2023年山东省青岛中考物理二模试卷
一、单项选择题（满分20分，共10题，每题2分.每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求）
1．（2分）下列物理的单位，不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．能量 B．功率 C．密度 D．压强
2．（2分）古诗词中蕴含物理知识，下列诗句中的提到光学现象中，属于光的折射的是（ ）
A．月移花影动 B．池水映明月 C．潭清疑水浅 D．对镜贴花黄
3．（2分）2022年北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于吸热的是（ ）
A．雨水，冰雪消融 B．立夏，雾绕山峦
C．霜降，霜满枝头 D．大寒，滴水成冰
4．（2分）下列图中所示的示例中，不属于应用大气压强的是（ ）
A．吸盘挂钩挂物体 B．肌肉注射疫苗
C．中医拔火罐 D．抽水器抽桶装水
5．（2分）下列说法中正确的是（ ）
A．自然界的太阳能、风能和水能都属于可再生能源
B．倒车雷达是利用超声波可以传递能量的原理工作的
C．光的三原色是红、黄、蓝，它们按比例混合可以得到其他颜色的光
D．改善燃烧条件，使燃料更充分燃烧是提高燃料热值的有效途径
6．（2分）体育课上，小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（ ）
A．篮球在a、c两点的动能相等
B．篮球在a点的机械能比d点机械能大
C．篮球a 点动能比d点动能大
D．篮球b点的动能最大
7．（2分）为防止疫情进入校园，某学校安装了智能门禁，如图所示。当来访者是本校师生且体温正常时，电动机工作将门打开，同时扬声器发声提示“体温正常”。若扬声器损坏，电动机仍可将门打开。以下电路的设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2分）如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同的容器，分别装有密度为ρ1、ρ2的两种不同液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为F1、F2，两容器底部受到液体压强分别为p1、p2，小明同学对此做出了以下判断
①F1＞F2；
②ρ1＞ρ2；
③p1＞p2。
其中正确的是（ ）
A．②③ B．①② C．①③ D．①②③
9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表V1示数变小
B．电压表V2示数不变
C．灯泡L的亮度不变
D．电压表V1与电流表A示数比值变小
10．（2分）甲、乙电热丝，串联接在电压为U的电源上，相同时间内电流通过两电阻丝所产生的热量之比为2：3：若将它们并联接在电压为2U的电源上，相同时间内电流通过两电阻丝产生的热量之比为（ ）
A．2：3 B．3：2 C．4：9 D．9：4
二、多项选择题（满分15分，共5题，每题3分．每小题给出的四个选项中，有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分）
（多选）11．（3分）许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一，如图所示，对比于各个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．图甲所示的实验中，使用斜面保持很小的坡度是为便于测量小车在斜面上的运动的时间
B．图乙的实验中，让同一个小球A从斜面上不同高度由静止开始下滑，是为了探究动能大小与高度的关系
C．图丙所示的实验中，斜面倾斜角度为30°，物体B的重力是4N，沿斜面匀速拉B运动的弹簧测力计的示数如图所示，则所测斜面的机械效率为80%
D．图甲中让小车从同一高度自由下滑到粗糙程度不同的水平面上，小车运动的距离越远，说明其速度改变得越小
（多选）12．（3分）如图所示是小明家的电路的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．电冰箱连入三孔插座后，其金属外壳与大地相连
B．正常状况下，用试电笔接触A点氖管会发光
C．为了用电安全，应在甲处安装电灯，乙处安装开关
D．若保险丝烧断，将标有“220V”的电灯接在保险丝处时正常发光，则说明电路中出现了短路
（多选）13．（3分）小明连接如图所示的电路，闭合开关后，调节滑动变阻器，观察到白炽灯泡L1比L2亮，说明L1的实际功率比L2大。关于该实验，下列说法中正确的是（ ）
A．此实验装置可验证电功与电压大小的关系
B．L1对应的电压表示数比L2小
C．通过L的电流比L2大
D．L1的电阻一定大于L2的电阻
（多选）14．（3分）用如图所示的甲、乙两个滑轮组，分别匀速提起重为G的物体，每个滑轮重都为，物体上升的速度为v，不计绳重及摩擦，下列判断中正确的是（ ）
A．作用在绳子自由端的拉力之比F甲：F乙＝3：2
B．作用在绳子自由端的拉力的功率之比P甲：P乙＝2：3
C．绳子自由移动的速度之比v甲：v乙＝2：3
D．两滑轮组的机械效率之比η甲：η乙＝1：1
（多选）15．（3分）如图所示，直流电动机通过电流做功提升质量为540g的重物，但在电能转化成机械能的过程中，有部分电能转化为内能。已知线圈电阻1.5Ω，电动机正常工作时，通过线圈电流为2A，物体以10m/s的速度匀速上升的时间为20s，不计绳的重力和一切摩擦。下列说法中正确的是（ ）
A．电压表的读数为3V
B．电流通过线圈产生的热量为120J
C．提升物体做的有用功为1.08×103J
D．电动机的工作效率为90%
三、填空与解答题（满分25分，共5题）
16．（6分）智能手机、5G网络的日益普及，极大地方便我们的生活，也改变了我们的诸多生活方式。
（1）我们用手机通过5G网络通话、发信息、上网，是依靠 （选填“超声波”或“电磁波”）来传递 （选填“信息”或“能量”）的；小明在接听同学电话时，能通过对方声音的 来判断是谁打来的电话。
（2）小明手机的电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“5V，4A”的快速充电器，将手机电池从零充满约需要1h，则充电效率约为 。
（3）长时间使用手机，手机会变热，这里发生的能量转化是 。
（4）小明同学使用手机的摄像头拍摄风景时发现，在拍摄者和被拍摄对象不动的情况下，使用“广角”镜头拍摄范围更大，说明“广角”镜头的焦较 （选填“长”或“短”）。
17．（5分）2023年4月22日，2023青岛马拉松（全程距离约为42km）鸣枪开跑，来自肯尼亚的选手Sammy以2小时13分43秒的成绩摘得男子组桂冠。
（1）据赛会统计，Sammy完成前半程所用的时间约为50min，则他前半程的平均速度为 km/h，他全程做 （选填“匀速”或“变速”）运动；
（2）参赛运动员所穿跑步鞋的鞋底都有很明显的花纹，这是通过 的方法来增大跑步时鞋底与地面间的摩擦力；
（3）选手们把RFID芯片系在鞋带上，通过设在起跑线和终点线的地垫时，芯片里的微型线圈便会切割地垫周围的磁感线而产生电流，使芯片工作并发射电磁波，发送到控制器和计算机进行阅读处理，整个赛程的起止时间便一目了然了。芯片线圈产生电流的原理是 ，生活中工作原理与之相同的是 （写出一种即可）。
18．（6分）阳光、大海、沙滩……青岛是一个被上帝宠坏了的地方，把最宜人的气候、最和煦的阳光、最柔和的沙滩，最美的海鲜……都赐给了这座美丽的海滨城市，也吸引着无数的游客来到这座浪漫的“帆船之都”观光游览。
（1）夏季凉爽的气候，让青岛成为名副其实的“宜居城市”，从物理学的角度来说，一是因为海水的 大；二是因为海水 （填物态变化的名称）要 （选填“吸收”或“放出”）热量。
