内蒙古第一机械制造（集团)有限公司第一中学2018-2019学年高二上学期物理10月月考试卷
一、多选题
1．（2018高二上·内蒙古月考）以下关于电场强度E 的说法中正确的是：（ ）
A．电场中某点的场强方向总与正点电荷在该点所受的电场力方向相同
B．公式E=F/q，只适用于匀强电场，用比值F/q可以计算E的大小
C．公式E=U/d，其中d是匀强电场中任意两点间的距离
D．公式E= ,当r一定时，E与Q成正比，此公式只适用于点电荷
2．（2018高二上·内蒙古月考）一平行板电容器充电后与电源断开，然后再将电容器与静电计相连，如图所示．此时静电计的指针偏角为θ．下列说法正确的是 （ ）
A．若将a 板向左移动，则θ角变小
B．若将a 板向右移动，则θ角变小
C．若在a、b 板间插入塑料块，则θ角变大
D．若将a 板向上移动，则θ角变大
3．（2018高二上·内蒙古月考）关于电动势下列说法正确的是 （ ）
A．电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量
B．电动势大，说明非静电力在电源内部把1C正电荷从负极搬运到正极所做的功多
C．电动势E的单位与电势差的单位相同，都是伏特，所以电势差就是电动势
D．电源的电动势与外电路结构有关，外电路变化，通常电动势也要变化
4．（2018高二上·内蒙古月考）电动机的线圈电阻值为R ，电动机正常工作时，两端的电压为U ，通过电流强度为I，通电时间为t,则下述说法中正确的是 （ ）
A．电动机消耗的电功率为IU B．电动机消耗的热功率为 I 2R
C．电动机机械功率是IU-I2R D．电动机线圈产生的热量为
5．（2018高二上·内蒙古月考）截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是（ ）
A．电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
B．导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
C．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变
D．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
6．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是（ ）
A．缩小a、b间的距离
B．加大a、b间的距离
C．取出a、b两极板间的电介质
D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质
二、单选题
7．（2018高二上·内蒙古月考）有一电场的电场线如右图所示，场中A、B两点的电场强度大小和电势分别用EA、EB和φA、φB表示，则（ ）
A．EA>EB，φA>φB B．EA>EB，φA<φB
C．EA
A．2.4V，1Ω B．3V，2Ω C．2.4V，2Ω D．3V，1Ω
9．（2018高二上·内蒙古月考）在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r.设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时( )
A．I变小 B．I变大 C．U变大 D．U变小
10．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，一段长为a，宽为b，高为c(a>b>c)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的电阻为( )
A．R B． C． D．
11．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点.若a点电势为φa，b点电势为φb，则( )
A．场强方向一定向左，且电势φa>φb
B．场强方向一定向左，且电势φa<φb
C．场强方向一定向右，且电势φa>φb
D．场强方向一定向右，且电势φa<φb
12．（2018高二上·内蒙古月考）阻值相等的四个电阻，电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路．开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为 ；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为 ． 与 的比值为（ ）
A． B． C． D．
三、填空题
13．（2018高二上·内蒙古月考）
（1）用20分度的游标卡尺测得某小球的直径如下图所示，则小球的直径为d= mm。
（2）用螺旋测微器测金属导线的直径，其示数如下图所示，该金属导线的直径为 mm。
14．（2018高二上·内蒙古月考）把电流表改装成电压表的实验中，已知电流表的量程为100μA，内阻为1000Ω，要把它改装成量程为0-3V的电压表，则改装的方法中是给电流表 (填“串联”或“并联”)一个阻值为 Ω的电阻。
四、实验题
15．（2018高二上·内蒙古月考）某学习小组用伏安法测量一未知电阻Rx的阻值，给定器材及规格为：
电流表A（量程为0～5mA．内阻约为10Ω）；
电压表V (量程为0～3V．内阻约为3kΩ)；
最大阻值约为10Ω的滑动变阻器；
电源E(电动势约3V)；
开关S、导线若干。
（1）由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图电路试测，读得电压表示数大约为2.0V．电流表示数大约为4.0mA，则未知电阻阻值Rx大约为 Ω；
（2）经分析，该电路测量误差较大，需要作改进。请在方框内画出改进后的测量原理图；
（3）用改进后的电路进行测量，其测量值 （填“等于”、“小于”、“大于”）真实值。
16．（2018高二上·内蒙古月考）某同学要测绘规格为“2.8V 1.5W”的小灯泡的I－U曲线．除导线和开关外还备有以下器材可供选择：
A．电流表（量程0.6A，内阻约为1Ω）
