25.(6分)
(1)
(2)
(3)
26.(7分)
(1)
(2)②
④
(3)
27.(7分)
(1)
(2)①
②
③
纯
3#
五、计算应用题（共24分）
28.(6分)
29.(8分)
30.(10分)
请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效广西 2023 年全区初中学业水平考试适应性练习题（一）
物理参考答案及评分标准
一、单项选择题（本大题共 16 小题，每小题 2 分，共 32 分）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
答案 B A A C B A D C A D C C A AC AD ABC
1．B 解析：A．中学生的质量约为 50kg，故 A 不符合题意；B．中学生的身高在 160cm 左右，
故 B 符合题意；C．人体正常的体温在 37℃左右，故 C 不符合题意；D．中学生心脏正常跳动一次
的时间约 1s，故 A 不符合题意。故选 B。
2．A 解析：听众在乐声中感受到了百鸟归巢的轻快活泼气氛，这说明声音可以传递信息。但
不能能说明声音的传播需要介质、声音可以传递能量，也不能说明声音的产生是因为物体的振动。
故 BCD 错误，A 正确。故选：A。
3．A 解析：A．太阳能够从自然界中直接获得，能属于一次能源，故 A 正确；B．太阳能可
以源源不断的获得，属于可再生能源，故 B 错误；C．太阳能来源于太阳内部的核聚变，故 C 错误；
D．太阳能电池板将太阳能转化为电能，故 D 错误。故选 A。
4．C 解析：A．花香宜人，是因为香气分子不停做无规则运动造成的，属于扩散现象，不能
说明分子间存在引力，故 A 错误；B．湖水被风吹时，产生水波，光线照在水面上发生了反射现象，
远看波光粼粼，故 B 错误；C．亭台倒影，是光的反射形成的虚像，故 C 正确；D．鱼翔浅底，是
因为光发生了折射形成鱼的虚像，故 D 错误；故选 C。
5．B 解析：A．舰载机飞离航母甲板时，以航母甲板为参照物，舰载机的位置发生变化，是
运动的，故 A 错误；B．航载机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，
所以浮力会减小，故 B 正确；C．舰载机在航母甲板上加速飞行时，处于非平衡状态，故受非平衡
力，故 C 错误；D．舰载机在加速飞行时，飞机的质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变大，
动能变大，所以机械能增大，故 D 错误。故选 B。
6．A 解析：A．扫帚扫地的过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故 A 符合题意；B．用
羊角锤拔钉子的过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 B 不符合题意；C．用园艺剪修剪
树枝的过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 C 不符合题意；D．用独轮车推土的过程中，
动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 D 不符合题意。故选 A。
7．D 详解：A．“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是汽化形成的，故 A 错误；B.“蒸
年糕”的过程中，高温气体向食物传热，是通过热传递的方式来改变内能的；故 B 错误；C．热量是
热传递过程中放出或吸收的能量，是过程量不是状态量，故 C 错误；D．锅盖被“顶起”时，水蒸气
对锅盖做功，将内能转化为机械能，故 D 正确。故选 D。
8．C 解析：A．绝缘体不容易导电，有电阻，导体容易导电，也有电阻，故 A 错误；B．验
电器的工作原理是同种电荷互相排斥，故 B 错误；C．电流表本身的电阻很小，不能未经用电器直
接接在电源两极上，否则会造成电源短路，故 C 正确；D．电路两端有电压，若电路是断路，电路
中就没有电流，故 D 错误。故选 C。
9．A 解析：A．三孔插座的左孔接的是零线，上孔接的是地线，右孔连接的是火线，图中左
孔接火线，右孔接零线，故 A 正确；B．家庭电路中的保险丝熔断了，是因为电路中的电流过大，
而电路中电流过大的原因可能是电路某处发生了短路，也可能因为家庭电路中用电器的总功率过大，
故 B 错误；C．由于并联电路中的各个用电器是互不影响的，所以电冰箱接入三孔插座后电灯与电
冰箱是并联的，故 C 错误；D．在家庭电路中，为了安全，一般把开关接在火线和用电器之间，故
物理（一）参考答案·第 1 页 共 7 页
甲处接开关，乙处接灯，故 D 错误。故选 A。
10. D 解析：A．给雪车的轮胎加上防滑链，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来