（2）碧海、蓝天、白帆……美丽的海景尽显青岛的温柔与浪漫。帆船在海面上不仅可以顺风航行，也可以逆风而上（如图所示），逆风航行时，船帆的形状与飞机机翼相似，因为空气流速越大的位置，压强越 ，所以船帆会受到空气的压力差 （选填“向前”或“向后”），故而船可以逆风而上。
（3）“喝啤酒，吃海鲜”——青岛用美酒美食招待四海宾朋。美食街上，摊主支起炉灶，烹饪各种海鲜佳肴，街头巷尾便弥漫了浓浓的海鲜气味……这说明温度越高， 越剧烈。
19．（5分）响应青岛市中小学生“十个一”项目，小明同学在暑假参加了学校组织的海南文昌航天发射场研学活动，观看了长征5号B的发射，见证了中国航天取得的伟大成就。
（1）火箭点火后，10台发动机向下猛烈喷出燃气，火箭腾空而起，在这个过程中，发生的能量转化与四冲程汽油机的 冲程相同；火箭在加速升空的过程中，受到向上的推力 （选填“大于”、“等于”或“小于”）燃气对下方空气的推力；
（2）火箭最后阶段，位于前端的卫星与火箭箭体分离，分离后，箭体落向地面，而卫星还会继续向预定轨道飞行，这是因为卫星具有 ；此时卫星相对于箭体是 的；
（3）发射基地的工作人员向同学们介绍，此次长征5号B火箭发射时的整体质量约为849t，若每台发动机提供的推力相同，则起飞时，每台发动机提供的推力至少为 N。
20．（3分）在图甲所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为30Ω，开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.4A；开关S、S1均闭合时，电流表的示数如图乙所示。
（1）电源电压为 V；
（2）通过R1的电流为 A；
（3）开关S、S1均闭合时，电路的总电阻为 Ω。
四、实验与探究题（满分27分，共4题）
21．（4分）我市某中学的物理实验小组的小明同学在学校的实验室里，用如图所示的装置探究水的沸腾，并记录了下表中的数据，并根据实验数据在坐标系中画出了水的温度随着加热时间变化的图线（如图丙）。
加热时间 （min） 1 2 3 4 5 6 7 8 9
水的温度 （℃） 90 ？ 94 96 98 98 98 98 98
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： ；
（2）改正错误后进行实验，第2分钟温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 ℃；
（3）用酒精灯给烧杯内的水加热，是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变水的内能的；
（4）拉萨某中学的物理实验小组的多吉同学，进行了同样的实验，若选用的实验器材与小明的实验器材完全相同，且也是每隔一分钟读一次水温，根据记录的数据画出的水的温度与加热时间的关系图线应该是图丁中的 （选填“A”或“B”）。
22．（9分）小华同学用天平和量筒测量高为5cm的圆柱体金属块的密度，实验装置如下：
（1）如图甲所示，小华同学在称量金属块质量前，先调节天平平衡，她的操作存在的错误是 ；
（2）小华按照正确方法称量金属块质量，天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则称量金属块质量为 ；
（3）小华用排水法测出金属块的体积（如图丙、丁所示），则金属块的密度为 kg/m3；
（4）画出图丁中金属块所受力的示意图；
（5）图丁中，金属块对量筒底部的压强为 Pa；
（6）往图丁量筒内的水中加入适量的食盐并搅拌均匀，则圆柱体金属块受到的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”），这说明在 一定时，物体受到的浮力与 有关。
23．（9分）如图所示，是小宇同学做“研究电磁铁的特点”的实验时所连接的电路，E为电磁铁，滑动变阻器最大阻值为R。
（1）小宇正确连好电路，闭合开关，则电磁铁下端是 极；
（2）闭合开关，移动滑动变阻的滑片，同时观察电流表示数和电磁铁吸引大头针的数目，这是研究电磁铁磁性的强弱与 的关系；
（3）若要研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，小宇将E换成线圈匝数更多的电磁铁，则他下一步的操作应该是 ，观察吸引大头针的数目；
（4）将E中间的铁芯换成表面较光滑的圆柱体磁体，若线圈与磁体间摩擦力很小，闭合开关后，发现线圈上下运动，此过程中发生的能量转化是 ，这与 （写出一种即可）的原理相同；
（5）将E换成待测电阻Rx，请在虚线方框内画出对应的电路图并完成下面测量Rx电阻值的实验步骤：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片移最左端，记下电流表示数为I1；
② ，记下电流表示数为I2；
③Rx电阻值的表达式为 （用所测量和已知量表示）。
24．（5分）如下是小明探究光的反射定律的实验报告，将请空白处补充完整。
实验器材 一小块平面镜，激光笔，可弯折的白纸板，量角器，不同颜色的笔，直尺。
实验步骤 与数据表格 （1）将平面镜放在水平桌面上，将白纸板立在平面镜上，使白纸板与平面镜保持 。 （2）激光笔紧贴白纸板以不同的入射角照射到平面镜上，并测出对应的反射角的度数。请你设计出记录数据的表格。 （3）将另一半纸板沿着中线向后折，此时这一半纸板上 （选填“有”或“没有”）反射光线），这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
结论 反射角 入射角。
五、计算题（满分13分，共3题）
25．（3分）在一次跳伞表演中，运动员在5s的时间内竖直向下匀速降落了30m。若运动员和降落伞作为整体受到的重力为1000N，求这个整体在该过程中：
（1）所受阻力的大小；
（2）所受重力做功的功率。
26．（4分）如图所示，某同学用燃气灶烧水给餐具消毒。已知密闭锅内水的质量为5kg，水的初温为22℃，当水刚好烧开时，共消耗了0.06m3的天然气，该燃气灶烧水的热效率为70%.（天然气的热值为4.0×107J/m3）求：
（1）0.06m3的天然气完全燃烧所放出的热量；
（2）以上过程中，水吸收的热量；
（3）密闭的锅内水烧开时的温度。
27．（6分）下表为某电火锅的铭牌，其内部简化电路如图所示，R1、R2为阻值一定的电热丝，且R1＜R2。通过控制开关S1、S2的断开或闭合状态，可以让电火锅在不同挡位工作。
××牌电火锅
额定电压 220V
额定功率 低温挡 500W
中温挡 1000W
高温挡 1500W
（1）电火锅在低温挡工作时，开关S1、S2分别处于什么状态？
（2）求R1：R2的值；
（3）若家庭电路的电压是220V，某插座的额定电流是5A，用该插座仅给电火锅供电，从安全用电和加热快这两个角度综合考虑，应选择哪个挡位？说明理由。
2023年山东省青岛中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（满分20分，共10题，每题2分.每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求）
1．（2分）下列物理的单位，不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．能量 B．功率 C．密度 D．压强
【分析】对每个物理量进行分析，明确每个物理量的单位，就能找到符合题意的选项。
【解答】解：在国际单位制中，能量的单位是焦耳；功率的单位是瓦特；密度的单位是千克每立方米；压强的单位是帕斯卡。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。
2．（2分）古诗词中蕴含物理知识，下列诗句中的提到光学现象中，属于光的折射的是（ ）
