2023年福建省福州十九中中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）
1. 通过改良蒸汽机推动了第一次工业革命的英国物理学家是( )
A. 伏特 B. 焦耳 C. 安培 D. 瓦特
2. 中国第一部诗歌总集诗经中有“伯氏吹埙仲氏吹篪”，人们能分辨埙和篪这两种乐器发出的声音，主要是依据声音的( )
A. 音调 B. 音速 C. 音色 D. 响度
3. 赏诗词之美，品科学之道下列诗句所描述的现象可以用光的直线传播来解释的是( )
A. 峰多巧障日 B. 池水映明月 C. 潭清疑水浅 D. 明镜可鉴形
4. 新能源智能汽车的车窗采用“智能玻璃”，可调节温度和透明度。冬天行车时，车窗出现白雾，其形成的物态变化和智能玻璃的温度调节是( )
A. 液化 温度调高 B. 液化 温度调低 C. 凝华 温度调高 D. 凝华 温度调低
5. 下列选项中符合安全用电原则的是( )
A. 将电动车推到走廊充电 B. 打扫清洁时，用湿毛巾擦拭家用电器
C. 多个大功率用电器可以同时用一个插座 D. 用手接触测电笔的笔尾金属检查火线
6. 人的身体中藏有很多不同的“尺”，下列有关中学生的估测符合实际的是( )
A. 一分钟呼吸约次 B. 身高大约 C. 质量约 D. 正常体温约
7. 年月日，我国自主研制的首套高温超导电动悬浮试验系统完成首次悬浮运行，其高温超导材料可在液氮温度为转变为超导态，使用液氮冷却是利用了液氮( )
A. 熔点高 B. 沸点低 C. 密度小 D. 比热容大
8. 年杭州亚运会共设个竞赛大项，个分项。如图所示是四个项目的图标，图标中体重相同的运动员对水平地面压强最小的是( )
A. 田径 B. 射箭
C. 足球 D. 举重
9. 在第届北京冬奥会上，中国运动员谷爱凌在冬奥会自由式滑雪大跳台项目中夺冠。如图是该项目示意图，实线代表雪道，虚线是运动员运动的轨迹，运动员从点起滑，最后落在着陆坡的位置后，完成比赛。下列说法正确的是( )
A. 从滑到的过程中，运动员的动能减小，势能增大
B. 从到的过程中，动能转化为重力势能
C. 在运动到点时，如果外力消失，将静止在点
D. 落在着陆坡上时，由于受到惯性作用，运动员还会继续向前滑动一段距离
10. 为了防护师生安全，校园入口处设立了如图所示的红外线人脸或校园卡识别系统。若人脸识别通过，开关闭合；若刷校园卡识别通过，开关闭合。当人脸识别通过或刷校园卡识别通过，闸门打开。如图的四个电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 年月日，中国东方航空使用中国商飞全球首架交付的大型客机如图所示，从上海虹桥机场飞抵北京首都国际机场。下列说法正确的是( )
A. 飞机配备的雷达利用了超声波传输信号
B. 若飞机在有风的天气起飞，则顺风方向起飞更容易升空
C. 飞机滑行时机翼上方的空气流速大压强小
D. 机身大量采用我国自主研发的密度大的碳纤维复合材料实现减重
12. 如图所示为某握力计及其工作原理图，电源电压恒定，为定值电阻，为滑动变阻器，当握力增大时( )
A. 电流表的示数增大 B. 电压表的示数增大
C. 定值电阻的功率增大 D. 电路消耗的总功率增大
13. 利用电源、开关、导线、金属极板、小灯泡、一杯浓度较低的溶液可以组成如图所示电路，闭合开关后小灯泡发光。则( )
A. 溶液中的自右向左定向移动
B. 会受到右侧金属极板的吸引力
C. 将两个金属极板靠近，灯泡会变亮
D. 电压表测量的是电源和小灯泡两端的电压
14. 如图所示，足够高的容器内部底面积为，轻质弹簧不计质量与体积的下端固定在容器底部，上端与高为，底面积为的长方体连接，已知弹簧受到的拉力每增加，弹簧长度就伸长。现向容器内注水，当水的深度为时，弹簧长度恰好为原长，此时物体有的体积露出水面，则( )
A. 物体的密度为
B. 水对容器底部的压力
C. 若向容器中缓慢加水直到浸没水中，则弹簧对 的拉力
D. 若向容器中缓慢加水直到刚浸没水中，水对容器底部的压强增加
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
15. 年月日，“中国传统制茶技艺及其相关习俗”申遗成功，如图是手工制茶的工序之一晒青。晒青的过程通过______ 改变茶叶内能；在制茶的过程中可以闻到茶叶的清香，说明了分子在永不停息做______ 运动。
16. 年月日，“神舟十六号”载人飞船由“长征二号”遥十六运载火箭发射升空，中国首位载荷专家进入太空。火箭发射时向下喷出高温高压燃气，利用力的作用是______ ，火箭获得向上的推力。船箭分离后飞船快速交会对接于“天和”核心舱，空间站形成“三舱三船”构型，如图所示，以空间站为参照物，“神舟十六号”飞船是______ 。
17. 年月日，我国“人造太阳”创造新的世界纪录，实现了高功率稳定的秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行。太阳能属于______ 选填“可再生”或“不可再生”能源；“人造太阳”利用核聚变获取太阳能，氢原子核的核外电子之间由于带有______ 选填“同种”或“异种”电荷存在很强的静电排斥力，在高温高压下，克服排斥力而聚合成质量较大的原子核释放出能量。
18. 如图所示，使用滑轮组提升重为的物体，每个滑轮重、不计绳重和摩擦，将物体匀速提升，绳子自由端移动的距离为______ ，拉力大小为______ 。
