广东省深圳市2022-2023学年八年级下学期物理期末模拟卷（四）
一、单选题
1．（2023八下·南山期中）下列有关力的说法中，正确的是（ ）
A．手握住绳子提起一条鱼，该鱼所受拉力的施力物体为地球
B．踢出去的足球受到踢力的作用
C．“孤掌难鸣”说明：一个物体不能产生力的作用
D．只有相互接触的物体才会产生力的作用
【答案】C
【知识点】力的概念及单位；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A.手握住绳子提起一条鱼，该鱼所受拉力的施力物体绳子，A不符合题意；
B.踢出去的足球离开脚后，不再受踢力的作用，B不符合题意；
C.“孤掌难鸣”说明：一个物体不能产生力的作用，C符合题意；
D.相互接触的物体能产生力的作用，不接触的物体也可以产生力的作用，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】发出力的物体是施力物体；不接触的物体也可以产生力的作用；产生力的作用时，最少两个物体。
2．（2023八下·云溪期中）下列估测数据中最接近实际的是( )
A．八年级物理教材的质量约为2kg
B．托起两个鸡蛋所用的力大约是1N
C．一名初中生的重力约为200N
D．一辆汽车受到的重力约为1000N
【答案】B
【知识点】质量及其特性；力的概念及单位
【解析】【解答】A.八年级物理教材的质量约为200g，故A错误；
B.托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故B正确；
C.一名初中生的重力约为500N，故C错误；
D.一辆汽车的质量大约1t=1000kg，则它受到的重力约为G=mg=1000kg×10N/kg=10000N，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、力的认识判断。
3．（2023八下·长春期中）2022年2月20日，北京冬奥会比赛日收官，中国交出了办赛和防疫双重完美答卷。下列关于冰雪运动的说法中不正确的是()
A．甲图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，他的运动状态没有改变
B．乙图中谷爱凌腾空转体时，一定受到非平衡力的作用
C．丙图中的冰壶做得非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦力
D．丁图中做有些动作时会弯膝蹲下，是为了降低重心，避免摔倒
【答案】A
【知识点】平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A. 甲图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，他的运动方向不断改变，则运动状态发生改变，故A错误符合题意；
B.乙图中谷爱凌腾空转体时，它没有做匀速直线运动，不受平衡力，故B正确不合题意；
C. 丙图中的冰壶做得非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦力，故C正确不合题意；
D. 丁图中做有些动作时会弯膝蹲下，是为了降低重心，避免摔倒，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变运动，由运动变静止，速度大小变化或运动方向改变；
（2）平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
（3）减小摩擦力的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动。
（4）重心越低，物体越稳定。
4．（2023八下·宝安期中）在实验时，小明将一个正常的铁质外壳测力计的挂钩挂在铁架台上，静止时有如图所示的示数。接着，他把这个测力计像右图中乙那样，上下各挂一个50 g的钩码，并挂到甲测力计下，则甲、乙两测力计的示数分别是（g取10 N/kg）（ ）
A．1.0N 和1.5N B．1.0N和0.5N
C．2.0N和1.0N D．2.0N和1.5N
【答案】D
【知识点】弹力
【解析】【解答】测力计甲的示数为为物体AB和测力计乙的重量之和，50g的物体重约0.5N，测力计乙的重为1N，所以测力计甲的示数为2.0N，测力计乙的示数为测力计乙的重量与物体B的重量之和，即1.5N；
故答案为：D。
【分析】看清弹簧测力计的分度值，结合对应刻度读数；测力计甲的示数为物体AB和测力计乙的重量之和，测力计乙的示数为测力计乙的重量与物体B的重量之和。
5．（2023八下·巴州期中）关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律是通过凭空想象出来的
B．物体只要运动，就一定受到力的作用
C．不受力的物体，只能保持静止状态
D．如果物体不受力的作用，原来运动的物体将做匀速直线运动
【答案】D
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】A．牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的推理而得出的，不能用实验直接验证，但它不是凭空想象出来的，A不符合题意；
B．物体不受力或受平衡力作用时做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持，B不符合题意；
C．一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，C不符合题意；
D．如果物体不受外力作用时，原来运动的物体将保持原有的速度做匀速直线运动，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】牛第一定律是通过推理得出的；不受外力作用时，运动的物体将保持原有的速度做匀速直线运动。
6．（2023八下·盐都期中）下列做法中，属于增大摩擦的是 （）
A．锁生锈不好开时，可将少量铅笔芯粉末灌入锁孔，锁就容易打开了
B．在拉链上涂抹一点石蜡，拉链拉起来就顺滑多了
C．搬运笨重货箱时，在地上铺几根圆木就容易搬动
D．冬天马路上结冰时，在冰面上铺些稻草，行走就更安全
【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A、锁生锈不好开时，可将少量铅笔芯粉末灌入锁孔，锁就容易打开了，是通过使得接触面分离来减小摩擦力，故A不合题意。
B、在拉链上涂抹一点石蜡，拉链拉起来就顺滑多了，是通过使得接触面分离来减小摩擦力，故B不合题意。
C、搬运笨重货箱时，在地上铺几根圆木就容易搬动，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故C不合题意。
D、冬天马路上结冰时，在冰面上铺些稻草，行走就更安全，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D符合题意。
故选：D。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
7．（2023八下·鲁甸期中）如图甲所示，用一个方向不变的水平推力F推动木箱在平直木板上运动，F的大小与时间而t的关系图像、木箱的运动速度V与时间t的关系图像分别如图乙、丙所示。下列说法错误的是（ ）
A．0~2s内推力F等于木箱受到的滑动摩擦力
B．2~4s内木箱所受的滑动摩擦力为2 N
C．4~6s内木箱处于平衡状态
D．若在第6s时木箱受到的外力均消失，木箱将静止
【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】根据丙图可知，0~2s内木箱的速度为零，即处于静止状态，此时它受到的推力F等于木箱受到的滑动摩擦力相互平衡，即二者大小相等，故A正确不合题意；
根据丙图可知，在4~6s内木箱做匀速直线运动，则此时处于平衡状态 。根据二力平衡的知识可知，木箱受到的滑动摩擦力等于此时的推力2N。在2~4s内木箱做加速运动，但是它对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此所受的滑动摩擦力还是为2 N，故B、C正确不合题意；
根据牛顿第一定律可知，若在第6s时木箱受到的外力均消失，木箱将继续做匀速直线运动，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】（1）根据丙图确定0~2s内木箱的运动状态，根据二力平衡的知识计算摩擦力；
（2）（3）根据丙图可知，在4~6s内木箱做匀速直线运动，据此确定木箱是否处于平衡状态，并计算出木箱受到的滑动摩擦力。接下来根据影响滑动摩擦力的因素的知识计算2~4s内木箱受到的滑动摩擦力。
（4）根据牛顿第一定律分析。
8．（2023八下·双柏期中）如图所示，水平力F把一个物体紧压在竖直的墙壁上静止不动，下列说法中错误的是（ ）
A．木块只受到压力F、重力、墙对木块的静摩擦力的作用
B．当压力F增大时，木块所受的静摩擦力大小不变
C．物体受到的重力跟墙壁对物体的摩擦力是一对平衡力
D．墙壁对物体的支持力与物体对墙壁的压力是一对相互作用力
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A.木块在水平和竖直方向上都处于平衡状态，即竖直方向上，重力和静摩擦力平衡；水平方向上，手对木块的压力和墙壁对木块的压力相互平衡，故A错误符合题意；
B.静摩擦力始终等于木块重力，当压力增大时，木块重力不变，则静摩擦力不变，故B正确不合题意；
C.物体受到的重力跟墙壁对物体的摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，为平衡力，故C正确不合题意；
D. 墙壁对物体的支持力与物体对墙壁的压力，二者大小相等，方向相反，作用在同一直线和两个物体上，为相互作用力，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）注意分析摩擦力与重力的关系；
（3）（4）平衡力和相互作用力的不同点：前者在同一物体上，后者在两个物体上。
9．（2023八下·昆明期中）对于压强的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．物体受到的重力越大，产生的压强越大
B．物体受到的压力越大，产生的压强就越大
C．受力面积越大，产生的压强就越小
D．受力面积不变时，产生的压强与压力的大小成正比
【答案】D
【知识点】压强；压强大小比较
【解析】【解答】AB.受力面积一定时，物体受到的y压力越大，产生的压强越大，A不符合题意；B不符合题意；
CD.受力面积不变时，产生的压强与压力的大小成正比，C不符合题意，D符合题意；
故答案为：D.
【分析】压强和压力有关，和受力面积有关。
10．（2023八下·路南期中）如图所示的情景与大气压强无关的是（ ）
A．纸片不下落
B．鸡的喂水器
C．吸住杯子的气球
D．铁轨下铺设枕木
【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】A、覆杯实验证明了大气压强的存在，故A错误
B、当水位低于喂水器的管口时，有空气进入，管内大气压与外界保持一致，水在重力作用下流入下面的水池中，所以喂水器利用了大气压的知识，故B错误
C、当杯子内部气压小于外界大气压时，在大气压的将气球挤进杯中。故C错误
D、铁轨下铺设枕木是为了增大受力面积减小压强而不是利用大气压，故D正确
故答案为D.