A．月移花影动 B．池水映明月 C．潭清疑水浅 D．对镜贴花黄
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等；逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。
【解答】解：A、月移花影动，其中影子的形成是光的直线传播，故A错误；
B、池水映明月，池水中的月是平面镜成像现象，属于光的反射现象，故B错误；
C、潭清疑水浅，是因为光在不同介质中发生折射现象，故C正确；
D、对镜贴花黄，是平面镜成像现象，属于光的反射现象，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
3．（2分）2022年北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于吸热的是（ ）
A．雨水，冰雪消融 B．立夏，雾绕山峦
C．霜降，霜满枝头 D．大寒，滴水成冰
【分析】（1）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A．冰雪消融是熔化现象，要吸热，故A符合题意；
B．雾的形成是液化现象，液化要放热，故B不符合题意；
C．霜的形成是凝华现象，凝华要放热，故C不符合题意；
D．滴水成冰是凝固现象，凝固要放热，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了生活中常见的物态变化现象，解题时要注意：根据物质原来状态和现在的状态来判断物体所发生是哪一种物态变化。
4．（2分）下列图中所示的示例中，不属于应用大气压强的是（ ）
A．吸盘挂钩挂物体 B．肌肉注射疫苗
C．中医拔火罐 D．抽水器抽桶装水
【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此对各个选项逐一进行分析即可做出判断。
【解答】解：
A、使用吸盘时，首先将吸盘内的气体挤出，盘内不存在气体，气压几乎为零，在盘外大气压的作用下将吸管压在墙壁上，利用了大气压强，故A不合题意；
B、肌肉注射疫苗是靠活塞推进产生的压强，不是利用大气压强，故B符合题意；
C、拔火罐时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热膨胀，此时迅速把罐扣在皮肤上，等到罐内的空气冷却后压强降低，罐内气压小于外面的大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，利用了大气压强，故C不合题意；
D、按压抽水器，抽水器内部气体被压缩，压强变大，大于外界大气压，水在内外气压差的作用下被“吸”上来，利用的是气体的压强，故D不合题意。
故选：B。
【点评】此题主要考查大气压的应用，解决此题要注意大气压强与固体压强的区别。注意物理知识在生活中的应用，平时在生活中要多观察、多积累。
5．（2分）下列说法中正确的是（ ）
A．自然界的太阳能、风能和水能都属于可再生能源
B．倒车雷达是利用超声波可以传递能量的原理工作的
C．光的三原色是红、黄、蓝，它们按比例混合可以得到其他颜色的光
D．改善燃烧条件，使燃料更充分燃烧是提高燃料热值的有效途径
【分析】（1）可再生能源：可以从自然界源源不断得到补充的能源，如水熊、风能、太阳能、地热能；
（2）声音即可心传递能量也可以传递信息；
（3）光的三原色是红、绿、蓝；
（4）燃料的热值只与燃料的种类有关。
【解答】解：A、太阳能、风能和水熊都可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源，故A正确；
B、倒车雷达是利用超声波可以传递信息的原理工作的，故B错误；
C、光的三原色是红、绿、蓝，它们按比例混合可以得到其他颜色的光，故C错误；
D、燃料的热值只与燃料的种类有关，改善燃烧条件，使燃料更充分燃烧不能提高燃料热值，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查能源的分类、声音的应用、光的三原色、燃料的热值，属于基础知识，难度不大。
6．（2分）体育课上，小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（ ）
A．篮球在a、c两点的动能相等
B．篮球在a点的机械能比d点机械能大
C．篮球a 点动能比d点动能大
D．篮球b点的动能最大
【分析】（1）机械能为动能与势能之和，因此当机械能守恒时，物体的动能越大，其势能越小，反之亦然；
（2）机械能守恒的条件为物体或几个物体所构成的整体只受到重力与弹力，无摩擦力或阻力的作用；
（3）该小球运动过程中，机械能守恒，B点时重力势能最大、动能最小。
【解答】解：A、因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，a、c两点高度相同，所以重力势能相同，因此动能相同，故A正确；
B、因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，所以a点与d点机械能大小相同，故B错误；
C、因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，a点高度高于d点高度，因此a点重力势能大于d点重力势能，故a点动能小于d点动能，故C错误；
D、因不计空气阻力，所以小球整个运动过程机械能守恒，b点高度最高，因此重力势能最大，所以动能最小，故D错误。
故选：A。
【点评】该题目考查机械能守恒与能量转化，属于中等难度题目。
7．（2分）为防止疫情进入校园，某学校安装了智能门禁，如图所示。当来访者是本校师生且体温正常时，电动机工作将门打开，同时扬声器发声提示“体温正常”。若扬声器损坏，电动机仍可将门打开。以下电路的设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、电动机和扬声器的连接方式，然后选出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，人脸识别和体温识别可看成开关，需要同时满足来访者是本校师生且体温正常时，电动机才能将门打开且扬声器播报声音，故两个开关应串联在一起。而当扬声器损坏，电动机仍可将门打开，即扬声器与电动机互不干扰，故电动机与扬声器应并联在电路中，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路图的设计，明确两个开关的连接方式是解题的关键。
8．（2分）如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同的容器，分别装有密度为ρ1、ρ2的两种不同液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为F1、F2，两容器底部受到液体压强分别为p1、p2，小明同学对此做出了以下判断
①F1＞F2；
②ρ1＞ρ2；
③p1＞p2。
其中正确的是（ ）
A．②③ B．①② C．①③ D．①②③
【分析】（1）根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系；
（2）根据小球在甲、乙两杯中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（3）利用p＝ρ液gh比较甲、乙两容器底受到液体的压强大小。
【解答】解：因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，则：F1＝F2，故①错误；
由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，ρ甲＞ρ球，ρ乙＝ρ球，所以ρ1＞ρ2，故②正确；
