贵州省三联教育集团2022年秋季学期高二年级质量检测考试（二）物理试题
注意事项：
1.本试卷共8页，满分100分，考试用时75分钟。
2.答卷前，请务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡规定的位置，在条形码粘贴区域规范贴条形码。
3.答卷时，请认真读题，客观题必须使用2B铅笔填涂，主观题必须使用黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置，字迹工整，笔迹清晰。
4.所有题目必须在答题卡上相应位置作答，在试卷上答题无效。
5.请保持答题卡平整，不能折叠，考试结束后，将答题卡交回（试卷不用收回）。
一、单项选择题：本题共7个小题，每题5分，共35分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目。
1．下列表述符合物理学史事实的是（ ）
A．牛顿发现了万有引力定律
B．点电荷模型的建立运用了等效替代法
C．库仑用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究
D．库仑最早测出了元电荷e的数值
2．电路中非静电力做功的本领取决于（ ）
A．电路的总电流 B．电源的电动势
C．电源的内阻 D．电路的路端电压
3．如图所示，带箭头的线表示某一电场中的电场线的分布情况。一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示。若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（ ）
A．若粒子是从A运动到B，则粒子带正电；若粒子是从B运动到A，则粒子带负电
B．不论粒子是从A运动到B，还是从B运动到A，粒子必带负电
C．若粒子是从B运动到A，则其加速度增大
D．若粒子是从B运动到A，则其速度减小
4．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电源两极，一个带正电小球悬挂在电容器内部。闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（ ）
A．保持开关S闭合，将A板向上移动少许，则减小
B．保持开关S闭合，将A板水平向左远离B板时，则不变
C．断开开关S，将A板水平向左远离B板时，则不变
D．断开开关S，将A板向上移动少许，则减小
5．如图，一物体静止在水平地面上，受到与水平方向成θ角的恒定拉力F作用时间t后，物体仍保持静止。以下说法中正确的是（ ）
A．物体的动量变化量为Ft
B．物体所受地面支持力的冲量大小为0
C．物体所受摩擦力的冲量大小为，方向水平向左
D．物体所受拉力F的冲量大小是，方向水平向右
6．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列说法正确的是（ ）
A．O点的电势以及电场强度均为零
B．c、d两点的电势以及电场强度均相同
C．a、b两点的电势以及电场强度均相同
D．将一正试探电荷由无穷远处移到c点，其电势能减少
7．在如图所示的电路中，为定住电阻，电压表和电流表均为理想电表，当滑动变阻器的触片向b端移动时，则下列说法正确的是（ ）
A．电流表A的读数减小
B．两端的电压变化量相比，电压变化大
C．连接电容器两极板的导线上有电流
D．电源的输出功率减小
二、多项选择题：本题共3个小题，每个小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求的，全部选对得6分，部分选对得3分，有错选得0分。
8．电流的磁效应揭示了电与磁的关系。下面四幅图中描述磁场方向与电流方向之间的关系，其中磁感线分布正确的是（ ）
A． B．
C． D．
9．如图所示，A、B、C、D、M、N点将半径的圆周六等分。空间内有一方向与圆平面平行的范围足够大的匀强电场（图中未画出）。已知A、C、M三点的电势分别为、、。下列判断正确的是（ ）
A．电场强度的方向由M指向A
B．将电子从D点沿圆弧经M点移动到N点，电场力先做负功再做正功
C．电场强度的大小为200V/m
D．该圆周上的点电势最高为
10．将一长木板静止放在光滑的水平面上，如图甲所示，一个滑块（可视为质点）以水平速度v0沿木板从左端向右端滑动，到达右端时恰能与木板保持相对静止，现将木板分成A和B两段，如图乙所示，并紧挨着放在水平面上，让滑块仍以初速度v0从木板左端向右端滑动，滑块与木板间的动摩擦因数处处相同，在以后的整个过程中下列说法正确的是（ ）
A．甲、乙两图中，滑块克服摩擦力做的功一样多
B．系统因摩擦产生的热量甲图比乙图多
C．最终甲、乙两图中滑块受到合外力的冲量相同
D．图乙过程中滑块与B一定不会分离
三、实验题：本题共2个小题，共16分。
11．某研究性小组想用实验的方法测量某电阻丝材料的电阻率，首先截取了一段长为10cm的电阻丝，用多用电表粗略测量其电阻值约为，接下来进行了如下操作。