【分析】覆杯实验、喂水器、拔罐等都证明了大气压的存在，铁路上的枕木主要目的是增大受力面积减小压力，于与大气压无关。
11．（2023八下·榆树期中）如图，一杯橙汁正立放在桌面上（如图A），然后反过来倒立在桌面上（如图），两次放置橙汁对杯底的压强分别是pA和pB，对杯底的压力分别为FA和FB，则（ ）
A．pA＞pB FA＞FB B．pA＜pB FA＜FB
C．pA＝pB FA＝FB D．pA＞pB FA＜FB
【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据图片可知，橙汁的液面高度hA>hB，根据p=ρ液gh可知，橙汁对杯底的压强pA>pB；
容器A下口小，则橙汁对底部的压力小于橙汁重力；容器B下口大，则橙汁对底部的压力大于橙汁重力。比较可知，橙汁对杯底的压力F甲
【分析】根据p=ρ液gh比较橙汁对杯底的压强大小，根据容器的形状特点比较橙汁对杯底的压力大小。
12．（2023八下·深圳期中）下列事例中，物体受到浮力的是（ ）
A．天宫课堂中“悬浮”水中的乒乓球
B． 水中的柱形桥墩
C． 在水中下沉的苹果
D． 往去盖、去底的饮料瓶中注水，静止在底部的乒乓球
【答案】C
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A.天宫课堂中“悬浮”水中的乒乓球不受重力，所以不受浮力，A不符合题意；
B.桥墩的下面和河底紧密结合，下面没有受到水的压力，不受浮力，B不符合题意；
C.苹果浸没在水中，排开水的体积，受到浮力，C符合题意；
D.往去盖、去底的饮料瓶中注水，静止在底部的乒乓球下面没有水，不受浮力，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】物体不受重力，也不受浮力；物体下面没有液体进入，没有受到液体向上的压力，不受浮力。
13．（2023八下·文山期中）下列关于浮力的说法正确的是( )
A．密度计在密度越大的液体中所受浮力越大
B．节日放飞的气球里而气体的密度大于空气的密度
C．潜水艇在水面下从大海潜行进入长江，所受浮力变小
D．轮船从大海驶入长江，轮船要上浮一些
【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】
A.根据公式可知密度计在液体中所受浮力与液体密度和排开水的体积都有关系，当密度计在液体中静止时，密度计所受浮力均等于密度计的重力，故A错误；
B.节日放飞的气球里气体的密度小于空气的密度，故B错误；
C.潜水艇在水面下从大海潜行进入长江，潜水艇排开液体的体积相同，但是长江水的密度小于海水密度，根据公式可知潜水艇所受浮力变小，故C正确；
D. 轮船从大海驶入长江时，所受浮力均等于轮船重力，即所受浮力不变，但是由于长江水的密度小于海水密度，根据公式可知，当密度变小时，V排变大，故轮船要下沉一些，故D错误；
故本题答案为C。
【分析】
（1）根据公式判断物体所受浮力大小变化；
（2）判断物体上浮与下沉的条件。
14．（2023·中山模拟）如图所示，小航同学将一个棱长为10cm的木块放入底面积为200cm2的圆柱形盛水容器中，木块静止时露出水面的高度为2cm。他小心地把露出水面的部分切去，待木块再次静止后，下列说法正确的是（ ）
A．木块露出水面的高度仍为2cm
B．木块的密度为1.2×103kg/m3
C．水对容器底部的压强保持不变
D．容器对桌面的压力减小1.6N
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A.木块漂浮，木块漂浮时，露出高度为2cm，与棱长之比为1/5，切去2cm后，木块仍漂浮在水面，露出水面的高度仍为剩余部分高度的1/5，由于总长度减少，露出的高度减少，A不符合题意；
B.木块浸入水中部分体积V排=Sh浸=(10cm)2×8cm=800cm3，此时木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×800×10-6m3=8N，此时木块漂浮，则木块的重力G木=F浮=8N，由G=mg=ρVg可知，木块的密度为：，B不符合题意；
C.切去2cm后，木块的重力减小，仍漂浮在水面上，由F浮=ρ水gV排，可知木块排开水的体积减小，故水面下降，根据p=ρgh可知，水对容器底部的压强减小，C不符合题意；
D.切去部分的体积为：ΔV木=SΔh=(10cm)2×2cm=200cm3=2×10-4m3，由于圆柱形盛水容器对桌面的压力等于容器、水及木块的总重力，对桌面的压力减小量等于切去部分木块的重力， 故容器对桌面压力的减小量为：ΔF=ΔG木=Δmg=ρ木ΔV木g=0.8×103kg/m3×2×10-4m3×10N/kg=1.6N，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据漂浮物体受到的浮力等于他的重力；结合物体的重力可以计算密度；利用液体密度和排开液体的体积，可以计算浮力大小。
15．（2023八下·文山期中）在如图所示的四种情境中，力对物体做功的是( )
A．运动员举着杠铃原地不动
B．龙门吊提着货物水平移动
C．叉车将货物从地面提高一段距离
D．人推石头没有推动
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】
A.杠铃原地不动，没有移动距离，故力没有做功，故A错误；
B.龙门吊给货物竖直向上的力，货物水平移动，货物移动的距离与受到的力垂直，故力没有做功，故B错误；
C.货物在受力方向上移动一段距离，故力对货物做功，故C正确；
D.石头没有移动距离，故力没有做功，故D错误；
故本题答案为C。
【分析】
（1）对物体做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在这个力的方向上移动的距离。
16．（2023·荔湾模拟）如题图1所示，分别用水平拉力、拉物体甲、乙，使甲、乙在水平面上做直线运动，如题2图是、所做的功—路程图像，如题3图是物体甲、乙的路程—时间图像，甲、乙所受的摩擦力分别为、，、所做的功率是、。则下列说法正确的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】根据图2可知，当经过相同的路程时，W1>W2，根据W=Fs可知，拉力F1>F2，A错误；
根据图3可知，当经过相同的时间时，路程s甲>s乙，根据s=vt可知，速度v甲>v乙，B错误；
根据图像可知，两次都做匀速直线运动，则摩擦力等于拉力，因此摩擦力f甲>f乙，C错误；
根据P=Fv可知，拉力的功率P甲>P乙，D正确。
故选D。
【分析】根据公式W=Fs，s=vt和P=Fv分析计算即可。
17．（2023·浠水模拟）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”绕地球运动过程中，运动状态始终不变
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．“天舟四号”加速升空，动能、重力势能增加，机械能守恒
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件；太阳能及其利用与转化；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 A、“天舟四号”绕地球运动过程中，运动方向始终改变，所以其运动状态始终改变，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、“天舟四号”加速升空时，质量不变，高度变大，重力势能均增加，速度增大，动能变大，则其动能，则其机械能也增大，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【分析】 物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
质量不变，速度越大，动能越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能与势能的总和；不受阻力的作用，机械能守恒。
18．（2023八下·顺义期中）在生产和生活中经常使用各种机械，下列说法正确的是（ ）
A．使用任何机械都可以省力
B．使用任何机械都可以省功
C．使用机械时，有用功越大，机械效率越高
D．使用机械时，有用功占总功的比例越大，机械效率越高
【答案】D
【知识点】机械效率；功
【解析】【解答】A.各种简单机械中，有的省力非距离，有的机械费力省距离，A不符合题意；
B.使用任何机械都不能省功，B不符合题意；
C.使用机械时，当额外功相同时，有用功越大，机械效率越高，C不符合题意；
D.使用机械时，有用功占总功的比例越大，机械效率越高 ，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】机械效率是有用功和总功的比值。
19．（2022九上·东台月考）如图所示，滑轮组上挂上甲、乙两个物体后处于静止状态（动滑轮重及摩擦不计），则（ ）
A．乙物体的质量大 B．甲物体的质量大
C．两物体的质量一样大 D．无法比较它们的质量大小
【答案】B
【知识点】动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，动滑轮重及摩擦不计，可知 ，则 ，可知甲的质量大，ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】使用动滑轮可以省一半的力，动滑轮上的力是绳子上拉力的2倍。
20．（2022九上·镇江期中）如图所示，轻质杠杆AO可绕O点无摩擦转动，AB=BC=CO，用细线将重物悬挂在A点，在C点施加图示方向的拉力F，在杠杆保持水平静止的情况下（ ）
A．此杠杆属于省力杠杆
B．当重物的悬挂点右移时，F将增大
C．若改沿图中虚线方向施力，F将增大
D．若物重增加1N，F的大小增加6N
【答案】D
【知识点】杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，F与杠杆的夹角为30°，根据三角形知识可知，F的力臂为 小于OA，即动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，A不符合题意；
B．当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力F将变小，B不符合题意；
C．若改沿图中虚线方向施力，F与杠杆的夹角为30°，根据三角形知识可知，F的力臂为 ，动力臂、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F大小不变，C不符合题意；
D．若物重增加1N，此时的动力臂为阻力臂的六分之一，根据杠杆的平衡条件可知，动力会增加为1N的6倍，所以F的大小增加6N，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力F将变小；动力臂、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F大小不变；根据杠杆平衡条件，求出力的增加量。
21．（2023八下·嵩明期中）如图所示是小明同学探究“影响液体内部压强因素”的实验场景，关于此操作说法正确的是（ ）
A．本实验采用了控制变量法
B．甲与丁探究：液体压强的大小跟液体的密度有关
C．乙与丙探究：在同一深度，液体向各个方向的压强大小相等
D．甲、乙、丁探究：液体压强的大小跟深度有关
【答案】A
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】探究“影响液体内部压强因素”的实验场景，
A.本实验保持了深度或液体密度相同，采用了控制变量法，A符合题意；
