福建省连城县第一中学2019-2020学年高三上学期物理月考试题试卷
一、单选题
1．（2019高三上·连城月考）甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其 图像如图所示，图中ΔOPQ和ΔOQT的面积分别为s1和s2（s2>s1），初始时，甲车在乙车前方s0处，则（ ）
A．若s0=s1+s2，两车能相遇 B．若s0
2．（2019高三上·连城月考）有一种“傻瓜”相机的曝光时间（快门从打开到关闭的时间）是固定不变的，为了估测相机的曝光时间，有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上A点的正上方与A相距H＝1.5m处，使一个小石子自由落下，在小石子下落通过A后，按动快门，对小石子照相，得到如图所示的照片，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹CD．已知每块砖的平均厚度约为6cm．从这些信息估算该相机的曝光时间最接近于下列哪个值（ ）
A．0.5s B．0.02s C．0.06 s D．0.008s
3．（2019高三上·连城月考）一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为 ，则汽车在后一半时间内的平均速度为( )
A． B． C． D．
4．（2019高三上·连城月考）如图所示，斜劈ABC放在粗糙的水平地面上，在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，今用一竖直向下的力F作用于物块上，下列说法错误的是（ ）
A．斜劈对物块的弹力增大
B．物块所受的合力不变
C．物块受到的摩擦力增大
D．当力F增大到一定程度时，物体会运动
5．（2019高三上·连城月考）如图所示，晾晒衣服的绳子轻且光滑，悬挂衣服的衣架的挂钩也是光滑的，轻绳两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点，衣服处于静止状态．如果保持绳子A端位置不变，将B端分别移动到不同的位置．下列判断正确的（ ）
A．B端移到B1位置时，绳子张力变大
B．B端移到B2位置时，绳子张力变小
C．B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变大
D．B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变小
6．（2018高一上·招远月考）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（ ）
A．顾客始终受到三个力的作用
B．顾客始终处于超重状态
C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D．顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下
7．（2019高三上·连城月考）如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为 、 ．重力加速度大小为g．则有（ ）
A． ， B． ，
C． ， D． ，
8．（2019高三上·连城月考）如图所示，在压力传感器的托盘上固定一个倾角为30°的光滑斜面，现将一个重4N的物块放在斜面上，让它自由滑下，则下列说法正确的是（ ）
A．测力计的示数和没放物块时相比增大 N
B．测力计的示数和没放物块时相比增大2N
C．测力计的示数和没放物块时相比增大3N
D．测力计的示数和没放物块时相比增大4N
二、多选题
9．（2019高三上·连城月考）如图所示，将两个相同的木块a、b置于固定在水平面上的粗糙斜面上，a、b中间用一轻弹簧连接，b的右端用细绳与固定在斜面上的挡板相连．开始时a、b均静止，弹簧处于压缩状态，细绳上有拉力，下列说法正确的是（ ）
A．达到稳定状态时，a所受的摩擦力一定不为零
B．达到稳定状态时，b所受的摩擦力一定不为零
C．细绳剪断瞬间，b所受合外力一定为零
D．细绳剪断瞬间，a所受合外力一定为零
10．（2019高三上·连城月考）(多选)如图所示，一辆小车静止在水平地面上，车内固定着一个倾角为60°的光滑斜面OA，光滑挡板OB可绕转轴O在竖直平面内转动．现将一重力为G的圆球放在斜面与挡板之间，挡板与水平面的夹角θ＝60°．下列说法正确的是（ ）
A．若保持挡板不动，则球对斜面的压力大小为G
B．若挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，则球对斜面的压力逐渐增大
C．若挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，则球对挡板的压力逐渐减小
D．若保持挡板不动，使小车水平向右做匀加速直线运动，则球对挡板的压力可能为零
11．（2019高三上·连城月考）如图所示的装置为在摩擦力不计的水平桌面上放一质量为m乙＝5 kg的盒子乙，乙内放置一质量为m丙＝1 kg的滑块丙，用一质量不计的细绳跨过光滑的定滑轮将一质量为m甲＝2 kg的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行．现由静止释放物块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开水平桌面，重力加速度g＝10 m/s2．则（ ）
A．盒子的加速度大小为2.5 m/s2
B．细绳对盒子的拉力大小为20 N
C．盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5 N
D．定滑轮受到细绳的作用力为30 N
12．（2019高三上·连城月考）如图所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块．木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图所示，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是（ ）
A．小滑块的质量m＝2 kg
B．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.1
C．当水平拉力F＝7 N时，长木板的加速度大小为3 m/s2