（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，结果如图，则该电阻丝的直径为 mm；
（2）设计电路测量电阻丝的阻值。实验室中可以使用的器材有：
电源E（电动势2V，内阻不计）
电流表（量程，内阻约）
电流表（量程，内阻）
电压表（量程，内阻约）
滑动变阻器R（）
定值电阻
定值电阻
开关及导线若干
要求测量尽可能准确，且电路便于调节，请在方框中画出电路图，并标注器材代号 。
12．某同学采用如图所示的装置进行验证动量守恒定律，并判断实验中两个小球的碰撞是否为弹性碰撞：
（1）若入射小球的质量为，半径为；被碰小球的质量为，半径为，则要求
A． B．
C． D．
（2）以下选项中哪些是本次实验必须注意的事项 。
A．斜槽必须光滑
B．斜槽末端必须水平
C．入射小球必须从同一高度释放
D．水平槽放上球时，球落点位置必须在斜面上
（3）实验中，经过多次从同一位置由静止释放入射小球，在记录纸上找到了未放被碰小球时，入射小球的平均落点，以及A球与球碰撞后，、两球平均落点位置、，并测得它们到抛出点的距离分别为、、。已知、两球的质量分别为、，如果、两球在碰撞过程中动量守恒，则、、、、之间需满足的关系式是： 。
（4）如果、两球的碰撞是弹性碰撞，则、、、、之间需满足的关系式是： 。
四、解答题（本题共3小题，共31分，解答时写出必要公式以及简要的文字说明。）
13．如图所示，将半径分别为、的单匝圆形线圈甲、乙放在水平面上，且两线圈为同心圆，在线圈甲内加垂直线圈平面向下的磁感应强度为的匀强磁场。则：（取3.14，计算结果保留3位有效数字）
（1）若磁场的磁感应强度减小到，则穿过两线圈的磁通量的变化量分别为多少；
（2）若保持匀强磁场的磁感应强度大小不变，方向转到与竖直方向成角，则穿过线圈甲的磁通量的变化量为多少。
14．如图，有一竖直光滑绝缘半圆轨道固定于绝缘水平面上，匀强电场水平向右。一质量为m、电荷量为+q的带电小球，从圆轨道的最低点以某一初速度进入圆轨道，小球恰能沿半圆轨道运动到最高点B，然后向左水平抛出，竖直落在水平面上。已知半圆轨道半径为R，重力加速度为g。求：
（1）小球在圆轨道最高点的速度大小；
（2）匀强电场的场强大小。
15．如图所示，有一摆长为的单摆，将悬线拉至水平后释放摆球A，摆球A在最低点与置于水平面上的B球发生弹性碰撞，导致B球又跟置于同一水平面上的C球发生完全非弹性碰撞。已知A、B、C的质量均为，B、C两球与水平面间的动摩擦因数均为0.2，若B、C两球碰后共同向前运动的距离为0.25m，重力加速度g取10m/s2，求：
（1）碰前B、C两球间的水平距离；
（2）B、C两球碰撞过程中损失的机械能。
1．A
【详解】A．牛顿在前人研究的基础上发现了万有引力定律，故A正确；
B．点电荷模型的建立运用了理想化物理模型法，故B错误；
C．法拉第用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究，故C错误；
D．密立根通过油滴实验最早测出了元电荷的数值，故D错误。
故选A。
2．B
【详解】在不同的电源中，非静电力做功的本领也不相同，物理学中用电动势来表明电源的这种特性，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
3．B
【详解】AB．根据做曲线运动的物体所受合外力方向指向曲线内侧，可知静电力与电场线的方向相反，所以不论粒子是从A运动到B，还是从B运动到A，粒子必带负电，故A错误，B正确；
C．电场线密的地方电场强度大，所以粒子在B点时受到的静电力大，在B点时的加速度较大，若粒子是从B运动到A，则其加速度减小，故C错误；
D．从B到A过程中静电力与速度的方向成锐角，速度增大，故D错误。
故选B。
4．C
【详解】AB．若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，因此根据
可知，将A板向上移动少许，距离d不变，电场强度不变，则电场力不变，θ将不变；将A板水平向左远离B板时，距离d增大，电场强度减小，则电场力减小，θ将减小，故A、B错误；
CD．若断开S，电容器带电量保持不变，由
可得
将A板水平向左远离B板时，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则θ不变；将A板向上移动少许时， Q不变，S减小，故电场力增大，则θ增大，故C正确，D错误。
故选C。
5．C
【详解】A．根据动量定理，物体动量的变化量等于物体合力的冲量，由于物体所受合力为零，则合力的冲量为零，则物体的动量变化量为零，故A错误；
B．对物体受力分析可知，地面对物体的支持力为
则在时间t内，支持力的冲量为
故B错误；
C．对物体受力分析可知，地面对物体的摩擦力为
方向水平向左
则在时间t内，摩擦力的冲量为
方向水平向左
故C正确；
D．则在时间t内，摩擦力的冲量为
方向沿拉力F的方向
故D错误。
故选C。
6．C
