运动
-13.6
D.金属钨的逸出功为4.54V,用n=4能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射金属钨，则
产生的光电子的最大初动能为8.21eV
3.白光通过三棱镜会发生色散现象，如图所示，一细白光束通过玻璃三棱镜折射后，在光
屏上得到一条彩色光带，、b是这条光带的最上面和最下面的两条光线，关于这条彩
色光带，下列说法正确的是
A.光线a为紫光，光线b为红光
B.光线a的折射率最大
C.光线a在玻璃中的传播速度最大
D.光线a、b分别通过同一双缝千涉仪，b光线产生的干涉条纹的间距大
4.如图所示，带电物块静置于光滑绝缘斜面（倾角为0）的底端，物块的质量为m,物块
带电量为+q。现加一平行斜面向上的匀强电场，电场作用时间t后撤去，撤去电场后再
经时间t物块刚好返回到起点，则
A.撤去电场瞬间和返回到起点瞬间物块的速度大小之比为1：3
B.有电场作用和无电场作用物块的加速度之比为1：2
C.电场强度的大小为=2s加
D.电场强度的大小为=4s加
3
第1页共6页
二、多项选择题：本大题共4小题，每小题有多个选项正确，全选对得6分，部分选对得3
分，有选错误的不得分，共24分。
5,如图，理想变压器供电的电路中，不计导线电阻，若将S闭
合，则电流表A1的示数，电流表A2的示数，电流表A3的示
数，电压表V的示数分别如何变化
④
A
A,电压表V的示数不变
B.电流表A,的示数变小
C.电流表A2的示数变小
D.
电流表A:的示数变大
6.如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，如果将A线圈插
入B线圈后保持不动，闭合电键时发现灵敏电流计的指针
向右偏了一下，那么闭合电键后，下列情况下电流计指针
偏转情况是
A.保持电键闭合状态，指针一直偏在零点右侧
B.保持电键闭合状态，滑动变阻器触头迅速向左滑动时，指针向右偏转一下
C.保持电键闭合状态，将A线圈迅速从B线圈中拔出时，指针向左偏转一下
D.将电键断开的瞬间，指针向左偏转一下
7.2023年5月21日，我国在酒泉卫星发射中心用“长征二号”丙运载火箭，成功发射首颗
内地与澳门合作研制的空间科学卫星“澳门科学一号”。若“澳门科学一号”入轨后，在到
地心距离为0（其中k为大于1的常数，o为地球的半径）的轨道上做匀速圆周运动，
地球表面的重力加速度大小为g,引力常量为G,球的体积=号3(r为球的半径)，
则下列说法正确的是
A.“澳门科学一号”的线速度大小为
B.“澳门科学一号”的线速度大小为√0
C.地球的平均密度为。
D.地球的平均密度为，。
8.CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L,在水平导轨的
左限侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B,磁场区
域的宽度为d,如图所示。导轨的右端接有一阻值为R的电阻，左端与一弯曲的光滑轨
道平滑连接。将一阻值为R、质量为m的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体
棒最终恰好停在磁场的右边界处。已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为，
重力加速度为g,则下列说法正确的是
A.通过电阻R的最大电流为2
2
D
B.流过电阻R的电荷量为2
R
C.整个电路中产生的焦耳热为mgh
D.电阻R中产生的焦耳热为mg(h一ud)
第2页共6页政和县 2024届高三年段上学期第一次月考物理参考答案
1 2 3 4 5 6 7 8
B D C D AD CD AD ABD
1．【答案】B
A．题中的“100公里/小时”是汽车行驶的最大速度，是瞬时速度，故 A错误；
B．题中的“12：43”指的是时刻，故 B正确；
C．港珠澳大桥的总长为 49.968km，指的是路程，不是位移，故 C错误；
D 49.968．港珠澳大桥的总长为 49.968km，指的是路程，根据 = =
43
km/h ≈ 69.7km/h，可
60
知该汽车通过港珠澳大桥的平均速率为 69.7km/h，故 D错误。
2．【答案】D
A．大量氢原子从 = 4 激发态跃迁到基态最多能发出C24 = 6，即 6种不同频率的光，故 A