B．电流表（量程3.0A，内阻约为0.2Ω）
C．电压表（量程3.0V，内阻约为5kΩ）
D．电压表（量程15.0V，内阻约为15kΩ）
E．滑动变阻器（最大阻值为200Ω，额定电流100mA）
F．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）
G．电源（电动势为3.0V，内阻约为0.2Ω）
（1）实验中所用的电流表应选 ；电压表应选 ；滑动变阻器应选 ．（填器材前面的字母）
（2）为使实验误差尽可能小，请你设计实验电路图，并画在方框中．
（3）由于电表具有一定的内阻，本实验中， （填“电流表”或“电压表”）的读数有误差，若测量小灯泡的电阻，则测量值比真实值 （填“偏大”或“偏小”）。
五、解答题
17．如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表．当电阻箱读数为R1＝2 Ω时，电压表读数为U1＝4 V；当电阻箱读数为R2＝5 Ω时，电压表读数为U2＝5 V．求：电源的电动势E和内阻r。
18．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距 5cm，b、c相距12cm．将一个带电荷量为4×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为1.2×10﹣7 J．
（1）a、b两点间电势差为多少
（2）匀强电场的场强大小E
（3）b、c两点间电势差为多少．
19．（2019高二下·铁力月考）在如图所示的电路中， 、 均为定值电阻，且 ， 阻值未知， 是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的．
求：
（1）电源的电动势和内阻；
（2）定值电阻 的阻值；
（3）滑动变阻器的最大阻值．
20．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37°（取sin37°=0.6，cos37°=0.8）。若将该小球从电场中某点P以初速度v0竖直向上抛出，重力加速度为g，求：
（1）小球受到的电场力的大小
（2）小球从抛出至最高点的过程中，电势能的变化量
（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能
答案解析部分
1．【答案】A,D
【知识点】电场强度和电场线
【解析】【解答】A. 规定正电荷在电场中某点所受的电场力的方向为电场强度的方向。A符合题意；
B. 公式E=F/q是电场强度的定义式，对任意电场都适用，B不符合题意；
C. 公式E=U/d，其中d是匀强电场中任意两点间的距离沿电场方向的投影，C不符合题意；
D. 公式E= 是点电荷的电场强度的计算式，Q是场源电荷，当r一定时，E与Q成正比，该公式适用于点电荷的电场；D符合题意。
故答案为：AD.
【分析】公式E=F/q是电场强度的定义式，并不是决定式，不能通过该公式分析电场强度与哪些因素有关系；E= 是电场的决定式，能通过该公式分析电场强度与哪些因素有关系。
2．【答案】B,D
【知识点】电容器及其应用
【解析】【解答】根据公式C=Q/U、 、U=Ed，有：U= ，平行板电容器充电后与电源断开，电量Q不变。
A. 将a板向左移动将，d增加，根据U= ，故U增加，θ增大，A不符合题意；
B. 若将a 板向右移动，则d减小，根据U= ，故U减小，θ减小，B符合题意；
C. 若在a、b 板间插入塑料块，根据U= ，故U减小，θ减小，C不符合题意；
D. 若将A板向上移动，S减小，根据U= ，故U增加，θ增大，D符合题意；
故答案为：BD.
【分析】结合选项中的具体措施，利用电容器的决定公式求解电容的变化，再结合公式Q=CU求解电容器内部电场强度和电势的变化，进而分析验电器张角的变化。
3．【答案】A,B
【知识点】电源电动势及内阻
【解析】【解答】A. 电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量，A符合题意；
B. 由E=w/q可知，电动势越大，则非静电力在电源内部把1C正电荷从负极搬运到正极所做的功越多，B符合题意；
C. 电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量，C不符合题意；
D. 电源的电动势是电源本身的物理量决定的，与外电路无关，D不符合题意；
故答案为：AB.
【分析】电源电动势就是电源利用非静电力，把低能电子转化为高能电子，是用来衡量电源转化电能的本领。
4．【答案】A,B,C
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】A. 电动机消耗的电功率为IU，A符合题意；
BD.电动机正常工作时，线圈消耗的热功率为I2R，电动机线圈产生的热量为I2Rt，电动机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，B符合题意，D不符合题意；
C.电动机输出的机械功率为IU-I2R，C符合题意。
故答案为：ABC
【分析】电动机是非纯电阻元件，不能直接利用欧姆定律；结合流过电动机的电流和电阻求解电动机线圈两端的电压，即电动机的发热电压，与输入电压做差即为电动机机械能输出的电压，结合功率公式P=UI求解功率即可。
5．【答案】A,C
【知识点】电流的概念
【解析】【解答】A. 电压U加倍时，由欧姆定律得知，电流加倍，由电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v加倍。A符合题意；
B. 导线长度l加倍，由电阻定律得知，电阻加倍，电流减半，则由电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v减半。B不符合题意；
CD、导线横截面的直径d加倍，截面积变为4倍，由电阻定律得知，电阻变1/4倍，电流变为原来的4倍，根据电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v不变。C符合题意，D不符合题意。
故答案为：AC.
