云南省弥勒市2022-2023学年下学期八年级物理期末模拟考试试卷
一、选择题：（本大题共10个小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（2021八下·开州期末）根据你对生活中物理量的认识，下列数据最接近实际的是（ ）
A．两个鸡蛋的重力约为10N
B．百米运动员在比赛时的速度约为10m/s
C．教室内的大气压约为1.5×105Pa
D．书桌上水平放置的教科书对桌面的压强约为600Pa
2．（2019八下·石家庄月考）用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动，而推课桌的上部，则课桌可能会翻倒，这说明力的作用效果（ ）
A．与力的大小有关 B．与力的方向有关
C．与力的作用点有关 D．与受力面积有关
3．（2023八下·弥勒期末）如图，下列光现象中，是由光的折射而形成的现象是( )
A． B． C． D．
4．（2021八下·开州期末）下图所示的四种工具中，属于省力杠杆的是（ ）
A． 天平
B． 镊子
C． 钓鱼竿
D． 钢丝钳
5．（2021八下·开州期末）下列关于压强的说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验首次测出大气压强值
B．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来减小压强
C．挖掘机的履带是为了减少挖掘机对地面的压强
D．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小
6．（2021八下·开州期末）在下图的四种情境中，人对物体做功的是（ ）
A． 扛着米袋慢慢爬上楼梯
B． 提着水桶在水平地面上匀速前进
C． 用力推汽车，汽车没动
D． 举着杠铃原地不动
7．（2021八下·开州期末）如图所示，铁杆OA能绕固定在竖直墙上的O点转动。用始终垂直于OA的力F缓慢向上将铁杆抬高到OA'的位置，则力F的大小是（ ）
A．逐渐增大 B．先增大后减小
C．逐渐减小 D．保持不变
8．（2023·昆明模拟）用大小相同的水平拉力F分别使M、N在水平地面上做直线运动，M、N与地面间的接触面粗糙程度相同，如图甲所示，此过程中M和N的动能随时间变化的关系如图乙所示。根据图中信息，下列判断正确的是（ ）
A．两物体都做匀速直线运动 B．两物体的速度大小vM＜vN
C．两物体受到的摩擦力大小fM＞fN D．两物体的重力大小GM＝GN
9．（2023八下·弥勒期末）二十四节气是上古农耕文明的产物，它是上古先民顺应农时，通过观察天体运行，认知一岁中时令、气候、物候等变化规律所形成的知识体系，准确地反映了自然节律变化。它不仅是指导农耕生产、预知冷暖雪雨的“指南针”，更是包含丰富民俗事象的民俗系。以下分析判断正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是汽化现象，要吸收热量
B．“寒露”——露的形成是液化现象，要放出热量
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象，要放出热量
D．“大雪”——雪的形成是升华现象，要吸收热量
10．（2023八下·弥勒期末）两个相同的量简内装有液体甲和液体乙，将两支相同的密度计放入两种液体中，静止后液面相平，如图所示。下列说法正确的是（ )
A．密度计排开甲液体的质量大于排开乙液体的质量
B．甲液体的密度比乙液体的密度大
C．密度计在两种液体中所受的浮力相等
D．密度计所受浮力的大小等于它排开液体所受的重力
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共14分）
11．（2023八下·弥勒期末）小萌同学骑自行车上学途中，以自行车为参照物，小萌是 的；
12．（2021八下·开州期末）意大利科学家托里拆利首先通过实验测定了大气压强的数值。我国青藏高原地区煮面条都要用高压锅，是因为海拔高度越高，大气压强 （选填“越大”或“越小”），水的沸点就 （选填“越高”或“越低”）。
13．（2021八下·开州期末）停在海面下10m的一艘潜艇接到上浮命令后开始上浮，在它露出水面之前受到的浮力 ，露出水面到完全露出水面受到的浮力 。（填“变大”， “变小”或“不变”）
14．（2023八下·弥勒期末）极限跳伞是一项惊险的体育运动。跳伞员从高空匀速下落过程中重力势能 ，机械能 ，（选填"增大""减小"或"不变"）。
15．（2018·云南）中国轮椅冰壶队在韩国平昌冬残奥会上夺得金牌，实现了我国冬残奥会金牌“零的突破”。运动员将冰壶推出后，冰壶由于 继续向前运动。 休息时，运动员用吸管吸饮料，这是利用了 的作用。
16．（2019八上·东莞月考）小明的爷爷是老花眼，爸爸是近视眼，如图甲、乙示意图中，图 （选填“甲”或“乙”）是爷爷眼睛的成像示意图，矫正需戴眼镜的镜片应选用图 （选填“丙”或“丁”）.爷爷想看书，小明应拿 （选填“A”或“B”）眼镜给他.
