云南省普洱市西盟佤族自治县第一中学2022-2023学年高二下学期理综物理3月月考试卷
一、单选题
1．（2022·北京）如图所示，质量为m的物块在倾角为的斜面上加速下滑，物块与斜面间的动摩擦因数为。下列说法正确的是（ ）
A．斜面对物块的支持力大小为
B．斜面对物块的摩擦力大小为
C．斜面对物块作用力的合力大小为
D．物块所受的合力大小为
【答案】B
【知识点】力的合成；力的分解
【解析】【解答】对物块进行受力分析，并建立直角坐标系，将重力分解，如图所示
A.在Y轴方向上， 斜面对物块的支持力 Fn=mgcos，A不符合题意；
B. 斜面对物块的摩擦力Ff为滑动摩擦力，则Ff= Fn=mgcos，B符合题意；
C 、D.因物块在斜面上加速下滑，在X轴方向上有mgsin-Ff=ma；即mgsin＞Ff，结合A项分析，推出斜面对物块的合力小于物块重力mg，物块所受合力为mgsin-Ff，C 、D不符合题意。
故答案为：B
[分析】对物块进行受力分析，利用正交分解法或直接合成法，再根据牛顿第二运动定律，对各项问题进行解答。
2．（2023高二下·西盟月考）北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a处由静止自由滑下，到b处起跳，c点为a、b之间的最低点，a、c两处的高度差为h。要求运动员经过c点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的k倍，运动过程中将运动员视为质点并忽略所有阻力，则c点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】牛顿第二定律；动能定理的综合应用
【解析】【解答】运动员从a到c根据动能定理有，在c点有，FNc ≤ kmg，联立有
故答案为：D。
【分析】利用动能定理结合牛顿第二定律可以求出轨道半径的大小。
3．（2022·广东）“祝融号”火星车需要“休眠”以度过火星寒冷的冬季。假设火星和地球的冬季是各自公转周期的四分之一，且火星的冬季时长约为地球的1.88倍。火星和地球绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动。下列关于火星、地球公转的说法正确的是（ ）
A．火星公转的线速度比地球的大 B．火星公转的角速度比地球的大
C．火星公转的半径比地球的小 D．火星公转的加速度比地球的小
【答案】D
【知识点】万有引力定律及其应用；万有引力定律的应用；卫星问题
【解析】【解答】由题意可知，火星的公转周期大于地球的公转周期，
根据万有引力充当向心力得：
得，
因此可以得出火星的公转半径比地球的公转半径大，所以选项C错误。
再结合向心力的公式，解得，，
可以得出公转半径越大，线速度、角速度、公转加速度都在减小。所以AB选项错误，D选项正确.
故答案为：D。
【分析】根据万有引力充当向心力规律，先利用周期关系得出半径关系就可以得出各个参数关系。
4．（2022·北京）质量为和的两个物体在光滑水平面上正碰，其位置坐标x随时间t变化的图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．碰撞前的速率大于的速率 B．碰撞后的速率大于的速率
C．碰撞后的动量大于的动量 D．碰撞后的动能小于的动能
【答案】C
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】在x-t图中，图像斜率大小表示物体运动速度大小，斜率正负表示物体运动方向；速率为速度大小，据此：
A.碰撞前，m2静止，速率为0m/s，m1速率为4m/s，A不符合题意；
B.碰撞后，m2速率为2m/s，m1速率为2m/s，二者相等，B不符合题意；
C、D.碰撞前后动量守恒，取碰撞前m1运动方向为正方向，有，代入数据，推出m2=3m1，则碰撞后，m2动量及动能均都大于m1的动量、动能，C符合题意，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】根据x-t图像斜率表示物体运动速度，推出m1、m2碰撞前后的速度，根据动量守恒定律，推出两物体质量之比，进而推出碰撞后的动量及动能大小关系。
5．（2022·山东）我国多次成功使用“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭。如图所示，发射仓内的高压气体先将火箭竖直向上推出，火箭速度接近零时再点火飞向太空。从火箭开始运动到点火的过程中（ ）