B.甲与丁液体密度和深度都不同，不能探究液体压强的大小跟液体的密度的关系，B不符合题意；
C.乙与丙深度不同，不能探究液体向各个方向的压强大小关系，C不符合题意；
D.甲、乙、丁液体密度不同，不能探究液体压强的大小跟深度关系，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】探究液体压强的影响因素时，利用了控制变量法。
二、双选题
22．（2021八下·和平期中）水平面上叠放着A、B两个物体，在水平方向力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，已知F1=10N，F2=6N，那么物体A、B和地面之间的摩擦力大小和方向的有关说法正确的是（ ）
A．A对B的摩擦力为16N，向左 B．B对A的摩擦力为10N，向左
C．B受到摩擦力的合力为6N，向右 D．地面对B的摩擦力为4N，向左
【答案】B,D
【知识点】摩擦力的大小；摩擦力的方向
【解析】【解答】AB．在水平方向力F1和F2的作用下，两个物体以共同的速度v一起向右匀速运动，AB都处于平衡状态，对 A进行受力分析，则A在水平方向上受到了拉力F1和B对A的摩擦力，B对A的摩擦力的大小为10N，方向向左，力的作用是故相互的，A对B的摩擦力的大小也为10N，方向向右，A不符合题意，B符合题意；
C．物体B也匀速向右运动，B是平衡态，合力为零，C不符合题意；
D．对B受力分析，B受到了A对B的向右的摩擦力，大小为10N，还受到了向左的拉力6N，物体B是匀速直线运动，故还受到了向左的摩擦力，大小为4N，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】AB． 两个物体以共同的速度 匀速运动，AB都处于平衡状态。
C．物体B 是平衡态，合力为零。
D． 物体B是匀速直线运动，故三力平衡，还受到了向左的摩擦力。
23．（2023·福田模拟）水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别装有体积相同而密度不同的两种液体。现将质量相同、体积不同的A、B两个小球分别放入甲、乙两容器中，静止时如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A．小球A，B受到的浮力FA＝FB
B．两容器中液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．液体对容器底的压强p甲＜p乙
D．容器对水平桌面的压力F甲＞F乙
【答案】A,D
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强的计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.根据图像，小球A漂浮，受到的浮力等于物体的重力，小球B悬浮，受到的浮力等于物体的重力，由于A、B重力相等，所以受到的浮力相等，A符合题意；
B.根据图像，当浮力相同时，A在甲液体中排开液体的体积小，根据可知，甲液体密度大，B不符合题意；
C.由于容器中液体的体积相等，甲液体的密度大，根据m=ρV判断，甲液体的质量大，重力大，放入相同的物体A、B后，容器底增加的压力相同，所以甲容器底受到的压力大，又因为容器底面积相等，由于，所以甲容器底受到的压强大，C不符合题意；
D.因为甲中液体的重力大，水平面受到的压力等于总重力，所以甲对桌面的压力大，D符合题意。
故答案为：AD。
【分析】根据漂浮和悬浮状态，判断物体受到的浮力关系；根据浮力关系和排开液体的体积，判断液体密度的大小；根据总重力判断压力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
24．（2021八下·禹州期末）爱动手的小萌同学喝过豆浆后，在吸管中一端塞入一些细铁丝作为配重，并将该端封闭，制作了一支简易密度计：将其放入盛有甲、乙两种不同液体的两个相同烧杯中，它会竖直立在液体中，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示。下列说法正确的是( )
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．密度计在甲液体中所受浮力更小些
C．密度计放入后，乙液体对容器底部的压强更大
D．密度计上的刻度线越往上，标注的密度值越大
【答案】A,C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由图可知，密度计在甲、乙液体中均处于漂浮状态，故浮力等于密度计的重力，所以密度计在两液体中受到的浮力大小相等，故B错误；由图可知，密度计排开甲液体的体积大于乙液体的体积，由分析，浮力一定时，因为，所以，则密度计上的刻度线越往上，标记的密度值越小，故A正确，D错误；因为两液体深度相同，由P=ρgh分析可知，因为h相同，，所以，故C正确。
故答案为：AC
【分析】根据密度计的浮沉情况可以判断浮力与重力的关系，再利用阿基米德原理公式分析液体密度的关系，分析液体对容器底压强运用P=ρgh。
25．（2021八下·东丽期末）弹簧测力计下悬挂一金属块，在空气中称量时弹簧测力计的读数为2.7N，把它全部浸没在水中弹簧测力计读数为1.7N，把它全部浸没在某种液体中弹簧测力计读数为1.2N，则下列说法正确的是（g=10N/kg，ρ=1.0×103kg/m3）（ ）
A．金属块在水中受到的浮力是1.7N
B．金属块的密度为
C．金属块浸没在某液体中的体积1.5×10-4m3
D．某液体的密度是
【答案】B,D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A．在空气中称量时弹簧测力计的拉力等于物体重力，即物体重力为2.7N，把它全部浸没在水中弹簧测力计读数为1.7N，则金属块在水中受到的浮力是
A不符合题意；
B．金属块的质量
金属块浸没在水中时受到的浮力是1N，则金属块的体积
则金属块的密度
B符合题意；
CD．因为浸没，所以在液体中的体积等于物体的体积，为 ，浸没在某种液体中弹簧测力计读数为1.2N，则在该液体中受到的浮力
则该液体的密度
C不符合题意，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】求解浮力的大小，可以利用称重法求解，结合物体受到的浮力，利用阿基米德原理的变形公式求解物体排开水的体积，结合密度公式求解物体的密度即可。结合物体受到的浮力和排开液体的体积，利用阿基米德原理的变形公式求解液体的密度。
三、作图题
26．（2023·梅州模拟）如图所示，人站在匀速向上运动的电梯上，不计空气阻力，请画出人所受力的示意图（O点为作用点）。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】如图所示，人站在匀速向上运动的电梯上，在水平方向上它不受外力。在竖直方向上，它受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力，都作用在人的重心上，如下图所示：
【分析】对人进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
27．（2023·浠水模拟） 图(a)是胶棉拖把的结构图。向上拉拉手，使之绕O点转动，胶棉夹挤出棉头中的水分。请在图甲(b)中画出作用在B点的阻力的力臂和在A点所用最小的动力。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 从支点O向阻力F2的作用线引垂线段，垂线段的长即为阻力臂L2；由杠杆平衡条件F1 L1=F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，如下图所示：
【分析】 力臂是指从支点到力的作用线的距离；根据杠杆平衡条件，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
四、实验探究题
28．（2023·深圳模拟） 图甲是小洛探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放，撞击水平面上的同一木块。图乙是小阳探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止释放，在粗糙程度不同的平面上运动。
（1）这两个实验中都让物体从同一斜面的同一高度由静止释放，其目的是 。
（2）设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与 的关系，实验中通过观察 ，从而间接判断钢球的动能大小，这种研究方法是 选填“控制变量法”或“转换法”。
（3）乙实验中通过观察小车在粗糙程度不同的平面上运动距离的远近，可知：水平面越光滑，小车运动的距离越 ，在此基础上进行推理得出，在理想情况下，运动的物体如果 ，将会一直运动下去。
（4）小阳同学通过上面的探究学习，思考了一个问题：当自己荡秋千荡到右侧最高点时，如果自己受到的力全部消失，自己将会处于怎样的运动状态呢？他做出了以下猜想，你认为其中正确的是 。图中的“”表示小阳同学
A．保持静止 B．做匀速直线运动
C．继续来回摆动 D．做匀速圆周运动
【答案】（1）控制物体到达水平面时的速度相同
（2）质量；木块移动的距离；转换法
（3）远；不受力
（4）A
【知识点】动能的影响因素
【解析】【解答】（1）这两个实验中都让物体从同一斜面的同一高度由静止释放，其目的是：控制物体到达水平面时的速度相同。
（2）根据“让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放”可知，小球的质量不同，则设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与质量的关系，实验中通过观察块移动的距离，从而间接判断钢球的动能大小，这种研究方法是转换法。
（3）乙实验中通过观察小车在粗糙程度不同的平面上运动距离的远近，可知：水平面越光滑，小车运动的距离越远，在此基础上进行推理得出，在理想情况下，运动的物体如果不受力，将会一直运动下（4）当自己荡秋千荡到右侧最高点时，此时自己的速度为零。如果自己受到的力全部消失，那么保持外力消失时的状态不变，即保持静止状体，故选A。
【分析】（1）根据控制变量法的要求可知，探究动能与质量的关系时，必须控制物体的速度相等，只改变物体的质量；
（2）根据“让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放”分析哪个变量发生改变即可。从斜面上滚下的小球，撞击水平面上的木块，木块克服地面的摩擦力做功。根据W=fs可知，木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，说明小球的动能越大。物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（3）水平面越光滑，小车受到的阻力越小，则小车速度减小的越慢，运动距离越长。如果不受阻力，那么小车的速度就不会减小，即永远不停的做匀速直线运动。
（4）根据牛顿第一定律的内容分析判断。
29．（2023八下·宜春月考）如图是探究“杠杆平衡条件”的实验。
（1）如图甲所示，此时杠杆 （处于/不处于）平衡状态；为使杠杆在水平位置平衡应将平衡螺母向 （左/右）调节；
（2）杠杆水平平衡后，小明在杠杆A点处挂上2个钩码，B点处挂上 个钩码，可以再次使杠杆在水平位置平衡，若把A、B处所挂钩码同时向支点移动1格，则杠杆 （选填“依然平衡”“左端下降”或“右端下降”）；
