山东省泰安市岱岳区2022-2023学年八年级下学期4月物理期中试卷
一、单选题
1．（2023八下·岱岳期中）下列数据中，最符合实际的是（ ）
A．一名中学生的质量约为500N
B．普通课桌的高度约为8dm
C．成人的正常步行速度约为1.1km/h
D．珠穆朗玛峰顶的大气压约为1.5×105Pa
2．（2023八下·岱岳期中）排球运动是人们喜爱的运动之一，下列关于此项运动说法正确的是（ ）
A．排球被网弹回，说明力改变了排球的运动状态
B．排球从空中下落，速度逐渐加快，其重力越来越大
C．排球被接起后，竖直上升到最高点时受力平衡
D．抛出的排球到达最高点时若所有的力都消失了，排球将一定竖直下落
3．（2023八下·岱岳期中）如图所示，用手把一物体压在竖直墙壁上，并使手和物体沿墙壁匀速下滑，则以下说法正确的是（ ）
A．物体不受摩擦力作用
B．手对物体的压力和物体对墙的压力是一对相互作用力
C．物体所受的重力和墙对物体的摩擦力是一对平衡力
D．物体对墙的压力和物体对手的弹力是一对平衡力
4．（2023八下·岱岳期中）下列实例中，属于减小压强的是（ ）
A．铁轨铺在枕木上
B．破窗锤两端制成锥形
C．篆刻刀刀刃很薄
D．切蛋器有很细的钢丝
5．（2023八下·岱岳期中）下列实例中利用大气压工作的是（ ）
A．帕斯卡裂桶实验中用几杯水就能撑裂木桶
B．用活塞式抽水机抽水
C．飞机获得向上的升力
D．利用船闸让船通行
6．（2023八下·岱岳期中）泰安交警大队“一盔一带”安全守护行动启动，要求骑行电动车和摩托车的人必须佩戴头盔，汽车驾驶员和乘客都必须要求系安全带。下列说法中正确的是（ ）
A．人戴着头盔骑电动车时，人具有惯性，而头盔没有惯性
B．汽车的速度越大，越不容易停下来，说明速度越大，惯性越大
C．发生事故时，安全带给人施加的力可以改变驾乘人员的运动状态
D．汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性
7．（2023八下·岱岳期中）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．船闸 B．吸盘式挂钩 C．压强计 D．弹簧测力计
8．（2023八下·岱岳期中）下图所示的事例中，目的是为了增大摩擦的是（ ）
A．滚动轴承用滚动代替滑动
B．齿轮加润滑油
C．用力捏车闸
D．书包带做的很宽
9．（2023八下·岱岳期中）安全问题一直是我们关注的问题，以下提示和要求可以避免因“流体压强与流速的关系”带来安全事故的是（ ）
A．湖边设置警示牌：安全第一，禁止下水游泳
B．地铁站、火车站温馨提示：请站台上的乘客在安全线以外候车
C．雨天，交通台广播员提示：雨天路滑，小心驾驶
D．公安交通管理部门要求：汽车驾驶员和乘客必须使用安全带
10．（2023八下·岱岳期中）关于压力和压强，下列说法正确的是（ ）
A．压力的方向总是竖直向下
B．用吸管吸饮料时，利用了连通器的原理
C．高山上，要使用高压锅做饭，是因为海拔越高，气压越大
D．堤坝建成上窄下宽的形状，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大
11．（2023八下·岱岳期中）下列关于“探究二力平衡条件”实验的说法中，正确的是（ ）
①本实验的研究对象是两边所挂的钩码
②为了减小摩擦，应把小车放在尽量光滑的水平桌面上
③调整两边的托盘所放的钩码的数量，可以改变力的大小
④向左右两盘中放入相同质量的砝码，小车处于静止状态，此时小车只受到一对平衡力的作用
A．只有②③正确 B．只有②③④正确
C．只有①③④正确 D．①④正确
12．（2023八下·岱岳期中）如图，甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，它们的密度之比，底面积之比，对水平地面的压强之比，下列有关甲、乙两个长方体的说法中，正确的是（ ）
①甲、乙的质量之比是20∶27
②甲、乙的体积之比是8∶9
③甲、乙的高度之比是3∶2
④将甲、乙分别沿竖直方向切去相同的厚度后，剩余部分对地面的压强之比为6∶5
A．只有②③正确 B．只有②④正确
C．只有③④正确 D．只有①③正确
13．（2023八下·岱岳期中）在粗糙程度不变的水平面上，用5N的水平拉力拉着重为10N的物块由A点匀速直线运动到B点，在B点将拉力增大为10N使其运动至C点，在C点撤去拉力。下列说法正确的是（ ）
①物块在AB段受到的摩擦力大小等于5N
②物块在BC段受到的摩擦力大小等于10N
③在C点撤去拉力后，物块将在C点静止
④物块在AC段运动的过程中，所受摩擦力的大小始终不变
A．只有③④正确 B．只有①②④正确
C．只有①③④正确 D．只有①④正确
14．（2023八下·岱岳期中）甲、乙两容器质量和底面积均相同，分别装有A、B两种不同液体，两容器底部受到的液体压强相同。A、B两液体质量分别为、，两种液体的密度、，液体对容器底部的压力、，容器对水平地面的压力为、，下面判断正确的是（ ）
①A、B液体密度关系为：
②A、B液体质量关系为：
③两容器底部受到的液体压力关系为：。
④容器对水平桌面的压力关系为：
A．只有③④正确 B．只有②③正确甲
C．只有①②③正确 D．只有①④正确
15．（2023八下·岱岳期中）取一根横截面积为的轻质薄壁直筒塑料管，在底部扎上橡皮膜后，向管内倒入10g水，使它竖直静止于某液体中，如图所示，观察到橡皮膜恰好变平时，管外液面比管内液面高2cm。下列结论中（ ）
①管内水对底部橡皮膜的压力大小为0.12N
②管外液体对底部橡皮膜产生的压强大小为1000Pa
③管外液体密度约为
④若将塑料管上提少许，则橡皮膜会向下凸
A．只有③④正确 B．只有②③正确
C．只有①④正确 D．只有②③④正确
二、填空题
16．（2023八下·岱岳期中）一切物体在没有受到力的作用时，总保持 状态或匀速直线运动状态。这就是著名的牛顿第一定律。
17．（2023八下·岱岳期中）小明在劳动技术基地制作泥塑作品，老师告诉他：制作时不但要注意所使泥塑刀“劲”的大小，还要注意用刀的位置，只有全面考虑才能把作品做好。从物理的角度来看，老师说的“位置”实际上是力的三要素中的 。
18．（2023八下·岱岳期中）著名的 实验证明了大气压强的存在
19．（2023八下·岱岳期中）如图所示为一辆负压救护车。所谓负压，就是利用技术手段，使车内气压低于外界大气压，在救治和转运病人时可以最大限度地减少交叉感染的几率。若此款救护车车内气压为外界标准大气压的90%，车顶的面积大约为5m2，此时车顶受到的内外压力差为 N。（标准大气压取1.01×105Pa）
三、作图题
20．（2023八下·岱岳期中）如图为足球正在空中运动，请画出足球在图中位置时受到重力的示意图。
21．（2023八下·岱岳期中）如图所示，物体在斜面上静止，画出其受到的摩擦力的示意图。
四、实验题
22．（2023八下·岱岳期中）在“探究压力作用效果跟什么因素有关”的实验时，小明同学利用小桌、海绵和砝码（实验中砝码都相同）等器材进行了如图所示的实验。
（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这种研究方法称为 ；
（2）要“探究压力的作用效果跟受力面积”的关系，应比较 两图的实验；
（3）观察比较图甲、乙所示的情况可以得到的结论是：受力面积一定时， ，压力的作用效果越明显。
（4）下列实例中，可以应用（3）中的结论来解释的是 （选填序号）。
①压路机的碾子很重
②小小的蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破
③骆驼有宽大的脚掌