增大摩擦力，故 A 不符合题意；B．手套掌心处设计花纹是为了增大接触面的粗糙程度从而增大摩
擦，故 B 不符合题意；C．滑雪杖下端装金属尖是为了减小受力面积从而增大压强，故 C 不符合题
意；D．冰壶比赛时，运动员用冰刷不断摩擦冰面，使冰融化，在冰面上形成一层水膜，是通过使
接触面脱离的方法减小摩擦力，故 D 符合题意。故选 D。
11．C 解析：A．用一纸片盖住倒满水的塑料管，快速倒置，纸片将水托住，是因为水排出了
塑料管内的空气，在大气压的作用下纸片掉不下来，故 A 不合题意；B．用吸管吸橙汁，当吸气时，
吸管内气压减小，橙汁在大气压的作用下进入口中，故 B 不合题意；C．用注射器将药液注入病人
体内是利用人的压力将药液注入人体肌肉的，不是利用大气压来工作的，故 C 符合题意；D．随着
水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的
水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，回到原来的高度，即盆景内的水位保持不变；此后在
大气压的作用下瓶中的水不再流出；故 D 不合题意。故选 C。
12．C 解析：A．用力搬快递但未搬动，人对快递有力的作用，但快递在力的方向上没有移动
距离，所以小华对快递不做功，故 A 不符合题意；B．抱着快递在原地等待签收，人对快递有力的
作用，但快递在力的方向上没有移动距离，所以小华对快递不做功，故 B 不符合题意；C．抱着快
递爬楼梯上楼，人对快递施加了力，且快递在力的方向上通过了距离，所以小华对快递做了功，故
C 符合题意；D．提着快递在水平路上匀速前进，快递受到了向上的力，但快递在力的方向上没有移
动距离，所以小华对快递不做功，故 D 不符合题意。故选 C。
13.A 解析：A．苏炳添运动员比赛过程中不可能做匀速直线运动，一般情况下，百米比赛起
跑阶段速度较慢，冲刺阶段速度较快，故 A 说法错误，符合题目要求；B．由于其它运动员的运动
速度不一定跟苏炳添的速度相同，因此以旁边的运动员为参照物，苏炳添与旁边的运动员的相对位
置可能会发生改变，即苏炳添不一定是静止的。故 B 说法正确，不符合；C．苏炳添运动的平均速
S 60m
度为V 9.1m/s 32.76km/h 此速度比猎豹奔跑速度要小。故 C 说法正确，不符合；
t 6.59s
D．百米赛跑时路程相同，裁判员通过比较时间来判断运动快慢，即通过相同路程比时间的方法来
判定运动快慢，故 D 说法正确，不符合。故选 A。
14. AC 解析：A．甲、乙两个电磁铁串联，电流相等，甲的线圈匝数较多，吸引大头针的数量
较多，说明磁性较强，可得：电流相同时，电磁铁线圈的匝数越多，它的磁性越强，因此用电磁铁
吸引大头针数目表示磁性强弱是用到了转换法，故 A 正确；B．由图可知，将两个匝数不同的电磁
铁串联在同一电路中，滑片 P 向右移动时，电阻变大，电路中的电流变小，磁性变弱，故 B 错误；
C．由图可知，将两个匝数不同的电磁铁串联在同一电路中，电流相同，匝数不同，可以研究电磁铁
磁性强弱与线圈匝数的关系，故 C 正确；D．对调电源正负极不能改变电流的大小，因此不能改变
电磁铁磁性的强弱，故 D 错误。故选 AC。
15. AD 由图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测电源电
压。当滑动变阻器的滑片 P 由最左端向中点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，；则
通过滑动变阻器的电流增大，即电流表 A 的示数将会增大；电源电压不变，则电压表示数不变；因
并联电路互不影响，故灯泡的亮度不变；电压表与电流表的比值等于变阻器的电阻大小，所以比值
变小。故 AD 正确。
F F甲 P甲S甲 6 5 3
16. ABC 解析：A．由 P 可得，甲、乙对水平地面的压力之比： ，
S F乙 P乙S乙 5 8 4
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，由 F＝G＝mg 可得，甲、乙的质量之比：
物理（一）参考答案·第 2 页 共 7 页
m甲
m甲 F甲 3 m V甲 甲 3 5 15 ，故 A 正确；B．由 可得，甲、乙的体积之比： ，
m乙 F乙 4 V V m乙 乙 4 4 16
乙
F vg
故 B 正确；C．因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，物体对地面的压强：P
S S
vg vg
切去相同体积时，两者压强的变化量分别为： P 甲甲 ， P
乙
乙 ，则：
S甲 S乙
P甲 vg 甲
S 4 8
甲 32：25 所以，△ p 甲＞△ p 乙，已知原来甲乙对水平地面的压强
P乙 S甲 乙 S乙 5 5
之比 p 甲：p 乙＝6：5，则：p 甲＞p 乙，由于剩余部分对地面的压强 p′＝p﹣△ p．所以剩余部分对地面