A．火箭的加速度为零时，动能最大
B．高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能
C．高压气体对火箭推力的冲量等于火箭动量的增加量
D．高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭动能的增加量
【答案】A
【知识点】动能定理的综合应用；机械能综合应用；能量守恒定律；动能与重力势能
【解析】【解答】火箭开始运动到再次点火的过程中，火箭先加速运动，后减速运动，当加速度为零时，火箭的动能最大，故A正确；
根据能量守恒定律可知，火箭开始运动到再次点火的过程中，高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能和重力势能，故B错误；
该过程中，火箭受到竖直向下重力，竖直向下的空气阻力，高压气体对其向上的推力等，根据动量定理可知，火箭受到合力的冲量等于火箭动量的增加量，（即重力，阻力及推力的合冲量等于火箭动量的增加量）故C错误；
该过程中，火箭受到竖直向下重力，竖直向下的空气阻力，高压气体对其向上的推力等，根据动能定理可知，火箭受到合力做的功等于火箭动能的增加量，故D错误；
故选A。
【分析】首先可以对火箭受力分析，根据受力运动判断做功问题，然后判断火箭能量的变化情况，最后根据动量定理和动能定理进行判断动能动量的变化情况。
二、多选题
6．（2022·全国乙卷）质量为 的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F与时间t的关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度大小取 。则（ ）
A． 时物块的动能为零
B． 时物块回到初始位置
C． 时物块的动量为
D． 时间内F对物块所做的功为
【答案】A,D
【知识点】动量定理；动能与重力势能；功的计算；动量；冲量
【解析】【解答】物块与地面的摩擦力为，
设向右为正方向，0-3s根据动量定理可得
解得：v3=6m/s，
3s时物体的动量为P=mv3=，故C错误；
设3s后经过时间t物块的速度减为0，根据动量定理可得，解得t=1s，即4s时物体的速度为0，所以4s时物体的动能为零，故A正确；
根据上述情形做出运动时间图像，根据时间图像可以算出0-4s物体向右的位移为12m，4-6s根据动量定理可以算出6s末物体的速度为4m/s，方向向左，故4-6s物体位移为4m，所以6s时物块不能回到初始位置，故B错误；
0-3s，F对物体做功为，3-4s，F对物体做功为，4-6s，F对物体做功为，所以0-6s，F对物体做功为40J，故D正确；
故选AD。
【分析】本题可以根据动量定理算出每个时间点物体的速度，然后可以做出速度时间图像算出每个时间段内物体的位移，最后根据做功计算公式进行计算。
7．（2022·福建）一物块以初速度自固定斜面底端沿斜面向上运动，一段时间后回到斜面底端。该物体的动能随位移x的变化关系如图所示，图中、、均已知。根据图中信息可以求出的物理量有（ ）
A．重力加速度大小 B．物体所受滑动摩擦力的大小
C．斜面的倾角 D．沿斜面上滑的时间
【答案】B,D
【知识点】动能定理的综合应用
【解析】【解答】ABC.由动能定义式有：，解求得m。由动能定理，上滑过程：，下滑过程：。有图像的斜率可知：，。联立，可得：，。即可求解和f，但重力加速度大小、斜面的倾角不能求出，故AC不符合题意，B符合题意；
D.上滑过程，根据牛顿第二定律有：，又，联立，可得t，故D符合题意。
故答案为：BD
【分析】根据图像结合动能定理可解得摩擦力大小，由于物块的质量未知，无法计算其它物理量。
8．（2022·福建）奥斯特利用如图所示实验装置研究电流的磁效应。一个可自由转动的小磁针放在白金丝导线正下方，导线两端与一伏打电池相连。接通电源瞬间，小磁针发生了明显偏转。奥斯特采用控制变量法，继续研究了导线直径、导线材料、电池电动势以及小磁针位置等因素对小磁针偏转情况的影响。他能得到的实验结果有（ ）
A．减小白金丝直径，小磁针仍能偏转
B．用铜导线替换白金丝，小磁针仍能偏转
C．减小电源电动势，小磁针一定不能偏转
D．小磁针的偏转情况与其放置位置无关
【答案】A,B
【知识点】通电导线及通电线圈周围的磁场
