2023年江西省新余市分宜中学中考物理模拟试卷
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）发电机的发明使人类大规模用电成为可能，发电机的工作原理是 现象，这一现象是由英国物理学家 首先发现的。
2．（2分）如图所示，某同学用剪刀将吸管剪开（不剪断），然后插入装有水的杯子中，并从剪开处将吸管折成90°角，从吸管上方吹气就能发出“哨声”。“哨声”是由吸管中的空气柱 产生的，通过调节吸管插入水中的深度，可以改变“哨声”的 。
3．（2分）劳动是人类社会生存和发展的基础。在课外劳动课上，如图所示，剪纸时所用的剪刀刀刃磨得很锋利，是通过 的方法 压强的。
4．（2分）小明同家人一起去电影院看新春贺岁影片。银幕上呈现出来的像是 （选填“实像”或“虚像”）；坐在不同位子上的观众都能看到银幕上的画面，这是因为光在银幕上发生了 。
5．（2分）物理学在生产、生活和科学技术中都有着广泛的应用，例如：篮球表面比足球表面更粗糙，这是为了增大 ；跳远前会进行一段距离的助跑，这是利用 来提高成绩。
6．（2分）“珍爱生命，安全用电”是同学们日常生活中必须具备的安全意识。如图所示，电水壶的金属外壳应与家庭电路中的 线相连，烧水时应让电水壶与插座保持一定距离，防止有水溅入插座中导致电路 ，使空气开关跳闸。
7．（2分）近年来，我国载人航天关键技术不断突破，标志着我国正从航天大国向航天强国迈进。如图所示，火箭发射时，燃料燃烧产生的内能主要转化为火箭的 能；火箭升空时，以火箭为参照物，发射塔是 的。
8．（2分）如图是小明设计的水位计的工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，水位最低时，滑杆P位于R的a端。水位升高时，电流表的示数 ，电压表的示数 。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）下列对生活中一些物理量的估计，最接近实际值的是（ ）
A．家用照明的电压约为380V
B．人的正常心跳频率约为1.2Hz
C．人的正常步行速度约为4
D．教室的门的高度约为300dm
10．（2分）图中的工具在正常使用的过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．手工剪刀 B．筷子
C．核桃夹 D．食品夹
11．（2分）西汉淮南王刘安的《淮南万毕术》中有记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”其描述的现象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．该冰透镜是一种边缘厚、中间薄的透镜
B．用冰透镜生火利用了冰透镜对光有会聚作用
C．用冰透镜生火是将太阳能转化为化学能
D．“以艾承其影”中的“影”指冰透镜的影子
12．（2分）如图所示的电路，电源电压不变，开关闭合后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数与电流表A1示数的乘积不变，小灯泡L的亮度变暗
B．电流表A1的示数变大，电压表V的示数不变，小灯泡L的亮度变亮
C．电压表V的示数与电流表A1的示数之比变小，小灯泡L的亮度不变
D．电压表V的示数与电流表A2的示数之比不变，小灯泡L的亮度不变
（多选）13．（3分）某实验小组利用酒精灯对冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的“温度一时间”图像，由图像可知（ ）
A．冰是晶体，熔化过程用了25 min
B．冰在熔化过程中温度保持不变，内能不变
C．水升温比冰慢，说明水的比热容比冰的小
D．实验中物质吸热多少可用加热时间来比较
（多选）14．（3分）如图所示，这是我们学习过程中遇到的一些实验，其对应的解释合理的是（ ）
A．甲：滚摆上下运动过程中到达的最高点越来越低，说明这一过程中能量不守恒
B．乙：口吹硬币能使硬币跳跃木块，说明气体在流速大的地方压强小
C．丙：测量小车的平均速度实验中，为了减小误差，应使斜面保持较小的坡度
D．丁：探究电流产生热量的影响因素时，需要在两烧瓶内装入等质量的同种液体
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．（7分）道路通，百业兴，近几年来，我国交通基础设施建设始终保持高位运行态势。在道路建设中，一辆工程车载着3×103kg的材料在平直路面上以15m/s的速度匀速行驶，受到的阻力为4×103N。
（1）行驶5min后，工程车的牵引力做的功是多少？
（2）工程车牵引力做功的功率是多少？
（3）若该工程车将速度提升到20m/s，仍然在该路段匀速行驶，牵引力的大小将如何变化？请说明理由。（假设阻力不变）