23．（2023八下·岱岳期中）如图所示，小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中：
（1）实验时应该用弹簧测力计沿水平方向 拉动木块，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小 拉力大小。（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（2）他的三次实验情况分别如图甲、乙、丙所示，分别用F1=1.5N，F2=2.2N，F3=2N的拉力拉着物块A匀速运动；
①分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时， ，滑动摩擦力越大；分析 两图可探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
②如图丁所示，在物块A上叠放与A完全相同的物块B，用弹簧测力计拉着物块A，使物块B随物块A一起匀速运动，此时弹簧测力计示数为 N，此时B物体受到的摩擦力为 N；
③将B取下，改用一水平推力推动物块A，B一起匀速运动，如图戊所示，则推力 N，对比 两图可得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小 （选填“有关”或“无关”）；
（3）下列实验中采用了与本实验相同的研究方法的是___________。
A．探究影响液体压强与哪些因素有关
B．探究光的传播路径和方向时，引入光线
C．探究平面镜成像特点时使用两只完全相同的蜡烛
D．探究压力的作用效果跟什么因素有关
五、计算题
24．（2023八下·岱岳期中）有一个中心是空心、边长为10cm的立方体铁块，它的质量是5.53kg（g=10N/kg，ρ铁=7.9×103kg/m3），求：
（1）空心部分的体积；
（2）如在其空心部分注满水，则铁块和水的总质量；
（3）将注满水的铁块放在水平地面上，则铁块对地面的压强。
25．（2023八下·岱岳期中）如图所示，放置在水平地面上的平底薄壁容器重5N，底面积0.01m2，内装35N的水，水深20cm，现将一体积为200cm3的实心铜块系在弹簧测力计挂钩上，并把它完全浸没于容器内的水中（水未溢出，铜块未接触容器底部）（ρ铜=8.9×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）铜块所受的重力；
（2）铜块未放入水中时，容器底部受到水的压力；
（3）若铜块完全浸没于水中后，此时弹簧测力计的示数15.8N，求此时容器对水平地面的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A.一名中学生的质量约为50kg，故A错误；
B.普通课桌的高度约为8dm，故B正确；
C.成人的正常步行速度约为1.1m/s，故C错误；
D.珠穆朗玛峰顶的大气压肯定小于标准大气压强，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、长度、速度和压强的认识判断。
2．【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；牛顿第一定律；平衡状态的判断
【解析】【解答】A.排球被网弹回，它的运动方向改变，说明力改变了排球的运动状态，故A正确；
B.排球从空中下落，速度逐渐加快，但是它的质量不变，根据G=mg可知，它的重力不变，故B错误；
C.排球被接起后，竖直上升到最高点时，它只受重力作用，此时受力不平衡，故C错误；
D.根据牛顿第一定律可知，抛出的排球到达最高点时若所有的力都消失了，此时它的速度为零，那么它将保持静止状态，故D错误。
故选A。
【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变为运动，由运动变为静止，速度大小改变和运动方向改变。
（2）根据G=mg判断；
（3）对排球进行受力分析即可；
（4）根据牛顿第一定律判断。
3．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】A.物体对墙壁产生压力，二者相互接触，且物体向下滑动，那么物体受到摩擦力，故A错误；
B.手对物体的压力和物体对墙的压力，二者方向相同，肯定不是相互作用力，故B错误；
C.物体所受的重力和墙对物体的摩擦力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，故C正确；
D.物体对墙的压力作用在墙上，物体对手的弹力作用在手上，二者没有作用在同一物体上，肯定不是平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】（1）摩擦力产生的条件：①相互接触；②做相对运动或有运动趋势；
（2）（3）（4）平衡力和相互作用力的相同点：大小相同、方向相反，在同一直线上。二者的不同点：前者在同一物体上，后者在两个物体上。
4．【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A.铁轨铺在枕木上 ，通过增大受力面积的方式减小压强，故A符合题意；
破窗锤两端制成锥形，篆刻刀刀刃很薄和切蛋器有很细的钢丝，都是通过减小受力面积的方向增大压强，故B、C、D不合题意。
故选A。
【分析】减小压强的方法：减小压力和增大受力面积。
5．【答案】B
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】A.帕斯卡裂桶实验中用几杯水就能撑裂木桶。是因为液体压强随深度的增加而增大，故A不合题意；
B.用活塞式抽水机抽水，是利用大气压强原理工作，故B符合题意；
C.飞机获得向上的升力，原理为流体压强和流速的关系，故C不合题意；
D.利用船闸让船通行，原理为连通器，故D不合题意。
故选B。
【分析】根据各个选项中包含的物理原理即可。
6．【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A.人戴着头盔骑电动车时，人和头盔都有惯性，故A错误；
B.汽车的速度越大，越不容易停下来，但是它的惯性大小不变，因为汽车的质量不变，故B错误；
C.发生事故时，安全带给人施加的力可以改变驾乘人员的运动状态，故C正确；
D.汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车紧急刹车时惯性对人造成的伤害，故D错误。
故选C。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只与物体质量大小有关，据此分析判断。
7．【答案】A
【知识点】连通器原理
【解析】【解答】A.船闸工作时，中间的闸室和上游或下游底部连通，上面开口，相当于一个连通器，故A符合题意；
B.吸盘式挂钩，利用了大气压强的原理，故B不合题意；
C.压强计的U形管一端开口，另一端是封闭的，不是连通器，故C不合题意；
D.弹簧测力计的工作原理：在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，故D不合题意。
故选A。
【分析】上面开口，底部连通的容器叫连通器。
8．【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.滚动轴承用滚动代替滑动，是为了减小摩擦力，故A不合题意；
B.齿轮加润滑油，通过改变接触面的方式减小摩擦力，故B不合题意；
C.用力捏车闸，通过增大压力的方式增大摩擦力，故C符合题意；