【分析】当导线的横截面积不变时，流过导线的电流加倍，那么电子的速度就会加倍，结合欧姆定律求解；当导线的横截面积变化时，结合电流的微观表达式和欧姆定律分析即可。
6．【答案】B,C
【知识点】电容器及其应用
【解析】【解答】两极板间的电荷量恒定，因为a板和Q板接地，b板和P板相连，所以ab间的电势差和PQ间的电势差相等，根据公式 可知缩小a、b间的距离，电容增大，根据公式 可得 减小，则 也减小，即PQ间的电场强度减小，所以偏角变变小，反之增大ab间的距离，则偏角变大，A不符合题意B符合题意；根据公式 可知取出a、b两极板间的电介质，电容ab减小，根据公式 可得 增大，则 也增大，即PQ间的电场强度增大，所以偏角变大，反之换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质，偏小变小，C符合题意D不符合题意；
故答案为：BC
【分析】结合选项中的具体措施，利用电容器的决定公式求解电容的变化，再结合公式Q=CU求解电容器内部电场强度的变化，进而分析小球的变化。
7．【答案】D
【知识点】电场强度和电场线；电势差、电势、电势能
【解析】【解答】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故 ，沿电场线方向电势降低，故 ，D符合题意．
故答案为：D
【分析】结合题目中给出的电场线模型，电场线密集的区域电场强度大，沿电场线方向电势减小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。
8．【答案】B
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】由题，电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势E=3V.
当电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，电路中电流为I=U/R=2.4/8A=0.3A
电源的内阻：r=(E U)/I=(3 2.4)/0.3Ω=2Ω，B符合题意，ACD不符合题意；
故答案为：B
【分析】结合题目中给出的两组条件，利用全电路欧姆定律列方程联立求解电动势和内阻即可。
9．【答案】A,D
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压 变小，则I变小，AD符合题意，BC不符合题意；
故答案为：AD。
【分析】滑动变阻器的划片向a缓慢滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，利用串并联电路中的电流和电压规律，结合欧姆定律分析各支路中的电流和各元件两端电压的变化。
10．【答案】D
【知识点】电阻定律
【解析】【解答】由电阻定律：R= 可知横截面积越小，长度越大，电阻越大；横截面积越大，长度越短，电阻越小。故电阻最大时，横截面积应该最小，即从左右两端接入，此时电阻为：
R=
解得：ρ=
当从上下两个面接入时电阻最小，此时电阻为：
r= = ，D符合题意，ABC不符合题意
故答案为：D.
【分析】题目条件，利用电阻的决定式R= 求出电阻的电阻率，再结合导体的截面积，利用公式R= 求解电阻的阻值。
11．【答案】C
【知识点】电场强度和电场线；电势差、电势、电势能
【解析】【解答】由运动轨迹可知合力偏向曲线凹面，又因粒子只在电场力作用下运动，电场强度方向应该是电场线上某点的切线方向，所以电荷所受电场力向右．由于是带正电荷的粒子，所以场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的．作出a、b点的等势面，接着沿着电场线可判定a点的电势大于b点．
故答案为：C。
【分析】粒子的运动轨迹为曲线，受到的电场力直线圆弧的内部，结合粒子的电性求解出电场力的方向，进而判断出电势的大小。
12．【答案】B
【知识点】欧姆定律；电流的概念
【解析】【解答】当开关S断开时，电路总阻值： ，则干路电流I1=E/R总1，电容的电压 ；
当开关S闭合时，电路总阻值： ，则干路电流I2=E/R总2，电容的电压 ；
由C=Q/U可得：Q1：Q2=U1：U2=3：5，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】利用欧姆定律求解电容器两端的电压，结合电容器的公式再结合公式Q=CU求解电容器电荷量的多少。
13．【答案】（1）
（2）
【知识点】刻度尺、游标卡尺及螺旋测微器的使用
【解析】【解答】游标卡尺的固定刻度读数为 ，游标尺上第3个刻度游标读数为 ，所以最终读数为： ；螺旋测微器的固定刻度读数为 ，可动刻度读数为 ，所以最终读数为： 。
【分析】明确螺旋测微器每一个小格代表的数值，并且在最后的读数时注意估读即可。
明确游标卡尺的读数规则进行读数即可。
14．【答案】串联；2.9×104
【知识点】表头的改装
【解析】【解答】利用串联电阻可进行分压知：改装成电压表需要串联电阻，串联电阻的阻值为 .