17．（2023八下·弥勒期末）如图，工人用滑轮组将重为600N的建筑材料以0.3m/s的速度匀速竖直提升。人对绳子自由端的拉力F＝375N，滑轮组的机械效率为 ，拉力F的功率为 。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分。）
18．（2019·云南）请在图中画出细线悬挂的小球摆动到图示位置时受到的力的示意图（不考虑空气阻力）。
19．（2023八下·弥勒期末）在图中，画出动力F的力臂L。
四、实验与探究题（本题共4个小题，第20小题7分，第21小题7分，第22小题6分，第23小题4分,共24分。）
20．（2023八下·弥勒期末）小李同学用弹簧测力计、正方体木块、长木板、砝码等器材"探究影响滑动摩擦力大小的因素"实验，如图所示。
（1）如图甲所示，用弹簧测力计拉着木块在长木板上做匀速运动，滑动摩擦力的大小 弹簧测力计的示数。（选填"大于"，"等于"或"小于"）
（2）小李同学用弹簧测力计匀速拉木块进行了图甲、乙所示的实验操作，记录数据为表中1、2，由此得到的结论是 。
（3）下表中第1和3两次实验中木块受到的滑动摩擦力不同的原因可能是（ ）
A．两次拉动速度不同
B．两次木块对木板的压力不同
C．木块正面和侧面的接触面积不同
D．木块正面和侧面的粗糙程度不同
（4）采用如图甲所示的实验装置进行实验时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，其原因是很难让木块保持 运动。为解决上述问题，小张对实验进行了如图丙所示的改进，解决了上述问题，这是因为无论长木板怎样运动，木块都处于 状态，便于读数。
（5）甲图中，木块在运动过程中所受拉力突然增大，滑动摩擦力将 （选填"变大""变小"或"不变"）。
（6）乙图中，木板受到木块对它的摩擦力的方向 。
21．（2021八下·开州期末）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。
（1）在杠杆挂上钩码前，杠杆静止在图甲所示的位置，为了使杠杆水平平衡，应将 向 （选填“左”或“右”）调，关于调节水平平衡的目的下列说法正确的是 ；
A．为了方便测量力臂 B．为了方便挂钩码
（2）如图乙中杠杆恰好处于水平平衡，若在A处下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，则需将挂在B处的钩码向右移动 格；
（3）小李同学通过多次改变钩码的个数和移动钩码的位置进行了多次实验，最终得出了：动力x支点到动力作用点的距离=阻力x支点到阻力作用点的距离。可是小东觉得这个实验结论不可靠，于是他重新设计了实验方案如图丙：
①小东换上弹簧测力计的好处是 ；
②小东在A点挂上2N的砝码，则弹簧测力计至少需要 N时，杠杆就可以保持平衡；
③随后，小东将弹簧测力计向右和向左转过一定角度，发现弹簧测力计的示数 （选填“变大”“变小”或“不变”）才能使杠杆重新平衡，因此小东认为小李的结论是不可靠的。
22．（2023八下·弥勒期末） (学习了浮力知识后，小明对影响浮力大小的因素进行如下猜想。
a．物体浸入液体的深度越深，受到的浮力越大；
b．物体浸没在液体中，液体的密度越大，受到的浮力越大。
后他利用物体M进行了如下探究过程进行验证，如图所示。
（1）进行实验前应在 方向将弹簧测力计调零。
（2）小明用调节好的弹簧测力计进行A、B、C三个步骤时，发现物体浸入水中的深度越深，物体所受的浮力越大，于是他认为猜想a是正确的。你认为他的分析是 (选填“正确”或“错误”)的，原因是 。
（3）为了验证猜想b，应该选择的实验步骤为 ，得出的结论是：物体浸没在液体中，液体密度越大，同一物体受到的浮力 (选填“越大”“越小”或“不变”)(ρ水＝1.0×103 kg/m3，ρ盐水＝1.03×103 kg/m3)。
（4）实验中物体M浸没在水中受到的浮力为 N。
23．（2020·荆门）科学探究是物理学科的重要组成部分。如下是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。
（1）图甲是某小组同学组装的实验装置，安装温度计时玻璃泡接触到烧杯底部，此时应适当将 （选填“A处向上”或“B处向下”）进行调整；
（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样做是为了 ；
（3）图乙、丙是朵朵同学在实验中观察到的两种不同的实验现象，其中图 是水沸腾时的情况；
（4）根据实验数据绘制出温度随时间变化的关系如图丁所示。分析该图除可知水的沸点外，还可知水沸腾时的特点是 。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）要求：（1）语言表述简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
24．（2023八下·弥勒期末）自行车骑行是生活中一种环保的出行方式。如图所示，小明骑自行车出行的途中，沿直线匀速经过一段长100m的平直路面，用时20s。该过程中前后轮与地面的总接触面积为20cm2。若小明的质量为55kg，自行车重150N，骑行时受到的阻力为总重的0.03倍。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
（1）求骑行时车对水平地面的压强；
（2）该压强相当于多高水柱产生的压强？
（3）求骑行过程中动力做的功及功率。
25．（2019·云南）某水底打捞作业中，需将一长方体石柱从水底匀速打捞出水，如图是吊车钢丝绳拉力F随石柱下表面距水底深度h变化的图象，（水的阻力忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）石柱浸没在水中受到的浮力；
（2）石柱未露出水面前，在水中上升2m铜丝绳拉力所做的功；
（3）在水底时石柱上表面受到的水的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】速度与物体运动；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．两个鸡蛋的重力约为1N，A不符合题意；
B．百米运动员在比赛时的速度约为10m/s，B符合题意；
C．教室内的大气压等于大气压强，故为1×105Pa，C不符合题意；
D．书桌上水平放置的教科书的质量约为260g，对桌面的压强约为
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】该题目考查的是重力、速度、压强的估计，平时注意积累记忆即可。
2．【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图；力作用的相互性
【解析】【解答】推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况．说明力的作用效果与力的作用点有关．
故选C．
【分析】力的三要素分别是大小、方向和作用点．三要素都可以影响力的作用效果，需要根据题目条件进行分析．
3．【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
4．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，A不符合题意；
B．镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，B不符合题意；
C．钓鱼竿的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，C不符合题意；
D．钢丝钳动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，省力杠杆可以省力，但是费距离，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，费力杠杆可以省距离，但是费力。
5．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．马德堡半球实验是验证大气压存在的实验，托里拆利实验是首次测出大气压强值的实验，A不符合题意；
B．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来增大压强的，B不符合题意；
C．挖掘机的履带是为了增大接触面积来减小压强的，C符合题意；
D．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大的特点，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】通过压强公式p=F/S可以看出，减小压强可以通过减小压力和增加受力面积实现。