19. 如图甲所示是某同学设计的模拟电路，可在潮湿的阴雨天开启警示灯，警示灯能随湿度变化而自动调整亮度。闭合开关，线圈的上端为______ 极。、是两种不同的湿敏电阻，阻值的大小随湿度的变化如图乙所示，模拟电路的湿敏电阻应选择______ 。
20. 如图甲所示电路，电源电压不变，滑动变阻器规格为“，”。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片从最左端移至位置，灯恰好正常发光，电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙所示。则电源电压为______ ，灯泡消耗的电功率的变化量为______ 。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 如图所示，在图中画出汤匙在手指尖上水平静止时，汤匙所受力的示意图。
22. 按家庭电路要求完成作图。
四、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
23. 如图是“探究光的反射规律”的实验装置：
小华先用加湿器使实验空间充满雾气，可显示出光路，是利用了光照到烟雾上会发生______ ；将平面镜放在一个能转动的水平圆台上，在柱上固定一红色激光笔，使其发出的光垂直射向平面镜上的点，其作用是为了显示______ 的位置；
缓缓转动水平圆台，当观察到红色激光束和绿色激光束重合为一条直线时，可判定反射光线、入射光线和法线都在______ 内；
用量角器分别测量入射角和反射角，发现两角相等。小华得出：反射角等于入射角。这一结论可靠吗？______ ，接下来的操作是______ 。
24. 如图甲是小明探究“冰熔化时温度变化规律”的实验装置图，将的碎冰块装入试管实验过程不计质量损失：
实验装置应选用图甲中的______ ；
实验中某时刻温度计的示数如图乙所示，此时冰的温度是______ ；
试管中的冰完全熔化后，若持续加热，绘制出温度随时间变化的图象，如图丙所示。可知该物质熔化和沸腾时温度的特点是______ ；在段，试管中的水不能沸腾的原因是______ ；
段的水升温过程中，水吸收的热量是______ 。
25. 如图所示是探究液体内部压强的实验：
如图甲所示，在检查压强计的气密性时，用不同的力按压探头的橡皮膜，发现形管两侧液面高度差变化始终较______ 选填“大”或“小”，说明压强计的气密性较差；
当调整好压强计后，将压强计的探头放入液体中，可以通过比较形管两侧液面______ 来比较液体压强的大小；
调节好压强计后，将探头放入水中，保持探头深度不变，向不同方向旋转探头。发现形管两侧液面高度差不变，说明同种液体同一深度，各个方向的液体压强______ ；
分析图乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随深度增加而______ ；
为了研究液体压强与液体密度的关系，小理同学将液体压强计做了如图丁的改进，两探头置于空气中时，形管两侧液面______ 。再将两探头分别放入、两种不同液体中，调节两探头所处深度使形管两侧液面恰好相平，此时，则 ______ 。
26. 小明想测量矿石的密度，进行了如下操作：
把天平放在水平桌面上，并将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向______ 调节，使天平平衡；
正确测量，天平重新平衡后，右盘砝码和游码如图乙所示，矿石的质量是______ ；
矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的密度为______ ；
若该矿石吸水，按以上步骤测量出矿石的密度将偏______ 填“大”或“小”；
小明利用干燥、不吸水的矿石还可测出未知液体的密度，操作如下：
在圆柱形容器中装入待测液体，如图甲所示，将平底烧杯放入待测液体中，烧杯静止时容器中液体的深度为；
将矿石放入烧杯中，如图乙烧杯静止时露出液面的高度为，容器中液体的深度为；
将矿石拴在烧杯底部，如图丙所示，烧杯静止时露出液面的高度为。已知矿石的密度为，圆柱形容器的底面积是烧杯底面积的倍，则待测液体密度的表达式 ______ 。用已知物理量符号表示，烧杯视为上下粗细均匀的容器
27. 小华用如图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压保持不变：
请用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，使滑片向右移动时灯泡变亮；连接电路时，开关要______ ；
连接好电路，闭合开关，移动滑片过程中观察到电压表没有示数，电流表有示数，则故障原因可能是______ ；
排除电路故障后继续实验，当用电阻替换电阻时，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移到______ 端，闭合开关调节后电流表示数如图乙所示是______ ；
根据实验数据绘制的图象如图丙所示，为了完成整体实验，滑动变阻器的最大阻值至少为______ ；根据图象可得出实验结论是：______ ；
小明用相同的装置进行实验，并将实验数据也绘制如图丙所示的图象，发现与小华的图象不一致，请你帮忙分析出现此情况的原因是______ ；