故答案为：串联，2.9×104
【分析】通过串联一个大电阻起分压作用，可以把电流计改装成电压表，利用欧姆定律求解量程即可。
15．【答案】（1）500
（2）
（3）大于
【知识点】电阻的测量
【解析】【解答】(1)由欧姆定律R=U/I可得，未知电阻阻值Rx大约为500Ω；(2)待测电阻较大，接近电压表的内阻，为了减小电压表的分流，所以采用电流表内接法。原理图改进如图所示：
；
(3) 电流表内接法，电压比待测电阻实际电压偏大，电流等于待测电阻实际电流，根据Rx=U/I，测量值大于真实值。
【分析】（1）结合电流表和电压表的示数，利用欧姆定律求解即可；
（2）电压表内阻比较小，对电流的影响大，电路采用电流表内接法；
（3）电流表内接，使得测得的电压偏大，所以利用欧姆定律测得的电阻偏大。
16．【答案】（1）电流表选A；电压表选C；滑动变阻器选F
（2）
（3）电流表；偏小
【知识点】描绘小灯泡的伏安特性曲线
【解析】【解答】（1）根据小灯泡规格“2.8V，1.5W”可知，额定电流大小为 ，所以电压表应选C，电流表应选A；由于测定伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器F以方便调节；（2）由于小灯泡电阻较小，满足 ，所以电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电流图如图所示：
；（3）把小灯泡与电压表看做一个整体考虑，根据欧姆定律可知，电流表的读数有误差，由于并联电阻小于任一支路的电阻，所以待测电阻测量值应比真实偏小．
【分析】（1）在量程允许的情况下选择小量程的电表即可；分压滑动变阻器选择小阻值的即可，可以比较灵明的调节电压；
（2）为了能得到比较多的数据，采用分压法，电流表内阻比较大，对电压影响比较大，故采用电流表外接法；
（3）电流表外接，使得测得的电流偏大，根据欧姆定律计算得到的电阻偏小。
17．【答案】因为 ， 又因为 , 即E＝4＋2r，E＝5＋r所以E＝6 V，r＝1 Ω
【知识点】电功率和电功
【解析】 【分析】本题利用闭合电路欧姆定律 求解电动势和电源内阻，是常考题。
18．【答案】（1）解：根据Wab=qUab得：
（2）解：匀强电场的场强大小：
（3）解：b、c两点间的电势差：Ubc=Edbccos60°=60×0.12× V＝3.6V
【知识点】电势差、电势、电势能；电场力做功
【解析】【分析】（1）求解ab两点间的电势差，利用电荷在ab两点电场力做的功除以电荷量即可；
（2）求解电场强度的大小，利用ab两点间的电势差除以ab的长度即可；
（3）同理，求解bc两点间的电势差，利用公式U=ELcosα 求解即可，其中α是电场与L的夹角。
19．【答案】（1）解：由图像可知，电源电动势E=20V，内阻
（2）解：当P滑到R3右端时，电路参数对应图乙中的B点，即U2=4V、I2=0.8A
得
（3）解：当P滑到R3左端时，电路参数对应图乙中的A点，即U外=16V、I总=0.2A
得
因为R外= +R2，所以滑动变阻器的最大阻值为R3=300Ω
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【分析】（1）对于U-I图像，图像的斜率为电源内阻，电流为零时的电压为电动势；
（2）利用欧姆定律求解R2的阻值即可；
（3）当滑动变阻器的阻值达到最大时，外部电路的电压最大，结合图像和欧姆定律求解即可。
20．【答案】（1）解：根据题设条件可知，合外力和竖直方向夹角为37°，所以电场力大小为：
Fe=mgtan37°= mg，电场力的方向水平向右．
故电场力为 mg，方向水平向右
（2）解：小球沿竖直方向做匀减速运动，有：vy=v0-gt 沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a：
小球上升到最高点的时间 ，此过程小球沿电场方向位移： 电场力做功 W=Fxsx= mv02 故小球上升到最高点的过程中，电势能减少 mv02
（3）解：小球从到Q的运动的时间： ，水平位移：
小球从到Q的过程中，由动能定理得：Fe x＝EK mv02
由以上各式得出：EK＝ mv02
【知识点】带电粒子在电场中的偏转；带电粒子在电场中的运动综合
【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，结合小球速度方向与竖直方向的夹角求出小球受到的合力方向，水平竖直正交分解求解电场力的大小；
（2）对小球进行受力分析，利用牛顿第二定律求解小球的加速度，利用运动学公式求解小球上升到的最高位置的距离，再利用恒力做功公式七求解电场力做功；
（3）对小球进行受力分析，利用动能定理求解小球的末动能。
内蒙古第一机械制造（集团)有限公司第一中学2018-2019学年高二上学期物理10月月考试卷
一、多选题
1．（2018高二上·内蒙古月考）以下关于电场强度E 的说法中正确的是：（ ）
A．电场中某点的场强方向总与正点电荷在该点所受的电场力方向相同
B．公式E=F/q，只适用于匀强电场，用比值F/q可以计算E的大小
C．公式E=U/d，其中d是匀强电场中任意两点间的距离
D．公式E= ,当r一定时，E与Q成正比，此公式只适用于点电荷
【答案】A,D
【知识点】电场强度和电场线
【解析】【解答】A. 规定正电荷在电场中某点所受的电场力的方向为电场强度的方向。A符合题意；
B. 公式E=F/q是电场强度的定义式，对任意电场都适用，B不符合题意；
C. 公式E=U/d，其中d是匀强电场中任意两点间的距离沿电场方向的投影，C不符合题意；
D. 公式E= 是点电荷的电场强度的计算式，Q是场源电荷，当r一定时，E与Q成正比，该公式适用于点电荷的电场；D符合题意。
故答案为：AD.