D．当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大
三、实验题
13．（2019高三上·溧水月考）某同学用如图甲所示的实验装置来“探究a与F、m之间的定量关系”．
（1）实验时，必须先平衡小车与木板之间的摩擦力．该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打点计时器在纸带上打出一系列 的点，说明小车在做 运动．
（2）如果该同学先如（1）中的操作，平衡了摩擦力．以砂和砂桶的重力为F，在小车质量M保持不变情况下，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到 M，测小车加速度a，作a－F的图象．如图丙图线正确的是 ．
（3）设纸带上计数点的间距为s1和s2．下图为用米尺测量某一纸带上的s1、s2的情况，从图中可读出s1＝3.10cm，s2＝ cm，已知打点计时器的频率为50Hz，由此求得加速度的大小a＝ m/s2．
14．（2019高三上·连城月考）有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三段绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：
（1）改变钩码个数，实验能完成的是____。
A．钩码的个数N1=N2=2，N3=4 B．钩码的个数N1=N3=3，N2=4
C．钩码的个数N1=N2=N3=4 D．钩码的个数N1=3，N2=4，N3=5
（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是_____。
A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向
B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度
C．用量角器量出三段绳子之间的夹角
D．用天平测出钩码的质量
（3）根据实验原理及操作，在作图时，你认为图中 是正确的。（填“甲”或“乙”）
四、解答题
15．（2019高三上·集宁月考）如图甲所示，一质量为m=1 kg的物体置于水平面上，在水平外力的作用下由静止开始运动，水平外力随时间的变化情况如图乙所示，物体运动的速度随时间变化的情况如下图丙所示，4 s后图线没有画出。g取10 m/s2。求：
（1）物体在第3 s末的加速度大小；
（2）物体与水平面间的动摩擦因数；
（3）物体在前6 s内的位移。
16．（2019高一上·江西月考）一辆值勤的警车停在公路当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时,决定去拦截,经5s警车发动起来,以a=2 加速度匀加速开出维持匀加速运动,能达到的最大速度为20m/s,
试问：
（1）在警车追上货车之前,两车间的最大距离是多少
（2）警车要多长时间才能追上违章的货车
17．（2019高三上·连城月考）图为仓库中常用的皮带传输装置示意图，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，A、B两端相距3m，另一台倾斜，传送带与地面的夹角θ=37°，C、D两端相距4.45m，B、C相距很近。水平传送以5m/s的速度沿顺时针方向转动，现将质量为10kg的一袋大米无初速度地放在A端，它随传送带到达B端后，速度大小不变地传到倾斜送带的C点，米袋与两传送带间的动摩擦因数均为0.5，g取10 ，sin37°=0.6，cos37°=0.8 ，试求：
（1）米袋沿传送带从A运动到B的时间；
（2）若CD部分传送带不运转，求米袋沿传送带在CD上所能上升的最大距离；
（3）若倾斜部分CD以4m/s的速率顺时针方向转动，求米袋从C运动到D所用的时间。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】A.由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；若s0+ s2 s1+s2，即 s0 s1，两车不会相遇；所以若s0=s1+s2 s1，两车不能相遇，A不符合题意；
B.若s0+ s2 s1+s2，即s0 s1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，B不符合题意；
C.若s0+ s2 s1+s2，即 s0=s1，两车在T时刻相遇，T时刻之后，甲车速度增加的快，两车逐渐远离，所以只能相遇一次，C符合题意；
D.若s0=s2 s1，两车在T时刻之前还没有相遇，T时刻之后，甲车速度增加的快，两车逐渐远离，则两车不会相遇，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】v-t图像中，横坐标为时间，纵坐标为速度，图像与时间轴所围成的面积是位移，图像的斜率是加速度，两图像的交点意味着两个物体具有相同的速度，结合选项分析即可。
2．【答案】B
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】A到C的距离是5块砖的距离即0.3m，那么C点距离自由落体的释放点 ，C到D的距离为2块砖的距离即0.12m，D点距离自由落体的释放点 ，根据自由落体运动 可得 ， ，那么 代入计算 答案B对．
故答案为：B
【分析】自由落体的条件是物体只受到重力，加速度为定值即重力加速度g，根据释放点与A的距离和AC、AD的长度求解末速度，结合末速度求解运动时间即可。
3．【答案】B
【知识点】速度、速率
【解析】【解答】初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1:3．则汽车在前一半时间内和后一半时间内的位移之比为3:1．根据平均速度的定义式 知，两段时间内的平均速度之比为3:1，则后一半时间内的平均速度为 ．B符合题意，A、C、D不符合题意．
故答案为：B．
【分析】利用运动学公式求解汽车的位移，汽车的平均速度利用位移的位移除以对应的时间即可。
4．【答案】D