【解析】【解答】A.减小白金丝直径，其电阻增大，白金丝导线中电流减小，但仍能产生磁场，所以小磁针仍能偏转，A符合题意；
B.用铜导线替换白金丝，电阻增大，导线中电流减小，但仍能产生磁场，小磁针仍能偏转，B符合题意；
C.减小电源电动势，导线中电流减小，但仍能产生磁场，小磁针仍能偏转，C不符合题意；
D.当小磁针与导线垂直时，根据安培定则可知，导线产生的磁场与导线垂直，小磁针不能偏转，所以小磁针的偏转情况与其放置位置由关，D不符合题意。
故答案为：AB
【分析】减小白金属丝直径，用铜导线替换白金属丝，减小电源电动势，分析导线中电流的变化情况，判断小磁针能否偏转。小磁针的偏转情况与其放置位置有关，结合安培定则分析即可。
三、实验题
9．（2022·全国甲卷）某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源E（电动势 ，内阻很小），电流表 （量程 ，内阻约 ），微安表 （量程 ，内阻 待测，约 ），滑动变阻器R（最大阻值 ），定值电阻 （阻值 ），开关S，导线若干。
（1）在答题卡上将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图
（2）某次测量中，微安表的示数为 ，电流表的示数为 ，由此计算出微安表内阻 Ω．
【答案】（1）
（2）990
【知识点】电阻的测量
【解析】【解答】(1)根据实验器材和实验原理，作出实验电路图如图所示
(2)由于微安表的示数为 ，电流表的示数为 ，所以流过 的电流为8.91mA，故微安表两端的电压为V，所以微安表内阻 .
【分析】(1)根据实验器材和实验原理，即可作出实验电路图，滑动变阻器是分压接法；
(2)首先算出流过定值电阻 的电流，然后算出微安表两端的电压，最后算出微安表内阻。
10．（2023高二下·西盟月考）利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为的滑块A与质量为的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比较碰撞后A和B的速度大小和，进而分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列填空：
⑴调节导轨水平；
⑵测得两滑块的质量分别为和。要使碰撞后两滑块运动方向相反，应选取质量为 kg的滑块作为A；
⑶调节B的位置，使得A与B接触时，A的左端到左边挡板的距离与B的右端到右边挡板的距离相等；
⑷使A以一定的初速度沿气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间和；
⑸将B放回到碰撞前的位置，改变A的初速度大小，重复步骤（4）。多次测量的结果如下表所示；
1 2 3 4 5
0.49 0.67 1.01 1.22 1.39
0.15 0.21 0.33 0.40 0.46
0.31 0.33 0.33 0.33
⑹表中的 （保留2位有效数字）；
⑺的平均值为 ；（保留2位有效数字）
⑻理论研究表明，对本实验的碰撞过程，是否为弹性碰撞可由判断。若两滑块的碰撞为弹性碰撞，则的理论表达式为 （用和表示），本实验中其值为 （保留2位有效数字），若该值与（7）中结果间的差别在允许范围内，则可认为滑块A与滑块B在导轨上的碰撞为弹性碰撞。
【答案】0.304；0.31；0.32；；0.34
【知识点】验证动量守恒定律
【解析】【解答】（2）应该用质量较小的滑块碰撞质量较大的滑块，碰后运动方向相反，故答案为：0.304kg的滑块作为A。
（6）由于两段位移大小相等，根据表中的数据可得
（7）平均值为
（8）弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒，可得，，联立解得，代入数据可得
【分析】（2）为了使碰后速度方向相反，所以应该取质量小的物块作为A；
（6）利用位移公式结合运动的时间可以求出速度之比；
（7）利用表格数据看求出对应k的平均值的大小；
（8）利用动量守恒定律及机械能守恒定律可以求出对应的表达式，结合数据可以求出对应的比值。
四、解答题
11．（2023高二下·西盟月考）清代乾隆《冰嬉赋》的用“躄躠”（可理解为低身斜体）二字揭示了滑冰的动作要领。500m短道速滑世界记录由我国运动员武大靖创造并保持，在其创造记录比赛中。
（1）武大靖从静止出发，先沿直道加速滑行，前8m用时2s。该过程可视为匀加速直线运动，求此过程加速度大小；