16．（7分）如图所示的电路，电源电压为6V保持不变，R2＝50Ω，小灯泡L上标有“6V 3.6W”的字样（不考虑灯丝电阻随温度的变化），求：
（1）当开关S1、S2均断开时，电流表示数为0.2A，R1的阻值；
（2）当开关S1、S2均断开时，通电10s小灯泡消耗的电能；
（3）当开关S1、S2处于何种状态时，整个电路消耗的功率最大？求出此时的最大功率。
17．（8分）小明家新买了一台家用饮水机，有加热和保温两种工作状态，其内部电路图如图所示，当S闭合、S0断开时，饮水机处于保温状态（R1、R2电阻不受温度影响）。从说明书上收集到部分数据如表所示。
（1）求R1的电阻。
（2）饮水机在加热状态下正常工作，不计热量损失，水箱装满水，水从20℃加热到70℃需多长时间？[水的比热容c＝4.2×103J/（kg ℃）]
（3）购买家电时，能效等级是重要的参考数据。在中国能效标识中，能效等级1～5分别对应绿到红的五种颜色，则能效等级数字越小表示的意义是什么？
水箱装满水的质量 2kg
额定电压 220V
加热时的功率 2100W
保温时的功率 100W
能效等级 2级
四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
（1）如图甲所示，这是某同学测量物体长度时的情景，他操作过程中存在的错误是 ，物体的长度应记为 cm，
（2）用弹簧测力计测量物体受到的重力前，要先观察弹簧测力计的 和分度值，若指针没有指在零刻度线，还需要进行 ；如图乙所示，弹簧测力计此时的示数为 。
（3）用同一支温度计分别测量某天正午与晚上的气温，两次温度计的示数如图丙所示，其中 图是正午的气温，其示数是 ℃。
19．（7分）实验课上，小明用托盘天平和量筒测量鹅卵石的密度，图甲是他使用的天平砝码盒中的所有砝码，请完成以下问题。
【进行实验】
（1）将天平放在水平桌面上，先对天平进行调平，如图乙所示，他操作中存在的错误是 。
（2）改正错误后正确操作。用天平测量鹅卵石的质量，将鹅卵石放在天平的左盘中，在右盘按 的顺序添加砝码，小明测出鹅卵石的质量是48.8g。老师指出其数据造假，依据是 。
（3）在老师的帮助下，改变测量方法，测出鹅卵石的质量为47.6g。接着测量鹅卵石的体积，如图丙所示，则鹅卵石的体积为 ，鹅卵石的密度是 g/cm3。
【分析交流】
若鹅卵石具有吸水性，则用上述方法测得的鹅卵石密度与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
【拓展】
在测量液体密度的实验时，因量筒刻度线磨损无法读数，小华利用一个玻璃瓶、天平和水能测量出液体的密度，实验过程如下：
（1）调好天平，用天平测出空玻璃瓶的质量为m0；
（2）将玻璃瓶装满水，用天平测出玻璃瓶和水的总质量为m1；
（3）将玻璃瓶中的水倒出，擦干玻璃瓶，再向玻璃瓶中装满待测液体，用天平测出玻璃瓶和液体的总质量为m2；
（4）用测得的数据和已知数据计算出液体的密度：ρ＝ （已知水的密度为ρ水）。
20．（7分）【探究名称】探究液体内部压强与哪些因素有关？
【进行实验与收集证据】
（1）如图甲所示，使用压强计前用手轻轻按压几下橡皮膜，发现U形管中的液体能灵活升降，说明装置 （选填“漏气”或“不漏气”）。
（2）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，则接下来进行的操作是 （选填“向U形管中加水或抽水”或“拆除软管重新安装”）。
（3）比较图中乙、丙两图，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而 。
（4）若要探究液体内部压强是否与液体密度有关，应选择图中 两图进行比较，得出的结论是 。
（5）若要探究液体内部向各个方向的压强大小，在图丙中应进行如下操作：保持压强计 不变，改变 ，观察U形管中液面的高度差。
21．（7分）小明在做测小灯泡电功率的实验时，发现挂在脖子上的钥匙靠近滑动变阻器时，钥匙被通电的滑动变阻器吸引，小明认为通电的滑动变阻器可能有磁性，便组装器材进行探究。
（1）小明认为通电的滑动变阻器可能有磁性的依据是滑动变阻器由电阻丝绕制而成，通电后相当于 。
（2）从实验室中找来一些器材，按图连接好电路。在选择变阻器时，作为研究对象的滑动变阻器乙的最大阻值应越 越好，原因是 。
（3）在滑动变阻器乙附近摆放好小磁针，在开关没有闭合前，小磁针（涂有黑色的一端为N极）静止时如图所示，则图中地球的北极在 （选填“左”或“右”）边。
（4）闭合开关后，发现只有最左侧的小磁针的指向反转过来，上下的小磁针几乎不动；将滑动变阻器乙上下的接线互换，上下的小磁针指向反转过来，而左侧的小磁针几乎不动。由此可看出滑动变阻器外部的磁场与 磁体的磁场相似，同时发现滑动变阻器两端的磁极与 有关。