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，应有物块与斜劈间的最大静摩擦力大于或等于重力的向下分力。用一竖直向下的力F作用于物块上，物块对斜劈的压力增大，则斜劈对物块的弹力增大，A正确，不符合题意；此时物块与斜劈间的最大静摩擦力仍大于或等于重力G与竖直向下的力F的合力的向下分力，物块不可能运动，物块所受的合力不变，B正确，不符合题意，D错误，符合题意。实际静摩擦力等于重力G与竖直向下的力F的合力的向下分力，物块受到的摩擦力增大，C正确，不符合题意；。
故答案为：D
【分析】对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度。
5．【答案】D
【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】AB.设绳子间的夹角为2α，绳子总长为L，两杆间距离为S，由几何关系得L1sinα+L2sinα=S
解得sinα= =
当B端移到B1、B2位置时，S、L都不变，则α也不变，由平衡条件可知2Fcosα=mg
绳子张力F=
可见，α不变，绳子张力F也不变，AB不符合题意；
CD.B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，S减小，L不变，则α减小，cosα增大，由F= 知，则F减小，C不符合题意，D符合题意．
故答案为：D
【分析】对衣服进行受力分析，在重力和两个拉力的作用下，衣服处于平衡状态，合力为零，结合拉力方向的变化分析其他力的变化。
6．【答案】C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，匀速运动时，人受到重力和支持力作用，A不符合题意；
在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，处于超重状态；由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；BD不符合题意，C符合题意．
故答案为：C。
【分析】当电梯匀速上升时顾客受到重力和支持力作用；利用加速度方向可以判别顾客超重和失重；利用加速度方向可以判别电梯作用力方向。
7．【答案】C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，有：mg=F，a1=0．对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律有： ，C符合题意．
故答案为：C．
【分析】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失．
8．【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】将物块的重力沿平行于斜面向下和垂直于斜面向下进行分解，如图1所示：
则垂直于斜面向下的分力：F2=Gcos30°
再将F2进行分解，如图2，分力F3等于测力计的示数增加的量F3=F2cso30°=Gcos230°=4× N=3N
所以测力计的示数和没放物块时相比增大3N。
故答案为：C
【分析】明确物体对斜面的压力，对斜面进行受力分析，在重力、支持力、压力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
9．【答案】A,D
【知识点】受力分析的应用
【解析】【解答】解：A、对a受力分析，弹簧被压缩，对a的弹力沿斜面向下，a受的摩擦力沿斜面向上，不为零，A符合题意；
B、b所受的摩擦力可能为零，也可能不为零，当弹力加绳子的拉力和重力沿斜面方向的分量相等时静摩擦力为零，否则不为零，B不符合题意；
C、细绳剪断瞬间，b所受的拉力减小为零，但静摩擦力会变化，故合力可能为零，也可能不为零，C不符合题意；
D、则剪断瞬间绳子拉力立即消失，而弹簧形变量来不及改变故弹簧弹力不变，a所受摩擦力不变，合力为零，D符合题意；
故答案为：AD
【分析】根据弹簧和绳不同的特点，弹簧的弹力不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况．
10．【答案】A,D
【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】A：保持挡板不动，车静止，对球受力分析如图：
由平衡条件可得： 、
解得： ，据牛顿第三定律可得：球对斜面的压力大小为G．A项正确．
BC：挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，画出转动过程中的受力示意图如图：
则斜面对球的支持力 减小，挡板对球的支持力 先减小后增大．
据牛顿第三定律可得：球对斜面的压力逐渐没有减小，球对挡板的压力先减小后增大．BC两项均错误．
D：挡板不动，小车水平向右做匀加速直线运动，对球受力分析如图：
设小车的加速度为 ，将力沿水平方向和竖直方向分解可得： 、 ，解得：
当 时，挡板对球的支持力为零；据牛顿第三定律可得此时球对挡板的压力为零．D项正确．
故答案为：AD．
【分析】对小球进行受力分析，在重力和两和支持力的作用下，小球处于平衡状态，合力为零，结合挡板角度的变化分析支持力的变化，利用平衡方程求解其他力的变化。
11．【答案】A,C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】AB、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得： ，解得整体的加速度为 ，以乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子的拉力大小为： ，A符合题意，B不符合题意；
C、以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为 ，C符合题意；
D、定滑轮受到细绳的作用力为： ，D不符合题意；
故答案为：AC．
【分析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求解加速度大小；再以乙和丙为研究对象求解绳子拉力大小，以丙为研究对象，根据牛顿第二定律求解摩擦力大小；以滑轮为研究对象，根据力的合成求解绳子对滑轮的作用力大小．
12．【答案】A,C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，
当F=6N时，此时两物体具有最大共同加速度，代入数据解得：M+m=3kg
当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=