（3）小明将一端的钩码换成弹簧测力计，发现按图丙中弹簧测力计使用方式校零时往往很困难，由于弹簧测力计的弹簧和秤钩都有一定的质量，这时弹簧测力计的示数略 绳子受到的实际拉力（选填“大于”或“小于”），为了在竖直向下方向校零，一种方法是取两个弹簧测力计先竖直方向校零后，如丙图右侧所示竖直放置，秤钩对钩，在竖直方向拉到某一数值，这时只要移动弹簧测力计 （甲/乙）的指针，使其示数与另一弹簧测力计相等即可完成校零；
（4）实验中小明曾提出“力的作用点到支点的距离影响杠杆的平衡”。为判断这一观点是否正确，小华制作了一个密度均匀的圆盘（相当于杠杆），圆盘可以绕着圆心O转动（转轴阻力忽略不计），如图丁所示。他先在圆盘的C点挂上4个钩码，又在G点挂上一定数量的钩码后，圆盘在图示位置平衡，此时CD水平；接着他将挂在G点的钩码先后挂在 两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在图示位置平衡，则说明小明的观点是错误的。
【答案】（1）处于；右
（2）1；右端下降
（3）小于；乙
（4）D 、N
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）如图甲所示，此时杠杆静止，处于杠杆平衡状态；
此时杠杆的左端下沉，右端上翘，说明杠杆的右端轻，应将平衡螺母向右调节；
（2）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得到：2G×2L=nG×4L，
解得：n=1，
那么应在B点挂1个钩码才能使杠杆平衡；
当杠杆平衡后，将A、B两点下面所挂的钩码同时向O点移动1格，
那么：2G×L＜G×3L，
故右端下降；
（3）①如图丙所示，在探究杠杆平衡条件实验时，按图丙中弹簧测力计使用方式校零时往往很困难，由于弹簧测力计的弹簧和秤钩都有一定的质量，且拉力的方向竖直向下，故这时弹簧测计的示数略小于绳子受到的实际拉力；
②物体间力的作用是相互的，甲测力计拉乙测力计的力等于乙测计拉甲测力计的力，因甲测力计已调零，移动弹簧测力计乙的指针，使其示数与甲弹簧测力计相等即可完成校零；
（4）由题意可知，左右两边对圆盘的拉力不变，左边力臂不变，
根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2得，要使圆盘平衡，右边力臂也应保持不变，
所以可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验，这样右边的力臂始终为OD。
由以上实验现象可知，力的作用点到支点的距离发生变化，并没有影响杠杆的平衡，故小明的观点是错误的。
【分析】（1）杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速转动。平衡螺母总是向轻的那端调节；
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析计算，并判断杠杆是否平衡；
（3）①当弹簧测力计竖直向下拉动时，绳子上的拉力等于人的拉力与测力计的重力之和，据此确定测力计的示数变化。
②由于物体间力的作用是相互的，因此甲对乙的拉力等于乙对甲的拉力；
（4）由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
30．（2023八下·嵩明期中）某同学按照如图所示的操作，探究影响浮力大小的因素。
（1）物体全部浸没在水中时，受到的浮力是 N。
（2）由 两图可得出结论：物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（3）由C图到D图的过程中，浮力将 （选题“增大”、“减小”或“不变”），可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的 无关。
（4）由D、E两图可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的 有关，在E图中，物体在该液体受到的浮力为 N。
（5）仔细分析实验数据可知，物体的体积为 m3，图E中液体的密度 kg/m3。
【答案】（1）1
（2）BC
（3）不变；深度
（4）密度；0.8
（5）1×10-4；0.8×103
【知识点】浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据图像A和C，物体受到的重力为4N，全部浸没在水中时，测力计的拉力为3N，受到的浮力是4N-3N=1N；
（2）由BC 两图，液体密度相同，排开液体的体积不同，受到的浮力不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）由C图到D图的过程中，深度改变，测力计示数不变，浮力将不变，可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由D、E两图，排开液体的体积相同，液体密度不同，受到的浮力不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关，在E图中，物体在该液体受到的浮力为4N-3.2N=0.8 N；
（5）分析实验数据可知，物体的体积为，图E中液体的密度。
【分析】（1）根据物体受到的重力和进入液体中拉力差，计算浮力；
（2）液体密度一定时，浮力和排开液体的体积有关；
（3）物体受到的浮力和进入液体的深度无关；
（4）根据物体的重力和测力计的拉力差计算浮力；
（5）根据浮力和液体密度，可以计算排开液体的体积；根据浮力和排开液体的体积计算液体密度。
五、计算题
31．（2023·怀集模拟）如图甲所示，一驾驶爱好者驾驶汽车在冬季的哈尔滨旅游，人和车总重1600kg，轮胎与地面的总接触面积为400cm2，汽车在平直路面上匀速行驶时牵引力是400N，某段时间其行驶s过程中的s﹣t图象如图乙所示，求：（g取10N/kg）
（1）该汽车匀速行驶时的速度。
（2）汽车在平直路面上匀速行驶4min牵引力做的功。
（3）行驶路途中有一段冰封的河面，若每平方米冰层可承受的压力是6×105N，请通过计算说明汽车能否安全通过冰面。
【答案】（1）解：汽车匀速行驶的速度
答：汽车匀速行驶时速度是18km/h
（2）解：牵引力做的功W＝Fs＝400 N×1200m＝4.8×105J
答：汽车在平直路面上匀速行驶4min牵引力做的功是4.8×105J；
（3）解：汽车对冰面的压力F＝G＝mg＝1600kg×10N/kg＝16000N
汽车对冰面的压强 ＜6×105N/m2，故汽车能安全通过冰面。
答：汽车能安全通过冰面。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据路程和时间的比值，计算速度；
（2）根据力和距离的乘积计算做功多少；
（3）根据物体的质量计算重力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
32．（2023·苍溪模拟）如图所示，是某工作队修建苍溪百利大桥时用滑轮组从水中打捞正方体物体M的情景。物体M的棱长为1m，用7500N的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升2m。忽略绳重、绳与滑轮的摩擦和滑轮与轴的摩擦。（，g取10N/kg）
（1）物体M上升后，求还未露出水面时受到的浮力；
（2）物体M上表面在水面下4m时，求它的下表面受到水的压力；
（3）物体M上升后，未露出水面前，此滑轮组的机械效率是80%，求物体M的密度。
【答案】（1）解：物体还未露出水面时，排开液体体积
还未露出水面时受到的浮力
答：物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力是1×104N；
（2）解：物体M上表面在水面下4m时，它的下表面处水的深度
它的下表面受到水的压强
根据压强定义式可得它的下表面受到水的压力
答：物体M上表面在水面下4m时，它的下表面受到水的压力是5×104N；
（3）解：当物体M浸没在水中时，滑轮组的机械效率为
由图可知，绳子承重段数n为3，物体M的重力为
物体M的密度
答：物体M的密度是2.8×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）首先根据V=a3计算出物体M的体积，再根据V排=V计算出排开液体的体积，最后根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算物体M浸没时受到的浮力。
（2）物体下表面所在的深度等于上表面所在的深度与物体的边长之和，再根据p=ρ液gh计算出下表面受到的压强，根据公式F=pS计算下表面受到的压力。
（3）在物体M未露出水面时，作用在动滑轮挂钩上的拉力F拉=G-F浮力，正是这个拉力做有用功，而绳子自由端的拉力做总功，此时可根据公式 计算出滑轮组的机械效率。将数据代入上式，可计算出物体M的重力，最后根据公式 计算出M的密度。
六、科普阅读题
33．（2023·东城模拟）请阅读《白鹤梁水下博物馆》并回答问题。
白鹤梁水下博物馆
白鹤梁水下博物馆位于重庆市涪陵区长江岸边，它被联合国教科文组织誉为“世界首座非潜水可到达的水下遗址博物馆”，是世界水文资料的宝库。
白鹤梁原本是一块长江边上的天然的巨型石梁，是古人用于观测长江的水文站，其具有不朽的水文历史价值和文学艺术价值。在三峡工程蓄水之前，唯有在冬季枯水期，人们才有幸一睹白鹤梁题刻的风姿。为了保护这块意义非凡的石梁，中国工程院院士于2001年提出“无压容器”水下博物馆建造方案，即在水下40米的白鹤梁外修建一个钢筋混凝土“罩体”，与长江水隔离。为了“无压”，罩子内部也要蓄满水，只不过这里面的水是经过过滤、净化，非常干净的长江水，使“罩体”基本处于水压平衡的状态，同时防止江水常年对白鹤梁遗址原体的冲刷损坏。
“罩体”内沿白鹤梁体修建了一条参观廊道，由耐压金属和23个玻璃观察窗构成，游人可沿着参观廊道近距离观看、研究白鹤梁上的题刻。照明系统采用LED技术，寿命长、光照好、节能省电，另有先进的循环水系统、防水系统、水下实时摄影系统。
这一极具创新设想的工程实施，为水下文化遗产的原址保护提供了成功的工程范例。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）白鹤梁的“无压容器”保护方案中混凝土罩体内应当______（填写正确选项前的字母）；
A．蓄满水 B．排空水 C．抽真空
（2）冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期相比将 （选填“增大”“减小”或“不变”）；
（3）“罩体”内沿白鹤梁体修建的参观廊道上有玻璃观察窗，其面积约为0.5m2，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则观察窗所承受的江水的压力约为 N。
【答案】（1）A
（2）减小
（3）2×105
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的特点
【解析】【解答】（1）因为罩体处于水压平衡状态，罩子内部也要蓄满水，所以罩体内需要蓄满水，故选A；
（2）液体压强和液体密度、深度有关，枯水期水位下降，深度减小，压强减小；
（3）根据液压公式可得玻璃观察窗受到的压强为：
所以其受到的压力为=2×105N。
【分析】阅读材料提取材料中的信息；液压的影响因素；压强的计算公式。
广东省深圳市2022-2023学年八年级下学期物理期末模拟卷（四）
一、单选题
1．（2023八下·南山期中）下列有关力的说法中，正确的是（ ）
A．手握住绳子提起一条鱼，该鱼所受拉力的施力物体为地球
B．踢出去的足球受到踢力的作用
C．“孤掌难鸣”说明：一个物体不能产生力的作用
D．只有相互接触的物体才会产生力的作用