两杯中液面相平，所以根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强，即p1＞p2，故③正确。
故选：A。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表V1示数变小
B．电压表V2示数不变
C．灯泡L的亮度不变
D．电压表V1与电流表A示数比值变小
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后得出电压表V1与电流表A示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知R和L两端分得的电压变化，根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V1示数不变，故A错误；
当滑动变阻器的片P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
则电压表V1与电流表A示数比值变小，故D正确；
变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，R两端分得的电压变小，即电压表V2示数变小，故B错误；
电源电压不变，R两端分得的电压变小，则灯泡L两端的电压变大，
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P＝UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
10．（2分）甲、乙电热丝，串联接在电压为U的电源上，相同时间内电流通过两电阻丝所产生的热量之比为2：3：若将它们并联接在电压为2U的电源上，相同时间内电流通过两电阻丝产生的热量之比为（ ）
A．2：3 B．3：2 C．4：9 D．9：4
【分析】（1）知道甲、乙电热丝串联在电路中，根据串联电路的电流特点可知通过甲、乙电热丝的电流相等，知道相同时间内电流通过两电阻丝所产生的热量之比，根据Q＝I2Rt可知甲、乙电热丝的电阻之比；
（2）把甲、乙电热丝并联在电路中，根据并联电路的电压特点可知甲、乙电热丝两端的电压相等，知道电热丝的电阻之比，根据Q＝I2Rt＝t求出相同时间内电流通过两电阻丝产生的热量之比。
【解答】解：甲、乙电热丝串联在电路中，根据串联电路的电流特点可知，通过甲、乙电热丝的电流相等，
由Q＝I2Rt可知，甲、乙电热丝的电阻之比：＝＝＝；
把甲、乙电热丝并联在电路中，根据并联电路的电压特点可知，甲、乙电热丝两端的电压相等，
由Q＝I2Rt＝t可知，相同时间内电流通过两电阻丝产生的热量之比：＝＝＝。
故选：B。
【点评】本题考查串并联电路的特点以及焦耳定律的应用，难度不大。
二、多项选择题（满分15分，共5题，每题3分．每小题给出的四个选项中，有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分）
（多选）11．（3分）许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一，如图所示，对比于各个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．图甲所示的实验中，使用斜面保持很小的坡度是为便于测量小车在斜面上的运动的时间
B．图乙的实验中，让同一个小球A从斜面上不同高度由静止开始下滑，是为了探究动能大小与高度的关系
C．图丙所示的实验中，斜面倾斜角度为30°，物体B的重力是4N，沿斜面匀速拉B运动的弹簧测力计的示数如图所示，则所测斜面的机械效率为80%
D．图甲中让小车从同一高度自由下滑到粗糙程度不同的水平面上，小车运动的距离越远，说明其速度改变得越小
【分析】（1）为便于测量小车的运动时间，斜面倾角应小一些；
（2）动能的决定因素有两个：质量和速度；要利用控制变量法去研究：研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同；
（3）根据η＝＝＝＝算出斜面的机械效率；
（4）从接触面粗糙程度变化，分析小车受到的阻力变小，根据实验现象分析。
【解答】解：A、斜面倾角越小，小车运动时间越长，为便于测量小车的运动时间，所以实验中，斜面应保持很小坡度，故A正确；
B、小球的动能与小球的质量和小球的速度有关，对于同一个球A，质量一定，要改变A撞击木块前的动能大小，需要改变小球的速度，所以改变A在斜面上静止释放的高度，使小球到达斜面底端的速度不同，可以探究动能大小与速度的关系，故B错误；
C、由于斜面倾斜角为30°，所以s＝2h；
由图丙知弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力为2.5N，斜面的机械效率为：η＝＝＝＝＝×100%＝80%。
D、让小车从同一高度自由下滑到粗糙程度不同的水平面上，阻力越小，小车滑行的距离就越远，小车运动的速度改变得越慢，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题综合考查了斜面的机械效率实验、影响动能因素的实验以及探究斜面机械效率的实验，要明确每次探究的目的，根据控制变量法的要求，控制其中一个量不变，再与另一个变量的关系。
（多选）12．（3分）如图所示是小明家的电路的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．电冰箱连入三孔插座后，其金属外壳与大地相连
B．正常状况下，用试电笔接触A点氖管会发光
C．为了用电安全，应在甲处安装电灯，乙处安装开关
D．若保险丝烧断，将标有“220V”的电灯接在保险丝处时正常发光，则说明电路中出现了短路
【分析】（1）有金属外壳的用电器，用电器的金属外壳必须接地；
（2）家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光；
（3）为了安全，开关要接在火线和灯之间；
（4）短路现象就是零线和火线被导体接通。
【解答】解：A、三孔插痤中有一个孔是用来连接地线的，让有金属外壳的电冰箱的外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B、图中A点为火线，正常状况下，用试电笔接触A点氖管会发光，故B正确；
C、在家庭电路中，为了安全，一般把开关接在火线和用电器之间，故甲处接开关，乙处接灯，故C错误；
D、若保险丝烧断，但将标有“220V”的电灯接在保险丝处时正常发光，说明灯泡的电压是220V，则灯泡右侧与零线直接相连，即有短路现象，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。
（多选）13．（3分）小明连接如图所示的电路，闭合开关后，调节滑动变阻器，观察到白炽灯泡L1比L2亮，说明L1的实际功率比L2大。关于该实验，下列说法中正确的是（ ）
A．此实验装置可验证电功与电压大小的关系
B．L1对应的电压表示数比L2小
C．通过L的电流比L2大
D．L1的电阻一定大于L2的电阻
【分析】（1）由图可知，灯泡L1、L2串联，两个电压表分别测量一只灯泡两端的电压；根据电压表示数可知两灯两端的电压关系；又由于灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，所以可以验证电功与电压大小的关系；
（2）根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流关系；由题意可知，L1的实际功率比L2大，根据P＝UI可知两灯两端的电压大小关系；
（3）根据欧姆定律可知两灯的电阻关系。
【解答】解：由图可知，灯泡L1、L2串联，两个电压表分别测量一只灯泡两端的电压；
A．由于通过两灯的电流相等、通电时间相等，电压表能直接测量灯泡两端的电压，灯泡的亮度可以直接观察，所以这个电路可以验证电功与电压的大小关系，故A正确。