【分析】公式E=F/q是电场强度的定义式，并不是决定式，不能通过该公式分析电场强度与哪些因素有关系；E= 是电场的决定式，能通过该公式分析电场强度与哪些因素有关系。
2．（2018高二上·内蒙古月考）一平行板电容器充电后与电源断开，然后再将电容器与静电计相连，如图所示．此时静电计的指针偏角为θ．下列说法正确的是 （ ）
A．若将a 板向左移动，则θ角变小
B．若将a 板向右移动，则θ角变小
C．若在a、b 板间插入塑料块，则θ角变大
D．若将a 板向上移动，则θ角变大
【答案】B,D
【知识点】电容器及其应用
【解析】【解答】根据公式C=Q/U、 、U=Ed，有：U= ，平行板电容器充电后与电源断开，电量Q不变。
A. 将a板向左移动将，d增加，根据U= ，故U增加，θ增大，A不符合题意；
B. 若将a 板向右移动，则d减小，根据U= ，故U减小，θ减小，B符合题意；
C. 若在a、b 板间插入塑料块，根据U= ，故U减小，θ减小，C不符合题意；
D. 若将A板向上移动，S减小，根据U= ，故U增加，θ增大，D符合题意；
故答案为：BD.
【分析】结合选项中的具体措施，利用电容器的决定公式求解电容的变化，再结合公式Q=CU求解电容器内部电场强度和电势的变化，进而分析验电器张角的变化。
3．（2018高二上·内蒙古月考）关于电动势下列说法正确的是 （ ）
A．电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量
B．电动势大，说明非静电力在电源内部把1C正电荷从负极搬运到正极所做的功多
C．电动势E的单位与电势差的单位相同，都是伏特，所以电势差就是电动势
D．电源的电动势与外电路结构有关，外电路变化，通常电动势也要变化
【答案】A,B
【知识点】电源电动势及内阻
【解析】【解答】A. 电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量，A符合题意；
B. 由E=w/q可知，电动势越大，则非静电力在电源内部把1C正电荷从负极搬运到正极所做的功越多，B符合题意；
C. 电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量，C不符合题意；
D. 电源的电动势是电源本身的物理量决定的，与外电路无关，D不符合题意；
故答案为：AB.
【分析】电源电动势就是电源利用非静电力，把低能电子转化为高能电子，是用来衡量电源转化电能的本领。
4．（2018高二上·内蒙古月考）电动机的线圈电阻值为R ，电动机正常工作时，两端的电压为U ，通过电流强度为I，通电时间为t,则下述说法中正确的是 （ ）
A．电动机消耗的电功率为IU B．电动机消耗的热功率为 I 2R
C．电动机机械功率是IU-I2R D．电动机线圈产生的热量为
【答案】A,B,C
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】A. 电动机消耗的电功率为IU，A符合题意；
BD.电动机正常工作时，线圈消耗的热功率为I2R，电动机线圈产生的热量为I2Rt，电动机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，B符合题意，D不符合题意；
C.电动机输出的机械功率为IU-I2R，C符合题意。
故答案为：ABC
【分析】电动机是非纯电阻元件，不能直接利用欧姆定律；结合流过电动机的电流和电阻求解电动机线圈两端的电压，即电动机的发热电压，与输入电压做差即为电动机机械能输出的电压，结合功率公式P=UI求解功率即可。
5．（2018高二上·内蒙古月考）截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是（ ）
A．电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
B．导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
C．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变
D．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
【答案】A,C
【知识点】电流的概念
【解析】【解答】A. 电压U加倍时，由欧姆定律得知，电流加倍，由电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v加倍。A符合题意；
B. 导线长度l加倍，由电阻定律得知，电阻加倍，电流减半，则由电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v减半。B不符合题意；
CD、导线横截面的直径d加倍，截面积变为4倍，由电阻定律得知，电阻变1/4倍，电流变为原来的4倍，根据电流的微观表达式I=nevS得知，自由电子定向运动的平均速率v不变。C符合题意，D不符合题意。
故答案为：AC.