错误；
B．从 n=4能级跃迁到 n=1能级比跃迁到 n=2能级辐射的光子频率高，B错误；
C．玻尔理论指出核外电子只能在某些特定的圆形轨道上运动，故 C错误；
D．处于n=4能级的氢原子跃迁到n=1能级辐射出的光子的能量为 = 4 1 = 0.85eV
13.6eV = 12.75eV，根据爱因斯坦光电效应方程知 k0 = 0 = 12.75eV
4.54eV = 8.21eV，故 D正确。
3．【答案】C
A．根据上述，光线 a的折射率小于光线 b的折射率，由于折射率越大，光的频率越高，可
知光线 a的频率小于光线 b的频率，即光线 a为红光，b为紫光，故 A错误；
B．光偏折程度越大，折射率越大，根据图示可知，a光比 b光偏折程度小，可知光线 a的
折射率最小，故 B错误；
C = ．根据 ，可知，折射率越大，光在介质中的光速越小，根据上述，光线 a在玻璃中的
折射率最小，则光线 a在玻璃中的传播速度最大，故 C正确；
D．根据上述，光线 a的折射率小于光线 b的折射率，由于折射率越大，波长越短，则光线
b的波长最短，根据Δ = ，可知，b光线产生的干涉条纹的间距小，D错误。
4．【答案】D
AB 1．作用时间 t的位移和速度分别为 = 21 ， 1 = 1 ，撤去电场后再经时间 t物块刚好2
1
返回到起点可知 = 1 + 22 ，联立解得 2 = 3 2 1，有电场作用和无电场作用物块
的加速度之比为 1:3，撤去电场瞬间的速度为 1 = 1 ，返回到起点瞬间物块的速度 2 =
1 + 2 = 1 + 2 = 2 1 ，故撤去电场瞬间和返回到起点瞬间物块的速度大小之比
为 1:2，AB错误；
CD．令沿斜面向上为正方向，有电场作用过程中，根据牛顿第二定律得 sin = 1，
撤去电场后，根据牛顿第二定律得 sin = 2，解得 2 = sin ，联立 2 = 3 1，
解得 = 4 sin ，C错误，D正确。
3
答案第 1页，共 4页
{#{QQABDYAEggiAABBAABhCUQWgCEIQkACCAIgGgEAEoAABiRNABAA=}#}
5．【答案】AD
A．变压器输入电压不变，故输出电压不变，因此电压表示数不变，故 A正确；
B．由欧姆定律可知 A1示数不变，故 B错误；
C．因闭合开关后电阻减小，而电压不变，故总电流增大，故 A2中电流增大，故 C错误；
D．电流之比等于匝数倒数比，故 A3示数变大，故 D正确。
6．【答案】CD
A．保持电键闭合状态时，穿过线圈 B的磁通量不变，线圈 B中不产生感应电流，电流计指
针不偏转，故 A错误；
B．根据题意可知当 B线圈中磁通量增大时，电流计指针向右偏转。保持电键闭合状态，将
滑动变阻器触头迅速向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过 A线圈的电
流变小，穿过 B线圈的磁通量在方向不变的情况下减小，所以电流计指针将向左偏转
一下，故 B错误；
C．将 A线圈迅速从 B线圈中拔出时，穿过 B线圈的磁通量在方向不变的情况下减小，所
以电流计指针将向左偏转一下，故 C正确；
D．将电键断开的瞬间，穿过 B线圈的磁通量在方向不变的情况下迅速减小至零，所以电流
计指针将向左偏转一下，故 D正确。
7．【答案】AD
AB ．地球表面的重力加速度大小可表示为 = 2，对卫星由引力作为向心力可得 = 0 ( 0)2
2 “ ” = ，联立解得 澳门科学一号 的线速度大小为 0，A正确，B错误；
0
2
CD 4 3 ．地球的质量为 = 0，地球的体积为 = 3，密度为 = ，联立解得 = ，C
3 4 0
错误，D正确。
8．【答案】ABD
A．质量为 m的导体棒从弯曲轨道上 h高处由静止释放，刚进入磁场时速度最大，由 ＝
1 2，得最大速度为 = 2 ，产生的最大感应电动势为 m＝ ＝ 2 ，由闭2
2
合电路欧姆定律可得通过电阻 R的最大电流 m = m = ，故 A正确；2 2
B = ΔΦ ．在导体棒滑过磁场区域的过程中，产生的感应电动势的平均值 = ，平均感应
Δ Δ
电流 = ，流过电阻 R的电荷量为 = Δ ，联立解得 = ，故 B正确；
2 2
C．由能量守恒定律可知整个电路中产生的焦耳热 = ，故 C错误；
D．电阻 R 1 1中产生的焦耳热 1 = = （ ），故 D正确。2 2
答案第 2页，共 4页