BC．根据串联电路的电流特点可知，通过两灯的电流相等；
由于L1的实际功率比L2大，根据P＝UI可知，L1两端的电压要大于L2两端的电压，即L1对应的电压表示数比L2大，故BC错误；
D．通过两灯的电流相等，L1两端的电压要大于L2两端的电压，根据欧姆定律可知，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查串联电路的特点、灯泡实际功率的影响因素、电功率公式、欧姆定律公式的灵活运用，是一道综合性较强的题目，有一定的难度。
（多选）14．（3分）用如图所示的甲、乙两个滑轮组，分别匀速提起重为G的物体，每个滑轮重都为，物体上升的速度为v，不计绳重及摩擦，下列判断中正确的是（ ）
A．作用在绳子自由端的拉力之比F甲：F乙＝3：2
B．作用在绳子自由端的拉力的功率之比P甲：P乙＝2：3
C．绳子自由移动的速度之比v甲：v乙＝2：3
D．两滑轮组的机械效率之比η甲：η乙＝1：1
【分析】（1）由图可知两滑轮组中绳子的有效股数n，不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G动）求出绳子自由端的拉力之比；
（2）知道两滑轮组中绳子的有效股数n，绳子自由端移动的速度等于物体升高速度的n倍，据此求出甲、乙绳子自由端移动的速度之比；
（3）知道拉力、拉力端移动速度的关系，利用P＝Fv求出拉力做功的功率之比；
（4）不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝，据此求出两滑轮组的机械效率之比。
【解答】解：
由题知，利用两个滑轮组提升相同的重物G，并且每个滑轮的重力G动相同，物体上升的速度v物相同。
A、由图知，n甲＝2，n乙＝3，不计绳重及摩擦，则拉力分别为F甲＝（G+G动），F乙＝（G+G动），
则作用在绳子自由端的拉力之比F甲：F乙＝（G+G动）：（G+G动）＝3：2，故A正确；
C、由图知，n甲＝2，n乙＝3，甲滑轮组绳子自由端移动的速度v甲＝2v物，乙滑轮组绳子自由端移动的速度v乙＝3v物，则绳子自由移动的速度之比v甲：v乙＝2v物：3v物＝2：3，故C正确；
B、绳端拉力做功的功率P＝＝＝Fv，
则拉力F甲的功率：P甲＝F甲v甲＝（G+G动）×2v物＝（G+G动）×v物；
拉力F乙的功率：P乙＝F乙v乙＝（G+G动）×3v物＝（G+G动）×v物；
所以可知P甲＝P乙，即P甲：P乙＝1：1，故B错误；
D、不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝，因提升的重物G相同，且每个滑轮重都为，所以两个滑轮组的机械效率相等，即η甲：η乙＝1：1，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题考查了滑轮组的特点、使用滑轮组时功率大小和机械效率大小的比较，要利用好几个关系式：一是不计绳重及摩擦时，绳端的拉力F＝（G+G动），二是不计绳重及摩擦时，滑轮组的机械效率η＝＝＝，三是功率的推导公式P＝＝＝Fv。
（多选）15．（3分）如图所示，直流电动机通过电流做功提升质量为540g的重物，但在电能转化成机械能的过程中，有部分电能转化为内能。已知线圈电阻1.5Ω，电动机正常工作时，通过线圈电流为2A，物体以10m/s的速度匀速上升的时间为20s，不计绳的重力和一切摩擦。下列说法中正确的是（ ）
A．电压表的读数为3V
B．电流通过线圈产生的热量为120J
C．提升物体做的有用功为1.08×103J
D．电动机的工作效率为90%
【分析】根据电动机做的功就是克服物体的重力做的功，根据速度公式求出物体上升的高度，根据W＝Gh＝mgh求出电动机所做的有用功，根据Q＝I2Rt求出线圈的产生的热量，电动机所做的有用功加上线圈产生的热量即为电动机消耗的电能，利用W＝UIt求出电动机两端的电压即为电压表的示数；利用效率公式求出电动机工作效率。
【解答】解：由v＝可知，物体上升的高度：h＝s＝vt＝10m/s×20s＝200m，
电动机所做的有用功：W有＝Gh＝mgh＝540×10﹣3kg×10N/kg×200m＝1080J；
电流通过线圈产生的热量：Q＝I2Rt＝（2A）2×1.5Ω×20s＝120J；
不计绳的重力和一切摩擦，电动机消耗的电能：W电＝W有+Q＝1080J+120J＝1200J，
根据W＝UIt可知，电动机两端的电压即为电压表的示数：U＝＝＝30V；
电动机工作效率：η＝×100%＝×100%＝90%。
综合以上分析可知，A错误、BCD正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查了功的计算公式、速度公式、焦耳定律、电功公式以及效率公式的应用功率，关键是知道电动机所做的有用功加上线圈产生的热量即为电动机消耗的电能。
三、填空与解答题（满分25分，共5题）
16．（6分）智能手机、5G网络的日益普及，极大地方便我们的生活，也改变了我们的诸多生活方式。
（1）我们用手机通过5G网络通话、发信息、上网，是依靠 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）来传递 信息 （选填“信息”或“能量”）的；小明在接听同学电话时，能通过对方声音的 音色 来判断是谁打来的电话。
（2）小明手机的电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“5V，4A”的快速充电器，将手机电池从零充满约需要1h，则充电效率约为 77.7% 。
（3）长时间使用手机，手机会变热，这里发生的能量转化是 电能转化为内能 。
（4）小明同学使用手机的摄像头拍摄风景时发现，在拍摄者和被拍摄对象不动的情况下，使用“广角”镜头拍摄范围更大，说明“广角”镜头的焦较 短 （选填“长”或“短”）。
【分析】（1）电磁波可以传递信息；发声体的声音品质叫音色。
（2）先根据W＝UIt计算出电能，再算出将手机电池从零充满时的电能；然后计算效率。
（3）给手机充电，电能转化为内能。
（4）根据凸透镜成像规律：物近像远像变小进行判断。
【解答】解：（1）5G网络通话、发信息、上网，是依靠电磁波来传递信息；小明在接听同学电话时，能通过对方声音的音色来判断。
（2）充满电时手机的电能：
W＝UIt＝3.7V×4200×10﹣3A×3600s＝55944J；
将手机电池从零充满时的电能：
W充＝UIt＝5V×4A×3600s＝72000J；
充电效率约为：
η＝＝＝77.7%；
（3）长时间使用手机，手机会变热，这是电能转变成内能；
（4）在拍摄者和被拍摄对象不动的情况下，使用“广角”镜头拍摄范围更大，说明物体成像更小，物距更远，所以广角镜头的焦距更短。
故答案为：（1）电磁波；信息；音色；（2）77.7%；（3）电能转化为内能；（4）短。
【点评】本题是简单的综合题，属于基础题。
17．（5分）2023年4月22日，2023青岛马拉松（全程距离约为42km）鸣枪开跑，来自肯尼亚的选手Sammy以2小时13分43秒的成绩摘得男子组桂冠。
（1）据赛会统计，Sammy完成前半程所用的时间约为50min，则他前半程的平均速度为 25.2 km/h，他全程做 变速 （选填“匀速”或“变速”）运动；
（2）参赛运动员所穿跑步鞋的鞋底都有很明显的花纹，这是通过 增大接触面的粗糙程度 的方法来增大跑步时鞋底与地面间的摩擦力；
（3）选手们把RFID芯片系在鞋带上，通过设在起跑线和终点线的地垫时，芯片里的微型线圈便会切割地垫周围的磁感线而产生电流，使芯片工作并发射电磁波，发送到控制器和计算机进行阅读处理，整个赛程的起止时间便一目了然了。芯片线圈产生电流的原理是 电磁感应 ，生活中工作原理与之相同的是 发电机 （写出一种即可）。
【分析】（1）根据速度公式计算速度的大小；根据他的运动状态分析其运动情况；
