四川省宜宾市叙州区第一中学2019-2020学年高二下学期物理第一次在线月考试卷
一、单选题
1．（2019高二下·南昌期中）如图，A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈 下面说法正确的是（ ）
A．闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常亮度
B．闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮
C．闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮
D．断开开关S时，B灯立即熄灭而A灯慢慢熄灭
【答案】C
【知识点】自感与互感
【解析】【解答】A、B、C、开关K闭合的瞬间,电源的电压同时加到两支路的两端,B灯立即发光.因为线圈的自感阻碍,A灯后发光,因为线圈的电阻可以忽略,灯A逐渐变亮,最后和B灯一样亮.AB不符合题意,C符合题意;
D、断开开关K的瞬间,线圈与两灯一起构成一个自感回路,过线圈的电流将要减小,产生自感电动势,相当电源,两灯逐渐同时熄灭,D不符合题意.
故答案为：C
【分析】当开关断开后，流过电感的电流会减小，此时电感会充当电源，构成回路就会放电，故小灯泡会亮。
2．（2020高二下·宜宾月考）学校运动会进行跳远比赛时，要在沙坑里填沙。这样做的目的是为了减小人触地过程中的
A．作用时间 B．动量变化量 C．动量变化率 D．受到的冲量
【答案】C
【知识点】动量定理
【解析】【解答】跳远比赛时，运动员从与沙坑接触到静止动量的变化量相等，设为 ，由动量定理可知，人受到的合力的冲量 是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延长了人与沙坑的接触时间，t变大，由动量定理得： ， ， 一定，t越长，动量变化率越小，人受到的合外力越小；故能减小的只有动量的变化率，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C
【分析】利用动量定理可以判别增大运动时间可以减小动量的变化率。
3．（2018高二上·瓦房店月考）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )
A．粒子带正电
B．粒子在A点加速度大
C．粒子在B点动能大
D．A，B两点相比，粒子在B点电势能较高
【答案】D
【知识点】电场及电场力；电场力做功
【解析】【解答】根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电。A不符合题意；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小。B不符合题意；粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，即粒子在A点动能大，B点的电势能大，C不符合题意；D符合题意.
故答案为：D
【分析】利用轨迹可以判别电场力的方向，利用电场力方向结合场线方向可以判别粒子的电性；利用电场线的疏密可以判别加速度的大小；利用电场力做功可以判别电势能和动能的大小。
4．（2020高二下·宜宾月考）如图，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直．给导线通以垂直纸面向里的电流，用FN表示磁铁对桌面的压力，用Ff表示桌面对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前相比较（ ）
A．FN减小，Ff＝0 B．FN减小，Ff≠0
C．FN增大，Ff＝0 D．FN增大，Ff≠0
【答案】C
【知识点】牛顿第三定律；左手定则
【解析】【解答】条形磁铁在其正中央的上方处的磁场方向水平向左，则电流所受安培力竖直向上；据牛顿第三定律知，电流对磁铁的作用力竖直向下，则导线通电后与通电前相比较，磁铁对桌面的压力增大，桌面对磁铁的摩擦力仍为零，C项正确，ABD三项错误。
故答案为：C
【分析】利用左手定则可以判别安培力的方向，结合牛顿第三定律可以判别地面压力和摩擦力的大小变化。
5．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，美国物理学家安德森在研究宇宙射线时，在云雾室里观察到有一个粒子的径迹和电子的径迹弯曲程度相同，但弯曲方向相反，从而发现了正电子，获得了诺贝尔物理学奖．下列说法正确的是( )
A．弯曲的轨迹是抛物线
B．电子受到电场力作用
C．云雾室中的磁场方向垂直纸面向外
D．云雾室中的磁场方向垂直纸面向里
【答案】D
【知识点】左手定则
【解析】【解答】云雾室中所加的是磁场，则电子所受的是洛伦兹力作用，运动的轨迹是圆弧，由图示可知，电子刚射入磁场时，负电子所受洛伦兹力水平向左，正电子所受洛伦兹力水平向右，由左手定则可知，磁感应强度垂直于纸面向里，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D．