上述实验完成后，他们想测量另一个铭牌模糊不清的定值电阻的阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丁所示的电路电源电压恒定但未知，滑动变阻器最大阻值为，请将他们的实验步骤补充完整：
闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为；
闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电流表的示数为；
定值电阻 ______ 用、和表示。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
28. 年月日是世界湿地日。我国新增处国际重要湿地，总面积万公顷，占世界第四位。湿地被喻为“地球之肾”具有调节气候的作用，请你用所学的物理知识解释调节气候的主要原因。
六、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
29. 年月日，世界综合技术难度最高、装机规模全球第二大的水电站白鹤滩水电站最后一台机组投产发电如图。白鹤滩所有机组全部投产发电，年均发电量可达，若火电站达到同样的发电量需要消耗标准煤。标准煤的热值求：
这些标准煤完全燃烧释放的热量；
火力发电的效率。
30. 电影流浪地球中拥有四条支腿的步履式挖掘机徐工，如图所示，又称“钢铁螳螂”，由徐工集团生产，质量达，能轻松越过的垂直障碍，跨越壕沟，涉水深度可达，能在不同地形环境下进行应急救援，堪比变形金刚的存在。
涉水深度达到时，水对挖掘机底部的压强是多少？
该步履式挖掘机停在水平地面上时，轮胎与地面的总接触面积为，此时水平地面受到的压强是多少？
该步履式挖掘机采用的是一台的柴油机，工作所做的功是多少？
31. 如图甲所示，是某研究小组设计的一套测量物体重力的模拟装置，为水平杠杆，为支点，：：，电源电压保持不变，电流表的量程为，定值电阻的阻值为，压力传感器固定放置，的阻值随其所受压力变化的关系如图乙所示。当平板空载时，闭合开关，电流表的示数为。平板、压杆和杠杆的质量均忽略不计
电源电压是多少？
当电流表示数为时，物体的重力是多少？
在电路安全的情况下，缓慢增加平板上的物体的重力过程中，当电路消耗功率分别达最小值和最大值时，压力传感器消耗功率的比值是多少？
要增大此装置的测量范围，请提出一条改进建议。
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：通过改良蒸汽机推动了第一次工业革命的英国物理学家是瓦特。
故选：。
瓦特改良了蒸汽机，以瓦特的名字命名为功率的单位。
本题考查了对英国物理学家瓦特的认识，属于基础题。
2.【答案】
【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同。
故选：。
声音是由物体的振动产生的；我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。
不同的乐器可以发出相同音调、相同响度，但音色一般不同。
3.【答案】
【解析】解：“峰多巧障日”是因为光在同种均匀介质中沿直线传播，故A符合题意；
“池水映明月”、“明镜可鉴形”是因为平面镜成像，发生的是光的反射现象，故BD不符合题意；
C.“潭清疑水浅”是因为光从水中斜射入空气中时发生了折射现象，看到变浅的池底的像，故C不符合题意。
故选：。
光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4.【答案】
【解析】解：车内温度高，水蒸气遇到冷的玻璃液化成小水珠；将智能玻璃温度调高，使得车内的水蒸气不能遇冷液化。
故选：。
物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化放热，据此分析温度调节的方向。
本题考查的是液化和液化的特点，属于基础题。
5.【答案】
【解析】解：、电动车在走廊长时间充电，易引发火灾，故A不符合安全用电原则；
B、生活用水是导体，用湿毛巾擦拭家用电器容易发生触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、多个大功率用电器同时用一个插座，总功率过大，会造成干路电流过大，容易引发火灾，故C不符合安全用电原则；
D、使用测电笔辨别火线时，一定要用手接触笔尾金属体接触笔尾金属体是不会触电的，但不能接触笔尖金属体，故D符合安全用电原则。
故选：。
电动车长时间充电时，会产生较多的热量，容易引发火灾；
生活用水是导体；
造成家庭电路中电流过大的原因：一是用电器总功率过大，二是短路；
使用试电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，当接触火线时氖管会发光。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。
6.【答案】
【解析】解：、中学生约呼吸次，故A不合理；
B、中学生身高大约，故B不合理；
C、中学生质量约，故C不合理；
D、人正常体温约且变化幅度很小，故D合理。
故选：。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