D.书包带做的很宽，通过增大受力面积的方式减小压强，故D不合题意。
故选C。
【分析】增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度。
9．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.湖边设置警示牌：安全第一，禁止下水游泳，是为了防止溺水事故，故A不合题意；
B.地铁站、火车站温馨提示：请站台上的乘客在安全线以外候车，是因为列车经过时铁轨附近空气流速大而压强小，周围的空气对人施加朝向铁轨的压力，容易发生危险，故B符合题意；
C.雨天，交通台广播员提示：雨天路滑，小心驾驶，是因为路面上摩擦力减小，故C不合题意；
D.公安交通管理部门要求：汽车驾驶员和乘客必须使用安全带，是为了防止惯性带来的伤害，故D不合题意。
故选B。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理。
10．【答案】D
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；连通器原理；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A.压力的方向不一定是竖直向下，可能朝向各个方向，故A错误；
B.用吸管吸饮料时，利用了大气压强的原理，故B错误；
C.高山上，要使用高压锅做饭，是因为海拔越高，气压越小，沸点越低，故C错误；
D.堤坝建成上窄下宽的形状，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据压力产生的原因确定压力的方向；
（2）根据大气压强的知识解答；
（3）根据液体沸点随高度的变化规律判断；
（4）根据液体压强的特点分析判断。
11．【答案】A
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】①本实验是探究小车两边拉力平衡时的条件，即研究对象为小车，故①错误；
②为了减小摩擦，应把小车放在尽量光滑的水平桌面上，因为接触面粗糙程度越小，摩擦力越小，故②正确；
③小车受到的拉力由钩码的重力产生，即钩码的个数越多，拉力越大，故③正确；
④当小车处于静止状态时，在竖直方向上，重力和支持力平衡；在水平方向上，左右两个拉力平衡，故④错误。
那么正确的是②③。
故选A。
【分析】根据对探究二力平衡条件实验的认识判断。
12．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】①甲、乙对水平地面的压力之比：；
由F=G=mg可得，甲、乙的质量之比：，故①错误；
②甲、乙的体积之比：，故②错误；
③甲、乙的高度之比：，故③正确；
④因甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，
所以物体对地面的压强：；
将甲、乙分别沿竖直方向切去相同的厚度后，因甲、乙两物体的高度和密度不变，
所以剩余部分对地面的压强不变，压强之比仍为6：5，故④正确。
由此可知只有③④正确。
故选C。
【分析】（1）知道两长方体对水平地面的压强之比和底面积之比，根据F=pS求出对地面的压力之比，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等以及重力公式求出甲、乙的质量之比；
（2）知道甲、乙的质量之比和密度之比，根据密度公式的变形式可求出两者的体积之比；
（3）知道甲、乙的体积之比和底面积之比，根据V=Sh可求出两者的高度之比；
（4）甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，且水平面上物体的压力和自身的重力相等，则长方体对地面的压强p=ρhg，据此分析解答。
13．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】物体在AB段做匀速直线运动，则它受到的滑动摩擦力与拉力相互平衡，即摩擦力f=F=5N，故①正确；
物体在BC段拉力增大，但是对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此它受到的摩擦力保持不变，还是5N，故②错误，④正确；
在C点撤去拉力后，由于惯性，它会继续向右运动一段距离，故③错误。
那么正确的是①④。
故选D。
【分析】①根据二力平衡的知识计算出AB段受到的摩擦力；
②④根据影响滑动摩擦力的因素的知识判断摩擦力是否改变；
③根据惯性的知识判断。
14．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】①根据题意可知，容器底部受到的压强pA=pB，液体的深度hA>hB，根据p=ρ液gh可知，液体密度ρA<ρB，故①错误；
③容器底部受到的压强pA=pB，且底面积S甲=S乙，根据F=pS可知，容器底部受到压力F甲=F乙，故③正确；
②容器甲上下粗细一致，则容器底部的压力F甲=GA；容器乙下口大，则容器底部受到压力F乙>GB。比较可知，液体重力GA>GB，根据G=mg可知，质量mA>mB，故②正确；
④容器对桌面的压力F=G容器+G液，则压力F甲'>F乙'，故④错误。
那么正确的是②③。
故选B。
【分析】①根据液体压强公式p=ρ液gh比较二者密度的大小；
②上下粗细一致的容器，底部受到的压力等于液体重力；下口小的容器，底部受到的压力小于液体重力；下口大的容器，底部受到的压力大于液体的重力。
③根据F=pS比较容器底部受到压力的大小；
④根据F=G容器+G液比较容器对桌面的压力大小。
15．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】①管内水的重力G=mg=0.01kg×10N/kg=0.1N。因塑料管上下粗细一致，则橡皮膜受到水的压力等于水的重力，即F=G水=0.1N，故①错误；
②橡皮膜恰好变平，说明橡皮膜上下受到的液体压强相等，
水对橡皮膜的压强：；
那么管外液体对塑料管底部橡皮膜产生的压强也为1000Pa，
故②正确；
③管内水的深度：，
管外液体的深度比管内水的深度大2cm，
即：h液=h水+Δh=10cm+2cm=12cm=0.12m，
那么管外液体密度为：．故③正确；
④将塑料管上提少许，橡皮膜所处液体的深度减小，受到管外液体向上的压强变小，
而水对橡皮膜向下的压强不变，
此时橡皮膜向上的压强小于向下的压强，
所以故橡皮膜会向下凸（即向外凸），故④正确。
那么正确的②③④。
故选D。
【分析】①根据塑料管的形状确定橡皮膜受到压力与液体重力的关系，根据F=G=mg计算；
②根据公式计算筒内水向下的压强，再根据二力平衡计算出外面液体对橡皮膜的压强；
③橡皮膜恰好变平，说明橡皮膜上下压强相等，利用分别p=ρ液体gh求出水的深度，进而可求管外液体的深度，再利用p=ρ液体gh求出管内外的密度；
④根据液体深度的变化确定筒外液体向上压强的变化，再与筒内水的压强比较即可。
16．【答案】静止
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。这就是著名的牛顿第一定律。
【分析】根据牛顿第一定律解答。
17．【答案】作用点
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】从物理的角度来看，老师说的“位置”实际上是力的三要素中的作用点。
【分析】力的大小、方向和作用点，都会影响力的作用效果，这就是力的三要素。
18．【答案】马德堡半球