的压强可能相等；故 B 正确；D．由于水平面上的柱状物体对地面的压强可以利用 p＝ρgh 比较，则
切去相同的高度后，两者压强的变化量分别为：△ p 甲′＝ρ 甲g△ h，△ p 乙′＝ρ 乙g△ h，已知它们的密
度之比 ρ 甲：ρ 乙＝4：5，则：ρ 甲＜ρ 乙，所以，△ p 甲′＜△ p 乙′，已知原来甲乙对水平地面的压强之比
p 甲：p 乙＝6：5，则：p 甲＞p 乙，由于剩余部分对地面的压强 p′＝p﹣△ p．所以剩余部分对地面的压
强不可能相等；故 D 错误；综上分析可知，ABC 正确。
二、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。）
17．解析：飞机在地面滑行起飞时，由于机翼上方空气流速快，气体压强变小；客机的体积一
定，由 m=ρV 可知，材料的密度越小，客机的质量越小，所以制造客机时采用密度小的材料，可以
减轻其质量。
答案：小 密度
18．解析：从图示中可以看出，视力表距离平面镜 3m，因为像距等于物距，可知视力表的像距
离平面镜也为 3m，而该同学距离视力表 1m，则该同学距离平面镜为 l=3m-1m=2m
所以镜中视力表的像到该同学的距离为 l1=3m+2m=5m；
甲图中光线会聚在视网膜的后方，则甲图表示远视眼的成像示意图；乙图中光线会聚在视网膜
的前方，则乙图表示近视眼的成像示意图。
答案：5 乙
19．解析：电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是 kW h，如图所示，电能表的示
数为 2508.6kW h；由图可知，常用试电笔辨别火线和零线，使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的
金属体，笔尖接触电线，故乙正确。
答案：2508.6 乙
20．解析：煮海水制盐过程中，水变成水蒸气跑到空气中，物质从液体变成气态的过程叫汽化，
所以水发生的物态变化是汽化。“铁化如水”的意思是把固态的铁通过加热变成液体的“铁水”，这个
过程是熔化。
答案：汽化 熔化
21. 解析：由图可知承担动滑轮绳子的股数 n＝3。
用滑轮组水平拉动物体，克服物体与地面间摩擦力做的功为有用功，滑轮组的机械效率为
W fs fs f 60N
= 有用 物 物 100% 80%
W总 Fs Fns物 nF 3 25N
若增加物体 A 的重力，仍使物体 A 匀速运动，因物体对地面的压力增大，则摩擦力增大，克服
物理（一）参考答案·第 3 页 共 7 页
物体与地面间摩擦力做的有用功增大，在额外功不变的情况下，有用功在总功中所占的比例增大，
则机械效率将增大。
答案：80% 增大
22．解析：由甲图知，R1与 R2串联，AB 间电压为 R2两端电压，由题知，当射向 R1的光线被挡
时，R1阻值变大，R2两阻值不变，根据串联电路电阻的规律可知电路的总电阻增大，根据串联电路
U ＝3V
分压原理知，R 21两端电压增大，R2两端电压减小；由图像乙知，AB 间最小电压为 3V，即此时 。
因为 R1的电阻变大，自动计数器会计数一次，即 AB 间电压为 3V 计数一次；绳子挡住射向 R1的光
线时，根据串联电路分压原理得
R U U U
1 1 2 R1 1 2 V - 3 V 3 = =
即 R U U R 3V 12 2 2 2
答案：3 3
三、作图题（共 4 分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
23．（1）（2 分）根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管的左端为 S 极，
右端为 N 极，由右手螺旋定则，可知电源左端为电源的正极，如下图；
（2）（2 分）电灯在静止不动，受到重力和拉力是一对平衡力，所以 F=G，并且这两个力作用
在同一条直线上，方向相反，如下图。
四、实验探究题（共 25 分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
24．（5 分）解析：（1）根据控制变量法可知，该实验中应控制两液体的初温及质量相同；加
热相同的时间，两液体吸收相同的热量，发现液体 b 的温度更高，则液体 a 的温度变化小，说明 a
的吸热能力较强，其比热容大；（2）实验中采用了控制电流和时间不变，探究电阻丝产热与电阻大
小的关系；（3）液体和煤油吸收热量后，温度会上升，吸收的热量越多，温度计的示数就会越大，
故可以根据温度计的示数来判断吸热的多少；用看得见的温度变化来表示看不见的吸收的热量，称
为转换法。
答案：（1）质量 a （2）电阻 （3）温度计的示数变化 转换法
25．（6 分） 解析： （1）如图甲所示，选取两根相同的蜡烛做实验，目的是便于比较像与物
的大小关系；根据实验观察可知，当把蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛经玻璃板所成像的大小将不变。