（2）武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为10m的匀速圆周运动，速度大小为14m/s。已知武大靖的质量为73kg，求此次过弯时所需的向心力大小。
【答案】（1）解：根据
解得
（2）解：根据
解得F=1430.8N
【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀速圆周运动
【解析】【分析】（1）武大靖做匀加速直线运动，利用位移公式可以求出加速度的大小；
（2）已知武大靖做匀速圆周运动的速度，结合向心力的表达式可以求出向心力的大小。
12．（2022·全国甲卷）将一小球水平抛出，使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔 发出一次闪光。某次拍摄时，小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光，拍摄的照片编辑后如图所示。图中的第一个小球为抛出瞬间的影像，每相邻两个球之间被删去了3个影像，所标出的两个线段的长度 和 之比为3：7。重力加速度大小取 ，忽略空气阻力。求在抛出瞬间小球速度的大小。
【答案】根据题意可知，每两个小球影像之间的时间间隔为，设水平方向的速度为，
将第一段位移分解至水平方向和竖直方向，分别为，
第二段位移分解至水平方向和竖直方向，分别为，
又，
联立数式可以解得m/s。
【知识点】平抛运动
【解析】【分析】首先根据题意，算出两小球影像的时间间隔，将第一段位移和第二段位移进行分解，根据平抛运动特点表示出水平方向位移和竖直方向位移，最后根据总位移的比值算出初速度大小。
13．（2022·全国乙卷）如图（a），一质量为m的物块A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平面上：物块B向A运动， 时与弹簧接触，到 时与弹簧分离，第一次碰撞结束，A、B的 图像如图（b）所示。已知从 到 时间内，物块A运动的距离为 。A、B分离后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，与一直在水平面上运动的B再次碰撞，之后A再次滑上斜面，达到的最高点与前一次相同。斜面倾角为 ，与水平面光滑连接。碰撞过程中弹簧始终处于弹性限度内。求
（1）第一次碰撞过程中，弹簧弹性势能的最大值；
（2）第一次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值；
（3）物块A与斜面间的动摩擦因数。
【答案】（1）第一次碰撞过程中，当弹簧被压缩最短时，弹簧弹性势能最大，此时AB两物体速度相等，
根据动量守恒定律可得，
根据能量守恒可得，
联立两式可得，；
（2）B接触弹簧后，压缩弹簧的过程中，A、B动量守恒，
即，两边都乘以t可得，
即，将 ，代入解得 ，
故弹簧压缩量的最大值为 ；
（3）根据题意可知，物块A两次到达相同的最高点，说明物块A第二次与B分离后速度大小仍为，方向向右，设物体A第一次滑下的速度为，碰撞后物体B的速度为，向左为正方向，
根据动量守恒得，
根据能量守恒得，
联立解得，
物体上滑过程中，根据动能定理得，
物体下滑过程中，根据动能定理得，
联立两式解得。
【知识点】弹性势能；动量守恒定律；能量守恒定律
【解析】【分析】(1)首先根据动量守恒定律列式，然后根据能量守恒列式，联立两式就可以求出结果；
(2)首先根据动量守恒列式，两边各乘以t，代入数据就可以算出弹簧压缩量的最大值；
(3)根据动量守恒列出式子，上滑或者下滑过程根据动能定理即可计算出动摩擦因数。
云南省普洱市西盟佤族自治县第一中学2022-2023学年高二下学期理综物理3月月考试卷
一、单选题
1．（2022·北京）如图所示，质量为m的物块在倾角为的斜面上加速下滑，物块与斜面间的动摩擦因数为。下列说法正确的是（ ）
A．斜面对物块的支持力大小为
B．斜面对物块的摩擦力大小为
C．斜面对物块作用力的合力大小为
D．物块所受的合力大小为
2．（2023高二下·西盟月考）北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a处由静止自由滑下，到b处起跳，c点为a、b之间的最低点，a、c两处的高度差为h。要求运动员经过c点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的k倍，运动过程中将运动员视为质点并忽略所有阻力，则c点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（ ）