知图线的斜率k 解得：M=1kg，滑块的质量为：m=2kg．A符合题意；
B、C项：根据F大于6N的图线知，当F=6N时，加速度a=2m/s2，即有：
代入数据解得：μ=0.2，
当F=7N时，长木板的加速度为：a= 3m/s2．
根据μmg=ma′得木板的加速度为：a′=μg=4m/s2，B不符合题意，C符合题意；
D项：当拉力增大时，两物体发生滑动时，木块的加速度为 ，恒定不变，D不符合题意．
故答案为：AC．
【分析】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．
13．【答案】（1）点迹均匀；匀速直线
（2）C
（3）5.55；2.45
【知识点】探究加速度与力、质量的关系
【解析】【解答】（1）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，不要挂钩码，将长木板的右端垫高至合适位置，使小车重力沿斜面分力和摩擦力抵消，若打点计时器在纸带上打出一系列点迹均匀的点，说明小车在做匀速直线运动．（2）AC.如果这位同学先如（1）中的操作，已经平衡摩擦力，则刚开始a-F的图象是一条过原点的直线，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到 M，不能满足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，此时图象发生弯曲，A不符合题意，C符合题意；
B. a－F图象与纵轴的截距，说明平衡摩擦力有点过分，与题意不合，C不符合题意；
D. a－F图象与横轴的截距，说明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，与题意不合，D不符合题意.（3）从图中可读出s2＝9.60cm-4.05cm=5.55cm．由逐差法Δs=at2，其中t=0.1s，小车加速度的大小a= = 10-2m/s2=2.45m/s2
【分析】（1）当小车拖着纸带做匀速直线运动时，重力的分力与摩擦力相平衡，打出的纸带上的点是均匀的；
（2）当m<
14．【答案】（1）B；C；D
（2）A
（3）甲
【知识点】验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】(1)根据三角形法则，实验中的分力与合力的关系必须满足|F1－F2|≤F3≤F1＋F2
A不符合题意，BCD符合题意。
故答案为：BCD。(2)本实验应该确定好分力与合力的大小和方向，以及作用点的位置。由于力的大小可以通过测量钩码的质量来知道，故在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向。BCD不符合题意，A符合题意。
故答案为：A。(3)由实验的实物图可知，F3方向是竖直向下的，故图甲是正确的。
【分析】（1）能使物体平衡的三个力可以组成一个封闭的三角形，结合选项中的力分析求解即可；
（2）绳子起到的作用是标注拉力的方向；
（3）在探究平行四边形定则时，理论求得的合力与实验得到的合力存在一定的偏差。
15．【答案】（1）解：由v﹣t图象可知，物体在前4s做匀变速直线运动，所以物体在第3s末的加速度a1等于前4s内的加速度，
根据v﹣t图象和加速度定义式：
得，
答：物体在第2s末的加速度为1m/s2
（2）解：在0﹣4s内，在水平方向：F1﹣μmg=ma1
解出：μ=0.4
答：物体与水平面间的摩擦因数μ为0.4
（3）解：设前4 s的位移为x1，由位移公式：x1= = 1×16=8m；
设4 s后物体运动时的加速度为a2，则：F2﹣μmg=ma2
解得，a2=﹣2 m/s2
物体在4s末时的速度为v′="4" m/s，设物体从4s末后运动时间t2速度减为0，则：0=v′+a2t2
解得：t2="2" s
所以，物体在6s末速度恰好减为0．
故后2s内的位移：
代入数据，解得，x2=4m
所以物体在前6s内的位移x=x1+x2="8+4=12" m
答：物体在前6s内的位移为12m．
【知识点】牛顿定律与图象
【解析】【分析】（1）利用斜率可以求出加速度的大小；
（2）利用牛顿第二定律可以求出动摩擦因数的大小；
（3）利用位移公式可以求出前4s的位移大小；结合牛顿第二定律和位移公式可以求出后2s的位移大小。
16．【答案】（1）解：两车速度相同时间距最大
设警车用时t1
v货=at1
得t1= 5s
间距Δx=V1（t1+5 ）- t1 =75m
（2）解：设经t2时间警车达到最大速度v2=20m/sv2=a t2
得t2=10s
此时
x货= v1（t2+5）=150m
由于x警< x货,所以追不上
设警车经时间t追上 t2+ v2（t- t2）= v1（t +5）
得t=15s
【知识点】匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【分析】（1）利用共速结合速度公式和位移公式可以求出最大的距离；
（2）利用位移公式结合距离的大小可以求出相遇的时间。
17．【答案】（1）解：米袋无初速放在传送带AB上，相对滑动时的加速度
由 ，可得加速的时间：
在传送带AB上加速的位移：
故米袋在AB传送带上先匀加速直线运动后做匀速直线运动。
匀速运动的时间
所以米袋沿传送带从A运动到B的时间：
（2）解：CD部分传送带不运转，米袋沿CD上滑过程中，根据牛顿第二定律
解得加速度 ，由 解得米袋沿传送带在CD上所能上升的最大距离
（3）解：若CD以v2=4m/s的速率顺时针方向转动，当米袋沿斜面上升速度 时，加速度 ，当米袋速度达到 时上滑的位移为
所用时间
当米袋速度 时，滑动摩擦力方向改变，且 ，米袋将减速上滑，其加速度大小
由 解得 此时米袋速度v=v2-a t2 =0，可见米袋恰好可以运行到D点，所以米袋从C运动到D所用的时间为： 。
【知识点】对单物体(质点)的应用；匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【分析】（1）物体在水平传送带上先做加速运动，再做匀速运动，结合牛顿第二定律求解物体的加速度，根据传送带的速度和长度求解两段时间，相加即可；
（2）对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度，结合物体的初末速度求解物体的位移；
（3）分析物体与传送带的相对速度，明确物体受到的摩擦力方向，利用牛顿第二定律求解物体的加速度，结合位移求解运动时间相加即可。