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】1654年，德国马德堡市市长奥托格里克做了著名的马德堡半球实验，证明了大气压强的存在。
【分析】根据有关大气压强的科学史实解答。
19．【答案】5.05×104
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】此时车顶受到的内外压力差为：△F=△pS=（1-10%）×1.01×105Pa×5m2=5.05×104N。
【分析】根据△F=△pS计算车顶受到的内外压力差。
20．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力作用在足球的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】确定重力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
21．【答案】
【知识点】摩擦力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，物体受到的摩擦力作用在重心上，方向与斜面平行且向上，如下图所示：
【分析】确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
22．【答案】（1）转换法
（2）乙、丙
（3）压力越大
（4）①
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这种研究方法称为转换法；
（2）要“探究压力的作用效果跟受力面积”的关系，必须控制压力大小相等，只改变受力面积，故选实验乙和丙；
（3）根据图片可知，甲中没有砝码，乙中有砝码，则压力大小不同，那么得到结论：受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
（4）①压路机的碾子很重，通过增大压力的方式增大压强；
②小小的蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破，通过减小受力面积的方式增大压强；
③骆驼有宽大的脚掌，通过增大受力面积的方式减小压强。
故选①。
【分析】（1） 物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（4）分析三个选项中改变压强的方法即可。
23．【答案】（1）匀速；等于
（2）压力越大；甲、丙；4；0；4；丁、戊；无关
（3）A；D
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验时应该用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）①甲中无砝码，乙中有砝码，则二者压力不同，那么分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的影响时，必须控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和丙；
②比较丙和丁可知，二者接触面的粗糙程度相同，丁对地面的压力是丙对地面的压力的2倍，则丁中受到的摩擦力是丙中摩擦力的2倍。两次都做匀速直线运动，则拉力都等于摩擦力，那么丁中拉力是丙中拉力的2倍，即F4=2F3=2×2N=4N。
物体B和物体A保持相对静止状态，二者之间没有摩擦力，即B受到摩擦力为0N；
③将丁和戊比较可知，A和B对地面的压力和接触面的粗糙程度相同，则它们受到的滑动摩擦力相同，还是4N。根据二力平衡可知，拉力F5=4N。
综上所述，两次实验接触面积大小不同，但是摩擦力相等，那么得到：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。
（3）A.探究影响液体压强与哪些因素有关，实验了控制变量法；
B.探究光的传播路径和方向时，引入光线 ，使用了模型法；
C.探究平面镜成像特点时使用两只完全相同的蜡烛，使用等效替代法；
D.探究压力的作用效果跟什么因素有关，使用控制变量法。
故选AD。
【分析】（1）当物体在水平面上做匀速直线运动时，它受到的拉力和摩擦力相互平衡，即二者大小相等。
（2）①根据图片确定甲和乙中哪个因素不同；根据控制变量法的要求选择对照实验；
②将丙和丁进行比较，确定二者压力的关系，据此推算受到摩擦力的变化，并计算出F4的数值；
③将图丁和图戊进行比较，注意压力和接触面粗糙程度的变化，从而确定摩擦力的变化，最终得到滑动摩擦力与接触面积的关系；
（3）分析各个选项中使用的物理研究方法即可。
24．【答案】（1）解：立方体铁块的体积V=a3=(10cm)3=1000cm3
由 可得，正方体铁块实心部分的体积
空心部分的体积V空=V-V实心=1000cm3-700cm3=300cm3
答：空心部分的体积为300cm3；
（2）解：在其中空心部分注满水，水的体积V水=V空=300cm3
由 可得，水的质量m水=ρ水V水=1g/cm3×300cm3=300g=0.3kg
则铁块和水的总质量m总=m水+m铁=0.3kg+5.53kg=5.83kg
答：如在其中空心部分注满水，则铁块和水的总质量为5.83kg；
（3）解：铁块的底面积S=a2=10cm×10cm=100cm2=0.01m2
将注满水的铁块放在水平地面上，铁块对地面的压力F=G总=m总g=5.83kg×10N/kg=58.3N
铁块对地面的压强
答：将注满水的铁块放在水平地面上，铁块对地面的压强为5830Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）首先根据正方体的体积公式 V=a3 计算出铁块的体积，再根据公式 计算正方体实心的体积，最后根据 V空=V-V实心 计算空心不同的体积。
（2）在其中空心部分注满水，则水的体积等于空心的体积，根据公式 m水=ρ水V水 计算出水的质量，再将铁块和水的质量相加即可。
（3）首先根据正方形的面积公式 S=a2 计算出铁块的底面积，再根据F=G总=m总g计算出铁块对地面的压力，最后根据公式 计算铁块对地面的压强。
25．【答案】（1）解：根据密度公式得，铜块的质量m铜=ρ铜V铜=8.9×103kg/m3×200×10-6m3=1.78kg
铜块所受的重力G铜=m铜g=1.78kg×10N/kg=17.8N
答：铜块所受的重力为17.8N；
（2）解：铜块未放入水中时，容器底部受到水的压强p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10-2m=2000Pa
根据 得，容器底部受到水的压力F水=p水S=2000Pa×0.01m2=20N
答：铜块未放入水中时，容器底部受到水的压力为20N；
（3）解：铜块完全浸没于水中后，此时容器对水平地面的压力F容=G容+G水+G铜-F拉=5N+35N+17.8N-15.8N=42N
此时容器对水平地面的压强
答：此时容器对水平地面的压强为4200Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）首先根据 m铜=ρ铜V铜 计算出铜块的质量，再根据 G铜=m铜g 计算出铜块的重力；
（2）首先根据 p水=ρ水gh 计算出水对容器底部的压强，再根据 F水=p水S 计算出水对容器底部的压力；
（3）根据相互作用力的知识可知，铜块浸没在水中后，容器底部增大的压力等于铜块受到的浮力，而铜块受到的浮力F浮力=G铜-F拉。容器对水平地面的压力等于容器、水的总重力与增大压力之和，则这个压力F容=G容+G水+G铜-F拉。最后根据公式 计算容器对水平地面的压强。