不同物理量的估测，有的需要生活经验、有的需要换算单位、有的需要简单计算，最后判断哪个选项符合实际。
7.【答案】
【解析】解：高温超导体使用液氮冷却，是利用了液氮的沸点较低的特点，在很低的温度下可以沸腾，从金属导体上吸收热量，使金属的温度降低，达到超导的目的，故B正确，ACD错误。
故选：。
液氮的沸点低，沸腾时要吸热。
本题考查超导材料的应用。
8.【答案】
【解析】解：图中的种情况，体重相同的运动员都是双脚着地的，可认为受力面积相同，图举重时对面的的压力大，根据可知，举重时对水平地面的压强最大，即；
甲图运动员的双脚和双手都着地，受力面积最大，对地面的压力等于自身的重力，根据可知甲图对水平地面的压强最小，故A符合题意。
故选：。
根据压强的计算公式知，在压力一定时，受力面积越大，压强越大；在受力面积一定时，压力越大，压强越大。
此题考查的对于压强大小的比较，是一道基础题。
9.【答案】
【解析】解：、从滑到点过程，运动员的质量不变，速度增大，动能增大，高度不断减小，重力势能减小，故A错误；
B、由图知，从到的过程中，高度不断增大，速度不断减小，重力势能变大，动能变小，是动能转化为重力势能，故B正确；
C、在运动到点时，具有一定的速度，如果外力消失，根据牛顿第一定律可知，将做匀速直线运动，故C错误；
D、惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能为动能和势能的和。
根据牛顿第一定律分析；
惯性是一种性质。
本题考查了动能和重力势能的转化、惯性现象、牛顿第一定律的应用，属于基础题。
10.【答案】
【解析】解：根据题意可知，若人脸识别通过，开关闭合；若刷校园卡识别通过，开关闭合。当人脸识别通过或刷校园卡识别通过，闸门打开，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联，故C正确。
故选：。
根据题意分析两个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
11.【答案】
【解析】解：、飞机配备的雷达利用了电磁波传输信号，故A错误；
B、飞机是利用升力来升空的，因此，逆风飞行时，机翼上下两个表面的空气流速差更大，从而能产生更大的升力，所以逆风起飞更容易升空，故B错误；
C、根据流体压强和流速的关系可知，飞机滑行时机翼上方的空气流速大压强小，故C正确；
D、在体积一定时，材料的密度越小，其质量会越小，机身大量采用我国自主研发的密度较小的碳纤维复合材料实现减重，故D错误。
故选：。
飞机与地面的联系是利用电磁波来传输信号的；
飞机起飞时，需要与空气之间有较大的相对速度；
机翼上方的空气流速比下方的快，由流体压强和流速的关系可知，机翼下方向上的压强大于机翼上方向下的压强，上下表面存在一个向上的压力差；
在体积一定时，材料的密度越小，质量越小。
本题考查电磁波的应用、压强与流速的关系、密度的应用等知识。
12.【答案】
【解析】解：由电路图可知，与串联，电压表测的滑片上端电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
当握力增大时，滑片向下移动，由于电压表所在电路相当于断路，所以滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中电流不变，电流表示数不变；
滑片向下移动，与电压表并联部分的电阻变大，根据可知，电压表示数增大；
根据可知，的功率大小不变；
根据可知，电路的总功率不变；
综上所述，B正确。
故选：。
由电路图可知，与串联，电压表测的滑片上端电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；
根据可知的功率的变化；根据分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率计算公式的应用，难度不大。
13.【答案】
【解析】解：
A、由图可知，闭合开关后，电流的方向是逆时针的，所以溶液中的自左向右定向移动，故A正确；
B、电源的作用是使正极聚集正电荷，负极聚集负电荷，右侧金属极板聚集负电荷，同种电荷相互排斥，所以会受到右侧金属极板的排斥力，故B错误；
C、将两个金属极板靠近，导电溶液的长度变短，电阻变小，电路中的电流变大，灯泡的实际功率变大，灯泡会变亮，故C正确；
D、由图可知，电压表并联到了溶液的两端，测量的是溶液两端的电压，故D错误。
故选：。
正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流的方向相反；
电源的作用是使正极聚集正电荷、负极聚集负电荷；
根据电路中电流的变化分析；
根据电压表的作用分析的。
本题考查了电流的方向、灯泡亮度的变化，明确电流的方向是解题的关键。
14.【答案】
【解析】解：、当有的体积露出水面，即的体积浸入水中时，弹簧为原长，则说明此时物体漂浮在水面上，受到的浮力与重力相等，物体重力，
根据得，物体的质量：，
物体的密度：，故A错误；
B、水对容器底部的压强为，由得，水对容器底部的压力为：，故B错误；
C、长方体的体积，
若向容器中缓慢加水直到完全浸没，受竖直向下的重力、竖直向下的拉力及浮力作用，
所以，则，故C错误。
D、已知当水的深度为时，弹簧长度恰好为原长，此时物体有的体积露出水面，长方体高为，则弹簧长度；