福建省连城县第一中学2019-2020学年高三上学期物理月考试题试卷
一、单选题
1．（2019高三上·连城月考）甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其 图像如图所示，图中ΔOPQ和ΔOQT的面积分别为s1和s2（s2>s1），初始时，甲车在乙车前方s0处，则（ ）
A．若s0=s1+s2，两车能相遇 B．若s0
【答案】C
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】A.由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；若s0+ s2 s1+s2，即 s0 s1，两车不会相遇；所以若s0=s1+s2 s1，两车不能相遇，A不符合题意；
B.若s0+ s2 s1+s2，即s0 s1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，B不符合题意；
C.若s0+ s2 s1+s2，即 s0=s1，两车在T时刻相遇，T时刻之后，甲车速度增加的快，两车逐渐远离，所以只能相遇一次，C符合题意；
D.若s0=s2 s1，两车在T时刻之前还没有相遇，T时刻之后，甲车速度增加的快，两车逐渐远离，则两车不会相遇，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】v-t图像中，横坐标为时间，纵坐标为速度，图像与时间轴所围成的面积是位移，图像的斜率是加速度，两图像的交点意味着两个物体具有相同的速度，结合选项分析即可。
2．（2019高三上·连城月考）有一种“傻瓜”相机的曝光时间（快门从打开到关闭的时间）是固定不变的，为了估测相机的曝光时间，有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上A点的正上方与A相距H＝1.5m处，使一个小石子自由落下，在小石子下落通过A后，按动快门，对小石子照相，得到如图所示的照片，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹CD．已知每块砖的平均厚度约为6cm．从这些信息估算该相机的曝光时间最接近于下列哪个值（ ）
A．0.5s B．0.02s C．0.06 s D．0.008s
【答案】B
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】A到C的距离是5块砖的距离即0.3m，那么C点距离自由落体的释放点 ，C到D的距离为2块砖的距离即0.12m，D点距离自由落体的释放点 ，根据自由落体运动 可得 ， ，那么 代入计算 答案B对．
故答案为：B
【分析】自由落体的条件是物体只受到重力，加速度为定值即重力加速度g，根据释放点与A的距离和AC、AD的长度求解末速度，结合末速度求解运动时间即可。
3．（2019高三上·连城月考）一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为 ，则汽车在后一半时间内的平均速度为( )
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】速度、速率
【解析】【解答】初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1:3．则汽车在前一半时间内和后一半时间内的位移之比为3:1．根据平均速度的定义式 知，两段时间内的平均速度之比为3:1，则后一半时间内的平均速度为 ．B符合题意，A、C、D不符合题意．
故答案为：B．
【分析】利用运动学公式求解汽车的位移，汽车的平均速度利用位移的位移除以对应的时间即可。
4．（2019高三上·连城月考）如图所示，斜劈ABC放在粗糙的水平地面上，在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，今用一竖直向下的力F作用于物块上，下列说法错误的是（ ）
A．斜劈对物块的弹力增大
B．物块所受的合力不变
C．物块受到的摩擦力增大
D．当力F增大到一定程度时，物体会运动
【答案】D
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，应有物块与斜劈间的最大静摩擦力大于或等于重力的向下分力。用一竖直向下的力F作用于物块上，物块对斜劈的压力增大，则斜劈对物块的弹力增大，A正确，不符合题意；此时物块与斜劈间的最大静摩擦力仍大于或等于重力G与竖直向下的力F的合力的向下分力，物块不可能运动，物块所受的合力不变，B正确，不符合题意，D错误，符合题意。实际静摩擦力等于重力G与竖直向下的力F的合力的向下分力，物块受到的摩擦力增大，C正确，不符合题意；。
故答案为：D
【分析】对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度。
5．（2019高三上·连城月考）如图所示，晾晒衣服的绳子轻且光滑，悬挂衣服的衣架的挂钩也是光滑的，轻绳两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点，衣服处于静止状态．如果保持绳子A端位置不变，将B端分别移动到不同的位置．下列判断正确的（ ）
A．B端移到B1位置时，绳子张力变大
B．B端移到B2位置时，绳子张力变小
C．B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变大
D．B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变小
【答案】D
【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】AB.设绳子间的夹角为2α，绳子总长为L，两杆间距离为S，由几何关系得L1sinα+L2sinα=S
解得sinα= =
当B端移到B1、B2位置时，S、L都不变，则α也不变，由平衡条件可知2Fcosα=mg
绳子张力F=
可见，α不变，绳子张力F也不变，AB不符合题意；
CD.B端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，S减小，L不变，则α减小，cosα增大，由F= 知，则F减小，C不符合题意，D符合题意．
故答案为：D