【分析】本题考查了左手定则，要熟练应用左手定则判断洛伦兹力的方向，要注意判定负电荷受到的洛伦兹力的方向要使用电流的方向来判定．
6．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了 ，金属块克服摩擦力做功 ，重力做功 ，则以下判断正确的是（ ）
A．金属块带负电荷 B．金属块的电势能减少
C．金属块克服电场力做功 D．金属块的机械能减少
【答案】D
【知识点】功能关系
【解析】【解答】ABC. 在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK解得：W电= 4J，所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J.由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷。A不符合题意，B不符合题意，C不符合题意；
D. 在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】利用电场力做功可以判别金属块的电性；利用电场力做功可以求出电势能的变化；利用电场力做功和摩擦力做功可以求出机械能的变化。
二、多选题
7．（2019·衡阳模拟）如图所示为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，匝数 n=100 匝，电阻为 r=1Ω的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴 OO′匀速转动 线圈两端经集流环和电刷与电路连接，定值电阻R1=6Ω，R2=3Ω，其他电阻不计，线圈匀速转动的周期 T=0.2s．从 线框与磁场方向平行位置开始计时，线圈转动的过程中，理想电压表的示数为2V．下列说法中正确的是（ ）
A．电阻R2上的电功率为 W
B．经过10s时间，通过R1的电流方向改变 100 次
C．从开始计时到 1/ 20 s 通过电阻 R2 的电荷量为 C
D．若线圈转速变为原来的 2 倍，线圈中产生的电动势随时间变化规律
【答案】B,C
【知识点】电功率和电功；电流的概念；法拉第电磁感应定律
【解析】【解答】A.电阻 上的电功率为 ，A不符合题意。
B.交流电的频率为 ，所以交流电在 内方向改变10次，经过10s时间，电流方向改变 100 次，B符合题意。
C.根据闭合电路欧姆定律产生的感应电动势的有效值为 ，所以的感应电动势的最大值为 ，由公式 ，可知 ，故线圈中的磁通量为 ，从开始计时到 ，磁通量的变化量为 ，故通过 的电量为 ，C符合题意。
D.若转速增大2倍，角速度也增大2倍，所以产生的感应电动势 ，线圈中产生的电动势随时间变化的规律为 ，D不符合题意。
故答案为：BC
【分析】闭合电路中的磁通量发生改变，回路中就会产生感应电流，利用法拉第电磁感应定律，结合导线框的转速和面积求解电压的大小，利用欧姆定律求解电流，进而求出电功率，通过的电荷量利用法拉第电磁感应定律和电流的定义式求解即可。
8．（2018高二上·天津期中）如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹。若不计粒子所受重力，则（ ）
A．粒子a带负电，粒子b、c带正电 B．粒子c在磁场中运动的时间最长
C．粒子c在磁场中的动能最大 D．粒子c在磁场中的加速度最小
【答案】B,D
【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动
【解析】【解答】根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，A不符合题意；粒子在磁场中做圆周运动的周期： 相同，粒子在磁场中的运动时间： ，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角 最大，则射入磁场时c的运动时间最大，B符合题意；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得： ，解得： ，粒子的动能 ，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b的轨道半径r最大，则b粒子动能最大，C不符合题意；由牛顿第二定律得： ，解得加速度： ，三粒子q、B、m都相等，c在磁场中运动的半径最小，c的加速度最小，D符合题意。
故答案为：BD
【分析】利用左手定则可以判别粒子的电性；利用圆心角可以判运动的时间；利用轨迹半径结合牛顿第二定律可以判别动能的大小；利用牛顿第二定律结合比荷和半径可以判别加速度的大小。
9．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，在光滑的水平面上有两个滑块P、Q，滑块Q的左端固定连着一轻质弹簧．两个滑块分别以一定大小的速度 沿着同一直线相向运动，滑块P的质量为2m，速度方向向右，滑块Q的质量为m．速度方向向左，则下列说法正确的是
A．P、Q两个滑块 包括弹簧 组成的系统动能始终保持不变