山东省泰安市岱岳区2022-2023学年八年级下学期4月物理期中试卷
一、单选题
1．（2023八下·岱岳期中）下列数据中，最符合实际的是（ ）
A．一名中学生的质量约为500N
B．普通课桌的高度约为8dm
C．成人的正常步行速度约为1.1km/h
D．珠穆朗玛峰顶的大气压约为1.5×105Pa
【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A.一名中学生的质量约为50kg，故A错误；
B.普通课桌的高度约为8dm，故B正确；
C.成人的正常步行速度约为1.1m/s，故C错误；
D.珠穆朗玛峰顶的大气压肯定小于标准大气压强，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、长度、速度和压强的认识判断。
2．（2023八下·岱岳期中）排球运动是人们喜爱的运动之一，下列关于此项运动说法正确的是（ ）
A．排球被网弹回，说明力改变了排球的运动状态
B．排球从空中下落，速度逐渐加快，其重力越来越大
C．排球被接起后，竖直上升到最高点时受力平衡
D．抛出的排球到达最高点时若所有的力都消失了，排球将一定竖直下落
【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；牛顿第一定律；平衡状态的判断
【解析】【解答】A.排球被网弹回，它的运动方向改变，说明力改变了排球的运动状态，故A正确；
B.排球从空中下落，速度逐渐加快，但是它的质量不变，根据G=mg可知，它的重力不变，故B错误；
C.排球被接起后，竖直上升到最高点时，它只受重力作用，此时受力不平衡，故C错误；
D.根据牛顿第一定律可知，抛出的排球到达最高点时若所有的力都消失了，此时它的速度为零，那么它将保持静止状态，故D错误。
故选A。
【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变为运动，由运动变为静止，速度大小改变和运动方向改变。
（2）根据G=mg判断；
（3）对排球进行受力分析即可；
（4）根据牛顿第一定律判断。
3．（2023八下·岱岳期中）如图所示，用手把一物体压在竖直墙壁上，并使手和物体沿墙壁匀速下滑，则以下说法正确的是（ ）
A．物体不受摩擦力作用
B．手对物体的压力和物体对墙的压力是一对相互作用力
C．物体所受的重力和墙对物体的摩擦力是一对平衡力
D．物体对墙的压力和物体对手的弹力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】A.物体对墙壁产生压力，二者相互接触，且物体向下滑动，那么物体受到摩擦力，故A错误；
B.手对物体的压力和物体对墙的压力，二者方向相同，肯定不是相互作用力，故B错误；
C.物体所受的重力和墙对物体的摩擦力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，故C正确；
D.物体对墙的压力作用在墙上，物体对手的弹力作用在手上，二者没有作用在同一物体上，肯定不是平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】（1）摩擦力产生的条件：①相互接触；②做相对运动或有运动趋势；
（2）（3）（4）平衡力和相互作用力的相同点：大小相同、方向相反，在同一直线上。二者的不同点：前者在同一物体上，后者在两个物体上。
4．（2023八下·岱岳期中）下列实例中，属于减小压强的是（ ）
A．铁轨铺在枕木上
B．破窗锤两端制成锥形
C．篆刻刀刀刃很薄
D．切蛋器有很细的钢丝
【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A.铁轨铺在枕木上 ，通过增大受力面积的方式减小压强，故A符合题意；
破窗锤两端制成锥形，篆刻刀刀刃很薄和切蛋器有很细的钢丝，都是通过减小受力面积的方向增大压强，故B、C、D不合题意。
故选A。
【分析】减小压强的方法：减小压力和增大受力面积。
5．（2023八下·岱岳期中）下列实例中利用大气压工作的是（ ）
A．帕斯卡裂桶实验中用几杯水就能撑裂木桶
B．用活塞式抽水机抽水
C．飞机获得向上的升力
D．利用船闸让船通行
【答案】B
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】A.帕斯卡裂桶实验中用几杯水就能撑裂木桶。是因为液体压强随深度的增加而增大，故A不合题意；
B.用活塞式抽水机抽水，是利用大气压强原理工作，故B符合题意；
C.飞机获得向上的升力，原理为流体压强和流速的关系，故C不合题意；
D.利用船闸让船通行，原理为连通器，故D不合题意。
故选B。
【分析】根据各个选项中包含的物理原理即可。
6．（2023八下·岱岳期中）泰安交警大队“一盔一带”安全守护行动启动，要求骑行电动车和摩托车的人必须佩戴头盔，汽车驾驶员和乘客都必须要求系安全带。下列说法中正确的是（ ）
A．人戴着头盔骑电动车时，人具有惯性，而头盔没有惯性
B．汽车的速度越大，越不容易停下来，说明速度越大，惯性越大
C．发生事故时，安全带给人施加的力可以改变驾乘人员的运动状态
D．汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性
【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A.人戴着头盔骑电动车时，人和头盔都有惯性，故A错误；
B.汽车的速度越大，越不容易停下来，但是它的惯性大小不变，因为汽车的质量不变，故B错误；
C.发生事故时，安全带给人施加的力可以改变驾乘人员的运动状态，故C正确；
D.汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车紧急刹车时惯性对人造成的伤害，故D错误。
故选C。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只与物体质量大小有关，据此分析判断。
7．（2023八下·岱岳期中）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．船闸 B．吸盘式挂钩 C．压强计 D．弹簧测力计
【答案】A
【知识点】连通器原理
【解析】【解答】A.船闸工作时，中间的闸室和上游或下游底部连通，上面开口，相当于一个连通器，故A符合题意；
B.吸盘式挂钩，利用了大气压强的原理，故B不合题意；
C.压强计的U形管一端开口，另一端是封闭的，不是连通器，故C不合题意；
D.弹簧测力计的工作原理：在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，故D不合题意。
故选A。
【分析】上面开口，底部连通的容器叫连通器。
8．（2023八下·岱岳期中）下图所示的事例中，目的是为了增大摩擦的是（ ）
A．滚动轴承用滚动代替滑动
B．齿轮加润滑油
C．用力捏车闸
D．书包带做的很宽
【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.滚动轴承用滚动代替滑动，是为了减小摩擦力，故A不合题意；
B.齿轮加润滑油，通过改变接触面的方式减小摩擦力，故B不合题意；
C.用力捏车闸，通过增大压力的方式增大摩擦力，故C符合题意；
D.书包带做的很宽，通过增大受力面积的方式减小压强，故D不合题意。
故选C。
【分析】增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度。