【详解】AC．根据等量异号的点电荷电场强度分布特点：中垂面为电势为0的等势面，在中垂线上各点的场强方向由正电荷指向负电荷，且与中垂线垂直，O点的场强最大，场强从O点沿中垂线向两边逐渐减小，中垂线上任意一点与关于O点的对称点场强大小相等，方向相同，故A错误，C正确；
B．两电荷连线上，电场强度方向由正电荷指向负电荷，沿电场线方向电势降低，则c点电势高于d点电势，由规律可知两点电场强度相同，故B错误；
D．中垂面为电势为0的等势面，则c点电势大于0，则将一正试探电荷由无穷远处移到c点，电势增大，电势能增大，故D错误。
故选C。
7．C
【详解】A．当滑动变阻器的触片向b端移动时，阻值减小，根据串反并同可知，与串联的电流表示数增大，故A错误；
B．根据
可知
根据串反并同可知，与并联的电压减小，与串联的和r电压增大，故
，，
故
故
故B错误；
C．与并联的电容器两端电压减小，根据
可知极板电荷量减小，故有电流，故C正确；
D．当内外电阻相同时，电源输出功率最大，不知道内外电阻关系，无法判断输出功率变化，故D错误。
故选C。
8．AB
【详解】A．根据安培定则可知，因电流方向竖直向上，导线右侧磁场方向垂直纸面向里，而左侧则是垂直纸面向外，故A正确；
B．根据安培定则可知，因电流方向从右旋转到左，则螺线管内部磁场方向由右向左，因此右端是S极，左端是N极，故B正确；
C．根据安培定则可知，因环形电流顶端处垂直低面向里，则环形导线内部磁场方向从右向左，故C错误；
D．因电流方向竖直向下，依据安培定则可知，磁场方向应该是顺时针方向（俯视），故D错误。
故选AB。
9．AC
【详解】AC．在匀强电场中AM连线的中点G的电势
则电场线如图
故直线COGN为等势线，圆心点的电势为，可知电场强度的方向由M指向A；M、A两点间的距离
电场强度
故AC正确；
BD．过圆心O作MA的平行线，与圆的交点H处电势最高
圆上最高电势
沿圆周将电子从D点经M点移到N点，电势先升高后降低，电场力先做正功再做负功，故BD错误。
故选AC。
10．BD
【详解】AD．设滑块的质量为m，A部分的质量为M1，B部分的质量为M2，则滑块在木板上运动的过程中，系统的动量守恒，选择向右为正方向，对题图甲满足
mv0=（m＋M1＋M2）v
对题图乙满足
mv0=M1v1＋（m＋M2）v2
由于滑块滑过A后，在B上滑动的过程中，滑块的速度将大于A的速度，则有
v1
v
B．根据摩擦力乘以相对位移等于产生的热量，题图甲中的相对位移的大小大于题图乙中的相对位移的大小，则题图甲所示的过程产生的热量大于题图乙所示的过程产生的热量，故B正确；
C．两题图中最终滑块的速度不同，则可知末动量不相同，则由动量定理可知，滑块所受合外力的冲量不同，故C错误。
故选BD。
11． 1.665##1.664##1.663##1.666##1.667
【详解】（1）[1]螺旋测微器的精准度为0.01mm，由图可知，该电阻丝的直径为
（2）[2]由于电源电动势，可知电压表V量程太大，应选用电流表与定值电阻串联，改装成新的电压表，量程为
由于采用2个电流表，根据
可较准确测量未知电阻的阻值，故电流表应采用外接法。滑动变阻器最大值只有5 ，为了使电表有更大的测量范围，滑动变阻器应采用分压接法，故电路图如图所示
12． B BCD
【详解】（1）［1］为保证两个小球都能从平台上抛出，则，要保证发生正碰，则，故选B。
（2）［2］AC．要求小球A碰撞之前速度相同，只需保证入射小球A从同一高度释放，故A错误，C正确；
B．斜槽末端水平，保证小球做平抛运动，故B正确；
D．B球落点必须在斜面上，这样三个球的落点构成的位移具有相同的斜面倾角，从而能推出碰撞前后的速度，故D正确。
故选BCD。
（3）［3］设碰撞前的A球的速度为v0，碰撞后A球的速度为vA，B球的速度为vB，以向右为正方向，由动量守恒得
两球离开轨道后做平抛运动，设小球的位移为L，斜面的倾角为，水平方向
竖直方向
解得
则
整理得
（4）［4］如果小球发生弹性碰撞，碰撞过程中系统机械能守恒，有机械能守恒定理得
整理得
13．（1）；；（2）
【详解】（1）线圈甲面积正好与圆形磁场区域重合，设圆形磁场区域半径为r，则
故
线圈乙面积大于圆形磁场面积，有磁感线穿过的面积与线圈甲相同，故磁通量的变化量与线圈甲相同。
故
（2）磁场转过30°，线圈甲在垂直磁场方向的投影面积为，则
故
14．（1） ；（2）
【详解】（1）小球恰能运动到最高点，有
解得
（2）由最高点运动到水平面的过程，在竖直方向上有
水平方向上有
解得
15．（1）3m；（2）0.5J
【详解】（1）设A球到达最低点与B球碰撞前瞬间的速度大小为，则由机械能守恒定律可得
A球与B球发生弹性碰撞，故两球碰撞过程中动量守恒、机械能守恒。设碰后A球的速度大小为；B球的速度大小为，则有
设B、C两球碰后的共同速度为，向前运动的距离为，则有
设B、C两球碰撞前B球的速度大小为，则由动量守恒定律得
设碰前B、C两球间的水平距离为，由匀变速直线运动规律可得
代入数据可解得
（2）由于B、C两球碰撞之前B球的速度大小为，C球的速度为零，碰撞后二者的共同速度，故B、C两球碰撞过程中损失的机械能为
解得