【分析】对衣服进行受力分析，在重力和两个拉力的作用下，衣服处于平衡状态，合力为零，结合拉力方向的变化分析其他力的变化。
6．（2018高一上·招远月考）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（ ）
A．顾客始终受到三个力的作用
B．顾客始终处于超重状态
C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D．顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下
【答案】C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，匀速运动时，人受到重力和支持力作用，A不符合题意；
在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，处于超重状态；由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；BD不符合题意，C符合题意．
故答案为：C。
【分析】当电梯匀速上升时顾客受到重力和支持力作用；利用加速度方向可以判别顾客超重和失重；利用加速度方向可以判别电梯作用力方向。
7．（2019高三上·连城月考）如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为 、 ．重力加速度大小为g．则有（ ）
A． ， B． ，
C． ， D． ，
【答案】C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，有：mg=F，a1=0．对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律有： ，C符合题意．
故答案为：C．
【分析】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失．
8．（2019高三上·连城月考）如图所示，在压力传感器的托盘上固定一个倾角为30°的光滑斜面，现将一个重4N的物块放在斜面上，让它自由滑下，则下列说法正确的是（ ）
A．测力计的示数和没放物块时相比增大 N
B．测力计的示数和没放物块时相比增大2N
C．测力计的示数和没放物块时相比增大3N
D．测力计的示数和没放物块时相比增大4N
【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】将物块的重力沿平行于斜面向下和垂直于斜面向下进行分解，如图1所示：
则垂直于斜面向下的分力：F2=Gcos30°
再将F2进行分解，如图2，分力F3等于测力计的示数增加的量F3=F2cso30°=Gcos230°=4× N=3N
所以测力计的示数和没放物块时相比增大3N。
故答案为：C
【分析】明确物体对斜面的压力，对斜面进行受力分析，在重力、支持力、压力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
二、多选题
9．（2019高三上·连城月考）如图所示，将两个相同的木块a、b置于固定在水平面上的粗糙斜面上，a、b中间用一轻弹簧连接，b的右端用细绳与固定在斜面上的挡板相连．开始时a、b均静止，弹簧处于压缩状态，细绳上有拉力，下列说法正确的是（ ）
A．达到稳定状态时，a所受的摩擦力一定不为零
B．达到稳定状态时，b所受的摩擦力一定不为零
C．细绳剪断瞬间，b所受合外力一定为零
D．细绳剪断瞬间，a所受合外力一定为零
【答案】A,D
【知识点】受力分析的应用
【解析】【解答】解：A、对a受力分析，弹簧被压缩，对a的弹力沿斜面向下，a受的摩擦力沿斜面向上，不为零，A符合题意；
B、b所受的摩擦力可能为零，也可能不为零，当弹力加绳子的拉力和重力沿斜面方向的分量相等时静摩擦力为零，否则不为零，B不符合题意；
C、细绳剪断瞬间，b所受的拉力减小为零，但静摩擦力会变化，故合力可能为零，也可能不为零，C不符合题意；
D、则剪断瞬间绳子拉力立即消失，而弹簧形变量来不及改变故弹簧弹力不变，a所受摩擦力不变，合力为零，D符合题意；
故答案为：AD
【分析】根据弹簧和绳不同的特点，弹簧的弹力不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况．
10．（2019高三上·连城月考）(多选)如图所示，一辆小车静止在水平地面上，车内固定着一个倾角为60°的光滑斜面OA，光滑挡板OB可绕转轴O在竖直平面内转动．现将一重力为G的圆球放在斜面与挡板之间，挡板与水平面的夹角θ＝60°．下列说法正确的是（ ）
A．若保持挡板不动，则球对斜面的压力大小为G
B．若挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，则球对斜面的压力逐渐增大
C．若挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，则球对挡板的压力逐渐减小
D．若保持挡板不动，使小车水平向右做匀加速直线运动，则球对挡板的压力可能为零
【答案】A,D
【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】A：保持挡板不动，车静止，对球受力分析如图：
由平衡条件可得： 、
解得： ，据牛顿第三定律可得：球对斜面的压力大小为G．A项正确．
BC：挡板从图示位置沿顺时针方向缓慢转动60°，画出转动过程中的受力示意图如图：
则斜面对球的支持力 减小，挡板对球的支持力 先减小后增大．
据牛顿第三定律可得：球对斜面的压力逐渐没有减小，球对挡板的压力先减小后增大．BC两项均错误．
D：挡板不动，小车水平向右做匀加速直线运动，对球受力分析如图：
设小车的加速度为 ，将力沿水平方向和竖直方向分解可得： 、 ，解得：
当 时，挡板对球的支持力为零；据牛顿第三定律可得此时球对挡板的压力为零．D项正确．
故答案为：AD．
【分析】对小球进行受力分析，在重力和两和支持力的作用下，小球处于平衡状态，合力为零，结合挡板角度的变化分析支持力的变化，利用平衡方程求解其他力的变化。
11．（2019高三上·连城月考）如图所示的装置为在摩擦力不计的水平桌面上放一质量为m乙＝5 kg的盒子乙，乙内放置一质量为m丙＝1 kg的滑块丙，用一质量不计的细绳跨过光滑的定滑轮将一质量为m甲＝2 kg的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行．现由静止释放物块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开水平桌面，重力加速度g＝10 m/s2．则（ ）