6．【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．人对米袋有力的作用，且方向是竖直方向上的，且在力的方向上移动了距离，故人对大米做了功，A符合题意；
B．人对水桶有力的作用，在竖直方向上，而移动的方向是水平方向上，当力与移动的方向垂直时，这个力不做功，B不符合题意；
C．用力推汽车，汽车没动，有力，但是没有距离，故不做功，C不符合题意；
D．举着杠铃原地不动，有力，但是没有距离，故不做功，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】当物体在力的方向上移动一段距离时，外力才做功，结合物体的受力情况的移动方向判断即可。
7．【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】本题中，O为杠杆的支点，F动力，阻力为铁杆的重力，大小保持不变，阻力作用点在其几何中心，由力臂的定义，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力力臂变大，根据杠杆平衡条件 ，所以动力增大；当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡条件 ，所以动力减小。故F先增大后减小，故只有B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B 。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
8．【答案】A,B,D
【知识点】动能大小的比较；匀速直线运动特点；重力及其大小的计算；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC、由图可知，M和N的动能随时间大小不变，运动过程中，M和N的质量不变，所以速度不变，即大小相同的水平拉力F分别拉着物体M、N在不同的水平地面上做匀速直线运动，则物体在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两个物体受到的摩擦力是相同的，即：fM=fN；故A正确、C错误；
BD、接触面的粗糙程度相同，滑动摩擦力大小相同，所以两个物体对接触面的压力相同，两个物体的重力相同，根据G=mg可知，两个物体的质量相同，由图乙可知，M的动能小于N的动能，所以N的速度大，故BD正确。
故答案为：ABD。
【分析】动能的大小与质量和速度有关；物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；根据公式G=mg，可比较重力。
9．【答案】B,C
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A.“雨水”——水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需放出热量，故A错误；
B.“寒露”——水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需放出热量，故B正确；
C.“霜降”——水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，需放出热量，故C正确；
D.“大雪”——水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，需放出热量，故D错误。
故选BC。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
10．【答案】B,C,D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ACD.密度计始终在液面漂浮，则它受到的浮力始终等于重力，因此它受到的浮力相等。根据阿基米德原理F浮力=G排=m排g可知，密度计受到的浮力等于它排开液体的重力，且密度计排开甲液体的质量等于排开乙液体的质量，故A错误，C、D正确；
B.密度计受到的浮力不表，排开液体的体积V甲
故选BCD。
【分析】（1）（3）（4）根据浮沉条件比较密度计受到浮力大小，再根据阿基米德原理F浮力=G排=m排g比较排开液体质量大小；
（2）根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排比较液体密度大小。
11．【答案】静止
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】小萌同学骑自行车上学途中，以自行车为参照物，她的位置保持不变，则小萌是静止的。
【分析】如果物体相对参照物的位置发生改变，那么它是运动的；如果物体相对参照物的位置不变，那么它是静止的。
12．【答案】越小；越低
【知识点】大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】大气压的值不是固定不变的，随海拔的升高而降低，且水的沸点随气压的降低而降低，所以海波越高气压越小，水的沸点越低。
【分析】大气压强是地球大气层受到重力而产生的，随着海拔高度的增加而降低。液体的沸点与海拔的高低有关，海拔越高，液体的沸点越低。
13．【答案】不变；变小
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】根据 可知，潜艇在它露出水面之前，液体的密度和排开液体的体积不变，所以浮力不变。
根据 可知，潜艇在露出水面到完全露出水面时，排开液体的体积变小，则浮力变小。
【分析】阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积，液体密度越大，排开液体的体积越大，那么物体受到的浮力就越大。
14．【答案】减小；减小
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】跳伞员从高空匀速下落过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；质量不变，高度减小，则重力势能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，她的机械能减小。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
15．【答案】惯性；大气压
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继续保持原来的运动状态向前运动；（2）用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压。
故答案为：惯性；大气压。
【分析】惯性：物体保持运动状态不变的性质叫惯性.质量是物体惯性的唯一量度.
大气压的应用主要是利用气压差产生的压力差，常见的有吸管吸饮料、吸盘吸玻璃、注射器吸药液、钢笔吸墨水、活塞式抽水机抽水等，这类题目其实说“吸”是不准确的，应该说“压”，是内外气压产生的压力差的“压”的作用.
16．【答案】甲；丁；A
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】甲图将光线会聚在视网膜后方，因此甲图表示远视眼，远视眼应该佩戴凸透镜进行矫正．乙图将光线会聚在视网膜前方，因此乙图表示近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜进行矫正．因为小明的爷爷是老花眼，所以甲图是爷爷眼睛的成像示意图；矫正远视眼需配戴眼镜的镜片是凸透镜（图丁）；A是成的正立、放大的虚像，与放大镜的成像情况相符，所以爷爷想看书，应拿A眼镜给他．
【分析】近视眼是晶状体过厚使得对光线的偏折能力过强导致的，像成在视网膜的前方，应该佩戴凹透镜进行校正；
远视眼是晶状体过薄使得对光线的偏折能力较弱导致的，像成在视网膜的后方，应该佩戴凸透镜进行校正。
17．【答案】80%；225W
【知识点】功率的计算；滑轮组及其工作特点；机械效率的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，承担重力的绳子段数n=2，
则滑轮组的机械效率：；
（2）拉力的速度v=nv物=2×0.3m/s=0.6m/s；
则拉力的功率：P=Fv=375N×0.6m/s=225W。
【分析】（1）当使用滑轮组提升重物时，根据计算机械效率。
（2）首先根据v=nv物计算拉力的速度，再根据P=Fv计算拉力的功率。
18．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】不考虑空气阻力。小球摆动过程中，受到重力和绳子拉力的作用。过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。如图所示：
【分析】不考虑空气阻力，小球摆动过程中，受到重力和绳子拉力的作用，再利用力的示意图的画法画出各力即可.