【分析】当导线的横截面积不变时，流过导线的电流加倍，那么电子的速度就会加倍，结合欧姆定律求解；当导线的横截面积变化时，结合电流的微观表达式和欧姆定律分析即可。
6．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是（ ）
A．缩小a、b间的距离
B．加大a、b间的距离
C．取出a、b两极板间的电介质
D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质
【答案】B,C
【知识点】电容器及其应用
【解析】【解答】两极板间的电荷量恒定，因为a板和Q板接地，b板和P板相连，所以ab间的电势差和PQ间的电势差相等，根据公式 可知缩小a、b间的距离，电容增大，根据公式 可得 减小，则 也减小，即PQ间的电场强度减小，所以偏角变变小，反之增大ab间的距离，则偏角变大，A不符合题意B符合题意；根据公式 可知取出a、b两极板间的电介质，电容ab减小，根据公式 可得 增大，则 也增大，即PQ间的电场强度增大，所以偏角变大，反之换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质，偏小变小，C符合题意D不符合题意；
故答案为：BC
【分析】结合选项中的具体措施，利用电容器的决定公式求解电容的变化，再结合公式Q=CU求解电容器内部电场强度的变化，进而分析小球的变化。
二、单选题
7．（2018高二上·内蒙古月考）有一电场的电场线如右图所示，场中A、B两点的电场强度大小和电势分别用EA、EB和φA、φB表示，则（ ）
A．EA>EB，φA>φB B．EA>EB，φA<φB
C．EA
【知识点】电场强度和电场线；电势差、电势、电势能
【解析】【解答】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故 ，沿电场线方向电势降低，故 ，D符合题意．
故答案为：D
【分析】结合题目中给出的电场线模型，电场线密集的区域电场强度大，沿电场线方向电势减小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。
8．（2018高二上·内蒙古月考）一电池外电路断开时的路端电压为3V ，接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V , 则可以判定电池的电动势E 和内电阻r 为（ ）
A．2.4V，1Ω B．3V，2Ω C．2.4V，2Ω D．3V，1Ω
【答案】B
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】由题，电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势E=3V.
当电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，电路中电流为I=U/R=2.4/8A=0.3A
电源的内阻：r=(E U)/I=(3 2.4)/0.3Ω=2Ω，B符合题意，ACD不符合题意；
故答案为：B
【分析】结合题目中给出的两组条件，利用全电路欧姆定律列方程联立求解电动势和内阻即可。
9．（2018高二上·内蒙古月考）在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r.设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时( )
A．I变小 B．I变大 C．U变大 D．U变小
【答案】A,D
【知识点】欧姆定律
【解析】【解答】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压 变小，则I变小，AD符合题意，BC不符合题意；
故答案为：AD。
【分析】滑动变阻器的划片向a缓慢滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，利用串并联电路中的电流和电压规律，结合欧姆定律分析各支路中的电流和各元件两端电压的变化。
10．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，一段长为a，宽为b，高为c(a>b>c)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的电阻为( )
A．R B． C． D．
【答案】D
【知识点】电阻定律
【解析】【解答】由电阻定律：R= 可知横截面积越小，长度越大，电阻越大；横截面积越大，长度越短，电阻越小。故电阻最大时，横截面积应该最小，即从左右两端接入，此时电阻为：
R=
解得：ρ=
当从上下两个面接入时电阻最小，此时电阻为：
r= = ，D符合题意，ABC不符合题意
故答案为：D.