B．当两个滑块的速度相等时，弹簧的弹性势能最大
C．两个滑块最终能以共同的速度 一起向右运动
D．从P滑块和弹簧接触到弹簧压缩至最短的过程中，滑块Q的速度大小先减小后增大
【答案】B,D
【知识点】机械能守恒及其条件；动量守恒定律
【解析】【解答】对于P、Q两个滑块 包括弹簧 组成的系统，由于只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒，即系统动能和弹簧弹性势能之和不变，动能是变化的，A不符合题意；P以某一初速度压缩弹簧，在弹簧弹力作用下P做减速运动，Q做加速运动，当P与Q速度相等时，弹簧最短，弹性势能最大，B符合题意；设最终P、Q两个滑块的速度分别为 和 规定向右为正方向，根据动量守恒定律得： ，根据系统的机械能守恒得 ，解得： ， 或 ， ，C不符合题意；从P滑块和弹簧接触到弹簧压缩至最短的过程中，滑块Q一直受到向右的弹力，速度先向左减小至零，再向右增大，D符合题意．
故答案为：BD
【分析】由于弹性势能和动能相互转化所以动能是变化的；利用共速可以判别弹性势能出现最大；利用动量守恒定律结合机械能守恒定律可以求出分离时的速度大小；利用速度的方向可以判别滑块Q的速度变化。
三、实验题
10．（2019高二下·泉州期中）某实验小组利用频闪照相和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验。如图甲所示，气垫导轨上有A、B两个滑块，质量分别为200g、150g，用细绳将滑块A、B连接，使A、B间的轻质弹簧处于压缩状态，开始时两个滑块都处于静止状态。若某时刻烧断细绳，滑块开始运动，图乙给出两个滑块运动过程的频闪照片频闪的频率为20Hz，分析照片：
（1）A、B离开弹簧后，A的动量大小为 ，B的动量大小为 。
（2）根据实验数据，实验小组得出“在实验误差允许的范围内，两个滑块组成的系统动量守恒”。你认为得到这个结论的依据是 。
【答案】（1）；
（2）两滑块组成的系统总动量保持不变，系统动量守恒
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】（1）频闪照相的周期为： ，滑块A的速度为： ，滑块B的速度为： ， A的动量为： ，方向向右， B的动量为： ，方向向左；（2）由（1）可知，释放滑块后，两滑块的动量大小相等方向相反，总动量为零，释放前系统总动量为零，释放滑块后系统总动量为零，由此可知，两滑块组成的系统动量守恒。
【分析】（1）根据刻度值的间隔求出两个物体的速度，利用公式p=mv求解两物体的动量；
（2）两个物体的动量之和是一个定值，即动量守恒。
11．（2020高二上·林芝期末）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材：
A．干电池1节
B．滑动变阻器（0～20 Ω）
C．滑动变阻器（0～1 kΩ）
D．电压表（0～3 V，内阻约为20 kΩ）
E．电流表（0～0.6 A，内阻RA＝0.2 Ω）
F．电流表（0～3 A，内阻约为0.01 Ω）
G．开关、导线若干
①为减小实验误差和方便操作，选择图甲所示电路进行实验，其中滑动变阻器应选 ，电流表应选 。（填写器材前的序号）
②某同学根据实验测得的电压表示数U和电流表示数I，画出U－I图像如图乙所示，由图像可得电池的电动势为 V，内电阻为 Ω。
【答案】B；E；1.5；1
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，选用外接法，因此滑动变阻器选择B；电流值不超过0.6A，故电流表选E；（2）根据U-I图可知，电动势为1.5V；U-I图的斜率表示内阻，因此可得内阻为1 。
【分析】由题中“在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材”可知，本题考查用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻的实验，根据实验原理和实验器材可解答本题。
四、解答题
12．（2019高二上·岢岚期中）如图所示，一个质量m＝40g，带电量q＝-3×10－6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=10m/s2，求：
（1）电场强度的大小和方向？
（2）此时细线的拉力大小？
【答案】（1）解：则：电场强度的大小为：1×105v/m；场强方向为：水平向左；
（2）解：由“小球静止”知小球受力平衡，对小球受力分析如图所示，
根据三力平衡规律，可得：F=mgtanθ=0.04×10×0.75N=0.3N； = =0.5N
根据电场力F=Eq 得： = =-1×105v/m
【知识点】电场强度和电场线；电场及电场力
【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，求解小球受到的电场力，利用电场力除以小球的电荷量即为电场强度；
（2）对小球进行受力分析，在重力、拉力和电场力的作用下，小球处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