9．（2023八下·岱岳期中）安全问题一直是我们关注的问题，以下提示和要求可以避免因“流体压强与流速的关系”带来安全事故的是（ ）
A．湖边设置警示牌：安全第一，禁止下水游泳
B．地铁站、火车站温馨提示：请站台上的乘客在安全线以外候车
C．雨天，交通台广播员提示：雨天路滑，小心驾驶
D．公安交通管理部门要求：汽车驾驶员和乘客必须使用安全带
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.湖边设置警示牌：安全第一，禁止下水游泳，是为了防止溺水事故，故A不合题意；
B.地铁站、火车站温馨提示：请站台上的乘客在安全线以外候车，是因为列车经过时铁轨附近空气流速大而压强小，周围的空气对人施加朝向铁轨的压力，容易发生危险，故B符合题意；
C.雨天，交通台广播员提示：雨天路滑，小心驾驶，是因为路面上摩擦力减小，故C不合题意；
D.公安交通管理部门要求：汽车驾驶员和乘客必须使用安全带，是为了防止惯性带来的伤害，故D不合题意。
故选B。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理。
10．（2023八下·岱岳期中）关于压力和压强，下列说法正确的是（ ）
A．压力的方向总是竖直向下
B．用吸管吸饮料时，利用了连通器的原理
C．高山上，要使用高压锅做饭，是因为海拔越高，气压越大
D．堤坝建成上窄下宽的形状，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大
【答案】D
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；连通器原理；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A.压力的方向不一定是竖直向下，可能朝向各个方向，故A错误；
B.用吸管吸饮料时，利用了大气压强的原理，故B错误；
C.高山上，要使用高压锅做饭，是因为海拔越高，气压越小，沸点越低，故C错误；
D.堤坝建成上窄下宽的形状，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据压力产生的原因确定压力的方向；
（2）根据大气压强的知识解答；
（3）根据液体沸点随高度的变化规律判断；
（4）根据液体压强的特点分析判断。
11．（2023八下·岱岳期中）下列关于“探究二力平衡条件”实验的说法中，正确的是（ ）
①本实验的研究对象是两边所挂的钩码
②为了减小摩擦，应把小车放在尽量光滑的水平桌面上
③调整两边的托盘所放的钩码的数量，可以改变力的大小
④向左右两盘中放入相同质量的砝码，小车处于静止状态，此时小车只受到一对平衡力的作用
A．只有②③正确 B．只有②③④正确
C．只有①③④正确 D．①④正确
【答案】A
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】①本实验是探究小车两边拉力平衡时的条件，即研究对象为小车，故①错误；
②为了减小摩擦，应把小车放在尽量光滑的水平桌面上，因为接触面粗糙程度越小，摩擦力越小，故②正确；
③小车受到的拉力由钩码的重力产生，即钩码的个数越多，拉力越大，故③正确；
④当小车处于静止状态时，在竖直方向上，重力和支持力平衡；在水平方向上，左右两个拉力平衡，故④错误。
那么正确的是②③。
故选A。
【分析】根据对探究二力平衡条件实验的认识判断。
12．（2023八下·岱岳期中）如图，甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，它们的密度之比，底面积之比，对水平地面的压强之比，下列有关甲、乙两个长方体的说法中，正确的是（ ）
①甲、乙的质量之比是20∶27
②甲、乙的体积之比是8∶9
③甲、乙的高度之比是3∶2
④将甲、乙分别沿竖直方向切去相同的厚度后，剩余部分对地面的压强之比为6∶5
A．只有②③正确 B．只有②④正确
C．只有③④正确 D．只有①③正确
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】①甲、乙对水平地面的压力之比：；
由F=G=mg可得，甲、乙的质量之比：，故①错误；
②甲、乙的体积之比：，故②错误；
③甲、乙的高度之比：，故③正确；
④因甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，
所以物体对地面的压强：；
将甲、乙分别沿竖直方向切去相同的厚度后，因甲、乙两物体的高度和密度不变，
所以剩余部分对地面的压强不变，压强之比仍为6：5，故④正确。
由此可知只有③④正确。
故选C。
【分析】（1）知道两长方体对水平地面的压强之比和底面积之比，根据F=pS求出对地面的压力之比，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等以及重力公式求出甲、乙的质量之比；
（2）知道甲、乙的质量之比和密度之比，根据密度公式的变形式可求出两者的体积之比；
（3）知道甲、乙的体积之比和底面积之比，根据V=Sh可求出两者的高度之比；
（4）甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，且水平面上物体的压力和自身的重力相等，则长方体对地面的压强p=ρhg，据此分析解答。
13．（2023八下·岱岳期中）在粗糙程度不变的水平面上，用5N的水平拉力拉着重为10N的物块由A点匀速直线运动到B点，在B点将拉力增大为10N使其运动至C点，在C点撤去拉力。下列说法正确的是（ ）
①物块在AB段受到的摩擦力大小等于5N
②物块在BC段受到的摩擦力大小等于10N
③在C点撤去拉力后，物块将在C点静止
④物块在AC段运动的过程中，所受摩擦力的大小始终不变
A．只有③④正确 B．只有①②④正确
C．只有①③④正确 D．只有①④正确
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】物体在AB段做匀速直线运动，则它受到的滑动摩擦力与拉力相互平衡，即摩擦力f=F=5N，故①正确；
物体在BC段拉力增大，但是对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此它受到的摩擦力保持不变，还是5N，故②错误，④正确；
在C点撤去拉力后，由于惯性，它会继续向右运动一段距离，故③错误。
那么正确的是①④。
故选D。
【分析】①根据二力平衡的知识计算出AB段受到的摩擦力；
②④根据影响滑动摩擦力的因素的知识判断摩擦力是否改变；
③根据惯性的知识判断。
14．（2023八下·岱岳期中）甲、乙两容器质量和底面积均相同，分别装有A、B两种不同液体，两容器底部受到的液体压强相同。A、B两液体质量分别为、，两种液体的密度、，液体对容器底部的压力、，容器对水平地面的压力为、，下面判断正确的是（ ）
①A、B液体密度关系为：
②A、B液体质量关系为：
③两容器底部受到的液体压力关系为：。
④容器对水平桌面的压力关系为：
A．只有③④正确 B．只有②③正确甲
C．只有①②③正确 D．只有①④正确
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】①根据题意可知，容器底部受到的压强pA=pB，液体的深度hA>hB，根据p=ρ液gh可知，液体密度ρA<ρB，故①错误；
③容器底部受到的压强pA=pB，且底面积S甲=S乙，根据F=pS可知，容器底部受到压力F甲=F乙，故③正确；