【分析】题目条件，利用电阻的决定式R= 求出电阻的电阻率，再结合导体的截面积，利用公式R= 求解电阻的阻值。
11．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点.若a点电势为φa，b点电势为φb，则( )
A．场强方向一定向左，且电势φa>φb
B．场强方向一定向左，且电势φa<φb
C．场强方向一定向右，且电势φa>φb
D．场强方向一定向右，且电势φa<φb
【答案】C
【知识点】电场强度和电场线；电势差、电势、电势能
【解析】【解答】由运动轨迹可知合力偏向曲线凹面，又因粒子只在电场力作用下运动，电场强度方向应该是电场线上某点的切线方向，所以电荷所受电场力向右．由于是带正电荷的粒子，所以场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的．作出a、b点的等势面，接着沿着电场线可判定a点的电势大于b点．
故答案为：C。
【分析】粒子的运动轨迹为曲线，受到的电场力直线圆弧的内部，结合粒子的电性求解出电场力的方向，进而判断出电势的大小。
12．（2018高二上·内蒙古月考）阻值相等的四个电阻，电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路．开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为 ；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为 ． 与 的比值为（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】欧姆定律；电流的概念
【解析】【解答】当开关S断开时，电路总阻值： ，则干路电流I1=E/R总1，电容的电压 ；
当开关S闭合时，电路总阻值： ，则干路电流I2=E/R总2，电容的电压 ；
由C=Q/U可得：Q1：Q2=U1：U2=3：5，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】利用欧姆定律求解电容器两端的电压，结合电容器的公式再结合公式Q=CU求解电容器电荷量的多少。
三、填空题
13．（2018高二上·内蒙古月考）
（1）用20分度的游标卡尺测得某小球的直径如下图所示，则小球的直径为d= mm。
（2）用螺旋测微器测金属导线的直径，其示数如下图所示，该金属导线的直径为 mm。
【答案】（1）
（2）
【知识点】刻度尺、游标卡尺及螺旋测微器的使用
【解析】【解答】游标卡尺的固定刻度读数为 ，游标尺上第3个刻度游标读数为 ，所以最终读数为： ；螺旋测微器的固定刻度读数为 ，可动刻度读数为 ，所以最终读数为： 。
【分析】明确螺旋测微器每一个小格代表的数值，并且在最后的读数时注意估读即可。
明确游标卡尺的读数规则进行读数即可。
14．（2018高二上·内蒙古月考）把电流表改装成电压表的实验中，已知电流表的量程为100μA，内阻为1000Ω，要把它改装成量程为0-3V的电压表，则改装的方法中是给电流表 (填“串联”或“并联”)一个阻值为 Ω的电阻。
【答案】串联；2.9×104
【知识点】表头的改装
【解析】【解答】利用串联电阻可进行分压知：改装成电压表需要串联电阻，串联电阻的阻值为 .
故答案为：串联，2.9×104
【分析】通过串联一个大电阻起分压作用，可以把电流计改装成电压表，利用欧姆定律求解量程即可。
四、实验题
15．（2018高二上·内蒙古月考）某学习小组用伏安法测量一未知电阻Rx的阻值，给定器材及规格为：
电流表A（量程为0～5mA．内阻约为10Ω）；
电压表V (量程为0～3V．内阻约为3kΩ)；
最大阻值约为10Ω的滑动变阻器；
电源E(电动势约3V)；
开关S、导线若干。
（1）由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图电路试测，读得电压表示数大约为2.0V．电流表示数大约为4.0mA，则未知电阻阻值Rx大约为 Ω；
（2）经分析，该电路测量误差较大，需要作改进。请在方框内画出改进后的测量原理图；
（3）用改进后的电路进行测量，其测量值 （填“等于”、“小于”、“大于”）真实值。
【答案】（1）500
（2）
（3）大于
【知识点】电阻的测量
【解析】【解答】(1)由欧姆定律R=U/I可得，未知电阻阻值Rx大约为500Ω；(2)待测电阻较大，接近电压表的内阻，为了减小电压表的分流，所以采用电流表内接法。原理图改进如图所示：
；
(3) 电流表内接法，电压比待测电阻实际电压偏大，电流等于待测电阻实际电流，根据Rx=U/I，测量值大于真实值。
【分析】（1）结合电流表和电压表的示数，利用欧姆定律求解即可；
（2）电压表内阻比较小，对电流的影响大，电路采用电流表内接法；
（3）电流表内接，使得测得的电压偏大，所以利用欧姆定律测得的电阻偏大。
16．（2018高二上·内蒙古月考）某同学要测绘规格为“2.8V 1.5W”的小灯泡的I－U曲线．除导线和开关外还备有以下器材可供选择：
A．电流表（量程0.6A，内阻约为1Ω）
B．电流表（量程3.0A，内阻约为0.2Ω）
C．电压表（量程3.0V，内阻约为5kΩ）
D．电压表（量程15.0V，内阻约为15kΩ）
E．滑动变阻器（最大阻值为200Ω，额定电流100mA）
F．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）
G．电源（电动势为3.0V，内阻约为0.2Ω）
（1）实验中所用的电流表应选 ；电压表应选 ；滑动变阻器应选 ．（填器材前面的字母）
（2）为使实验误差尽可能小，请你设计实验电路图，并画在方框中．