2．（2023八下·云溪期中）下列估测数据中最接近实际的是( )
A．八年级物理教材的质量约为2kg
B．托起两个鸡蛋所用的力大约是1N
C．一名初中生的重力约为200N
D．一辆汽车受到的重力约为1000N
3．（2023八下·长春期中）2022年2月20日，北京冬奥会比赛日收官，中国交出了办赛和防疫双重完美答卷。下列关于冰雪运动的说法中不正确的是()
A．甲图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，他的运动状态没有改变
B．乙图中谷爱凌腾空转体时，一定受到非平衡力的作用
C．丙图中的冰壶做得非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦力
D．丁图中做有些动作时会弯膝蹲下，是为了降低重心，避免摔倒
4．（2023八下·宝安期中）在实验时，小明将一个正常的铁质外壳测力计的挂钩挂在铁架台上，静止时有如图所示的示数。接着，他把这个测力计像右图中乙那样，上下各挂一个50 g的钩码，并挂到甲测力计下，则甲、乙两测力计的示数分别是（g取10 N/kg）（ ）
A．1.0N 和1.5N B．1.0N和0.5N
C．2.0N和1.0N D．2.0N和1.5N
5．（2023八下·巴州期中）关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律是通过凭空想象出来的
B．物体只要运动，就一定受到力的作用
C．不受力的物体，只能保持静止状态
D．如果物体不受力的作用，原来运动的物体将做匀速直线运动
6．（2023八下·盐都期中）下列做法中，属于增大摩擦的是 （）
A．锁生锈不好开时，可将少量铅笔芯粉末灌入锁孔，锁就容易打开了
B．在拉链上涂抹一点石蜡，拉链拉起来就顺滑多了
C．搬运笨重货箱时，在地上铺几根圆木就容易搬动
D．冬天马路上结冰时，在冰面上铺些稻草，行走就更安全
7．（2023八下·鲁甸期中）如图甲所示，用一个方向不变的水平推力F推动木箱在平直木板上运动，F的大小与时间而t的关系图像、木箱的运动速度V与时间t的关系图像分别如图乙、丙所示。下列说法错误的是（ ）
A．0~2s内推力F等于木箱受到的滑动摩擦力
B．2~4s内木箱所受的滑动摩擦力为2 N
C．4~6s内木箱处于平衡状态
D．若在第6s时木箱受到的外力均消失，木箱将静止
8．（2023八下·双柏期中）如图所示，水平力F把一个物体紧压在竖直的墙壁上静止不动，下列说法中错误的是（ ）
A．木块只受到压力F、重力、墙对木块的静摩擦力的作用
B．当压力F增大时，木块所受的静摩擦力大小不变
C．物体受到的重力跟墙壁对物体的摩擦力是一对平衡力
D．墙壁对物体的支持力与物体对墙壁的压力是一对相互作用力
9．（2023八下·昆明期中）对于压强的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．物体受到的重力越大，产生的压强越大
B．物体受到的压力越大，产生的压强就越大
C．受力面积越大，产生的压强就越小
D．受力面积不变时，产生的压强与压力的大小成正比
10．（2023八下·路南期中）如图所示的情景与大气压强无关的是（ ）
A．纸片不下落
B．鸡的喂水器
C．吸住杯子的气球
D．铁轨下铺设枕木
11．（2023八下·榆树期中）如图，一杯橙汁正立放在桌面上（如图A），然后反过来倒立在桌面上（如图），两次放置橙汁对杯底的压强分别是pA和pB，对杯底的压力分别为FA和FB，则（ ）
A．pA＞pB FA＞FB B．pA＜pB FA＜FB
C．pA＝pB FA＝FB D．pA＞pB FA＜FB
12．（2023八下·深圳期中）下列事例中，物体受到浮力的是（ ）
A．天宫课堂中“悬浮”水中的乒乓球
B． 水中的柱形桥墩
C． 在水中下沉的苹果
D． 往去盖、去底的饮料瓶中注水，静止在底部的乒乓球
13．（2023八下·文山期中）下列关于浮力的说法正确的是( )
A．密度计在密度越大的液体中所受浮力越大
B．节日放飞的气球里而气体的密度大于空气的密度
C．潜水艇在水面下从大海潜行进入长江，所受浮力变小
D．轮船从大海驶入长江，轮船要上浮一些
14．（2023·中山模拟）如图所示，小航同学将一个棱长为10cm的木块放入底面积为200cm2的圆柱形盛水容器中，木块静止时露出水面的高度为2cm。他小心地把露出水面的部分切去，待木块再次静止后，下列说法正确的是（ ）
A．木块露出水面的高度仍为2cm
B．木块的密度为1.2×103kg/m3
C．水对容器底部的压强保持不变
D．容器对桌面的压力减小1.6N
15．（2023八下·文山期中）在如图所示的四种情境中，力对物体做功的是( )
A．运动员举着杠铃原地不动
B．龙门吊提着货物水平移动
C．叉车将货物从地面提高一段距离
D．人推石头没有推动
16．（2023·荔湾模拟）如题图1所示，分别用水平拉力、拉物体甲、乙，使甲、乙在水平面上做直线运动，如题2图是、所做的功—路程图像，如题3图是物体甲、乙的路程—时间图像，甲、乙所受的摩擦力分别为、，、所做的功率是、。则下列说法正确的是（ ）
A． B． C． D．
17．（2023·浠水模拟）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”绕地球运动过程中，运动状态始终不变
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．“天舟四号”加速升空，动能、重力势能增加，机械能守恒
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
18．（2023八下·顺义期中）在生产和生活中经常使用各种机械，下列说法正确的是（ ）
A．使用任何机械都可以省力
B．使用任何机械都可以省功
C．使用机械时，有用功越大，机械效率越高
D．使用机械时，有用功占总功的比例越大，机械效率越高
19．（2022九上·东台月考）如图所示，滑轮组上挂上甲、乙两个物体后处于静止状态（动滑轮重及摩擦不计），则（ ）
A．乙物体的质量大 B．甲物体的质量大
C．两物体的质量一样大 D．无法比较它们的质量大小
20．（2022九上·镇江期中）如图所示，轻质杠杆AO可绕O点无摩擦转动，AB=BC=CO，用细线将重物悬挂在A点，在C点施加图示方向的拉力F，在杠杆保持水平静止的情况下（ ）
A．此杠杆属于省力杠杆
B．当重物的悬挂点右移时，F将增大
C．若改沿图中虚线方向施力，F将增大
D．若物重增加1N，F的大小增加6N
21．（2023八下·嵩明期中）如图所示是小明同学探究“影响液体内部压强因素”的实验场景，关于此操作说法正确的是（ ）
A．本实验采用了控制变量法
B．甲与丁探究：液体压强的大小跟液体的密度有关
C．乙与丙探究：在同一深度，液体向各个方向的压强大小相等
D．甲、乙、丁探究：液体压强的大小跟深度有关
二、双选题
22．（2021八下·和平期中）水平面上叠放着A、B两个物体，在水平方向力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，已知F1=10N，F2=6N，那么物体A、B和地面之间的摩擦力大小和方向的有关说法正确的是（ ）
A．A对B的摩擦力为16N，向左 B．B对A的摩擦力为10N，向左
C．B受到摩擦力的合力为6N，向右 D．地面对B的摩擦力为4N，向左
23．（2023·福田模拟）水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别装有体积相同而密度不同的两种液体。现将质量相同、体积不同的A、B两个小球分别放入甲、乙两容器中，静止时如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A．小球A，B受到的浮力FA＝FB
B．两容器中液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．液体对容器底的压强p甲＜p乙
D．容器对水平桌面的压力F甲＞F乙
24．（2021八下·禹州期末）爱动手的小萌同学喝过豆浆后，在吸管中一端塞入一些细铁丝作为配重，并将该端封闭，制作了一支简易密度计：将其放入盛有甲、乙两种不同液体的两个相同烧杯中，它会竖直立在液体中，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示。下列说法正确的是( )
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．密度计在甲液体中所受浮力更小些
C．密度计放入后，乙液体对容器底部的压强更大
D．密度计上的刻度线越往上，标注的密度值越大
25．（2021八下·东丽期末）弹簧测力计下悬挂一金属块，在空气中称量时弹簧测力计的读数为2.7N，把它全部浸没在水中弹簧测力计读数为1.7N，把它全部浸没在某种液体中弹簧测力计读数为1.2N，则下列说法正确的是（g=10N/kg，ρ=1.0×103kg/m3）（ ）
A．金属块在水中受到的浮力是1.7N
B．金属块的密度为
C．金属块浸没在某液体中的体积1.5×10-4m3
D．某液体的密度是
三、作图题
26．（2023·梅州模拟）如图所示，人站在匀速向上运动的电梯上，不计空气阻力，请画出人所受力的示意图（O点为作用点）。
27．（2023·浠水模拟） 图(a)是胶棉拖把的结构图。向上拉拉手，使之绕O点转动，胶棉夹挤出棉头中的水分。请在图甲(b)中画出作用在B点的阻力的力臂和在A点所用最小的动力。
四、实验探究题
28．（2023·深圳模拟） 图甲是小洛探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放，撞击水平面上的同一木块。图乙是小阳探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止释放，在粗糙程度不同的平面上运动。
（1）这两个实验中都让物体从同一斜面的同一高度由静止释放，其目的是 。
（2）设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与 的关系，实验中通过观察 ，从而间接判断钢球的动能大小，这种研究方法是 选填“控制变量法”或“转换法”。
（3）乙实验中通过观察小车在粗糙程度不同的平面上运动距离的远近，可知：水平面越光滑，小车运动的距离越 ，在此基础上进行推理得出，在理想情况下，运动的物体如果 ，将会一直运动下去。
（4）小阳同学通过上面的探究学习，思考了一个问题：当自己荡秋千荡到右侧最高点时，如果自己受到的力全部消失，自己将会处于怎样的运动状态呢？他做出了以下猜想，你认为其中正确的是 。图中的“”表示小阳同学
A．保持静止 B．做匀速直线运动
C．继续来回摆动 D．做匀速圆周运动
29．（2023八下·宜春月考）如图是探究“杠杆平衡条件”的实验。
（1）如图甲所示，此时杠杆 （处于/不处于）平衡状态；为使杠杆在水平位置平衡应将平衡螺母向 （左/右）调节；
（2）杠杆水平平衡后，小明在杠杆A点处挂上2个钩码，B点处挂上 个钩码，可以再次使杠杆在水平位置平衡，若把A、B处所挂钩码同时向支点移动1格，则杠杆 （选填“依然平衡”“左端下降”或“右端下降”）；
（3）小明将一端的钩码换成弹簧测力计，发现按图丙中弹簧测力计使用方式校零时往往很困难，由于弹簧测力计的弹簧和秤钩都有一定的质量，这时弹簧测力计的示数略 绳子受到的实际拉力（选填“大于”或“小于”），为了在竖直向下方向校零，一种方法是取两个弹簧测力计先竖直方向校零后，如丙图右侧所示竖直放置，秤钩对钩，在竖直方向拉到某一数值，这时只要移动弹簧测力计 （甲/乙）的指针，使其示数与另一弹簧测力计相等即可完成校零；