A． B． C． D．
3．（2022·广东）“祝融号”火星车需要“休眠”以度过火星寒冷的冬季。假设火星和地球的冬季是各自公转周期的四分之一，且火星的冬季时长约为地球的1.88倍。火星和地球绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动。下列关于火星、地球公转的说法正确的是（ ）
A．火星公转的线速度比地球的大 B．火星公转的角速度比地球的大
C．火星公转的半径比地球的小 D．火星公转的加速度比地球的小
4．（2022·北京）质量为和的两个物体在光滑水平面上正碰，其位置坐标x随时间t变化的图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．碰撞前的速率大于的速率 B．碰撞后的速率大于的速率
C．碰撞后的动量大于的动量 D．碰撞后的动能小于的动能
5．（2022·山东）我国多次成功使用“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭。如图所示，发射仓内的高压气体先将火箭竖直向上推出，火箭速度接近零时再点火飞向太空。从火箭开始运动到点火的过程中（ ）
A．火箭的加速度为零时，动能最大
B．高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能
C．高压气体对火箭推力的冲量等于火箭动量的增加量
D．高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭动能的增加量
二、多选题
6．（2022·全国乙卷）质量为 的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F与时间t的关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度大小取 。则（ ）
A． 时物块的动能为零
B． 时物块回到初始位置
C． 时物块的动量为
D． 时间内F对物块所做的功为
7．（2022·福建）一物块以初速度自固定斜面底端沿斜面向上运动，一段时间后回到斜面底端。该物体的动能随位移x的变化关系如图所示，图中、、均已知。根据图中信息可以求出的物理量有（ ）
A．重力加速度大小 B．物体所受滑动摩擦力的大小
C．斜面的倾角 D．沿斜面上滑的时间
8．（2022·福建）奥斯特利用如图所示实验装置研究电流的磁效应。一个可自由转动的小磁针放在白金丝导线正下方，导线两端与一伏打电池相连。接通电源瞬间，小磁针发生了明显偏转。奥斯特采用控制变量法，继续研究了导线直径、导线材料、电池电动势以及小磁针位置等因素对小磁针偏转情况的影响。他能得到的实验结果有（ ）
A．减小白金丝直径，小磁针仍能偏转
B．用铜导线替换白金丝，小磁针仍能偏转
C．减小电源电动势，小磁针一定不能偏转
D．小磁针的偏转情况与其放置位置无关
三、实验题
9．（2022·全国甲卷）某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源E（电动势 ，内阻很小），电流表 （量程 ，内阻约 ），微安表 （量程 ，内阻 待测，约 ），滑动变阻器R（最大阻值 ），定值电阻 （阻值 ），开关S，导线若干。
（1）在答题卡上将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图
（2）某次测量中，微安表的示数为 ，电流表的示数为 ，由此计算出微安表内阻 Ω．
10．（2023高二下·西盟月考）利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为的滑块A与质量为的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比较碰撞后A和B的速度大小和，进而分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列填空：
⑴调节导轨水平；
⑵测得两滑块的质量分别为和。要使碰撞后两滑块运动方向相反，应选取质量为 kg的滑块作为A；
⑶调节B的位置，使得A与B接触时，A的左端到左边挡板的距离与B的右端到右边挡板的距离相等；