（5）在图中，如果要使乙滑动变阻器的磁性变强，你的操作是 （写出一种即可）。
2023年江西省新余市分宜中学中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共16分，每空1分）
1．【解答】解：根据课本可知，1831年，物理学家法拉第发现的电磁感应现象，进而发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能。
故答案为：电磁感应；法拉第。
2．【解答】解：哨声是由于空气柱振动而产生的；
通过调节吸管插入水中的深度，改变的是空气柱的长度，从而改变哨声的音调。
故答案为：振动；音调。
3．【解答】解：剪刀刀刃磨得很锋利，是通过减小受力面积的方法增大压强。
故答案为：减小受力面积；增大。
4．【解答】解：电影放映机的成像原理是：当物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，所以在银幕上呈现出来的像是实像；
银幕是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到。因此光在银幕上发生漫反射。
故答案为：实像；漫反射。
5．【解答】解：（1）篮球表面比足球表面更粗糙，这是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）跳远运动员助跑后飞身一跃，是利用惯性在空中继续飞行，提高成绩。
故答案为：摩擦力；惯性。
6．【解答】解：（1）若为了安全使用，电水壶的金属外壳应接地；
（2）若不慎有水溅入旁边的插座里，会造成电路短路，电路电流过大，使空气开关跳闸。
故答案为：地；短路。
7．【解答】解：（1）火箭升空过程，消耗了燃料的化学能，得到了机械能，故能量的转化是：化学能转化为内能，内能又转化为机械能；
（2）以火箭为参照物，发射塔与火箭之间有位置变化，所以发射塔是运动的。
故答案为：机械；运动。
8．【解答】解：由图可知，滑动变阻器和灯泡串联，电流表测量中的电流，电压表测量滑动变阻器aP部分两端的电压；
水位升高时，因电压表在电路中相当于开路，则滑动变阻器始终全部接入电路中，电路中总电阻不变，电源电压不变，根据I＝知电流大小不变（电流表示数不变）；
水位升高时，滑片向上移动，aP部分长度增加，aP部分的电阻变大，根据U＝IR知aP部分两端的电压增大，即电压表示数变大。
故答案为：不变；变大。
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．【解答】解：A、家用照明的电压约为220V，故A错误；
B、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在72次左右，跳动频率在＝1.2Hz左右，故B正确；
C、人的正常步行速度约为4km/h，故C错误；
D、教室的门的高度约为2m＝20dm，故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：A、手工剪刀在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不合题意；
B、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不合题意；
C、核桃夹在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C符合题意；
D、食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不合题意。
故选：C。
11．【解答】解：AB、古人将冰磨成一种冰透镜，该透镜中间厚、边缘薄，属于凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，能使光线发生折射；冰透镜正对太阳光，能使太阳光会聚焦点，从而能点燃艾草取火，故A错误、B正确；
C、用冰透镜生火是将太阳能转化为内能，故C错误；
D、“以艾承其影”中的“影”指太阳光经冰透镜会聚在焦点的亮斑，故D错误。
故选：B。
12．【解答】解：B、由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压（电源电压），电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯泡支路的电流；
由于电源电压不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变；