19．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】将力F的作用线反向延长，然后通过支点O作F作用线的垂线，从支点O到垂足之间的距离就是动力臂L，如下图所示：
【分析】力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
20．【答案】（1）等于
（2）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）D
（4）匀速直线；静止
（5）不变
（6）水平向右
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）如图甲所示，用弹簧测力计拉着木块在长木板上做匀速运动，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）根据图片可知，甲和乙中接触面相同，乙中多一个砝码，即压力更大，且摩擦力更大，那么得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）木块受到的滑动摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，与其它因素无关。在实验1和3中，木块对接触面的压力相等，而3中滑动摩擦力更大，肯定是接触面粗糙程度变大了，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
（4）用如图甲所示的实验装置进行实验时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，其原因是很难让木块保持匀速直线运动。为解决上述问题，小张对实验进行了如图丙所示的改进，解决了上述问题，这是因为无论长木板怎样运动，木块都处于静止状态，便于读数。
（5）甲图中，木块在运动过程中所受拉力突然增大，但是木块对接触面的压力和粗糙程度不变，则滑动摩擦力将不变。
（6）乙图中，木块水平向右移动，相当于下面的木板水平向左移动，而摩擦力的方向与运动方向相反，因此木板受到木块对它的摩擦力方向水平向右。
【分析】（1）当物体在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
（2）根据图片，确定实验甲和乙中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。
（3）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析判断。
（4）在甲图所示的实验中，为了准确测量滑动摩擦力大小，要求木块必须做匀速直线运动，而这一点在实际操作中很难做到。在丙图中，无论下面的木板是否做匀速直线运动，木块对木板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此木块受到的滑动摩擦力不变，那么可以保证上面的木块始终处于静止状态。
（5）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析判断。
（6）摩擦力的方向总是与相对运动的方向相反。
21．【答案】（1）平衡螺母；右；A
（2）1
（3）可以改变力的方向；1；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆静止在图甲所示的位置，左边偏重，故需要移动平衡螺母，调节到水平位置平衡，将平衡螺母向右调节；调节到水平位置，力臂可以直接读取，故答案为：A。
（2）如图乙，在A处下方再挂一个相同的钩码，设每一个钩码重为G0，每一格为L0，则左边力为4G0，与力臂为2L0的乘积为8G0L0，右边的力为2G0，则经计算为4格，故需将挂在B处的钩码向右移动1格。
（3）弹簧测力计的优点在于可以改变力的方向；小东在A点挂上2N的砝码，则弹簧测力计至少需要
故弹簧测力计的示数为1N；小东将弹簧测力计向右和向左转过一定角度，阻力和阻力臂的乘积不变，动力臂变短，故动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
【分析】（1）调节杠杆平衡，杠杆的哪一端高就把平衡螺母往哪端调，最后使杠杆在水平位置平衡；杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂的大小；
（2）杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解即可；
（3）根据杠杆的平衡条件分析可得，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，所需要的动力就越小。
22．【答案】（1）竖直
（2）错误；没有控制排开水的体积相同
（3）A、D、E；越大
（4）1
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，要使用弹簧测力计测量物体的重力和竖直方向上的拉力，因此应该在竖直方向将弹簧测力计调零。
（2）我认为他的分析是错误的，理由是：没有控制物体排开水的体积相同。
（3）验证猜想b，即探究浮力大小要液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度，故选实验ADE。
盐水的密度大，其中测力计的示数小，根据F浮力=G-F拉可知，此时物体受到的浮力大小，那么得到结论：物体浸没在液体中，液体密度越大，同一物体受到的浮力越大。
（4）根据A、D两图可知，物体浸没在水中受到的浮力F浮力=G-F拉=4N-3N=1N。
【分析】（1）在哪个方向上拉动测力计，就要在哪个方向上进行调零。
（2）根据控制变量法的要求可知，探究浮力大小与深度的关系时，需要控制液体密度和物体排开液体的体积相同，只改变深度。而实验A、B、C中，深度和排开水的体积都发生了变化。
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。根据测力计的示数比较浮力大小，进而确定和液体密度的对应关系。
（4）根据A、D两图，利用F浮力=G-F拉计算物体浸没在水中受到的浮力。
23．【答案】（1）A处向上
（2）减少从加热至沸腾的时间
（3）乙
（4）继续吸热，温度不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1)由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。(2)实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样可以提高水的初温，缩短加热至沸腾所用的时间。(3)水在沸腾前，气泡从下往上逐渐变小，沸腾时，气泡从下往上逐渐变大，图乙是沸腾时的情况。(4)由图可知，水在沸腾过程中，继续吸热，温度不变。
【分析】（1）利用温度计测量物体的温度时，温度计的液泡不能与容器底盒容器壁接触，读数时应与刻度相平进行读数；
（2）液体的温度比较高，加热时间比较短；
（3）水沸腾前，液体的温度比较低，气泡往上运动，气泡中的水蒸气液化成水而变小；沸腾后，液体达到沸点，气泡往上运动，受到的液体压强减小，体积变大；
（4）沸腾的条件是达到沸点，持续吸热，水越多，加热的时间越长。
24．【答案】（1）解：小明的重力为：G小明＝mg＝55kg×10N/kg＝550N，
小明和自行车对地面的压力为：F＝G小明+G自行车＝550N+150N＝700N，
自行车前后轮与地面的总接触面积为：S＝20cm2＝2×10﹣3m2；
骑行时自行车对地面的压强为：
（2）解：根据液体压强公式p＝ρ液gh可知：
（3）解：骑行时受到的阻力：f=0.03G总=0.03×700N=21N，
根据二力平衡的知识可知，骑行时的动力F=f=21N；
骑行时动力做的功：W=Fs=21N×100m=2100J；
骑行时做功的功率：。
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G小明＝m小明g＝计算出小明的重力，再根据F＝G小明+G自行车计算自行车对地面的压力，接下来根据计算自行车对地面的压强。
（2）根据液体压强公式的变形式计算即可；
（3）首先根据f=0.03G总计算出自行车受到的阻力，再根据二力平衡的知识F=f计算出骑行时的牵引力，接下来根据W=Fs计算动力做的功，最后根据计算做功的功率。
25．【答案】（1）解：F浮＝G﹣F＝12500N﹣7500N＝5000N
答：石柱浸没在水中受到的浮力是5000N。
（2）解：W＝Fs＝7500N×2m＝15000J
答：石柱未露出水面前，在水中上升2m铜丝绳拉力所做的功是15000J。
（3）解：在水底时石柱上表面距水面的深度为：
h＝h2﹣h1＝5m﹣2m＝3m
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa
答：在水底时石柱上表面受到的水的压强是3×104Pa。
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据图象中数据，利用称重法 F浮＝G﹣F 求浮力.
（2）利用W=Fs求解.
（3）首先根据图象中数据求出水的深度和石柱高度，进而求得石柱上表面距水面深度，利用p=ρgh求压强.