⑷使A以一定的初速度沿气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间和；
⑸将B放回到碰撞前的位置，改变A的初速度大小，重复步骤（4）。多次测量的结果如下表所示；
1 2 3 4 5
0.49 0.67 1.01 1.22 1.39
0.15 0.21 0.33 0.40 0.46
0.31 0.33 0.33 0.33
⑹表中的 （保留2位有效数字）；
⑺的平均值为 ；（保留2位有效数字）
⑻理论研究表明，对本实验的碰撞过程，是否为弹性碰撞可由判断。若两滑块的碰撞为弹性碰撞，则的理论表达式为 （用和表示），本实验中其值为 （保留2位有效数字），若该值与（7）中结果间的差别在允许范围内，则可认为滑块A与滑块B在导轨上的碰撞为弹性碰撞。
四、解答题
11．（2023高二下·西盟月考）清代乾隆《冰嬉赋》的用“躄躠”（可理解为低身斜体）二字揭示了滑冰的动作要领。500m短道速滑世界记录由我国运动员武大靖创造并保持，在其创造记录比赛中。
（1）武大靖从静止出发，先沿直道加速滑行，前8m用时2s。该过程可视为匀加速直线运动，求此过程加速度大小；
（2）武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为10m的匀速圆周运动，速度大小为14m/s。已知武大靖的质量为73kg，求此次过弯时所需的向心力大小。
12．（2022·全国甲卷）将一小球水平抛出，使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔 发出一次闪光。某次拍摄时，小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光，拍摄的照片编辑后如图所示。图中的第一个小球为抛出瞬间的影像，每相邻两个球之间被删去了3个影像，所标出的两个线段的长度 和 之比为3：7。重力加速度大小取 ，忽略空气阻力。求在抛出瞬间小球速度的大小。
13．（2022·全国乙卷）如图（a），一质量为m的物块A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平面上：物块B向A运动， 时与弹簧接触，到 时与弹簧分离，第一次碰撞结束，A、B的 图像如图（b）所示。已知从 到 时间内，物块A运动的距离为 。A、B分离后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，与一直在水平面上运动的B再次碰撞，之后A再次滑上斜面，达到的最高点与前一次相同。斜面倾角为 ，与水平面光滑连接。碰撞过程中弹簧始终处于弹性限度内。求
（1）第一次碰撞过程中，弹簧弹性势能的最大值；
（2）第一次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值；
（3）物块A与斜面间的动摩擦因数。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】力的合成；力的分解
【解析】【解答】对物块进行受力分析，并建立直角坐标系，将重力分解，如图所示
A.在Y轴方向上， 斜面对物块的支持力 Fn=mgcos，A不符合题意；
B. 斜面对物块的摩擦力Ff为滑动摩擦力，则Ff= Fn=mgcos，B符合题意；
C 、D.因物块在斜面上加速下滑，在X轴方向上有mgsin-Ff=ma；即mgsin＞Ff，结合A项分析，推出斜面对物块的合力小于物块重力mg，物块所受合力为mgsin-Ff，C 、D不符合题意。
故答案为：B
[分析】对物块进行受力分析，利用正交分解法或直接合成法，再根据牛顿第二运动定律，对各项问题进行解答。
2．【答案】D
【知识点】牛顿第二定律；动能定理的综合应用
【解析】【解答】运动员从a到c根据动能定理有，在c点有，FNc ≤ kmg，联立有
故答案为：D。
【分析】利用动能定理结合牛顿第二定律可以求出轨道半径的大小。
3．【答案】D
【知识点】万有引力定律及其应用；万有引力定律的应用；卫星问题
【解析】【解答】由题意可知，火星的公转周期大于地球的公转周期，
根据万有引力充当向心力得：
得，
因此可以得出火星的公转半径比地球的公转半径大，所以选项C错误。
再结合向心力的公式，解得，，
可以得出公转半径越大，线速度、角速度、公转加速度都在减小。所以AB选项错误，D选项正确.