（4）实验中小明曾提出“力的作用点到支点的距离影响杠杆的平衡”。为判断这一观点是否正确，小华制作了一个密度均匀的圆盘（相当于杠杆），圆盘可以绕着圆心O转动（转轴阻力忽略不计），如图丁所示。他先在圆盘的C点挂上4个钩码，又在G点挂上一定数量的钩码后，圆盘在图示位置平衡，此时CD水平；接着他将挂在G点的钩码先后挂在 两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在图示位置平衡，则说明小明的观点是错误的。
30．（2023八下·嵩明期中）某同学按照如图所示的操作，探究影响浮力大小的因素。
（1）物体全部浸没在水中时，受到的浮力是 N。
（2）由 两图可得出结论：物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（3）由C图到D图的过程中，浮力将 （选题“增大”、“减小”或“不变”），可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的 无关。
（4）由D、E两图可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的 有关，在E图中，物体在该液体受到的浮力为 N。
（5）仔细分析实验数据可知，物体的体积为 m3，图E中液体的密度 kg/m3。
五、计算题
31．（2023·怀集模拟）如图甲所示，一驾驶爱好者驾驶汽车在冬季的哈尔滨旅游，人和车总重1600kg，轮胎与地面的总接触面积为400cm2，汽车在平直路面上匀速行驶时牵引力是400N，某段时间其行驶s过程中的s﹣t图象如图乙所示，求：（g取10N/kg）
（1）该汽车匀速行驶时的速度。
（2）汽车在平直路面上匀速行驶4min牵引力做的功。
（3）行驶路途中有一段冰封的河面，若每平方米冰层可承受的压力是6×105N，请通过计算说明汽车能否安全通过冰面。
32．（2023·苍溪模拟）如图所示，是某工作队修建苍溪百利大桥时用滑轮组从水中打捞正方体物体M的情景。物体M的棱长为1m，用7500N的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升2m。忽略绳重、绳与滑轮的摩擦和滑轮与轴的摩擦。（，g取10N/kg）
（1）物体M上升后，求还未露出水面时受到的浮力；
（2）物体M上表面在水面下4m时，求它的下表面受到水的压力；
（3）物体M上升后，未露出水面前，此滑轮组的机械效率是80%，求物体M的密度。
六、科普阅读题
33．（2023·东城模拟）请阅读《白鹤梁水下博物馆》并回答问题。
白鹤梁水下博物馆
白鹤梁水下博物馆位于重庆市涪陵区长江岸边，它被联合国教科文组织誉为“世界首座非潜水可到达的水下遗址博物馆”，是世界水文资料的宝库。
白鹤梁原本是一块长江边上的天然的巨型石梁，是古人用于观测长江的水文站，其具有不朽的水文历史价值和文学艺术价值。在三峡工程蓄水之前，唯有在冬季枯水期，人们才有幸一睹白鹤梁题刻的风姿。为了保护这块意义非凡的石梁，中国工程院院士于2001年提出“无压容器”水下博物馆建造方案，即在水下40米的白鹤梁外修建一个钢筋混凝土“罩体”，与长江水隔离。为了“无压”，罩子内部也要蓄满水，只不过这里面的水是经过过滤、净化，非常干净的长江水，使“罩体”基本处于水压平衡的状态，同时防止江水常年对白鹤梁遗址原体的冲刷损坏。
“罩体”内沿白鹤梁体修建了一条参观廊道，由耐压金属和23个玻璃观察窗构成，游人可沿着参观廊道近距离观看、研究白鹤梁上的题刻。照明系统采用LED技术，寿命长、光照好、节能省电，另有先进的循环水系统、防水系统、水下实时摄影系统。
这一极具创新设想的工程实施，为水下文化遗产的原址保护提供了成功的工程范例。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）白鹤梁的“无压容器”保护方案中混凝土罩体内应当______（填写正确选项前的字母）；
A．蓄满水 B．排空水 C．抽真空
（2）冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期相比将 （选填“增大”“减小”或“不变”）；
（3）“罩体”内沿白鹤梁体修建的参观廊道上有玻璃观察窗，其面积约为0.5m2，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则观察窗所承受的江水的压力约为 N。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】力的概念及单位；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A.手握住绳子提起一条鱼，该鱼所受拉力的施力物体绳子，A不符合题意；
B.踢出去的足球离开脚后，不再受踢力的作用，B不符合题意；
C.“孤掌难鸣”说明：一个物体不能产生力的作用，C符合题意；
D.相互接触的物体能产生力的作用，不接触的物体也可以产生力的作用，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】发出力的物体是施力物体；不接触的物体也可以产生力的作用；产生力的作用时，最少两个物体。
2．【答案】B
【知识点】质量及其特性；力的概念及单位
【解析】【解答】A.八年级物理教材的质量约为200g，故A错误；
B.托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故B正确；
C.一名初中生的重力约为500N，故C错误；
D.一辆汽车的质量大约1t=1000kg，则它受到的重力约为G=mg=1000kg×10N/kg=10000N，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、力的认识判断。
3．【答案】A
【知识点】平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A. 甲图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，他的运动方向不断改变，则运动状态发生改变，故A错误符合题意；
B.乙图中谷爱凌腾空转体时，它没有做匀速直线运动，不受平衡力，故B正确不合题意；
C. 丙图中的冰壶做得非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦力，故C正确不合题意；
D. 丁图中做有些动作时会弯膝蹲下，是为了降低重心，避免摔倒，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变运动，由运动变静止，速度大小变化或运动方向改变；
（2）平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
（3）减小摩擦力的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动。
（4）重心越低，物体越稳定。
4．【答案】D
【知识点】弹力
【解析】【解答】测力计甲的示数为为物体AB和测力计乙的重量之和，50g的物体重约0.5N，测力计乙的重为1N，所以测力计甲的示数为2.0N，测力计乙的示数为测力计乙的重量与物体B的重量之和，即1.5N；
故答案为：D。
【分析】看清弹簧测力计的分度值，结合对应刻度读数；测力计甲的示数为物体AB和测力计乙的重量之和，测力计乙的示数为测力计乙的重量与物体B的重量之和。
5．【答案】D
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】A．牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的推理而得出的，不能用实验直接验证，但它不是凭空想象出来的，A不符合题意；
B．物体不受力或受平衡力作用时做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持，B不符合题意；
C．一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，C不符合题意；
D．如果物体不受外力作用时，原来运动的物体将保持原有的速度做匀速直线运动，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】牛第一定律是通过推理得出的；不受外力作用时，运动的物体将保持原有的速度做匀速直线运动。
6．【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A、锁生锈不好开时，可将少量铅笔芯粉末灌入锁孔，锁就容易打开了，是通过使得接触面分离来减小摩擦力，故A不合题意。
B、在拉链上涂抹一点石蜡，拉链拉起来就顺滑多了，是通过使得接触面分离来减小摩擦力，故B不合题意。
C、搬运笨重货箱时，在地上铺几根圆木就容易搬动，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故C不合题意。
D、冬天马路上结冰时，在冰面上铺些稻草，行走就更安全，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D符合题意。
故选：D。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
7．【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】根据丙图可知，0~2s内木箱的速度为零，即处于静止状态，此时它受到的推力F等于木箱受到的滑动摩擦力相互平衡，即二者大小相等，故A正确不合题意；
根据丙图可知，在4~6s内木箱做匀速直线运动，则此时处于平衡状态 。根据二力平衡的知识可知，木箱受到的滑动摩擦力等于此时的推力2N。在2~4s内木箱做加速运动，但是它对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此所受的滑动摩擦力还是为2 N，故B、C正确不合题意；
根据牛顿第一定律可知，若在第6s时木箱受到的外力均消失，木箱将继续做匀速直线运动，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】（1）根据丙图确定0~2s内木箱的运动状态，根据二力平衡的知识计算摩擦力；
（2）（3）根据丙图可知，在4~6s内木箱做匀速直线运动，据此确定木箱是否处于平衡状态，并计算出木箱受到的滑动摩擦力。接下来根据影响滑动摩擦力的因素的知识计算2~4s内木箱受到的滑动摩擦力。
（4）根据牛顿第一定律分析。
8．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A.木块在水平和竖直方向上都处于平衡状态，即竖直方向上，重力和静摩擦力平衡；水平方向上，手对木块的压力和墙壁对木块的压力相互平衡，故A错误符合题意；
B.静摩擦力始终等于木块重力，当压力增大时，木块重力不变，则静摩擦力不变，故B正确不合题意；
C.物体受到的重力跟墙壁对物体的摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，为平衡力，故C正确不合题意；
D. 墙壁对物体的支持力与物体对墙壁的压力，二者大小相等，方向相反，作用在同一直线和两个物体上，为相互作用力，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）注意分析摩擦力与重力的关系；
（3）（4）平衡力和相互作用力的不同点：前者在同一物体上，后者在两个物体上。
9．【答案】D
【知识点】压强；压强大小比较
【解析】【解答】AB.受力面积一定时，物体受到的y压力越大，产生的压强越大，A不符合题意；B不符合题意；
CD.受力面积不变时，产生的压强与压力的大小成正比，C不符合题意，D符合题意；
故答案为：D.