由可知弹簧对的拉力为，根据弹簧受到的拉力每增加，弹簧长度就伸长可知，弹簧伸长，则弹簧总长；
则水的深度增加量为：，水对容器底部的压强增加量：，故D正确。
故选：。
当有的体积露出水面，弹簧为原长，说明此时物体漂浮在水面上，受到的浮力与重力相等，利用阿基米德原理求出物体重力；求出物体的质量，利用密度公式求物体的密度；
知道水深，利用求水对容器底部的压强，再利用求水对容器底部的压力；
若向容器中缓慢加水直到完全浸没，受竖直向下的重力、竖直向下的拉力及浮力作用，据此求拉力。
已知当水的深度为时，弹簧长度恰好为原长，此时物体有的体积露出水面，长方体高为，可求出弹簧长度；由可知弹簧对的拉力为，根据弹簧受到的拉力每增加，弹簧长度就伸长可知弹簧伸长的长度，则可求出弹簧总长；可求出水的深度的增加量，根据液体压强公式可求出水对容器底部的压强增加量。
本题考查重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体漂浮条件、液体压强公式的应用，本题难度较大，解题时一定要认真仔细。
15.【答案】热传递 无规则
【解析】解：晒青的过程中，茶叶吸收热量，是通过热传递的方式来改变茶叶的内能；
闻到茶叶的清香，说明了清香分子在不停地做无规则运动。
故答案为：热传递；无规则。
改变内能的方法有两种：做功和热传递；
分子都在不停地做无规则运动。
从生活中的茶文化，考查多个不同的物理知识点，较好地联系了生活实际，注重了物理知识的应用，值得关注。
16.【答案】相互的 静止的
【解析】解：由于力的作用是相互的，火箭喷出的气体对火箭会产生向上的推力，使火箭升空，生活中有很多类似的现象，如划船等；
对接成功后，“神舟十六号”飞船与空间站之间没有位置的变化，以空间站为参照物，“神舟十六号”飞船是静止的。
故答案为：相互的；静止的。
物体间力的作用是相互的；
判断物体是运动还是静止，分析物体和参照物之间的位置是否发生变化。
本题考查了物体间力的作用是相互的和机械运动，属于基础题。
17.【答案】可再生 同种
【解析】解：太阳能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源；
氢原子核的核外电子带负电，这些核外电子之间存在很强的静电排斥力，因为它们带有同种电荷。
故答案为：可再生；同种。
能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源；
同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
本题考查了能源的分类和电荷间的相互作用规律，属于基础题，难度不大。
18.【答案】
【解析】解：由图知，承担重物绳子的段数，
绳端移动距离：；
不计绳重和摩擦，绳端拉力：。
故答案为：；。
由图知，承担重物绳子的段数，根据计算绳端移动距离；不计绳重和摩擦，根据计算绳端拉力的大小。
本题考查滑轮组特点和绳端拉力的计算，属于一道基础题。
19.【答案】
【解析】解：根据图示可知，闭合开关后，电流从线圈的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，线圈的上端为极；
由图甲知：的电阻随湿度的增加而增加，的电阻随湿度的增加而减小；
根据实际需要，当空气潮湿，警示灯变亮，说明电路中的湿敏电阻被短路，即电磁铁的磁性增强，电路的电流增大，电阻减小，即湿敏电阻随着湿度的增加而减小，故符合要求。
故答案为：；。
根据安培定则分析线圈的磁性；根据图像判断出和与湿度的关系；根据实际需要，当空气潮湿，警示灯变亮，说明电路中的湿敏电阻被短路，即电磁铁的磁性增强，电路的电流增大，电阻减小，即湿敏电阻随着湿度的增加而减小，根据图像选出合适的电阻。
本题考查了安培定则的应用、电路的动态分析，属于基础题。
20.【答案】
【解析】解：闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知电路最小电流为，
此时滑动变阻器两端的电压：，
由乙图可知此时灯泡两端的电压为，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压；
此时灯泡的电功率为，
滑片位于时，滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知通过电路的最大电流为，
根据串联分压原理可知此时滑动变阻器两端的电压最小，由乙图可知此时滑动变阻器两端的电压为，
则灯泡两端的电压为，
此时灯泡的电功率为，
灯泡消耗的电功率的变化量为。
故答案为：；。
闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知电路最小电流，
根据欧姆定律计算此时滑动变阻器两端的电压，由乙图可知此时灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压；
根据计算此时灯泡的电功率，
滑片位于时，滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知通过电路的最大电流，
根据串联分压原理可知此时滑动变阻器两端的电压最小，由乙图可知此时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡两端的电压，根据计算此时灯泡的电功率，进一步计算灯泡消耗的电功率的变化量。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