②容器甲上下粗细一致，则容器底部的压力F甲=GA；容器乙下口大，则容器底部受到压力F乙>GB。比较可知，液体重力GA>GB，根据G=mg可知，质量mA>mB，故②正确；
④容器对桌面的压力F=G容器+G液，则压力F甲'>F乙'，故④错误。
那么正确的是②③。
故选B。
【分析】①根据液体压强公式p=ρ液gh比较二者密度的大小；
②上下粗细一致的容器，底部受到的压力等于液体重力；下口小的容器，底部受到的压力小于液体重力；下口大的容器，底部受到的压力大于液体的重力。
③根据F=pS比较容器底部受到压力的大小；
④根据F=G容器+G液比较容器对桌面的压力大小。
15．（2023八下·岱岳期中）取一根横截面积为的轻质薄壁直筒塑料管，在底部扎上橡皮膜后，向管内倒入10g水，使它竖直静止于某液体中，如图所示，观察到橡皮膜恰好变平时，管外液面比管内液面高2cm。下列结论中（ ）
①管内水对底部橡皮膜的压力大小为0.12N
②管外液体对底部橡皮膜产生的压强大小为1000Pa
③管外液体密度约为
④若将塑料管上提少许，则橡皮膜会向下凸
A．只有③④正确 B．只有②③正确
C．只有①④正确 D．只有②③④正确
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】①管内水的重力G=mg=0.01kg×10N/kg=0.1N。因塑料管上下粗细一致，则橡皮膜受到水的压力等于水的重力，即F=G水=0.1N，故①错误；
②橡皮膜恰好变平，说明橡皮膜上下受到的液体压强相等，
水对橡皮膜的压强：；
那么管外液体对塑料管底部橡皮膜产生的压强也为1000Pa，
故②正确；
③管内水的深度：，
管外液体的深度比管内水的深度大2cm，
即：h液=h水+Δh=10cm+2cm=12cm=0.12m，
那么管外液体密度为：．故③正确；
④将塑料管上提少许，橡皮膜所处液体的深度减小，受到管外液体向上的压强变小，
而水对橡皮膜向下的压强不变，
此时橡皮膜向上的压强小于向下的压强，
所以故橡皮膜会向下凸（即向外凸），故④正确。
那么正确的②③④。
故选D。
【分析】①根据塑料管的形状确定橡皮膜受到压力与液体重力的关系，根据F=G=mg计算；
②根据公式计算筒内水向下的压强，再根据二力平衡计算出外面液体对橡皮膜的压强；
③橡皮膜恰好变平，说明橡皮膜上下压强相等，利用分别p=ρ液体gh求出水的深度，进而可求管外液体的深度，再利用p=ρ液体gh求出管内外的密度；
④根据液体深度的变化确定筒外液体向上压强的变化，再与筒内水的压强比较即可。
二、填空题
16．（2023八下·岱岳期中）一切物体在没有受到力的作用时，总保持 状态或匀速直线运动状态。这就是著名的牛顿第一定律。
【答案】静止
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。这就是著名的牛顿第一定律。
【分析】根据牛顿第一定律解答。
17．（2023八下·岱岳期中）小明在劳动技术基地制作泥塑作品，老师告诉他：制作时不但要注意所使泥塑刀“劲”的大小，还要注意用刀的位置，只有全面考虑才能把作品做好。从物理的角度来看，老师说的“位置”实际上是力的三要素中的 。
【答案】作用点
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】从物理的角度来看，老师说的“位置”实际上是力的三要素中的作用点。
【分析】力的大小、方向和作用点，都会影响力的作用效果，这就是力的三要素。
18．（2023八下·岱岳期中）著名的 实验证明了大气压强的存在
【答案】马德堡半球
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】1654年，德国马德堡市市长奥托格里克做了著名的马德堡半球实验，证明了大气压强的存在。
【分析】根据有关大气压强的科学史实解答。
19．（2023八下·岱岳期中）如图所示为一辆负压救护车。所谓负压，就是利用技术手段，使车内气压低于外界大气压，在救治和转运病人时可以最大限度地减少交叉感染的几率。若此款救护车车内气压为外界标准大气压的90%，车顶的面积大约为5m2，此时车顶受到的内外压力差为 N。（标准大气压取1.01×105Pa）
【答案】5.05×104
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】此时车顶受到的内外压力差为：△F=△pS=（1-10%）×1.01×105Pa×5m2=5.05×104N。
【分析】根据△F=△pS计算车顶受到的内外压力差。
三、作图题
20．（2023八下·岱岳期中）如图为足球正在空中运动，请画出足球在图中位置时受到重力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力作用在足球的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】确定重力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
21．（2023八下·岱岳期中）如图所示，物体在斜面上静止，画出其受到的摩擦力的示意图。
【答案】
【知识点】摩擦力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，物体受到的摩擦力作用在重心上，方向与斜面平行且向上，如下图所示：
【分析】确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
四、实验题
22．（2023八下·岱岳期中）在“探究压力作用效果跟什么因素有关”的实验时，小明同学利用小桌、海绵和砝码（实验中砝码都相同）等器材进行了如图所示的实验。
（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这种研究方法称为 ；
（2）要“探究压力的作用效果跟受力面积”的关系，应比较 两图的实验；
（3）观察比较图甲、乙所示的情况可以得到的结论是：受力面积一定时， ，压力的作用效果越明显。
（4）下列实例中，可以应用（3）中的结论来解释的是 （选填序号）。
①压路机的碾子很重
②小小的蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破
③骆驼有宽大的脚掌
【答案】（1）转换法
（2）乙、丙
（3）压力越大
（4）①
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这种研究方法称为转换法；
（2）要“探究压力的作用效果跟受力面积”的关系，必须控制压力大小相等，只改变受力面积，故选实验乙和丙；
（3）根据图片可知，甲中没有砝码，乙中有砝码，则压力大小不同，那么得到结论：受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
（4）①压路机的碾子很重，通过增大压力的方式增大压强；
②小小的蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破，通过减小受力面积的方式增大压强；
③骆驼有宽大的脚掌，通过增大受力面积的方式减小压强。
故选①。
【分析】（1） 物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（4）分析三个选项中改变压强的方法即可。
23．（2023八下·岱岳期中）如图所示，小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中：