云南省弥勒市2022-2023学年下学期八年级物理期末模拟考试试卷
一、选择题：（本大题共10个小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（2021八下·开州期末）根据你对生活中物理量的认识，下列数据最接近实际的是（ ）
A．两个鸡蛋的重力约为10N
B．百米运动员在比赛时的速度约为10m/s
C．教室内的大气压约为1.5×105Pa
D．书桌上水平放置的教科书对桌面的压强约为600Pa
【答案】B
【知识点】速度与物体运动；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．两个鸡蛋的重力约为1N，A不符合题意；
B．百米运动员在比赛时的速度约为10m/s，B符合题意；
C．教室内的大气压等于大气压强，故为1×105Pa，C不符合题意；
D．书桌上水平放置的教科书的质量约为260g，对桌面的压强约为
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】该题目考查的是重力、速度、压强的估计，平时注意积累记忆即可。
2．（2019八下·石家庄月考）用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动，而推课桌的上部，则课桌可能会翻倒，这说明力的作用效果（ ）
A．与力的大小有关 B．与力的方向有关
C．与力的作用点有关 D．与受力面积有关
【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图；力作用的相互性
【解析】【解答】推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况．说明力的作用效果与力的作用点有关．
故选C．
【分析】力的三要素分别是大小、方向和作用点．三要素都可以影响力的作用效果，需要根据题目条件进行分析．
3．（2023八下·弥勒期末）如图，下列光现象中，是由光的折射而形成的现象是( )
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
4．（2021八下·开州期末）下图所示的四种工具中，属于省力杠杆的是（ ）
A． 天平
B． 镊子
C． 钓鱼竿
D． 钢丝钳
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，A不符合题意；
B．镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，B不符合题意；
C．钓鱼竿的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，C不符合题意；
D．钢丝钳动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，省力杠杆可以省力，但是费距离，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，费力杠杆可以省距离，但是费力。
5．（2021八下·开州期末）下列关于压强的说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验首次测出大气压强值
B．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来减小压强
C．挖掘机的履带是为了减少挖掘机对地面的压强
D．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．马德堡半球实验是验证大气压存在的实验，托里拆利实验是首次测出大气压强值的实验，A不符合题意；
B．菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来增大压强的，B不符合题意；
C．挖掘机的履带是为了增大接触面积来减小压强的，C符合题意；
D．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大的特点，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】通过压强公式p=F/S可以看出，减小压强可以通过减小压力和增加受力面积实现。
6．（2021八下·开州期末）在下图的四种情境中，人对物体做功的是（ ）
A． 扛着米袋慢慢爬上楼梯
B． 提着水桶在水平地面上匀速前进
C． 用力推汽车，汽车没动
D． 举着杠铃原地不动
【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．人对米袋有力的作用，且方向是竖直方向上的，且在力的方向上移动了距离，故人对大米做了功，A符合题意；
B．人对水桶有力的作用，在竖直方向上，而移动的方向是水平方向上，当力与移动的方向垂直时，这个力不做功，B不符合题意；
C．用力推汽车，汽车没动，有力，但是没有距离，故不做功，C不符合题意；
D．举着杠铃原地不动，有力，但是没有距离，故不做功，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】当物体在力的方向上移动一段距离时，外力才做功，结合物体的受力情况的移动方向判断即可。
7．（2021八下·开州期末）如图所示，铁杆OA能绕固定在竖直墙上的O点转动。用始终垂直于OA的力F缓慢向上将铁杆抬高到OA'的位置，则力F的大小是（ ）
A．逐渐增大 B．先增大后减小
C．逐渐减小 D．保持不变
【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】本题中，O为杠杆的支点，F动力，阻力为铁杆的重力，大小保持不变，阻力作用点在其几何中心，由力臂的定义，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力力臂变大，根据杠杆平衡条件 ，所以动力增大；当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡条件 ，所以动力减小。故F先增大后减小，故只有B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B 。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
8．（2023·昆明模拟）用大小相同的水平拉力F分别使M、N在水平地面上做直线运动，M、N与地面间的接触面粗糙程度相同，如图甲所示，此过程中M和N的动能随时间变化的关系如图乙所示。根据图中信息，下列判断正确的是（ ）
A．两物体都做匀速直线运动 B．两物体的速度大小vM＜vN
C．两物体受到的摩擦力大小fM＞fN D．两物体的重力大小GM＝GN
【答案】A,B,D
【知识点】动能大小的比较；匀速直线运动特点；重力及其大小的计算；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC、由图可知，M和N的动能随时间大小不变，运动过程中，M和N的质量不变，所以速度不变，即大小相同的水平拉力F分别拉着物体M、N在不同的水平地面上做匀速直线运动，则物体在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两个物体受到的摩擦力是相同的，即：fM=fN；故A正确、C错误；
BD、接触面的粗糙程度相同，滑动摩擦力大小相同，所以两个物体对接触面的压力相同，两个物体的重力相同，根据G=mg可知，两个物体的质量相同，由图乙可知，M的动能小于N的动能，所以N的速度大，故BD正确。
故答案为：ABD。
【分析】动能的大小与质量和速度有关；物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；根据公式G=mg，可比较重力。
9．（2023八下·弥勒期末）二十四节气是上古农耕文明的产物，它是上古先民顺应农时，通过观察天体运行，认知一岁中时令、气候、物候等变化规律所形成的知识体系，准确地反映了自然节律变化。它不仅是指导农耕生产、预知冷暖雪雨的“指南针”，更是包含丰富民俗事象的民俗系。以下分析判断正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是汽化现象，要吸收热量
B．“寒露”——露的形成是液化现象，要放出热量
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象，要放出热量