21.【答案】解：图中所示汤匙静止时，手指尖与汤匙接触的位置即为重心，汤匙处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用。过汤匙重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，分别用和表示，大小为，作图时两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】汤匙被支起，处于平衡状态，手对汤匙的支持力和重力是一对平衡力，由二力平衡可知，支撑汤匙的点即为重心，然后过重心表示出重力、支持力。
首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；
力的示意图：用一条带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
22.【答案】解：灯泡接法：开关要接在火线和灯之间，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔通过保险丝接火线，如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
23.【答案】漫反射 法线 同一平面 不可靠 多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系
【解析】解：烟是固体颗粒，光遇到空气中小的固体颗粒发生漫反射，反射的光进入人的眼睛，人能看到光的传播路线。
加湿器使整个教室充满雾气，这样能显示出光的传播路径；法线与平面镜是垂直的，红色激光笔发出的光垂直射向平面镜上的点，可以显示法线的位置；
沿水平方向缓慢转动圆台，当我们观察到入射绿光、入射红光和反射绿光看起来重合，只能观察到一条光线时，可以根据光的传播路径来判断反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；
探究光的反射定律时，要多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系；没有改变入射角光线的方向，也就没有改变入射角的大小，所以这一做法不可靠。
故答案为：漫反射；法线；同一平面；不可靠；多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系。
空气是透明的，不能反射光，没有光线进入人的眼睛，人不能看到光的传播路径，当空气中有灰尘、小水珠、或其它固体颗粒时，颗粒发生漫反射现象，反射的光线能进入人眼，人能看到光路。
法线与平面镜垂直；反射光线、入射光线和法线在同一平面内，可以通过硬纸板显示光路；
探究光的反射定律时，要多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系。
本题考查了研究光的反射定律的实验，要知道反射角等于入射角；反射光线与法线的夹角是反射角，而不是反射光线与镜面的夹角。
24.【答案】 温度不变 达到了沸点，但不能继续吸热
【解析】解：将装有碎冰的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这是水浴法加热，这样做的目的是使冰块受热均匀，而且碎冰的温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度，所以温度计应该放入装有碎冰的试管中，不能接触试管的底部和侧壁，故ACD错误、B正确；
分度值是，此时是零下，液柱上表面对准了下面第个小格处，读作；
晶体熔化、液体沸腾的特点：继续吸热但温度保持不变；
烧杯中的水沸腾后，吸热但温度不变，试管中的水能达到沸点，但不能继续从烧杯中吸热，所以不能沸腾；
冰熔化前后，质量不变，在段温度变化，水吸收的热量。
故答案为：；；温度不变；达到了沸点，但不能继续吸热；。
水浴法加热可以使物质受热均匀，并且温度变化较慢，便于记录数据，温度计不能接触到试管的底部和侧壁；
确定温度计的分度值，读出示数；
晶体熔化、液体沸腾的特点：继续吸热但温度保持不变；液体沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热；
冰熔化为水，质量不变，由图得出在段温度变化，利用求水吸收的热量。
本题考查探究了冰的熔化规律的实验，考查了器材的安装、温度计的读数、沸腾的条件、热量计算等内容。
25.【答案】小 高度差 都相等 增大 相平
【解析】解：如图甲所示，在检查压强计的气密性时，用不同的力按压探头的橡皮膜，发现形管两侧液面高度差变化始终较小，说明压强计的气密性较差；
根据转换法，当调整好压强计后，将压强计的探头放入液体中，可以通过比较形管两侧液面高度差来比较液体压强的大小；
调节好压强计后，将探头放入水中，保持探头深度不变，向不同方向旋转探头。发现形管两侧液面高度差不变，由转换法，说明同种液体同一深度，各个方向的液体压强都相等；
分析图乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，丙中液体深度大，产生压强大，故得出同种液体中，液体压强随深度增加而增大；