（3）由于电表具有一定的内阻，本实验中， （填“电流表”或“电压表”）的读数有误差，若测量小灯泡的电阻，则测量值比真实值 （填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）电流表选A；电压表选C；滑动变阻器选F
（2）
（3）电流表；偏小
【知识点】描绘小灯泡的伏安特性曲线
【解析】【解答】（1）根据小灯泡规格“2.8V，1.5W”可知，额定电流大小为 ，所以电压表应选C，电流表应选A；由于测定伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器F以方便调节；（2）由于小灯泡电阻较小，满足 ，所以电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电流图如图所示：
；（3）把小灯泡与电压表看做一个整体考虑，根据欧姆定律可知，电流表的读数有误差，由于并联电阻小于任一支路的电阻，所以待测电阻测量值应比真实偏小．
【分析】（1）在量程允许的情况下选择小量程的电表即可；分压滑动变阻器选择小阻值的即可，可以比较灵明的调节电压；
（2）为了能得到比较多的数据，采用分压法，电流表内阻比较大，对电压影响比较大，故采用电流表外接法；
（3）电流表外接，使得测得的电流偏大，根据欧姆定律计算得到的电阻偏小。
五、解答题
17．如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表．当电阻箱读数为R1＝2 Ω时，电压表读数为U1＝4 V；当电阻箱读数为R2＝5 Ω时，电压表读数为U2＝5 V．求：电源的电动势E和内阻r。
【答案】因为 ， 又因为 , 即E＝4＋2r，E＝5＋r所以E＝6 V，r＝1 Ω
【知识点】电功率和电功
【解析】 【分析】本题利用闭合电路欧姆定律 求解电动势和电源内阻，是常考题。
18．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距 5cm，b、c相距12cm．将一个带电荷量为4×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为1.2×10﹣7 J．
（1）a、b两点间电势差为多少
（2）匀强电场的场强大小E
（3）b、c两点间电势差为多少．
【答案】（1）解：根据Wab=qUab得：
（2）解：匀强电场的场强大小：
（3）解：b、c两点间的电势差：Ubc=Edbccos60°=60×0.12× V＝3.6V
【知识点】电势差、电势、电势能；电场力做功
【解析】【分析】（1）求解ab两点间的电势差，利用电荷在ab两点电场力做的功除以电荷量即可；
（2）求解电场强度的大小，利用ab两点间的电势差除以ab的长度即可；
（3）同理，求解bc两点间的电势差，利用公式U=ELcosα 求解即可，其中α是电场与L的夹角。
19．（2019高二下·铁力月考）在如图所示的电路中， 、 均为定值电阻，且 ， 阻值未知， 是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的．
求：
（1）电源的电动势和内阻；
（2）定值电阻 的阻值；
（3）滑动变阻器的最大阻值．
【答案】（1）解：由图像可知，电源电动势E=20V，内阻
（2）解：当P滑到R3右端时，电路参数对应图乙中的B点，即U2=4V、I2=0.8A
得
（3）解：当P滑到R3左端时，电路参数对应图乙中的A点，即U外=16V、I总=0.2A
得
因为R外= +R2，所以滑动变阻器的最大阻值为R3=300Ω
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【分析】（1）对于U-I图像，图像的斜率为电源内阻，电流为零时的电压为电动势；
（2）利用欧姆定律求解R2的阻值即可；
（3）当滑动变阻器的阻值达到最大时，外部电路的电压最大，结合图像和欧姆定律求解即可。
20．（2018高二上·内蒙古月考）如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37°（取sin37°=0.6，cos37°=0.8）。若将该小球从电场中某点P以初速度v0竖直向上抛出，重力加速度为g，求：
（1）小球受到的电场力的大小
（2）小球从抛出至最高点的过程中，电势能的变化量
（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能
【答案】（1）解：根据题设条件可知，合外力和竖直方向夹角为37°，所以电场力大小为：
Fe=mgtan37°= mg，电场力的方向水平向右．
故电场力为 mg，方向水平向右
（2）解：小球沿竖直方向做匀减速运动，有：vy=v0-gt 沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a：
小球上升到最高点的时间 ，此过程小球沿电场方向位移： 电场力做功 W=Fxsx= mv02 故小球上升到最高点的过程中，电势能减少 mv02
（3）解：小球从到Q的运动的时间： ，水平位移：
小球从到Q的过程中，由动能定理得：Fe x＝EK mv02
由以上各式得出：EK＝ mv02
【知识点】带电粒子在电场中的偏转；带电粒子在电场中的运动综合
【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，结合小球速度方向与竖直方向的夹角求出小球受到的合力方向，水平竖直正交分解求解电场力的大小；
（2）对小球进行受力分析，利用牛顿第二定律求解小球的加速度，利用运动学公式求解小球上升到的最高位置的距离，再利用恒力做功公式七求解电场力做功；
（3）对小球进行受力分析，利用动能定理求解小球的末动能。