D．“大雪”——雪的形成是升华现象，要吸收热量
【答案】B,C
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A.“雨水”——水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需放出热量，故A错误；
B.“寒露”——水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需放出热量，故B正确；
C.“霜降”——水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，需放出热量，故C正确；
D.“大雪”——水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，需放出热量，故D错误。
故选BC。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
10．（2023八下·弥勒期末）两个相同的量简内装有液体甲和液体乙，将两支相同的密度计放入两种液体中，静止后液面相平，如图所示。下列说法正确的是（ )
A．密度计排开甲液体的质量大于排开乙液体的质量
B．甲液体的密度比乙液体的密度大
C．密度计在两种液体中所受的浮力相等
D．密度计所受浮力的大小等于它排开液体所受的重力
【答案】B,C,D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ACD.密度计始终在液面漂浮，则它受到的浮力始终等于重力，因此它受到的浮力相等。根据阿基米德原理F浮力=G排=m排g可知，密度计受到的浮力等于它排开液体的重力，且密度计排开甲液体的质量等于排开乙液体的质量，故A错误，C、D正确；
B.密度计受到的浮力不表，排开液体的体积V甲
故选BCD。
【分析】（1）（3）（4）根据浮沉条件比较密度计受到浮力大小，再根据阿基米德原理F浮力=G排=m排g比较排开液体质量大小；
（2）根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排比较液体密度大小。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共14分）
11．（2023八下·弥勒期末）小萌同学骑自行车上学途中，以自行车为参照物，小萌是 的；
【答案】静止
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】小萌同学骑自行车上学途中，以自行车为参照物，她的位置保持不变，则小萌是静止的。
【分析】如果物体相对参照物的位置发生改变，那么它是运动的；如果物体相对参照物的位置不变，那么它是静止的。
12．（2021八下·开州期末）意大利科学家托里拆利首先通过实验测定了大气压强的数值。我国青藏高原地区煮面条都要用高压锅，是因为海拔高度越高，大气压强 （选填“越大”或“越小”），水的沸点就 （选填“越高”或“越低”）。
【答案】越小；越低
【知识点】大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】大气压的值不是固定不变的，随海拔的升高而降低，且水的沸点随气压的降低而降低，所以海波越高气压越小，水的沸点越低。
【分析】大气压强是地球大气层受到重力而产生的，随着海拔高度的增加而降低。液体的沸点与海拔的高低有关，海拔越高，液体的沸点越低。
13．（2021八下·开州期末）停在海面下10m的一艘潜艇接到上浮命令后开始上浮，在它露出水面之前受到的浮力 ，露出水面到完全露出水面受到的浮力 。（填“变大”， “变小”或“不变”）
【答案】不变；变小
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】根据 可知，潜艇在它露出水面之前，液体的密度和排开液体的体积不变，所以浮力不变。
根据 可知，潜艇在露出水面到完全露出水面时，排开液体的体积变小，则浮力变小。
【分析】阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积，液体密度越大，排开液体的体积越大，那么物体受到的浮力就越大。
14．（2023八下·弥勒期末）极限跳伞是一项惊险的体育运动。跳伞员从高空匀速下落过程中重力势能 ，机械能 ，（选填"增大""减小"或"不变"）。
【答案】减小；减小
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】跳伞员从高空匀速下落过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；质量不变，高度减小，则重力势能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，她的机械能减小。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
15．（2018·云南）中国轮椅冰壶队在韩国平昌冬残奥会上夺得金牌，实现了我国冬残奥会金牌“零的突破”。运动员将冰壶推出后，冰壶由于 继续向前运动。 休息时，运动员用吸管吸饮料，这是利用了 的作用。
【答案】惯性；大气压
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继续保持原来的运动状态向前运动；（2）用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压。
故答案为：惯性；大气压。
【分析】惯性：物体保持运动状态不变的性质叫惯性.质量是物体惯性的唯一量度.
大气压的应用主要是利用气压差产生的压力差，常见的有吸管吸饮料、吸盘吸玻璃、注射器吸药液、钢笔吸墨水、活塞式抽水机抽水等，这类题目其实说“吸”是不准确的，应该说“压”，是内外气压产生的压力差的“压”的作用.
16．（2019八上·东莞月考）小明的爷爷是老花眼，爸爸是近视眼，如图甲、乙示意图中，图 （选填“甲”或“乙”）是爷爷眼睛的成像示意图，矫正需戴眼镜的镜片应选用图 （选填“丙”或“丁”）.爷爷想看书，小明应拿 （选填“A”或“B”）眼镜给他.
【答案】甲；丁；A
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】甲图将光线会聚在视网膜后方，因此甲图表示远视眼，远视眼应该佩戴凸透镜进行矫正．乙图将光线会聚在视网膜前方，因此乙图表示近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜进行矫正．因为小明的爷爷是老花眼，所以甲图是爷爷眼睛的成像示意图；矫正远视眼需配戴眼镜的镜片是凸透镜（图丁）；A是成的正立、放大的虚像，与放大镜的成像情况相符，所以爷爷想看书，应拿A眼镜给他．
【分析】近视眼是晶状体过厚使得对光线的偏折能力过强导致的，像成在视网膜的前方，应该佩戴凹透镜进行校正；
远视眼是晶状体过薄使得对光线的偏折能力较弱导致的，像成在视网膜的后方，应该佩戴凸透镜进行校正。
17．（2023八下·弥勒期末）如图，工人用滑轮组将重为600N的建筑材料以0.3m/s的速度匀速竖直提升。人对绳子自由端的拉力F＝375N，滑轮组的机械效率为 ，拉力F的功率为 。
【答案】80%；225W
【知识点】功率的计算；滑轮组及其工作特点；机械效率的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，承担重力的绳子段数n=2，
则滑轮组的机械效率：；
（2）拉力的速度v=nv物=2×0.3m/s=0.6m/s；
则拉力的功率：P=Fv=375N×0.6m/s=225W。
【分析】（1）当使用滑轮组提升重物时，根据计算机械效率。
（2）首先根据v=nv物计算拉力的速度，再根据P=Fv计算拉力的功率。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分。）
18．（2019·云南）请在图中画出细线悬挂的小球摆动到图示位置时受到的力的示意图（不考虑空气阻力）。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】不考虑空气阻力。小球摆动过程中，受到重力和绳子拉力的作用。过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。如图所示：
【分析】不考虑空气阻力，小球摆动过程中，受到重力和绳子拉力的作用，再利用力的示意图的画法画出各力即可.