因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变，灯泡亮度不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流变小；根据并联电路的电流特点可知，干路电流变小，即电流表A1示数变小，故B错误；
D、电压表V的示数不变，电流表A2的示数不变，电压表V与电流表A2示数的比值不变，故D正确；
AC、电压表V的示数不变，由于干路电流变小，即电流表A1的示数变小，
则电压表V与电流表A1示数的比值变大，故C错误；
电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变小，故A错误。
故选：D。
13．【解答】解：A．冰从5min开始熔化，到30min熔化结束，熔化过程用了30min﹣5min＝25 min，故A正确；
B．冰在熔化过程中吸收热量、温度保持不变，内能增加，故B错误；
C．由题知，利用酒精灯对冰均匀加热，即在相同时间内冰吸热相同，由图可知，冰在前5min内温度升高了20℃，水在后10min内升高了20℃，可见升高相同的温度，水的加热时间长，水吸热多；则吸收相同的热量，水温度变化慢，而冰化水质量不变，所以由Q＝cmΔt可知水的比热容比冰的比热容大，故C错误；
D．实验过程中使用酒精灯均匀加热，相同的时间内，物质吸收的热量相同，所以实验中物质吸热多少可用加热时间来比较，故D正确。
故选：AD。
14．【解答】解：A．滚摆上下往复运动过程中，要克服阻力做功，部分机械能转化为内能，机械能减少，但能量守恒，故A错误；
B、口吹硬币跳跃木块，硬币上方空气流速大，压强小，硬币下方空气流速小，压强大，所以硬币在压强差的作用下跳起，故B正确；
C、实验中使用的斜面的坡度较小，其目的是增长测量时间，以减小测量时间的误差，故C正确；
D、探究电流产生热量的影响因素时，通过温度计示数的变化反映电流产生热量的多少，需要在两烧瓶内装入等质量的同种液体，故D正确。
故选：BCD。
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．【解答】解：（1）行驶5min工程车运动的路程：s＝vt＝15m/s×5×60s＝4500m，
工程车沿水平方向做匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，牵引力的大小：F＝f＝4×103N，
牵引力所做的功：W＝Fs＝4×103N×4500m＝1.8×107J；
（2）工程车牵引力做功的功率：P＝＝＝60000W；
（3）若该工程车将速度提升到20m/s，仍然在该路段匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，牵引力和阻力大小相等，阻力不变，牵引力不变。
答：（1）行驶5min后，工程车的牵引力做的功是1.8×107J；
（2）工程车牵引力做功的功率是60000W；
（3）若该工程车将速度提升到20m/s，仍然在该路段匀速行驶，牵引力的大小不变。
16．【解答】解：（1）根据P＝可知，灯泡电阻为：RL＝＝＝10Ω；
当开关S1、S2均断开时，R2开路，L与R1串联，电流表测量电路电流，且电流表示数为0.2A，
电路中的总电阻为：R总＝＝＝30Ω，
R1的阻值为：R1＝R总﹣RL＝30Ω﹣10Ω＝20Ω；
（2）通电10s小灯泡消耗的电能为：W＝I2RLt＝（0.2A）2×10Ω×10s＝4J；
（3）电源电压不变，根据P＝可知，电路中的总电阻最小时，电路消耗的总功率最大。
当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，L与R2并联，电路中的总电阻最小，
电路消耗的最大总功率为：P＝+＝+＝4.32W。
答：（1）当开关S1、S2均断开时，电流表示数为0.2A，R1的阻值为20Ω；
（2）当开关S1、S2均断开时，通电10s小灯泡消耗的电能为4J；
（3）当开关S1、S2均闭合时，整个电路消耗的功率最大，此时的最大功率为4.32W。
17．【解答】解：（1）当S闭合、S0断开时，饮水机处于保温状态，电功率为100W；当S、S0同时闭合时，电热饮水机处于加热状态时，电路中两电阻并联，
电阻R1的功率P1＝P加热﹣P保温＝2100W﹣100W＝2000W，
根据公式P＝可知，
电阻R1＝＝24.2Ω；
（2水吸收的热量为：Q吸＝CmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J；
因为不计热量损失，所以热水器消耗的电能：W＝Q吸＝4.2×105J；
由P＝可得，加热所用的时间：t＝＝＝200s；
（3）饮水机将电能转化为内能，但由于由热损失，因而水获的热量与消耗的电能不等，能效等级越接近1，表示利用率越高，越节能。
答：（1）R1的电阻为24.2Ω；