两探头置于空气中时，根据转换法，形管两侧液面相平。再将两探头分别放入、两种不同液体中，调节两探头所处深度使形管两侧液面恰好相平，因，此时，根据可知。
故答案为：小；高度差；都相等；增大；相平；。
用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
液体内部压强的大小是通过液体压强计形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
根据转换法，结合分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及的运用。
26.【答案】左 大
【解析】解：天平在使用前，应把天平放在水平桌面上，将游码调到左端零刻度线处。
由图甲图可知，分度盘指针向右偏转，说明天平右端下沉，故应向左调平衡螺母直至指针指向分度盘中央。
物体质量等于砝码质量和游码示数之和，游码分度值为，
故物体质量为：；
矿石放入前，量筒中水的体积为，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为，
则矿石的体积为：；
矿石的密度为：。
假若矿石吸水，则所测出的矿石的体积变小，质量测量准确，根据可知测出的矿石密度比实际密度值偏大。
设烧杯底面积为，则容器底面积为，烧杯高。
图乙和丙两次实验，烧杯和矿石整体漂浮在液体中，所受浮力等于矿石和烧杯的重力之和，两次浮力相等，由可知：，
则，
则矿石的体积为：，
则矿石质量为：，
由图甲、乙可知将矿石放在烧杯中，排开水的体积变化为：，
矿石的重力：，
故液体密度为：。
故答案为：左；；；大；。
天平使用前的调节：放：把天平放到水平桌面上；移；把游码移到标尺左端零刻线处；调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处。
物体的质量等于砝码的总质量加游码对应的刻度值。
矿石的体积等于水和矿石的总体积减水的体积；根据计算出矿石的密度。
假若矿石略有吸水，则所测出的矿石的体积变小，根据知测出的矿石密度的变化情况。
比较乙、丙两图，图丙矿石吊在烧杯下方和图乙矿石放入烧杯中，烧杯和矿石看成整体，都处于漂浮状态，浮力等于重力，由阿基米德原理可知排开液体的总体积相等，分别列出乙、丙两图的浮力表达式，根据等式求出矿石的体积与烧杯面积的关系式，并根据密度求出矿石的质量；结合比较甲、乙两图可知，都是漂浮，受到的浮力都等于自重，则两图中浮力的变化量等于矿石的重力，据此建立等式并代入数据求出液体的密度。
此题为固体和液体的密度测量实验，综合考查了天平和量筒的使用及读数、物体浮沉条件和阿基米德原理的应用、密度的计算等，难点是液体密度的测量，知道甲、乙两图中浮力的变化量等于矿石的重力，并根据物体浮沉条件、密度公式等列出等式是关键。
27.【答案】断开 灯泡断路 左 在电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比 更换电阻后没有调节滑动变阻器控制电阻两端的电压不变
【解析】解：滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，故变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
连接实物电路时，开关应处于断开状态；
闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，与电压表并联的支路之外的电路是完好的，综上可知，故障的原因可能是灯泡断路；
闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处，即最左端；
电流表选用小量程，分度值，其示数为；
如图乙图像所示，定值电阻两端的电压保持不变，根据串联电压规律，则滑动变阻器的电压，根据串联电压之比等于电阻之比，则：：：：：，则滑动变阻器的电阻是，滑动变阻器的最大阻值至少为；
根据图象可得出实验结论是：在电压一定时，电流与电阻成反比；
丙图中图像，由计算定值电阻两端的电压，发现每次的电压是不等的，因而更换电阻后没有调节滑动变阻器控制电阻两端的电压不变；
实验步骤：
闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为；
将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电流表的示数为；
在步骤中，电路为只有的简单电路，则此时电源电压；
在步骤中，与变阻器最大阻值串联，而则此时电源电压；
根据两次实验电压相等可知则可得。
故答案为：见解答图；断开；灯泡断路；左；；；在电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；更换电阻后没有调节滑动变阻器控制电阻两端的电压不变；。
滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，据此确定变阻器选用的下端接线柱；
连接电路时，开关应该断开；
闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，与电压表并联的支路之外的电路是完好的，综上可知，故障的原因可能是灯泡断路；
闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