19．（2023八下·弥勒期末）在图中，画出动力F的力臂L。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】将力F的作用线反向延长，然后通过支点O作F作用线的垂线，从支点O到垂足之间的距离就是动力臂L，如下图所示：
【分析】力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
四、实验与探究题（本题共4个小题，第20小题7分，第21小题7分，第22小题6分，第23小题4分,共24分。）
20．（2023八下·弥勒期末）小李同学用弹簧测力计、正方体木块、长木板、砝码等器材"探究影响滑动摩擦力大小的因素"实验，如图所示。
（1）如图甲所示，用弹簧测力计拉着木块在长木板上做匀速运动，滑动摩擦力的大小 弹簧测力计的示数。（选填"大于"，"等于"或"小于"）
（2）小李同学用弹簧测力计匀速拉木块进行了图甲、乙所示的实验操作，记录数据为表中1、2，由此得到的结论是 。
（3）下表中第1和3两次实验中木块受到的滑动摩擦力不同的原因可能是（ ）
A．两次拉动速度不同
B．两次木块对木板的压力不同
C．木块正面和侧面的接触面积不同
D．木块正面和侧面的粗糙程度不同
（4）采用如图甲所示的实验装置进行实验时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，其原因是很难让木块保持 运动。为解决上述问题，小张对实验进行了如图丙所示的改进，解决了上述问题，这是因为无论长木板怎样运动，木块都处于 状态，便于读数。
（5）甲图中，木块在运动过程中所受拉力突然增大，滑动摩擦力将 （选填"变大""变小"或"不变"）。
（6）乙图中，木板受到木块对它的摩擦力的方向 。
【答案】（1）等于
（2）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）D
（4）匀速直线；静止
（5）不变
（6）水平向右
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）如图甲所示，用弹簧测力计拉着木块在长木板上做匀速运动，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）根据图片可知，甲和乙中接触面相同，乙中多一个砝码，即压力更大，且摩擦力更大，那么得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）木块受到的滑动摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，与其它因素无关。在实验1和3中，木块对接触面的压力相等，而3中滑动摩擦力更大，肯定是接触面粗糙程度变大了，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
（4）用如图甲所示的实验装置进行实验时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，其原因是很难让木块保持匀速直线运动。为解决上述问题，小张对实验进行了如图丙所示的改进，解决了上述问题，这是因为无论长木板怎样运动，木块都处于静止状态，便于读数。
（5）甲图中，木块在运动过程中所受拉力突然增大，但是木块对接触面的压力和粗糙程度不变，则滑动摩擦力将不变。
（6）乙图中，木块水平向右移动，相当于下面的木板水平向左移动，而摩擦力的方向与运动方向相反，因此木板受到木块对它的摩擦力方向水平向右。
【分析】（1）当物体在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
（2）根据图片，确定实验甲和乙中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。
（3）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析判断。
（4）在甲图所示的实验中，为了准确测量滑动摩擦力大小，要求木块必须做匀速直线运动，而这一点在实际操作中很难做到。在丙图中，无论下面的木板是否做匀速直线运动，木块对木板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此木块受到的滑动摩擦力不变，那么可以保证上面的木块始终处于静止状态。
（5）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析判断。
（6）摩擦力的方向总是与相对运动的方向相反。
21．（2021八下·开州期末）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。
（1）在杠杆挂上钩码前，杠杆静止在图甲所示的位置，为了使杠杆水平平衡，应将 向 （选填“左”或“右”）调，关于调节水平平衡的目的下列说法正确的是 ；
A．为了方便测量力臂 B．为了方便挂钩码
（2）如图乙中杠杆恰好处于水平平衡，若在A处下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，则需将挂在B处的钩码向右移动 格；
（3）小李同学通过多次改变钩码的个数和移动钩码的位置进行了多次实验，最终得出了：动力x支点到动力作用点的距离=阻力x支点到阻力作用点的距离。可是小东觉得这个实验结论不可靠，于是他重新设计了实验方案如图丙：
①小东换上弹簧测力计的好处是 ；
②小东在A点挂上2N的砝码，则弹簧测力计至少需要 N时，杠杆就可以保持平衡；
③随后，小东将弹簧测力计向右和向左转过一定角度，发现弹簧测力计的示数 （选填“变大”“变小”或“不变”）才能使杠杆重新平衡，因此小东认为小李的结论是不可靠的。
【答案】（1）平衡螺母；右；A
（2）1
（3）可以改变力的方向；1；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆静止在图甲所示的位置，左边偏重，故需要移动平衡螺母，调节到水平位置平衡，将平衡螺母向右调节；调节到水平位置，力臂可以直接读取，故答案为：A。
（2）如图乙，在A处下方再挂一个相同的钩码，设每一个钩码重为G0，每一格为L0，则左边力为4G0，与力臂为2L0的乘积为8G0L0，右边的力为2G0，则经计算为4格，故需将挂在B处的钩码向右移动1格。
（3）弹簧测力计的优点在于可以改变力的方向；小东在A点挂上2N的砝码，则弹簧测力计至少需要
故弹簧测力计的示数为1N；小东将弹簧测力计向右和向左转过一定角度，阻力和阻力臂的乘积不变，动力臂变短，故动力变大，故弹簧测力计的示数变大。
【分析】（1）调节杠杆平衡，杠杆的哪一端高就把平衡螺母往哪端调，最后使杠杆在水平位置平衡；杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂的大小；
（2）杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解即可；
（3）根据杠杆的平衡条件分析可得，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，所需要的动力就越小。
22．（2023八下·弥勒期末） (学习了浮力知识后，小明对影响浮力大小的因素进行如下猜想。