故答案为：D。
【分析】根据万有引力充当向心力规律，先利用周期关系得出半径关系就可以得出各个参数关系。
4．【答案】C
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】在x-t图中，图像斜率大小表示物体运动速度大小，斜率正负表示物体运动方向；速率为速度大小，据此：
A.碰撞前，m2静止，速率为0m/s，m1速率为4m/s，A不符合题意；
B.碰撞后，m2速率为2m/s，m1速率为2m/s，二者相等，B不符合题意；
C、D.碰撞前后动量守恒，取碰撞前m1运动方向为正方向，有，代入数据，推出m2=3m1，则碰撞后，m2动量及动能均都大于m1的动量、动能，C符合题意，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】根据x-t图像斜率表示物体运动速度，推出m1、m2碰撞前后的速度，根据动量守恒定律，推出两物体质量之比，进而推出碰撞后的动量及动能大小关系。
5．【答案】A
【知识点】动能定理的综合应用；机械能综合应用；能量守恒定律；动能与重力势能
【解析】【解答】火箭开始运动到再次点火的过程中，火箭先加速运动，后减速运动，当加速度为零时，火箭的动能最大，故A正确；
根据能量守恒定律可知，火箭开始运动到再次点火的过程中，高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能和重力势能，故B错误；
该过程中，火箭受到竖直向下重力，竖直向下的空气阻力，高压气体对其向上的推力等，根据动量定理可知，火箭受到合力的冲量等于火箭动量的增加量，（即重力，阻力及推力的合冲量等于火箭动量的增加量）故C错误；
该过程中，火箭受到竖直向下重力，竖直向下的空气阻力，高压气体对其向上的推力等，根据动能定理可知，火箭受到合力做的功等于火箭动能的增加量，故D错误；
故选A。
【分析】首先可以对火箭受力分析，根据受力运动判断做功问题，然后判断火箭能量的变化情况，最后根据动量定理和动能定理进行判断动能动量的变化情况。
6．【答案】A,D
【知识点】动量定理；动能与重力势能；功的计算；动量；冲量
【解析】【解答】物块与地面的摩擦力为，
设向右为正方向，0-3s根据动量定理可得
解得：v3=6m/s，
3s时物体的动量为P=mv3=，故C错误；
设3s后经过时间t物块的速度减为0，根据动量定理可得，解得t=1s，即4s时物体的速度为0，所以4s时物体的动能为零，故A正确；
根据上述情形做出运动时间图像，根据时间图像可以算出0-4s物体向右的位移为12m，4-6s根据动量定理可以算出6s末物体的速度为4m/s，方向向左，故4-6s物体位移为4m，所以6s时物块不能回到初始位置，故B错误；
0-3s，F对物体做功为，3-4s，F对物体做功为，4-6s，F对物体做功为，所以0-6s，F对物体做功为40J，故D正确；
故选AD。
【分析】本题可以根据动量定理算出每个时间点物体的速度，然后可以做出速度时间图像算出每个时间段内物体的位移，最后根据做功计算公式进行计算。
7．【答案】B,D
【知识点】动能定理的综合应用
【解析】【解答】ABC.由动能定义式有：，解求得m。由动能定理，上滑过程：，下滑过程：。有图像的斜率可知：，。联立，可得：，。即可求解和f，但重力加速度大小、斜面的倾角不能求出，故AC不符合题意，B符合题意；
D.上滑过程，根据牛顿第二定律有：，又，联立，可得t，故D符合题意。
故答案为：BD
【分析】根据图像结合动能定理可解得摩擦力大小，由于物块的质量未知，无法计算其它物理量。
8．【答案】A,B
【知识点】通电导线及通电线圈周围的磁场
【解析】【解答】A.减小白金丝直径，其电阻增大，白金丝导线中电流减小，但仍能产生磁场，所以小磁针仍能偏转，A符合题意；
B.用铜导线替换白金丝，电阻增大，导线中电流减小，但仍能产生磁场，小磁针仍能偏转，B符合题意；
C.减小电源电动势，导线中电流减小，但仍能产生磁场，小磁针仍能偏转，C不符合题意；
D.当小磁针与导线垂直时，根据安培定则可知，导线产生的磁场与导线垂直，小磁针不能偏转，所以小磁针的偏转情况与其放置位置由关，D不符合题意。
故答案为：AB
【分析】减小白金属丝直径，用铜导线替换白金属丝，减小电源电动势，分析导线中电流的变化情况，判断小磁针能否偏转。小磁针的偏转情况与其放置位置有关，结合安培定则分析即可。
9．【答案】（1）
（2）990
【知识点】电阻的测量
【解析】【解答】(1)根据实验器材和实验原理，作出实验电路图如图所示
(2)由于微安表的示数为 ，电流表的示数为 ，所以流过 的电流为8.91mA，故微安表两端的电压为V，所以微安表内阻 .