【分析】压强和压力有关，和受力面积有关。
10．【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】A、覆杯实验证明了大气压强的存在，故A错误
B、当水位低于喂水器的管口时，有空气进入，管内大气压与外界保持一致，水在重力作用下流入下面的水池中，所以喂水器利用了大气压的知识，故B错误
C、当杯子内部气压小于外界大气压时，在大气压的将气球挤进杯中。故C错误
D、铁轨下铺设枕木是为了增大受力面积减小压强而不是利用大气压，故D正确
故答案为D.
【分析】覆杯实验、喂水器、拔罐等都证明了大气压的存在，铁路上的枕木主要目的是增大受力面积减小压力，于与大气压无关。
11．【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据图片可知，橙汁的液面高度hA>hB，根据p=ρ液gh可知，橙汁对杯底的压强pA>pB；
容器A下口小，则橙汁对底部的压力小于橙汁重力；容器B下口大，则橙汁对底部的压力大于橙汁重力。比较可知，橙汁对杯底的压力F甲
【分析】根据p=ρ液gh比较橙汁对杯底的压强大小，根据容器的形状特点比较橙汁对杯底的压力大小。
12．【答案】C
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A.天宫课堂中“悬浮”水中的乒乓球不受重力，所以不受浮力，A不符合题意；
B.桥墩的下面和河底紧密结合，下面没有受到水的压力，不受浮力，B不符合题意；
C.苹果浸没在水中，排开水的体积，受到浮力，C符合题意；
D.往去盖、去底的饮料瓶中注水，静止在底部的乒乓球下面没有水，不受浮力，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】物体不受重力，也不受浮力；物体下面没有液体进入，没有受到液体向上的压力，不受浮力。
13．【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】
A.根据公式可知密度计在液体中所受浮力与液体密度和排开水的体积都有关系，当密度计在液体中静止时，密度计所受浮力均等于密度计的重力，故A错误；
B.节日放飞的气球里气体的密度小于空气的密度，故B错误；
C.潜水艇在水面下从大海潜行进入长江，潜水艇排开液体的体积相同，但是长江水的密度小于海水密度，根据公式可知潜水艇所受浮力变小，故C正确；
D. 轮船从大海驶入长江时，所受浮力均等于轮船重力，即所受浮力不变，但是由于长江水的密度小于海水密度，根据公式可知，当密度变小时，V排变大，故轮船要下沉一些，故D错误；
故本题答案为C。
【分析】
（1）根据公式判断物体所受浮力大小变化；
（2）判断物体上浮与下沉的条件。
14．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A.木块漂浮，木块漂浮时，露出高度为2cm，与棱长之比为1/5，切去2cm后，木块仍漂浮在水面，露出水面的高度仍为剩余部分高度的1/5，由于总长度减少，露出的高度减少，A不符合题意；
B.木块浸入水中部分体积V排=Sh浸=(10cm)2×8cm=800cm3，此时木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×800×10-6m3=8N，此时木块漂浮，则木块的重力G木=F浮=8N，由G=mg=ρVg可知，木块的密度为：，B不符合题意；
C.切去2cm后，木块的重力减小，仍漂浮在水面上，由F浮=ρ水gV排，可知木块排开水的体积减小，故水面下降，根据p=ρgh可知，水对容器底部的压强减小，C不符合题意；
D.切去部分的体积为：ΔV木=SΔh=(10cm)2×2cm=200cm3=2×10-4m3，由于圆柱形盛水容器对桌面的压力等于容器、水及木块的总重力，对桌面的压力减小量等于切去部分木块的重力， 故容器对桌面压力的减小量为：ΔF=ΔG木=Δmg=ρ木ΔV木g=0.8×103kg/m3×2×10-4m3×10N/kg=1.6N，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】根据漂浮物体受到的浮力等于他的重力；结合物体的重力可以计算密度；利用液体密度和排开液体的体积，可以计算浮力大小。
15．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】
A.杠铃原地不动，没有移动距离，故力没有做功，故A错误；
B.龙门吊给货物竖直向上的力，货物水平移动，货物移动的距离与受到的力垂直，故力没有做功，故B错误；
C.货物在受力方向上移动一段距离，故力对货物做功，故C正确；
D.石头没有移动距离，故力没有做功，故D错误；
故本题答案为C。
【分析】
（1）对物体做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在这个力的方向上移动的距离。
16．【答案】D
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】根据图2可知，当经过相同的路程时，W1>W2，根据W=Fs可知，拉力F1>F2，A错误；
根据图3可知，当经过相同的时间时，路程s甲>s乙，根据s=vt可知，速度v甲>v乙，B错误；
根据图像可知，两次都做匀速直线运动，则摩擦力等于拉力，因此摩擦力f甲>f乙，C错误；
根据P=Fv可知，拉力的功率P甲>P乙，D正确。
故选D。
【分析】根据公式W=Fs，s=vt和P=Fv分析计算即可。
17．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件；太阳能及其利用与转化；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 A、“天舟四号”绕地球运动过程中，运动方向始终改变，所以其运动状态始终改变，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、“天舟四号”加速升空时，质量不变，高度变大，重力势能均增加，速度增大，动能变大，则其动能，则其机械能也增大，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【分析】 物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
质量不变，速度越大，动能越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能与势能的总和；不受阻力的作用，机械能守恒。
18．【答案】D
【知识点】机械效率；功
【解析】【解答】A.各种简单机械中，有的省力非距离，有的机械费力省距离，A不符合题意；
B.使用任何机械都不能省功，B不符合题意；
C.使用机械时，当额外功相同时，有用功越大，机械效率越高，C不符合题意；
D.使用机械时，有用功占总功的比例越大，机械效率越高 ，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】机械效率是有用功和总功的比值。
19．【答案】B
【知识点】动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，动滑轮重及摩擦不计，可知 ，则 ，可知甲的质量大，ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】使用动滑轮可以省一半的力，动滑轮上的力是绳子上拉力的2倍。
20．【答案】D
【知识点】杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，F与杠杆的夹角为30°，根据三角形知识可知，F的力臂为 小于OA，即动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，A不符合题意；
B．当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力F将变小，B不符合题意；
C．若改沿图中虚线方向施力，F与杠杆的夹角为30°，根据三角形知识可知，F的力臂为 ，动力臂、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F大小不变，C不符合题意；
D．若物重增加1N，此时的动力臂为阻力臂的六分之一，根据杠杆的平衡条件可知，动力会增加为1N的6倍，所以F的大小增加6N，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力F将变小；动力臂、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F大小不变；根据杠杆平衡条件，求出力的增加量。
21．【答案】A
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】探究“影响液体内部压强因素”的实验场景，
A.本实验保持了深度或液体密度相同，采用了控制变量法，A符合题意；
B.甲与丁液体密度和深度都不同，不能探究液体压强的大小跟液体的密度的关系，B不符合题意；
C.乙与丙深度不同，不能探究液体向各个方向的压强大小关系，C不符合题意；
D.甲、乙、丁液体密度不同，不能探究液体压强的大小跟深度关系，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】探究液体压强的影响因素时，利用了控制变量法。
22．【答案】B,D
【知识点】摩擦力的大小；摩擦力的方向
【解析】【解答】AB．在水平方向力F1和F2的作用下，两个物体以共同的速度v一起向右匀速运动，AB都处于平衡状态，对 A进行受力分析，则A在水平方向上受到了拉力F1和B对A的摩擦力，B对A的摩擦力的大小为10N，方向向左，力的作用是故相互的，A对B的摩擦力的大小也为10N，方向向右，A不符合题意，B符合题意；
C．物体B也匀速向右运动，B是平衡态，合力为零，C不符合题意；
D．对B受力分析，B受到了A对B的向右的摩擦力，大小为10N，还受到了向左的拉力6N，物体B是匀速直线运动，故还受到了向左的摩擦力，大小为4N，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】AB． 两个物体以共同的速度 匀速运动，AB都处于平衡状态。
C．物体B 是平衡态，合力为零。
D． 物体B是匀速直线运动，故三力平衡，还受到了向左的摩擦力。
23．【答案】A,D
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强的计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.根据图像，小球A漂浮，受到的浮力等于物体的重力，小球B悬浮，受到的浮力等于物体的重力，由于A、B重力相等，所以受到的浮力相等，A符合题意；
B.根据图像，当浮力相同时，A在甲液体中排开液体的体积小，根据可知，甲液体密度大，B不符合题意；
C.由于容器中液体的体积相等，甲液体的密度大，根据m=ρV判断，甲液体的质量大，重力大，放入相同的物体A、B后，容器底增加的压力相同，所以甲容器底受到的压力大，又因为容器底面积相等，由于，所以甲容器底受到的压强大，C不符合题意；
D.因为甲中液体的重力大，水平面受到的压力等于总重力，所以甲对桌面的压力大，D符合题意。
故答案为：AD。