（1）实验时应该用弹簧测力计沿水平方向 拉动木块，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小 拉力大小。（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（2）他的三次实验情况分别如图甲、乙、丙所示，分别用F1=1.5N，F2=2.2N，F3=2N的拉力拉着物块A匀速运动；
①分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时， ，滑动摩擦力越大；分析 两图可探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
②如图丁所示，在物块A上叠放与A完全相同的物块B，用弹簧测力计拉着物块A，使物块B随物块A一起匀速运动，此时弹簧测力计示数为 N，此时B物体受到的摩擦力为 N；
③将B取下，改用一水平推力推动物块A，B一起匀速运动，如图戊所示，则推力 N，对比 两图可得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小 （选填“有关”或“无关”）；
（3）下列实验中采用了与本实验相同的研究方法的是___________。
A．探究影响液体压强与哪些因素有关
B．探究光的传播路径和方向时，引入光线
C．探究平面镜成像特点时使用两只完全相同的蜡烛
D．探究压力的作用效果跟什么因素有关
【答案】（1）匀速；等于
（2）压力越大；甲、丙；4；0；4；丁、戊；无关
（3）A；D
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验时应该用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）①甲中无砝码，乙中有砝码，则二者压力不同，那么分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的影响时，必须控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和丙；
②比较丙和丁可知，二者接触面的粗糙程度相同，丁对地面的压力是丙对地面的压力的2倍，则丁中受到的摩擦力是丙中摩擦力的2倍。两次都做匀速直线运动，则拉力都等于摩擦力，那么丁中拉力是丙中拉力的2倍，即F4=2F3=2×2N=4N。
物体B和物体A保持相对静止状态，二者之间没有摩擦力，即B受到摩擦力为0N；
③将丁和戊比较可知，A和B对地面的压力和接触面的粗糙程度相同，则它们受到的滑动摩擦力相同，还是4N。根据二力平衡可知，拉力F5=4N。
综上所述，两次实验接触面积大小不同，但是摩擦力相等，那么得到：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。
（3）A.探究影响液体压强与哪些因素有关，实验了控制变量法；
B.探究光的传播路径和方向时，引入光线 ，使用了模型法；
C.探究平面镜成像特点时使用两只完全相同的蜡烛，使用等效替代法；
D.探究压力的作用效果跟什么因素有关，使用控制变量法。
故选AD。
【分析】（1）当物体在水平面上做匀速直线运动时，它受到的拉力和摩擦力相互平衡，即二者大小相等。
（2）①根据图片确定甲和乙中哪个因素不同；根据控制变量法的要求选择对照实验；
②将丙和丁进行比较，确定二者压力的关系，据此推算受到摩擦力的变化，并计算出F4的数值；
③将图丁和图戊进行比较，注意压力和接触面粗糙程度的变化，从而确定摩擦力的变化，最终得到滑动摩擦力与接触面积的关系；
（3）分析各个选项中使用的物理研究方法即可。
五、计算题
24．（2023八下·岱岳期中）有一个中心是空心、边长为10cm的立方体铁块，它的质量是5.53kg（g=10N/kg，ρ铁=7.9×103kg/m3），求：
（1）空心部分的体积；
（2）如在其空心部分注满水，则铁块和水的总质量；
（3）将注满水的铁块放在水平地面上，则铁块对地面的压强。
【答案】（1）解：立方体铁块的体积V=a3=(10cm)3=1000cm3
由 可得，正方体铁块实心部分的体积
空心部分的体积V空=V-V实心=1000cm3-700cm3=300cm3
答：空心部分的体积为300cm3；
（2）解：在其中空心部分注满水，水的体积V水=V空=300cm3
由 可得，水的质量m水=ρ水V水=1g/cm3×300cm3=300g=0.3kg
则铁块和水的总质量m总=m水+m铁=0.3kg+5.53kg=5.83kg
答：如在其中空心部分注满水，则铁块和水的总质量为5.83kg；
（3）解：铁块的底面积S=a2=10cm×10cm=100cm2=0.01m2
将注满水的铁块放在水平地面上，铁块对地面的压力F=G总=m总g=5.83kg×10N/kg=58.3N
铁块对地面的压强
答：将注满水的铁块放在水平地面上，铁块对地面的压强为5830Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）首先根据正方体的体积公式 V=a3 计算出铁块的体积，再根据公式 计算正方体实心的体积，最后根据 V空=V-V实心 计算空心不同的体积。
（2）在其中空心部分注满水，则水的体积等于空心的体积，根据公式 m水=ρ水V水 计算出水的质量，再将铁块和水的质量相加即可。
（3）首先根据正方形的面积公式 S=a2 计算出铁块的底面积，再根据F=G总=m总g计算出铁块对地面的压力，最后根据公式 计算铁块对地面的压强。
25．（2023八下·岱岳期中）如图所示，放置在水平地面上的平底薄壁容器重5N，底面积0.01m2，内装35N的水，水深20cm，现将一体积为200cm3的实心铜块系在弹簧测力计挂钩上，并把它完全浸没于容器内的水中（水未溢出，铜块未接触容器底部）（ρ铜=8.9×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）铜块所受的重力；
（2）铜块未放入水中时，容器底部受到水的压力；
（3）若铜块完全浸没于水中后，此时弹簧测力计的示数15.8N，求此时容器对水平地面的压强。
【答案】（1）解：根据密度公式得，铜块的质量m铜=ρ铜V铜=8.9×103kg/m3×200×10-6m3=1.78kg
铜块所受的重力G铜=m铜g=1.78kg×10N/kg=17.8N
答：铜块所受的重力为17.8N；
（2）解：铜块未放入水中时，容器底部受到水的压强p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10-2m=2000Pa
根据 得，容器底部受到水的压力F水=p水S=2000Pa×0.01m2=20N
答：铜块未放入水中时，容器底部受到水的压力为20N；
（3）解：铜块完全浸没于水中后，此时容器对水平地面的压力F容=G容+G水+G铜-F拉=5N+35N+17.8N-15.8N=42N
此时容器对水平地面的压强
答：此时容器对水平地面的压强为4200Pa。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）首先根据 m铜=ρ铜V铜 计算出铜块的质量，再根据 G铜=m铜g 计算出铜块的重力；
（2）首先根据 p水=ρ水gh 计算出水对容器底部的压强，再根据 F水=p水S 计算出水对容器底部的压力；
（3）根据相互作用力的知识可知，铜块浸没在水中后，容器底部增大的压力等于铜块受到的浮力，而铜块受到的浮力F浮力=G铜-F拉。容器对水平地面的压力等于容器、水的总重力与增大压力之和，则这个压力F容=G容+G水+G铜-F拉。最后根据公式 计算容器对水平地面的压强。