13．（2020高二下·宜宾月考）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40 cm。电源电动势E=24 V，内电阻r=1 Ω，电阻R=15 Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4
m/s竖直向上射入两板间，小球恰能到达A板。若小球带电荷量为q=1×10-2
C，质量为m=2×10-2 kg，不考虑空气阻力，取g=10 m/s2。求：
（1）A、B两板间的电压U；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值RP；
（3）电源的输出功率P。
【答案】（1）解：对小球从B到A的过程，由动能定理：
解得：U=8V
（2）解：由欧姆定律有：
解得：
（3）解：根据电功率公式有：
解得：
【知识点】动能定理的综合应用；欧姆定律
【解析】【分析】（1）利用动能定理可以求出电势差的大小；
（2）利用欧姆定律可以求出滑动变阻器接入的电阻大小；
（3）利用功率的表达式可以求出电功率的大小。
14．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其左端放质量为m的小木块 可视为质点 ， ，A、B间的动摩擦因数为 ，在平板车右方的水平面上固定整直挡板 开始时A、B以速度 一起向右运动，某时刻B与挡板P相撞并立即以原速率反向弹回，在此后的运动过程中A不会滑离B，重力加速度为g．求
（1）B最终的速度；
（2）小木块A离挡板P最近时，平板车B的右端距挡板P的距离．
【答案】（1）解：B与挡板P相撞并立即以原速率反向弹回，取向左为正，根据动量守恒定律可得：
解得：
（2）解：小木块A离挡板P最近时速度为零，对A根据动量定理可得：
解得：
设此时B的速度为 ，根据动量守恒定律可得：
解得：
此时平板车B的右端距挡板P的距离：
【知识点】动量定理；动量守恒定律
【解析】【分析】（1）利用动量守恒定律可以求出速度的大小；
（2）利用动量定理结合动量守恒定律及平均速度公式可以求出距离的大小。
四川省宜宾市叙州区第一中学2019-2020学年高二下学期物理第一次在线月考试卷
一、单选题
1．（2019高二下·南昌期中）如图，A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈 下面说法正确的是（ ）
A．闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常亮度
B．闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮
C．闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮
D．断开开关S时，B灯立即熄灭而A灯慢慢熄灭
2．（2020高二下·宜宾月考）学校运动会进行跳远比赛时，要在沙坑里填沙。这样做的目的是为了减小人触地过程中的
A．作用时间 B．动量变化量 C．动量变化率 D．受到的冲量
3．（2018高二上·瓦房店月考）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )
A．粒子带正电
B．粒子在A点加速度大
C．粒子在B点动能大
D．A，B两点相比，粒子在B点电势能较高
4．（2020高二下·宜宾月考）如图，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直．给导线通以垂直纸面向里的电流，用FN表示磁铁对桌面的压力，用Ff表示桌面对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前相比较（ ）
A．FN减小，Ff＝0 B．FN减小，Ff≠0
C．FN增大，Ff＝0 D．FN增大，Ff≠0
5．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，美国物理学家安德森在研究宇宙射线时，在云雾室里观察到有一个粒子的径迹和电子的径迹弯曲程度相同，但弯曲方向相反，从而发现了正电子，获得了诺贝尔物理学奖．下列说法正确的是( )
A．弯曲的轨迹是抛物线
B．电子受到电场力作用
C．云雾室中的磁场方向垂直纸面向外
D．云雾室中的磁场方向垂直纸面向里
6．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了 ，金属块克服摩擦力做功 ，重力做功 ，则以下判断正确的是（ ）
A．金属块带负电荷 B．金属块的电势能减少
C．金属块克服电场力做功 D．金属块的机械能减少
二、多选题
7．（2019·衡阳模拟）如图所示为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，匝数 n=100 匝，电阻为 r=1Ω的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴 OO′匀速转动 线圈两端经集流环和电刷与电路连接，定值电阻R1=6Ω，R2=3Ω，其他电阻不计，线圈匀速转动的周期 T=0.2s．从 线框与磁场方向平行位置开始计时，线圈转动的过程中，理想电压表的示数为2V．下列说法中正确的是（ ）