【分析】根据漂浮和悬浮状态，判断物体受到的浮力关系；根据浮力关系和排开液体的体积，判断液体密度的大小；根据总重力判断压力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
24．【答案】A,C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由图可知，密度计在甲、乙液体中均处于漂浮状态，故浮力等于密度计的重力，所以密度计在两液体中受到的浮力大小相等，故B错误；由图可知，密度计排开甲液体的体积大于乙液体的体积，由分析，浮力一定时，因为，所以，则密度计上的刻度线越往上，标记的密度值越小，故A正确，D错误；因为两液体深度相同，由P=ρgh分析可知，因为h相同，，所以，故C正确。
故答案为：AC
【分析】根据密度计的浮沉情况可以判断浮力与重力的关系，再利用阿基米德原理公式分析液体密度的关系，分析液体对容器底压强运用P=ρgh。
25．【答案】B,D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A．在空气中称量时弹簧测力计的拉力等于物体重力，即物体重力为2.7N，把它全部浸没在水中弹簧测力计读数为1.7N，则金属块在水中受到的浮力是
A不符合题意；
B．金属块的质量
金属块浸没在水中时受到的浮力是1N，则金属块的体积
则金属块的密度
B符合题意；
CD．因为浸没，所以在液体中的体积等于物体的体积，为 ，浸没在某种液体中弹簧测力计读数为1.2N，则在该液体中受到的浮力
则该液体的密度
C不符合题意，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】求解浮力的大小，可以利用称重法求解，结合物体受到的浮力，利用阿基米德原理的变形公式求解物体排开水的体积，结合密度公式求解物体的密度即可。结合物体受到的浮力和排开液体的体积，利用阿基米德原理的变形公式求解液体的密度。
26．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】如图所示，人站在匀速向上运动的电梯上，在水平方向上它不受外力。在竖直方向上，它受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力，都作用在人的重心上，如下图所示：
【分析】对人进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
27．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】 从支点O向阻力F2的作用线引垂线段，垂线段的长即为阻力臂L2；由杠杆平衡条件F1 L1=F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，如下图所示：
【分析】 力臂是指从支点到力的作用线的距离；根据杠杆平衡条件，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
28．【答案】（1）控制物体到达水平面时的速度相同
（2）质量；木块移动的距离；转换法
（3）远；不受力
（4）A
【知识点】动能的影响因素
【解析】【解答】（1）这两个实验中都让物体从同一斜面的同一高度由静止释放，其目的是：控制物体到达水平面时的速度相同。
（2）根据“让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放”可知，小球的质量不同，则设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与质量的关系，实验中通过观察块移动的距离，从而间接判断钢球的动能大小，这种研究方法是转换法。
（3）乙实验中通过观察小车在粗糙程度不同的平面上运动距离的远近，可知：水平面越光滑，小车运动的距离越远，在此基础上进行推理得出，在理想情况下，运动的物体如果不受力，将会一直运动下（4）当自己荡秋千荡到右侧最高点时，此时自己的速度为零。如果自己受到的力全部消失，那么保持外力消失时的状态不变，即保持静止状体，故选A。
【分析】（1）根据控制变量法的要求可知，探究动能与质量的关系时，必须控制物体的速度相等，只改变物体的质量；
（2）根据“让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放”分析哪个变量发生改变即可。从斜面上滚下的小球，撞击水平面上的木块，木块克服地面的摩擦力做功。根据W=fs可知，木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，说明小球的动能越大。物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（3）水平面越光滑，小车受到的阻力越小，则小车速度减小的越慢，运动距离越长。如果不受阻力，那么小车的速度就不会减小，即永远不停的做匀速直线运动。
（4）根据牛顿第一定律的内容分析判断。
29．【答案】（1）处于；右
（2）1；右端下降
（3）小于；乙
（4）D 、N
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）如图甲所示，此时杠杆静止，处于杠杆平衡状态；
此时杠杆的左端下沉，右端上翘，说明杠杆的右端轻，应将平衡螺母向右调节；
（2）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得到：2G×2L=nG×4L，
解得：n=1，
那么应在B点挂1个钩码才能使杠杆平衡；
当杠杆平衡后，将A、B两点下面所挂的钩码同时向O点移动1格，
那么：2G×L＜G×3L，
故右端下降；
（3）①如图丙所示，在探究杠杆平衡条件实验时，按图丙中弹簧测力计使用方式校零时往往很困难，由于弹簧测力计的弹簧和秤钩都有一定的质量，且拉力的方向竖直向下，故这时弹簧测计的示数略小于绳子受到的实际拉力；
②物体间力的作用是相互的，甲测力计拉乙测力计的力等于乙测计拉甲测力计的力，因甲测力计已调零，移动弹簧测力计乙的指针，使其示数与甲弹簧测力计相等即可完成校零；
（4）由题意可知，左右两边对圆盘的拉力不变，左边力臂不变，
根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2得，要使圆盘平衡，右边力臂也应保持不变，
所以可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验，这样右边的力臂始终为OD。
由以上实验现象可知，力的作用点到支点的距离发生变化，并没有影响杠杆的平衡，故小明的观点是错误的。
【分析】（1）杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速转动。平衡螺母总是向轻的那端调节；
（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析计算，并判断杠杆是否平衡；
（3）①当弹簧测力计竖直向下拉动时，绳子上的拉力等于人的拉力与测力计的重力之和，据此确定测力计的示数变化。
②由于物体间力的作用是相互的，因此甲对乙的拉力等于乙对甲的拉力；
（4）由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
30．【答案】（1）1
（2）BC
（3）不变；深度
（4）密度；0.8
（5）1×10-4；0.8×103
【知识点】浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据图像A和C，物体受到的重力为4N，全部浸没在水中时，测力计的拉力为3N，受到的浮力是4N-3N=1N；
（2）由BC 两图，液体密度相同，排开液体的体积不同，受到的浮力不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）由C图到D图的过程中，深度改变，测力计示数不变，浮力将不变，可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由D、E两图，排开液体的体积相同，液体密度不同，受到的浮力不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关，在E图中，物体在该液体受到的浮力为4N-3.2N=0.8 N；
（5）分析实验数据可知，物体的体积为，图E中液体的密度。
【分析】（1）根据物体受到的重力和进入液体中拉力差，计算浮力；
（2）液体密度一定时，浮力和排开液体的体积有关；
（3）物体受到的浮力和进入液体的深度无关；
（4）根据物体的重力和测力计的拉力差计算浮力；
（5）根据浮力和液体密度，可以计算排开液体的体积；根据浮力和排开液体的体积计算液体密度。
31．【答案】（1）解：汽车匀速行驶的速度
答：汽车匀速行驶时速度是18km/h
（2）解：牵引力做的功W＝Fs＝400 N×1200m＝4.8×105J
答：汽车在平直路面上匀速行驶4min牵引力做的功是4.8×105J；
（3）解：汽车对冰面的压力F＝G＝mg＝1600kg×10N/kg＝16000N
汽车对冰面的压强 ＜6×105N/m2，故汽车能安全通过冰面。
答：汽车能安全通过冰面。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据路程和时间的比值，计算速度；
（2）根据力和距离的乘积计算做功多少；
（3）根据物体的质量计算重力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
32．【答案】（1）解：物体还未露出水面时，排开液体体积
还未露出水面时受到的浮力
答：物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力是1×104N；
（2）解：物体M上表面在水面下4m时，它的下表面处水的深度
它的下表面受到水的压强
根据压强定义式可得它的下表面受到水的压力
答：物体M上表面在水面下4m时，它的下表面受到水的压力是5×104N；
（3）解：当物体M浸没在水中时，滑轮组的机械效率为
由图可知，绳子承重段数n为3，物体M的重力为
物体M的密度
答：物体M的密度是2.8×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）首先根据V=a3计算出物体M的体积，再根据V排=V计算出排开液体的体积，最后根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算物体M浸没时受到的浮力。
（2）物体下表面所在的深度等于上表面所在的深度与物体的边长之和，再根据p=ρ液gh计算出下表面受到的压强，根据公式F=pS计算下表面受到的压力。
（3）在物体M未露出水面时，作用在动滑轮挂钩上的拉力F拉=G-F浮力，正是这个拉力做有用功，而绳子自由端的拉力做总功，此时可根据公式 计算出滑轮组的机械效率。将数据代入上式，可计算出物体M的重力，最后根据公式 计算出M的密度。
33．【答案】（1）A
（2）减小
（3）2×105
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的特点
【解析】【解答】（1）因为罩体处于水压平衡状态，罩子内部也要蓄满水，所以罩体内需要蓄满水，故选A；
（2）液体压强和液体密度、深度有关，枯水期水位下降，深度减小，压强减小；
（3）根据液压公式可得玻璃观察窗受到的压强为：
所以其受到的压力为=2×105N。
【分析】阅读材料提取材料中的信息；液压的影响因素；压强的计算公式。