（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦的方法有增大压力、增大接触面的粗糙程度两种方法；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。
【解答】解：（1）他前半程的平均速度为：v＝＝＝25.2km/h；他在运动的过程中，运动的速度、方向会发生改变，做的是变速运动；
（2）参赛运动员所穿跑步鞋的鞋底都有很明显的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大跑步时鞋底与地面间的摩擦力；
（3）通过设在起跑线和终点线的地垫时，芯片里的微型线圈便会切割地垫周围的磁感线而产生电流，这是电磁感应现象，发电机、动圈式话筒就是利用电磁感应现象的原理工作的。
故答案为：（1）25.2；变速；（2）增大接触面的粗糙程度；（3）电磁感应；发电机。
【点评】本题考查了速度的计算、电磁感应现象、增大摩擦力的方法，属于综合题。
18．（6分）阳光、大海、沙滩……青岛是一个被上帝宠坏了的地方，把最宜人的气候、最和煦的阳光、最柔和的沙滩，最美的海鲜……都赐给了这座美丽的海滨城市，也吸引着无数的游客来到这座浪漫的“帆船之都”观光游览。
（1）夏季凉爽的气候，让青岛成为名副其实的“宜居城市”，从物理学的角度来说，一是因为海水的 比热容 大；二是因为海水 汽化 （填物态变化的名称）要 吸收 （选填“吸收”或“放出”）热量。
（2）碧海、蓝天、白帆……美丽的海景尽显青岛的温柔与浪漫。帆船在海面上不仅可以顺风航行，也可以逆风而上（如图所示），逆风航行时，船帆的形状与飞机机翼相似，因为空气流速越大的位置，压强越 小 ，所以船帆会受到空气的压力差 向前 （选填“向前”或“向后”），故而船可以逆风而上。
（3）“喝啤酒，吃海鲜”——青岛用美酒美食招待四海宾朋。美食街上，摊主支起炉灶，烹饪各种海鲜佳肴，街头巷尾便弥漫了浓浓的海鲜气味……这说明温度越高， 分子无规则运动 越剧烈。
【分析】（1）沿海地区水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；水汽化时会吸收热量；
（2）流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置，压强越小；流体流速越小的位置，压强越大。
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，温度越高，分子热运动越剧烈。
【解答】解：（1）青岛周围水多，由于水的比热容较大，相同质量的水和砂石相比较，在相同受热时，水的温度升高的慢，同时海水汽化时需要吸收热量，使得青岛夏季的气候较凉爽；
（2）船帆的形状与飞机机翼相似，空气流速越大的位置，压强越小，流速越小的位置压强越大，所以船帆会受到一个向前的空气的压力差，所以船可以逆风而上；
（3）分子永不停息地做无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈。
故答案为：（1）比热容；汽化；吸收；（2）小；向前；分子无规则运动。
【点评】本题考查了水的比热容大的应用、汽化现象、分子动理论、流体压强与流速的关系，属于综合题。
19．（5分）响应青岛市中小学生“十个一”项目，小明同学在暑假参加了学校组织的海南文昌航天发射场研学活动，观看了长征5号B的发射，见证了中国航天取得的伟大成就。
（1）火箭点火后，10台发动机向下猛烈喷出燃气，火箭腾空而起，在这个过程中，发生的能量转化与四冲程汽油机的 做功 冲程相同；火箭在加速升空的过程中，受到向上的推力 大于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）燃气对下方空气的推力；
（2）火箭最后阶段，位于前端的卫星与火箭箭体分离，分离后，箭体落向地面，而卫星还会继续向预定轨道飞行，这是因为卫星具有 惯性 ；此时卫星相对于箭体是 运动 的；
（3）发射基地的工作人员向同学们介绍，此次长征5号B火箭发射时的整体质量约为849t，若每台发动机提供的推力相同，则起飞时，每台发动机提供的推力至少为 8.49×105 N。
【分析】（1）燃料燃烧过程是化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能；根据火箭的运动状态分析力的大小关系；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性；判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；
（3）根据力和运动的关系判断推力的大小。
【解答】解：（1）火箭点火后，10台发动机向下猛烈喷出燃气，火箭腾空而起，内能转化为机械能，在这个过程中，发生的能量转化与四冲程汽油机的做功冲程相同；火箭加速升空，火箭受到的合力的方向是向上的，所以受到的推力大于燃气对下方空气的推力；
（2）火箭最后阶段，位于前端的卫星与火箭箭体分离，分离后，箭体落向地面，而卫星还会继续向预定轨道飞行，这是因为卫星具有惯性；卫星与火箭箭体分离，卫星相对于箭体位置不断发生变化，故卫星相对于箭体是运动的；
（3）每台发动机提供的推力至少为F＝×G＝×mg＝×8.49×105kg×10N/kg＝8.49×105N。
故答案为：（1）做功；大于；（2）惯性；运动；（3）8.49×105。
【点评】本题考查能量的转化、惯性以及力的相互作用，是一道综合题。
20．（3分）在图甲所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为30Ω，开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.4A；开关S、S1均闭合时，电流表的示数如图乙所示。
（1）电源电压为 12 V；
（2）通过R1的电流为 0.8 A；
（3）开关S、S1均闭合时，电路的总电阻为 10 Ω。
【分析】（1）开关S闭合，S1断开时分析电路的连接和电流表测量的电流，根据欧姆定律I＝变形公式求出电源电压；
（2）分析开关S、S1均闭合时电路的连接及电流表测量的电流，因R2的电压和电阻保持不变，由欧姆定律可知通过它的电流不变，根据并联电路电流的规律知此时电流表的示数大于0.4A；若电流表选用小量程，根据分度值读数，与0.4A比较大小，从而确定电流表只能选用大量程，根据分度值读数，根据并联电路电流的规律求出通过电阻R1的电流：
（3）根据开关S、S1均闭合时电路的总电流为1.2A，由欧姆定律的变形公式求出电路的总电阻。
【解答】解：（1）开关S闭合，S1断开时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，电流表的示数为0.4A，根据I＝可得，
电源电压：U＝I2R2＝0.4A×30Ω＝12V；
（2）开关S、S1均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，
因R2的电压和电阻保持不变，由欧姆定律可知，通过R2的电流仍为0.4A不变，根据并联电路电流的规律，此时电流表的示数应大于0.4A；
在图b中，若电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，小于0.4A，故电流表只能选用大量程，此时分度值为0.1A，示数为1.2A，
由并联电路电流的规律可知，通过电阻R1的电流：
I1＝I﹣I2＝1.2A﹣0.4A＝0.8A；
（3）因开关S、S1均闭合时电路的总电流为1.2A，
则由I＝可得，电路的总电阻：
R＝＝＝10Ω。
故答案为：12；0.8；10。
【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确通过R2的电流不变。