【分析】(1)根据实验器材和实验原理，即可作出实验电路图，滑动变阻器是分压接法；
(2)首先算出流过定值电阻 的电流，然后算出微安表两端的电压，最后算出微安表内阻。
10．【答案】0.304；0.31；0.32；；0.34
【知识点】验证动量守恒定律
【解析】【解答】（2）应该用质量较小的滑块碰撞质量较大的滑块，碰后运动方向相反，故答案为：0.304kg的滑块作为A。
（6）由于两段位移大小相等，根据表中的数据可得
（7）平均值为
（8）弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒，可得，，联立解得，代入数据可得
【分析】（2）为了使碰后速度方向相反，所以应该取质量小的物块作为A；
（6）利用位移公式结合运动的时间可以求出速度之比；
（7）利用表格数据看求出对应k的平均值的大小；
（8）利用动量守恒定律及机械能守恒定律可以求出对应的表达式，结合数据可以求出对应的比值。
11．【答案】（1）解：根据
解得
（2）解：根据
解得F=1430.8N
【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀速圆周运动
【解析】【分析】（1）武大靖做匀加速直线运动，利用位移公式可以求出加速度的大小；
（2）已知武大靖做匀速圆周运动的速度，结合向心力的表达式可以求出向心力的大小。
12．【答案】根据题意可知，每两个小球影像之间的时间间隔为，设水平方向的速度为，
将第一段位移分解至水平方向和竖直方向，分别为，
第二段位移分解至水平方向和竖直方向，分别为，
又，
联立数式可以解得m/s。
【知识点】平抛运动
【解析】【分析】首先根据题意，算出两小球影像的时间间隔，将第一段位移和第二段位移进行分解，根据平抛运动特点表示出水平方向位移和竖直方向位移，最后根据总位移的比值算出初速度大小。
13．【答案】（1）第一次碰撞过程中，当弹簧被压缩最短时，弹簧弹性势能最大，此时AB两物体速度相等，
根据动量守恒定律可得，
根据能量守恒可得，
联立两式可得，；
（2）B接触弹簧后，压缩弹簧的过程中，A、B动量守恒，
即，两边都乘以t可得，
即，将 ，代入解得 ，
故弹簧压缩量的最大值为 ；
（3）根据题意可知，物块A两次到达相同的最高点，说明物块A第二次与B分离后速度大小仍为，方向向右，设物体A第一次滑下的速度为，碰撞后物体B的速度为，向左为正方向，
根据动量守恒得，
根据能量守恒得，
联立解得，
物体上滑过程中，根据动能定理得，
物体下滑过程中，根据动能定理得，
联立两式解得。
【知识点】弹性势能；动量守恒定律；能量守恒定律
【解析】【分析】(1)首先根据动量守恒定律列式，然后根据能量守恒列式，联立两式就可以求出结果；
(2)首先根据动量守恒列式，两边各乘以t，代入数据就可以算出弹簧压缩量的最大值；
(3)根据动量守恒列出式子，上滑或者下滑过程根据动能定理即可计算出动摩擦因数。