（2）饮水机在加热状态下正常工作，不计热量损失，水箱装满水，水从20℃加热到70℃需200s；
（3）能效等级数字越小表示能量的利用率越高，越节能。
四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18．【解答】解：（1）读数时视线没有垂直于尺面；
由图可知：刻度尺的分度值为1mm，起始位置是零刻度，物体末端对应的刻度值是2.45cm，则物体的长度为2.45cm；
（2）用弹簧测力计测量物体受到的重力前，要先观察弹簧测力计的量程和分度值，若指针没有指在零刻度线，还需要进行调零；如图乙所示，弹簧测力计的量程为0～5N，分度值为0.2N，弹簧测力计此时的示数为3.2N；
（3）A温度计温度是零摄氏度以下的温度值，分度值为1℃，因此温度值为﹣8℃；
B温度计温度是零摄氏度以上的温度值，分度值为1℃，因此温度值为2℃．
因为正午气温要高一些，所以B温度计测量的是正午的气温。
故答案为：（1）读数时视线没有垂直于尺面；2.45；（2）3.2N；（3）B；2。
19．【解答】解：【进行实验】
（1）调节天平时，应将游码移到标尺左端的零刻度线处，故操作中存在的错误是游码没移到标尺左端的零刻度线上；
（2）将天平调节平衡后，应将鹅卵石放入左盘中，向另一个托盘中添加砝码时，应当按质量从大到小的顺序 添加砝码；
图甲中没有5g砝码，无法测出鹅卵石的质量是48.8g；
（3）由图丙可知，鹅卵石的体积为：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；
鹅卵石的密度为：ρ＝＝＝2.38g/cm3；
【分析交流】
鹅卵石放入水中后，因其具有吸水性，导致测水和鹅卵石的总体积时液面下降，所测体积偏小，由ρ＝可知，鹅卵石的密度与真实值相比偏大；
【拓展】
实验步骤：
①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0；
②在烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；
烧杯中水的质量为：m水＝m1﹣m0，
烧杯中水的体积：V水＝＝；
③将玻璃瓶中的水倒出，擦干玻璃瓶，再向玻璃瓶中装满待测液体，用天平测出玻璃瓶和液体的总质量为m2；
则待测液体的体积：V′＝V水＝；
待测液体的质量：m′＝m2﹣m0，
待测液体的密度：ρ＝＝＝ ρ水。
故答案为：【进行实验】（1）游码没移到标尺左端的零刻度线上；（2）从大到小；图甲中没有5g砝码，无法测出鹅卵石的质量是48.8g；（3）20mL；2.38；
【分析交流】偏大；
【拓展】 ρ水。
20．【解答】解：（1）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过U形管中两边的液面高度差来反应被测压强大小的，检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
（2）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
（3）比较乙、丙两图知，液体的密度相同，丙中探头的深度较大，U形管液面的高度差较大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部的压强随液体深度的增加而增大；
（4）在丙、丁两图中压强计探头的深度相同，液体的密度不同，液体的压强不同，故比较丙、丁两图，可以得出液体的压强与液体密度有关，液体深度相同时，液体的密度越大，液体压强越大；
（5）在探究液体内部同一深度向各个方向的压强是否相等时，在图丙基础上应进行的操作：保持压强计的探头在同种液体中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管中液面的高度差。
故答案为：（1）不漏气；（2）拆除软管重新安装；（3）增大；（4）丙、丁；液体深度相同时，液体的密度越大，液体压强越大；（5）探头在同种液体中的深度；探头的方向。
21．【解答】解：（1）通电的滑动变阻器可能有磁性的依据是滑动变阻器由电阻丝绕制而成，通电后相当于螺线管。
（2）选择变阻器时，作为研究对象的滑动变阻器乙的最大阻值应越小越好，原因是电阻越小，通过的电流越大，磁性越强。
（3）根据小磁针静止时，N指向左侧，图中地球的北极在左边。
（4）实验表明：滑动变阻器外部的磁场与条形磁体的磁场相似，同时发现滑动变阻器两端的磁极与电流的方向有关。
（5）要使乙滑动变阻器的磁性变强，下一步操作是在瓷管中插入一根铁芯。
故答案为：（1）螺线管；（2）小；电阻越小，通过的电流越大，磁性越强；（3）左；（4）条形；电流的方向；（5）在瓷管中插入一根铁芯。
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