{#{QQABDYAEggiAABBAABhCUQWgCEIQkACCAIgGgEAEoAABiRNABAA=}#}
9．（共 4分）【答案】 减小 减小
[1][2]温度是分子热运动平均动能的标志，温度降低，分子平均动能减小；塞住桶口前，桶
内外压强相等，后来水桶被压瘪，说明外界大气压强大于桶内气体压强，与开始相比桶
内气体压强减小了。
10．（共 4分）【答案】 20m/s 0.05s
[1] 由于 0.15s内，质点 P运动的路程小于 8cm,即 0.15s小于半个周期，因此该波波速为
Δ 3
= = m/s = 20m/s
0.15
[2] x=10m Q Δ = Δ 1该波向右传播， 处的质点比质点 运动落后 1 = s = 0.05s，所以 x=10m
20
的质点回到平衡位置的时刻为 0.05s。
2
11．（共 5分）【答案】 5.545-5.548 2 （ 分） （1分） 2 （2分） 2
(1) [1] 遮光条的宽度 = 5.5mm + 4.6 × 10 2mm = 5.546mm
(4) [2]由于遮光条较窄，遮光条通过光电门的平均速度可以认为就是小物块通过光电门的
速度，即 =
2
[3] 1 2 = 1根据能量守恒可知 2, = 整理得
2 2 2 2
12．（共 7分）【答案】 AB（2分）0.80（1分）76（1分）2.0（1分）2.0 （1分）0（1分）
(1) [1]从保护电路的角度，调节电阻箱时，电阻箱阻值不小于 4.9Ω，故选 AB。
(2) [2][3]开关 S与 1 接通时，有 1 11 = + ，所以 V = 76Ω，开关 S与 2接通时，有 2 =V 1
2 2 + A ，所以 A = 0.80Ω，[4][5]开关 S与 1接通时，由闭合电路欧姆定律 = 1 +
1 0 + A + ，开关 S与 2接通时，由闭合电路欧姆定律 = +
2
2 2 + 0 + ， V
解得 = 2.0V, = 2.0Ω
(3) [6]开关 S接 2时 外 > 0 = ，如图所示 ，由电源输出功
率与电路外电阻关系可知，当电阻箱阻值 = 0Ω时，电源
的输出功率最大。
13．（5+5=10分）解：
(1) 对人进行受力分析，根据牛顿第二定律可得： sin = ①（3分）
= sin 解得： ②（2分）
(2) 1人下滑时做匀加速直线运动，根据位移时间关系有： = 2 ③（3分）
2
解得： = 2 ④（2分）
sin
答案第 3页，共 4页
{#{QQABDYAEggiAABBAABhCUQWgCEIQkACCAIgGgEAEoAABiRNABAA=}#}
14．（5+5+4=14分）解：
(1) 1粒子在电场中加速，由动能定理得： = 2 ①（3分）
2
= 2 可得粒子运动到 点射入磁场的速度大小为： ②（2分）
2
(2) 粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得： = ③（2分）
则粒子做匀速圆周运动的半径为： = ④（1分）
2
粒子做匀速圆周运动的周期为： = ⑤（1分）
解得： = 2 ⑥（1分）
(3) 粒子带正电，为使该粒子做匀速直线运动，需加一竖直向下的匀强电场；电场力与洛
伦兹力等大反向，相互平衡，即： = ⑦（2分）
2
解得电场强度的大小为： = ⑧（2分）
15．（5+6+5=16分）解：
(1) A与“U”型槽弹性碰撞：
A 0 = A A + C ①（3分）
由题意： 0A = ②2
解得： C = 3 m/s ③（2分）
(2) 滑块 A与 U型槽碰撞后，B做匀加速直线运动
B = B B ④（1分）
B =
1 2B ⑤（1分）2
滑块 A与 U型槽碰撞后，U型槽做匀减速直线运动
B = C ⑥（1分）
1 2C = C C ⑦（1分）2
= 由题意： C B ⑧（1分）2
联立可得： = 0.3 ⑨（1分）
(3) 设“U”型槽的最终速度为 v．由动量守恒定律： C = + B ⑩（1分）
解得：v＝1.8m/s （1分）
1 1
由功能关系： 2 2
2 C
= + + （1分）
2 B B
解得： = 0.9 m （1分）
滑块 B最终的位置到“U”型槽左边挡板的距离： = 0.4 m （1分）
注：计算题用其它方法解得正确答案的同样给分。
答案第 4页，共 4页
{#{QQABDYAEggiAABBAABhCUQWgCEIQkACCAIgGgEAEoAABiRNABAA=}#}