四、实验与探究题（满分27分，共4题）
21．（4分）我市某中学的物理实验小组的小明同学在学校的实验室里，用如图所示的装置探究水的沸腾，并记录了下表中的数据，并根据实验数据在坐标系中画出了水的温度随着加热时间变化的图线（如图丙）。
加热时间 （min） 1 2 3 4 5 6 7 8 9
水的温度 （℃） 90 ？ 94 96 98 98 98 98 98
（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出： 温度计的玻璃泡接触到烧杯侧壁 ；
（2）改正错误后进行实验，第2分钟温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 92 ℃；
（3）用酒精灯给烧杯内的水加热，是通过 热传递 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变水的内能的；
（4）拉萨某中学的物理实验小组的多吉同学，进行了同样的实验，若选用的实验器材与小明的实验器材完全相同，且也是每隔一分钟读一次水温，根据记录的数据画出的水的温度与加热时间的关系图线应该是图丁中的 B （选填“A”或“B”）。
【分析】（1）根据温度计的使用方法分析解答；
（2）明确温度计的量程、分度值，根据温度计的读数方法读数；
（3）做功和热传递都能改变物体的内能；
（4）若仅减小液面大气压强，则液体的沸点降低，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的；
【解答】解：（1）温度计在使用过程中，玻璃泡不能接触到容器侧壁和容器底部，图中温度计的玻璃泡接触到烧杯侧壁；
（2）图乙温度计的分度值是1℃，根据图示可知，温度计的读数时92℃；
（3）本实验用酒精灯给烧杯内的水加热，利用热传递的方式增加水的内能；
（4）拉萨海拔高，气压低，若仅减小液面大气压强，则液体的沸点降低，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快，所以应为B。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡接触到烧杯侧壁；（2）92；（3）热传递；（4）B。
【点评】本题是探究水的沸腾特点的实验，考查了液体沸点跟气压的关系，液体沸腾的特点，液体的沸点，温度计的读数及选择等，考查的内容很多，容量很大，但难度不大。
22．（9分）小华同学用天平和量筒测量高为5cm的圆柱体金属块的密度，实验装置如下：
（1）如图甲所示，小华同学在称量金属块质量前，先调节天平平衡，她的操作存在的错误是 调平前没有把游码放在标尺的零刻度处 ；
（2）小华按照正确方法称量金属块质量，天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则称量金属块质量为 27g ；
（3）小华用排水法测出金属块的体积（如图丙、丁所示），则金属块的密度为 2.7×103 kg/m3；
（4）画出图丁中金属块所受力的示意图；
（5）图丁中，金属块对量筒底部的压强为 850 Pa；
（6）往图丁量筒内的水中加入适量的食盐并搅拌均匀，则圆柱体金属块受到的浮力 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），这说明在 物体浸在液体中的体积 一定时，物体受到的浮力与 液体密度 有关。
【分析】（1）天平前游码放在标尺左端的零刻度线处；
（2）物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；
（3）根据金属块浸没在水中前后水面对应的刻度值，求出金属块的体积，根据密度公式求出金属块的密度；
（4）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力；
（5）根据F浮＝ρ水gV排得出金属块受到的浮力；
根据p＝＝＝得出图丁中金属块对容器底部的压强；
（6）当向烧杯中加入食盐并搅拌均匀后，液体的密度增大，排开液体的体积不变，由阿基米德原理可知受到的浮力变化；
根据浮力的大小与液体密度的关系回答。
【解答】解：（1）如图甲所示，调节平衡螺母直至天平平衡，她的操作存在的问题是没有把游码放在标尺的零刻度处；
（2）游码对应的刻度值，标尺每一个大格代表1g，金属块的质量＝20g+5g+2g＝27g；
（3）由图知，金属块体积：V＝20mL﹣10mL＝10mL＝10cm3，
金属块的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3；
（4）如图所示静止的金属块共受到三个力的作用，一个是竖直向下的重力；第二个是竖直向上的浮力；第二个是容器底部对金属块竖直向上的支持力，根据力的平衡可知，重力等于浮力与支持力之和，作用点均可画在金属块的重心上，如图所示：
（5）金属块受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10﹣6m3＝0.1N；
金属块的底面积S＝＝＝2cm2＝2×10﹣4m2，
图丁中金属块对容器底部的压强p＝＝＝＝＝850Pa。
（6）当向烧杯中加入食盐并搅拌均匀后，液体的密度增大，排开液体的体积不变，由F浮＝ρ水V排g得金属球受到的浮力变大；
在物体浸在液体中的体积一定时，物体受到的浮力与液体密度有关。
故答案为：（1）调平前没有把游码放在标尺的零刻度处；（2）27g（3）2.7×103；（4）见解答；（5）850；（6）物体浸在液体中的体积；液体密度。
【点评】本题考查天平和量筒的使用、密度公式的应用以及压强、浮力的计算，综合性强，难度较大。
23．（9分）如图所示，是小宇同学做“研究电磁铁的特点”的实验时所连接的电路，E为电磁铁，滑动变阻器最大阻值为R。
（1）小宇正确连好电路，闭合开关，则电磁铁下端是 S 极；
（2）闭合开关，移动滑动变阻的滑片，同时观察电流表示数和电磁铁吸引大头针的数目，这是研究电磁铁磁性的强弱与 电流大小 的关系；
（3）若要研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，小宇将E换成线圈匝数更多的电磁铁，则他下一步的操作应该是 调节滑动变阻器使电流表的示数与原来相同 ，观察吸引大头针的数目；
（4）将E中间的铁芯换成表面较光滑的圆柱体磁体，若线圈与磁体间摩擦力很小，闭合开关后，发现线圈上下运动，此过程中发生的能量转化是 电能转化为机械能 ，这与 电动机 （写出一种即可）的原理相同；
（5）将E换成待测电阻Rx，请在虚线方框内画出对应的电路图并完成下面测量Rx电阻值的实验步骤：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片移最左端，记下电流表示数为I1；
② 将滑动变阻器滑片移最右端 ，记下电流表示数为I2；
③Rx电阻值的表达式为 Rx＝ （用所测量和已知量表示）。
【分析】（1）根据安培定则可以判断通电螺线管的下端磁极；
（2）（3）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，故该实验中利用控制变量的思维分析即可解决；
（4）分析题意判断出能量的转化；
（5）实验中只有电流表和最大电阻已知的滑动变阻器，分别将变阻器的最小电阻与最大电阻连入电路中，根据电流表示数，由欧姆定律，根据电源电压不变求出待测电阻。
【解答】解：（1）由图可知，电流从螺线管的下端流进，上端流出，由安培定则可知，通电螺线管的下端是S极；
（2）闭合开关，移动滑动变阻的滑片，滑动变阻器连入电路电阻丝的长度变化，滑动变阻器接入电路的电阻变化，由I＝知电路中的电流变化，同时观察电流表示数和电磁铁吸引大头针的数目，这是研究电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系；