A．盒子的加速度大小为2.5 m/s2
B．细绳对盒子的拉力大小为20 N
C．盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5 N
D．定滑轮受到细绳的作用力为30 N
【答案】A,C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】AB、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得： ，解得整体的加速度为 ，以乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子的拉力大小为： ，A符合题意，B不符合题意；
C、以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为 ，C符合题意；
D、定滑轮受到细绳的作用力为： ，D不符合题意；
故答案为：AC．
【分析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求解加速度大小；再以乙和丙为研究对象求解绳子拉力大小，以丙为研究对象，根据牛顿第二定律求解摩擦力大小；以滑轮为研究对象，根据力的合成求解绳子对滑轮的作用力大小．
12．（2019高三上·连城月考）如图所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块．木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图所示，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是（ ）
A．小滑块的质量m＝2 kg
B．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.1
C．当水平拉力F＝7 N时，长木板的加速度大小为3 m/s2
D．当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大
【答案】A,C
【知识点】对单物体(质点)的应用
【解析】【解答】对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，
当F=6N时，此时两物体具有最大共同加速度，代入数据解得：M+m=3kg
当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=
知图线的斜率k 解得：M=1kg，滑块的质量为：m=2kg．A符合题意；
B、C项：根据F大于6N的图线知，当F=6N时，加速度a=2m/s2，即有：
代入数据解得：μ=0.2，
当F=7N时，长木板的加速度为：a= 3m/s2．
根据μmg=ma′得木板的加速度为：a′=μg=4m/s2，B不符合题意，C符合题意；
D项：当拉力增大时，两物体发生滑动时，木块的加速度为 ，恒定不变，D不符合题意．
故答案为：AC．
【分析】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．
三、实验题
13．（2019高三上·溧水月考）某同学用如图甲所示的实验装置来“探究a与F、m之间的定量关系”．
（1）实验时，必须先平衡小车与木板之间的摩擦力．该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打点计时器在纸带上打出一系列 的点，说明小车在做 运动．
（2）如果该同学先如（1）中的操作，平衡了摩擦力．以砂和砂桶的重力为F，在小车质量M保持不变情况下，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到 M，测小车加速度a，作a－F的图象．如图丙图线正确的是 ．
（3）设纸带上计数点的间距为s1和s2．下图为用米尺测量某一纸带上的s1、s2的情况，从图中可读出s1＝3.10cm，s2＝ cm，已知打点计时器的频率为50Hz，由此求得加速度的大小a＝ m/s2．
【答案】（1）点迹均匀；匀速直线
（2）C
（3）5.55；2.45
【知识点】探究加速度与力、质量的关系
【解析】【解答】（1）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，不要挂钩码，将长木板的右端垫高至合适位置，使小车重力沿斜面分力和摩擦力抵消，若打点计时器在纸带上打出一系列点迹均匀的点，说明小车在做匀速直线运动．（2）AC.如果这位同学先如（1）中的操作，已经平衡摩擦力，则刚开始a-F的图象是一条过原点的直线，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到 M，不能满足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，此时图象发生弯曲，A不符合题意，C符合题意；
B. a－F图象与纵轴的截距，说明平衡摩擦力有点过分，与题意不合，C不符合题意；
D. a－F图象与横轴的截距，说明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，与题意不合，D不符合题意.（3）从图中可读出s2＝9.60cm-4.05cm=5.55cm．由逐差法Δs=at2，其中t=0.1s，小车加速度的大小a= = 10-2m/s2=2.45m/s2
【分析】（1）当小车拖着纸带做匀速直线运动时，重力的分力与摩擦力相平衡，打出的纸带上的点是均匀的；
（2）当m<
14．（2019高三上·连城月考）有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三段绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：
（1）改变钩码个数，实验能完成的是____。
A．钩码的个数N1=N2=2，N3=4 B．钩码的个数N1=N3=3，N2=4
C．钩码的个数N1=N2=N3=4 D．钩码的个数N1=3，N2=4，N3=5