（2）像和物体各对应点的连线与平面镜垂直，像是正立的，与物左右相反，所成像即为丙。
（3）刻度尺的分度值是 1mm，该凸透镜的焦距是 10.0cm；烛焰放在距凸透镜 16cm 处时，物
体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，幻灯机和投影仪就是利用这一成像
规律工作的；蜡烛由于燃烧逐渐变短，光屏上的像逐渐向上移动，像往上移。
答案：（1）比较像与物的大小关系 不变 （2） 丙 （3）10.0 投影仪 往上移
26．（7 分）解析：（1）天平使用时应放在水平台面上；由图甲可知，指针向右偏，应向左调
物理（一）参考答案·第 4 页 共 7 页
节平衡螺母直至天平平衡；
（2）②由图乙可知，右盘内的砝码为 55g，游码示数为 2g，故烧杯和消毒液的总质量为 57g，
消毒液的质量为 57g-23g=34g；④由图丙可知，量筒内消毒液的凹液面与 40ml 刻度平齐，故量筒内
m 34g
0.85g/cm3
消毒液的体积为 40cm3；消毒液的密度为 V 40cm
3
； 如果按照以上步骤操作，将
酒精倒入量筒中时，不可能把烧杯内的酒精全部倒入量筒内，导致测量的酒精的体积偏小，由公式
m
＝
V 可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和酒
精的总质量；再把烧杯中的酒精倒入量筒中，记下量筒中酒精体积；最后用天平称出测空烧杯的质
量；所以合理的实验顺序是②③①。
（3）由题意可知本题要利用浮力相关知识测量密度，把木块轻轻放入酒精中，木块漂浮时，木
块受到的浮力和木块自身的重力是一对平衡力，大小相等，故需要测出木块的质量，则木块受到的
浮力为 F 浮＝G＝m1g
F浮 mV ＝V 1
g m
1
由 F 浮＝ρ 液 gV 排得，b 块木块的体积为
b 排
0g 0g 0
m
＝ 2
m
2
木块密度的表达式为 0Vb m 1
3 m
答案：（1）水平台 左 （2）②57 0.85×10 ④大 ②③① （3） 2 0
m1
27．（7 分） 解析：（1）将变阻器接入简单串联电路，要能起到变阻作用，必须将“2”接入电
路；若顺时针旋转旋钮时电路中的电流变大，则连入电阻变小，连入电阻丝的长度变小，所以连入
的另一个接线柱是 3，即将“2 和 3”接线柱接入电路；若电路中的电流变化不明显，说明电阻变化不
明显，即在移动相同距离（改变相同长度）时电阻变化变大，为了使电阻变化大，可以选择更细的
电阻丝。
（2）①连接电路时，为了保护电路，开关要断开，滑动变阻器要调到阻值最大处．根据电路图
连接实物如下：
U U 18.4V
②已知电压表和电流表的示数，根据 I 可得：配件的电阻R 184Ω，
R I 0.1A
由 P=UI 可得：配件的电功率为 P=UI=18.4V×0.1A=1.84W
③因为电源电压大于灯泡的额定电压，根据“串联分压”，要想使台灯正常工作，需将配件电阻
串联在电路中．配件电阻所起的主要作用是分压作用．电路图如答案所示。
答案：（1）2 和 3 细 （2）①断开
物理（一）参考答案·第 5 页 共 7 页
② R=184Ω （或 P=1.84W） ③ 分压作用
五、综合应用题（共 24 分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式
和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数
值和单位。）
28．（6 分）解：（1）由题意可知，根据公式Q mq
可得，出租车气罐中的天然气完全燃烧后产生的热量
Q mq 10kg 4.4 107J/kg=4.4 108J ............................................................................... 2 分
F f 1000N
（2）因为出租车在公路上做匀速直线运动，所以 牵
W 30% 4.4 108J 1.32 108J
牵引力做功所消耗的能量为 有用 ..................................... 2 分
根据公式W Fs
可得，气罐中天然气完全燃烧后出租车能匀速行驶的路程
W
有用 1 . 3 2 1
8 0 J
s 1 . 3 2 15 0 m
F 1 0 0 0 N
牵 . .......................................................................... 2 分
29．（8 分）（1）当传感器到障碍物距离为 1.5m 时，报警器开始报警，
由乙图可知，Rs 的阻值为 40Ω .......................................................................................... 1 分
R0 的电功率：P0 I
2R 0
当传感器到障碍物距离为 1m 时，