a．物体浸入液体的深度越深，受到的浮力越大；
b．物体浸没在液体中，液体的密度越大，受到的浮力越大。
后他利用物体M进行了如下探究过程进行验证，如图所示。
（1）进行实验前应在 方向将弹簧测力计调零。
（2）小明用调节好的弹簧测力计进行A、B、C三个步骤时，发现物体浸入水中的深度越深，物体所受的浮力越大，于是他认为猜想a是正确的。你认为他的分析是 (选填“正确”或“错误”)的，原因是 。
（3）为了验证猜想b，应该选择的实验步骤为 ，得出的结论是：物体浸没在液体中，液体密度越大，同一物体受到的浮力 (选填“越大”“越小”或“不变”)(ρ水＝1.0×103 kg/m3，ρ盐水＝1.03×103 kg/m3)。
（4）实验中物体M浸没在水中受到的浮力为 N。
【答案】（1）竖直
（2）错误；没有控制排开水的体积相同
（3）A、D、E；越大
（4）1
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，要使用弹簧测力计测量物体的重力和竖直方向上的拉力，因此应该在竖直方向将弹簧测力计调零。
（2）我认为他的分析是错误的，理由是：没有控制物体排开水的体积相同。
（3）验证猜想b，即探究浮力大小要液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度，故选实验ADE。
盐水的密度大，其中测力计的示数小，根据F浮力=G-F拉可知，此时物体受到的浮力大小，那么得到结论：物体浸没在液体中，液体密度越大，同一物体受到的浮力越大。
（4）根据A、D两图可知，物体浸没在水中受到的浮力F浮力=G-F拉=4N-3N=1N。
【分析】（1）在哪个方向上拉动测力计，就要在哪个方向上进行调零。
（2）根据控制变量法的要求可知，探究浮力大小与深度的关系时，需要控制液体密度和物体排开液体的体积相同，只改变深度。而实验A、B、C中，深度和排开水的体积都发生了变化。
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。根据测力计的示数比较浮力大小，进而确定和液体密度的对应关系。
（4）根据A、D两图，利用F浮力=G-F拉计算物体浸没在水中受到的浮力。
23．（2020·荆门）科学探究是物理学科的重要组成部分。如下是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。
（1）图甲是某小组同学组装的实验装置，安装温度计时玻璃泡接触到烧杯底部，此时应适当将 （选填“A处向上”或“B处向下”）进行调整；
（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样做是为了 ；
（3）图乙、丙是朵朵同学在实验中观察到的两种不同的实验现象，其中图 是水沸腾时的情况；
（4）根据实验数据绘制出温度随时间变化的关系如图丁所示。分析该图除可知水的沸点外，还可知水沸腾时的特点是 。
【答案】（1）A处向上
（2）减少从加热至沸腾的时间
（3）乙
（4）继续吸热，温度不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1)由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。(2)实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样可以提高水的初温，缩短加热至沸腾所用的时间。(3)水在沸腾前，气泡从下往上逐渐变小，沸腾时，气泡从下往上逐渐变大，图乙是沸腾时的情况。(4)由图可知，水在沸腾过程中，继续吸热，温度不变。
【分析】（1）利用温度计测量物体的温度时，温度计的液泡不能与容器底盒容器壁接触，读数时应与刻度相平进行读数；
（2）液体的温度比较高，加热时间比较短；
（3）水沸腾前，液体的温度比较低，气泡往上运动，气泡中的水蒸气液化成水而变小；沸腾后，液体达到沸点，气泡往上运动，受到的液体压强减小，体积变大；
（4）沸腾的条件是达到沸点，持续吸热，水越多，加热的时间越长。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）要求：（1）语言表述简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
24．（2023八下·弥勒期末）自行车骑行是生活中一种环保的出行方式。如图所示，小明骑自行车出行的途中，沿直线匀速经过一段长100m的平直路面，用时20s。该过程中前后轮与地面的总接触面积为20cm2。若小明的质量为55kg，自行车重150N，骑行时受到的阻力为总重的0.03倍。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
（1）求骑行时车对水平地面的压强；
（2）该压强相当于多高水柱产生的压强？
（3）求骑行过程中动力做的功及功率。
【答案】（1）解：小明的重力为：G小明＝mg＝55kg×10N/kg＝550N，
小明和自行车对地面的压力为：F＝G小明+G自行车＝550N+150N＝700N，
自行车前后轮与地面的总接触面积为：S＝20cm2＝2×10﹣3m2；
骑行时自行车对地面的压强为：
（2）解：根据液体压强公式p＝ρ液gh可知：
（3）解：骑行时受到的阻力：f=0.03G总=0.03×700N=21N，
根据二力平衡的知识可知，骑行时的动力F=f=21N；
骑行时动力做的功：W=Fs=21N×100m=2100J；
骑行时做功的功率：。
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G小明＝m小明g＝计算出小明的重力，再根据F＝G小明+G自行车计算自行车对地面的压力，接下来根据计算自行车对地面的压强。
（2）根据液体压强公式的变形式计算即可；
（3）首先根据f=0.03G总计算出自行车受到的阻力，再根据二力平衡的知识F=f计算出骑行时的牵引力，接下来根据W=Fs计算动力做的功，最后根据计算做功的功率。
25．（2019·云南）某水底打捞作业中，需将一长方体石柱从水底匀速打捞出水，如图是吊车钢丝绳拉力F随石柱下表面距水底深度h变化的图象，（水的阻力忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）石柱浸没在水中受到的浮力；
（2）石柱未露出水面前，在水中上升2m铜丝绳拉力所做的功；
（3）在水底时石柱上表面受到的水的压强。
【答案】（1）解：F浮＝G﹣F＝12500N﹣7500N＝5000N
答：石柱浸没在水中受到的浮力是5000N。
（2）解：W＝Fs＝7500N×2m＝15000J
答：石柱未露出水面前，在水中上升2m铜丝绳拉力所做的功是15000J。
（3）解：在水底时石柱上表面距水面的深度为：
h＝h2﹣h1＝5m﹣2m＝3m
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa
答：在水底时石柱上表面受到的水的压强是3×104Pa。
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据图象中数据，利用称重法 F浮＝G﹣F 求浮力.
（2）利用W=Fs求解.
（3）首先根据图象中数据求出水的深度和石柱高度，进而求得石柱上表面距水面深度，利用p=ρgh求压强.