（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是_____。
A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向
B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度
C．用量角器量出三段绳子之间的夹角
D．用天平测出钩码的质量
（3）根据实验原理及操作，在作图时，你认为图中 是正确的。（填“甲”或“乙”）
【答案】（1）B；C；D
（2）A
（3）甲
【知识点】验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】(1)根据三角形法则，实验中的分力与合力的关系必须满足|F1－F2|≤F3≤F1＋F2
A不符合题意，BCD符合题意。
故答案为：BCD。(2)本实验应该确定好分力与合力的大小和方向，以及作用点的位置。由于力的大小可以通过测量钩码的质量来知道，故在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向。BCD不符合题意，A符合题意。
故答案为：A。(3)由实验的实物图可知，F3方向是竖直向下的，故图甲是正确的。
【分析】（1）能使物体平衡的三个力可以组成一个封闭的三角形，结合选项中的力分析求解即可；
（2）绳子起到的作用是标注拉力的方向；
（3）在探究平行四边形定则时，理论求得的合力与实验得到的合力存在一定的偏差。
四、解答题
15．（2019高三上·集宁月考）如图甲所示，一质量为m=1 kg的物体置于水平面上，在水平外力的作用下由静止开始运动，水平外力随时间的变化情况如图乙所示，物体运动的速度随时间变化的情况如下图丙所示，4 s后图线没有画出。g取10 m/s2。求：
（1）物体在第3 s末的加速度大小；
（2）物体与水平面间的动摩擦因数；
（3）物体在前6 s内的位移。
【答案】（1）解：由v﹣t图象可知，物体在前4s做匀变速直线运动，所以物体在第3s末的加速度a1等于前4s内的加速度，
根据v﹣t图象和加速度定义式：
得，
答：物体在第2s末的加速度为1m/s2
（2）解：在0﹣4s内，在水平方向：F1﹣μmg=ma1
解出：μ=0.4
答：物体与水平面间的摩擦因数μ为0.4
（3）解：设前4 s的位移为x1，由位移公式：x1= = 1×16=8m；
设4 s后物体运动时的加速度为a2，则：F2﹣μmg=ma2
解得，a2=﹣2 m/s2
物体在4s末时的速度为v′="4" m/s，设物体从4s末后运动时间t2速度减为0，则：0=v′+a2t2
解得：t2="2" s
所以，物体在6s末速度恰好减为0．
故后2s内的位移：
代入数据，解得，x2=4m
所以物体在前6s内的位移x=x1+x2="8+4=12" m
答：物体在前6s内的位移为12m．
【知识点】牛顿定律与图象
【解析】【分析】（1）利用斜率可以求出加速度的大小；
（2）利用牛顿第二定律可以求出动摩擦因数的大小；
（3）利用位移公式可以求出前4s的位移大小；结合牛顿第二定律和位移公式可以求出后2s的位移大小。
16．（2019高一上·江西月考）一辆值勤的警车停在公路当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时,决定去拦截,经5s警车发动起来,以a=2 加速度匀加速开出维持匀加速运动,能达到的最大速度为20m/s,
试问：
（1）在警车追上货车之前,两车间的最大距离是多少
（2）警车要多长时间才能追上违章的货车
【答案】（1）解：两车速度相同时间距最大
设警车用时t1
v货=at1
得t1= 5s
间距Δx=V1（t1+5 ）- t1 =75m
（2）解：设经t2时间警车达到最大速度v2=20m/sv2=a t2
得t2=10s
此时
x货= v1（t2+5）=150m
由于x警< x货,所以追不上
设警车经时间t追上 t2+ v2（t- t2）= v1（t +5）
得t=15s
【知识点】匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【分析】（1）利用共速结合速度公式和位移公式可以求出最大的距离；
（2）利用位移公式结合距离的大小可以求出相遇的时间。
17．（2019高三上·连城月考）图为仓库中常用的皮带传输装置示意图，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，A、B两端相距3m，另一台倾斜，传送带与地面的夹角θ=37°，C、D两端相距4.45m，B、C相距很近。水平传送以5m/s的速度沿顺时针方向转动，现将质量为10kg的一袋大米无初速度地放在A端，它随传送带到达B端后，速度大小不变地传到倾斜送带的C点，米袋与两传送带间的动摩擦因数均为0.5，g取10 ，sin37°=0.6，cos37°=0.8 ，试求：
（1）米袋沿传送带从A运动到B的时间；
（2）若CD部分传送带不运转，求米袋沿传送带在CD上所能上升的最大距离；
（3）若倾斜部分CD以4m/s的速率顺时针方向转动，求米袋从C运动到D所用的时间。
【答案】（1）解：米袋无初速放在传送带AB上，相对滑动时的加速度
由 ，可得加速的时间：
在传送带AB上加速的位移：
故米袋在AB传送带上先匀加速直线运动后做匀速直线运动。
匀速运动的时间
所以米袋沿传送带从A运动到B的时间：
（2）解：CD部分传送带不运转，米袋沿CD上滑过程中，根据牛顿第二定律
解得加速度 ，由 解得米袋沿传送带在CD上所能上升的最大距离
（3）解：若CD以v2=4m/s的速率顺时针方向转动，当米袋沿斜面上升速度 时，加速度 ，当米袋速度达到 时上滑的位移为
所用时间
当米袋速度 时，滑动摩擦力方向改变，且 ，米袋将减速上滑，其加速度大小
由 解得 此时米袋速度v=v2-a t2 =0，可见米袋恰好可以运行到D点，所以米袋从C运动到D所用的时间为： 。
【知识点】对单物体(质点)的应用；匀变速直线运动基本公式应用
【解析】【分析】（1）物体在水平传送带上先做加速运动，再做匀速运动，结合牛顿第二定律求解物体的加速度，根据传送带的速度和长度求解两段时间，相加即可；
（2）对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度，结合物体的初末速度求解物体的位移；
（3）分析物体与传送带的相对速度，明确物体受到的摩擦力方向，利用牛顿第二定律求解物体的加速度，结合位移求解运动时间相加即可。