由乙图可知，Rs 的阻值为 20Ω .......................................................................................... 1 分
电路中电流为 ； 的电功率：P I 20.3A R0 0 R0 （0.3A）
2R 0
由 P : P I 20 0 R0 : I
2R0 4:9得：
报警器开始报警，电路中得电流 I0=0.2A ......................................................................... 1 分
（2）已知电源电压不变，当传感器到障碍物距离为 1.5m 时：
U I (R0 40 ) 0.2A(R0 40 )
当传感器到障碍物距离为 1m 时：U I (R0 20 ) 0.3A(R0 20 )
解得：R0=20Ω U=12V ...................................................................................................... 2 分
（3）当传感器到障碍物距离为 1m 时，Rs 的电阻为 20Ω，电路中的电流为 0.3A
物理（一）参考答案·第 6 页 共 7 页
2 2Rs 的电功率：P I Rs 0.3A 20 1.8W .............................................................. 2 分
U
I
（4）若要增大起始报警距离，Rs 的电阻增大，电源电压不变时，根据 R 可知，要保持
起始报警电流不变，需减小 R0的阻值。（或增大电源电压、或增大电源电压同时减小 R0
的阻值） ............................................................................................................................... 1 分
30．（10 分）解：由表格可知：当加水 1kg 时，水对容器底得压强 P=1000pa
由 P gh 得： P 1000 Pah 0.1m ....................................................... 2 分
g 1 103 kg/m 3 10N/kg
（2）由表格数据知前 2 次加水时，水对容器底的压强增加量为 1000Pa，后 2 次加水时，水对
容器底的压强增加量为 500Pa，说明第 3 次时，水淹没了物体.
则从第 3 次到第 4 次，容器对桌面的压强增加量
F G 1k'g 10N/k' g
P甲 3200pa - 2700pa 500pa ................................. 2 分
S S S
解得：S＝0.02m2；
1
（3）已知容器与物体的重力之比 1：3，设物体的重力为 G，容器的重力为G甲 G ，
3
由题知，当加入水的质量为 4kg 时，容器对桌面的压强为 5000Pa，
1
则 G G G G G 40N
P 容 水 3 5000pa
S 0.02m2
解得物体的重力：G＝45N； ................................................................................................ 3 分
（4）第 4 次时，p 桌：p 水＝5000Pa：3200Pa＞3：2，
1
第 5 次时， G G G G G 50N ........................................ 1 分 容 P 水桌
3 5500pa
S 0.02m2
此时 p 桌′：p 水′＝5500Pa：3700Pa＜3：2，
可见水的质量在 4～5kg 之间，设加水的质量为 m，
1
G G mg G G G
P 桌
容 水 3
S 0.02m2
此时水对容器底的压强 等于水的质量为 4kg 时水的压强加上比 4kg 多的水产生的压强（注
意此时物体已经浸没在水中，水对容器底增加的压力等于增加水的重力），
m'g （m - 4kg） 10N / k'g
P 桌 P水 P水 P水 3200pa 即 s 0.02m2 ............................ 1 分
因为容器对桌面的压强和水对容器底的压强之比为 3：2，
即： 45N 15N m 10N/kg （m - 4kg） 10N/kgP 桌：P 水 ：（3200pa ） 3: 2
0.02m 2 0.02m 2
解得：m＝4.8kg ...................................................................................................................... 1 分
物理（一）参考答案·第 7 页 共 7 页