（3）若要研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，需要保持电路的电流不变，改变线圈的匝数，所以小宇将E换成线圈匝数更多的电磁铁，调节滑动变阻器使电流表的示数与原来相同，观察吸引大头针的数目；
（4）将E中间的铁芯换成表面较光滑的圆柱体磁体，若线圈与磁体间摩擦力很小，闭合开关后，发现线圈上下运动，此过程中电能转化为机械能，这与电动机的原理相同；
（5）实验中只有电流表和最大电阻已知的滑动变阻器，分别将变阻器的最小电阻与最大电阻连入电路中，根据电流表示数，由欧姆定律，根据电源电压不变求出待测电阻，电路如下图所示：
；
①闭合开关，将滑动变阻器滑片移最左端，记下电流表示数为I1；
此时电路中只有待测电阻Rx，由欧姆定律，电源电压U＝I1Rx；
②将滑片移动到最右端，记下电流表示数为I2；
此时变阻器的最大电阻R和定值电阻串联，根据欧姆定律，电源电压为U＝I2×（Rx+R），
③Rx电阻值的表达式为：Rx＝。
故答案为：（1）S；（2）电流大小；（3）调节滑动变阻器使电流表的示数与原来相同；（4）电能转化为机械能；电动机；（5）见上图；将滑动变阻器滑片移最右端；Rx＝。
【点评】本题考查了“研究电磁铁的特点”的实验，考查安培定则、操作过程及设计实验方案的能力，为中考的热点题型。
24．（5分）如下是小明探究光的反射定律的实验报告，将请空白处补充完整。
实验器材 一小块平面镜，激光笔，可弯折的白纸板，量角器，不同颜色的笔，直尺。
实验步骤 与数据表格 （1）将平面镜放在水平桌面上，将白纸板立在平面镜上，使白纸板与平面镜保持 垂直 。 （2）激光笔紧贴白纸板以不同的入射角照射到平面镜上，并测出对应的反射角的度数。请你设计出记录数据的表格。 （3）将另一半纸板沿着中线向后折，此时这一半纸板上 没有 （选填“有”或“没有”）反射光线），这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
结论 反射角 等于 入射角。
【分析】（1）研究光的反射定律实验中，将一可折转的纸板垂直放在平面镜上；
（2）探究光的反射定律实验中为了得到反射角等于入射角，需多次改变入射角，得到不同的反射角，从而得出反射角等于入射角。
（3）为了证明反射光线、入射光线、法线位于同一平面，需要将纸板沿中线向后折，观察向后折的纸板上有没有反射光线；
（4）光的反射定律可得反射角等于入射角。
【解答】解：（1）为了使光的传播路径能呈现在硬纸板上，应让纸板垂直放置在平面镜上；
（2）探究光的反射定律实验中为了得到反射角等于入射角，需多次改变入射角，得到不同的反射角，从而得出反射角等于入射角，故记录数据的表格如下：
第1次 第2次 第3次
入射角
反射角
（3）由于反射光线、入射光线、法线位于同一平面，将另一半纸板沿着中线向后折，此时这一半纸板上没有反射光线；
结论：反射角等于入射角。
故答案为：（1）垂直；（2）表格见分析；（3）没有；结论：等于。
【点评】本题考查了探究光的反射规律的实验，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
五、计算题（满分13分，共3题）
25．（3分）在一次跳伞表演中，运动员在5s的时间内竖直向下匀速降落了30m。若运动员和降落伞作为整体受到的重力为1000N，求这个整体在该过程中：
（1）所受阻力的大小；
（2）所受重力做功的功率。
【分析】（1）根据平衡状态、平衡力分析可得。
（2）根据W＝Gh计算重力做的功，根据P＝计算功率。
【解答】解：（1）因为运动员竖直向下匀速降落，所以所受阻力和重力是一对平衡力，即f＝G＝1000N；
（2）下落过程中重力所做的功为：
W＝Gh＝1000N×30m＝30000J；
重力做功的功率为：
P＝＝6000W。
答：（1）所受阻力的大小为1000N；
（2）所受重力做功的功率为6000W。
【点评】本题考查了平衡力和功、功率的计算，属于基础题。
26．（4分）如图所示，某同学用燃气灶烧水给餐具消毒。已知密闭锅内水的质量为5kg，水的初温为22℃，当水刚好烧开时，共消耗了0.06m3的天然气，该燃气灶烧水的热效率为70%.（天然气的热值为4.0×107J/m3）求：
（1）0.06m3的天然气完全燃烧所放出的热量；
（2）以上过程中，水吸收的热量；
（3）密闭的锅内水烧开时的温度。
【分析】（1）利用Q放＝Vq求天然气完全燃烧放出的热量；
（2）根据效率公式求出水吸收的热量；
（3）利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水的末温。
【解答】解：（1）0.06m3的天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq＝0.06m3×4×107J/m3＝2.4×106J；
（2）水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝70%×2.4×106J＝1.68×106J；
（3）根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知，密闭的锅内水烧开时的温度为：t＝+t0＝+22℃＝102℃。
答：（1）0.06m3的天然气完全燃烧所放出的热量为2.4×106J；
（2）以上过程中，水吸收的热量为1.68×106J；
（3）密闭的锅内水烧开时的温度为102℃。
【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放＝Vq、吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）、效率公式的应用，属于基础题目。
27．（6分）下表为某电火锅的铭牌，其内部简化电路如图所示，R1、R2为阻值一定的电热丝，且R1＜R2。通过控制开关S1、S2的断开或闭合状态，可以让电火锅在不同挡位工作。
××牌电火锅
额定电压 220V
额定功率 低温挡 500W
中温挡 1000W
高温挡 1500W
（1）电火锅在低温挡工作时，开关S1、S2分别处于什么状态？
（2）求R1：R2的值；
（3）若家庭电路的电压是220V，某插座的额定电流是5A，用该插座仅给电火锅供电，从安全用电和加热快这两个角度综合考虑，应选择哪个挡位？说明理由。
【分析】（1）由图判断出只闭合开关S1、只闭合开关S2和同时闭合开关S1、S2时电路的连接，根据并联电路电阻的规律、R1＜R2和P＝判断出功率的大小，进而判断出电火锅的工作状态；
（2）根据P＝算出两电阻之比；
（3）根据P大＝UI大算出插座的最大功率，并与中温挡和高温挡的功率比较判断出从安全用电和加热快这两个角度综合考虑应选择的挡位。
【解答】解：（1）由图知只闭合开关S1时，只有电阻R1接入电路，只闭合开关S2时，只有电阻R2接入电路，闭合开关S1、S2时两电阻并联，由于并联电路的总电阻小于任何分电阻且R1＜R2，根据P＝知只闭合开关S2时电阻最大，电火锅处于低温挡，只闭合开关S1时电阻较大，电火锅处于中温挡，闭合开关S1、S2时总电阻最小，电火锅处于高温挡；
（2）根据P＝知两电阻之比为：
＝＝＝＝；
（3）某插座的最大功率为：
P大＝UI大＝220V×5A＝1100W，
由于1000W＜P大＜1500W，
所以从安全用电和加热快这两个角度综合考虑，应选择中挡位。
答：（1）电火锅在低温挡工作时，开关S1断开，S2闭合；
（2）R1：R2的值为1：2；
（3）由于插座的最大功率为1100W，大于中温挡的功率，小于高温挡的功率，所以从安全用电和加热快这两个角度综合考虑，应选择中挡位。
【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的综合应用等，涉及到到的知识点较多，综合性强，有一定难度。