根据电流表选用量程确定分度值读数；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理分析解答滑动变阻器的最大；根据图线得出结论；
结合图像分析，定值电阻两端的电压是否改变，从而找出错误的原因；
要测滑动变阻器最大阻值，首先要得到电源电压，然后利用两次实验电源电压相等求出滑动变阻器最大阻值。
本题研究电流与电阻的关系，考查电路的改接、器材的选择、数据分析和缺少电压表的情况下测电阻的实验设计等知识，综合性强，但难度适中。
28.【答案】答：湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
【解析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
本题考查了水的比热容大的应用，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣。
29.【答案】解：标准煤完全燃烧放出的热量：
，
火力发电的效率：
。
答：这些标准煤完全燃烧释放的热量为；
火力发电的效率为。
【解析】根据热值公式可计算出煤燃烧放出的热量；
根据效率公式计算出火力发电厂发电的效率。
本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式和热效率公式了解与掌握，属于常见的典型考题。
30.【答案】解：水对挖掘机底部的压强：；
挖掘机的重力：，
挖掘机对水平地面的压力：，
此时水平地面受到的压强：；
由可知，挖掘机工作所做的功：。
答：水对挖掘机底部的压强是；
此时水平地面受到的压强是
工作所做的功是。
【解析】根据求水对挖掘机底部的压强；
根据求挖掘机的重力，挖掘机对水平地面的压力大小等于挖掘机的重力，根据求此时水平地面受到的压强；
根据求挖掘机工作所做的功。
本题考查压强定义式、重力公式、液体压强公式和功率公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
31.【答案】解：由图甲可知，压力传感器与定值电阻串联，电流表测电路中的电流；
当平板空载时，压力传感器受到的压力为零，由图乙可知此时压力传感器的阻值，
由串联电路的特点和欧姆定律可知电源电压：；
由欧姆定律可知，当电流表示数为时，两端的电压：，
由串联电路的电压特点可知，压力传感器两端电压：，
由欧姆定律可知，压力传感器的电阻：，
由图乙可知此时杠杆点的作用力，
由图甲可知，的作用力的力臂为，点作用力的力臂为，则
根据杠杆平衡条件可得：，
解得：，
则物体的重力：，
由可知，电源电压一定时，当电路中电流最大时电路消耗的电功率最大，
因为电流表的量程为，则电路中的最大电流，
由欧姆定律可知，此时电路中的电阻：，
由串联电路的电阻特点可知，此时压力传感器的阻值：，
则压力传感器消耗的功率：，
当压力传感器接入电路最大阻值时，电路电流最小，当电路中电流最小时电路消耗的电功率最小，
此时压力传感器消耗的功率：，
当电路消耗功率分别达最小值和最大值时，压力传感器消耗功率的比值是；
要增大此装置的测量范围，根据杠杆平衡条件可知压力传感器受到的压力变大，由乙图可知压力传感器接入电路的电阻变小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变小，若电源电压不变，根据欧姆定律可知可串联接入一个定值电阻，若通过电路的电流不变，根据可知需减小电源电压。
答：电源电压是；
当电流表示数为时，物体的重力是；
在电路安全的情况下，缓慢增加平板上的物体的重力过程中，当电路消耗功率分别达最小值和最大值时，压力传感器消耗功率的比值是：；
要增大此装置的测量范围，可串联接入一个定值电阻或减小电源电压。
【解析】由图甲可知，压力传感器与定值电阻串联，电流表测电路中的电流；
当平板空载时，压力传感器受到的压力为零，由图乙可知此时压力传感器的阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
根据欧姆定律求出两端的电压，根据串联电路的电压特点求出压力传感器两端电压，根据欧姆定律求出压力传感器的电阻，根据图乙可知此时杠杆点的作用力，根据杠杆平衡条件求此时点的压力，物体的重力大小等于点的压力；
由可知，电源电压一定时，当电路中电流最大时电路消耗的电功率最大，根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出压力传感器的阻值，根据求出压力传感器消耗的功率；
当压力传感器接入电路最大阻值时，电路电流最小，当电路中电流最小时电路消耗的电功率最小，根据计算此时压力传感器消耗的功率，
进一步计算当电路消耗功率分别达最小值和最大值时压力传感器消耗功率的比值；
要增大此装置的测量范围，根据杠杆平衡条件可知压力传感器受到的压力变大，由乙图可知压力传感器接入电路的电阻变小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律分析即可。
本题为力学、电学综合计算题，考查了欧姆定律、串联电路的特点和杠杆平衡条件的应用，利用好压力传感器的电阻与压力的关系图像是关键。
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