A．电阻R2上的电功率为 W
B．经过10s时间，通过R1的电流方向改变 100 次
C．从开始计时到 1/ 20 s 通过电阻 R2 的电荷量为 C
D．若线圈转速变为原来的 2 倍，线圈中产生的电动势随时间变化规律
8．（2018高二上·天津期中）如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹。若不计粒子所受重力，则（ ）
A．粒子a带负电，粒子b、c带正电 B．粒子c在磁场中运动的时间最长
C．粒子c在磁场中的动能最大 D．粒子c在磁场中的加速度最小
9．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，在光滑的水平面上有两个滑块P、Q，滑块Q的左端固定连着一轻质弹簧．两个滑块分别以一定大小的速度 沿着同一直线相向运动，滑块P的质量为2m，速度方向向右，滑块Q的质量为m．速度方向向左，则下列说法正确的是
A．P、Q两个滑块 包括弹簧 组成的系统动能始终保持不变
B．当两个滑块的速度相等时，弹簧的弹性势能最大
C．两个滑块最终能以共同的速度 一起向右运动
D．从P滑块和弹簧接触到弹簧压缩至最短的过程中，滑块Q的速度大小先减小后增大
三、实验题
10．（2019高二下·泉州期中）某实验小组利用频闪照相和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验。如图甲所示，气垫导轨上有A、B两个滑块，质量分别为200g、150g，用细绳将滑块A、B连接，使A、B间的轻质弹簧处于压缩状态，开始时两个滑块都处于静止状态。若某时刻烧断细绳，滑块开始运动，图乙给出两个滑块运动过程的频闪照片频闪的频率为20Hz，分析照片：
（1）A、B离开弹簧后，A的动量大小为 ，B的动量大小为 。
（2）根据实验数据，实验小组得出“在实验误差允许的范围内，两个滑块组成的系统动量守恒”。你认为得到这个结论的依据是 。
11．（2020高二上·林芝期末）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材：
A．干电池1节
B．滑动变阻器（0～20 Ω）
C．滑动变阻器（0～1 kΩ）
D．电压表（0～3 V，内阻约为20 kΩ）
E．电流表（0～0.6 A，内阻RA＝0.2 Ω）
F．电流表（0～3 A，内阻约为0.01 Ω）
G．开关、导线若干
①为减小实验误差和方便操作，选择图甲所示电路进行实验，其中滑动变阻器应选 ，电流表应选 。（填写器材前的序号）
②某同学根据实验测得的电压表示数U和电流表示数I，画出U－I图像如图乙所示，由图像可得电池的电动势为 V，内电阻为 Ω。
四、解答题
12．（2019高二上·岢岚期中）如图所示，一个质量m＝40g，带电量q＝-3×10－6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=10m/s2，求：
（1）电场强度的大小和方向？
（2）此时细线的拉力大小？
13．（2020高二下·宜宾月考）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40 cm。电源电动势E=24 V，内电阻r=1 Ω，电阻R=15 Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4
m/s竖直向上射入两板间，小球恰能到达A板。若小球带电荷量为q=1×10-2
C，质量为m=2×10-2 kg，不考虑空气阻力，取g=10 m/s2。求：
（1）A、B两板间的电压U；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值RP；
（3）电源的输出功率P。
14．（2020高二下·宜宾月考）如图所示，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其左端放质量为m的小木块 可视为质点 ， ，A、B间的动摩擦因数为 ，在平板车右方的水平面上固定整直挡板 开始时A、B以速度 一起向右运动，某时刻B与挡板P相撞并立即以原速率反向弹回，在此后的运动过程中A不会滑离B，重力加速度为g．求
（1）B最终的速度；
（2）小木块A离挡板P最近时，平板车B的右端距挡板P的距离．
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】自感与互感
【解析】【解答】A、B、C、开关K闭合的瞬间,电源的电压同时加到两支路的两端,B灯立即发光.因为线圈的自感阻碍,A灯后发光,因为线圈的电阻可以忽略,灯A逐渐变亮,最后和B灯一样亮.AB不符合题意,C符合题意;
D、断开开关K的瞬间,线圈与两灯一起构成一个自感回路,过线圈的电流将要减小,产生自感电动势,相当电源,两灯逐渐同时熄灭,D不符合题意.
故答案为：C
【分析】当开关断开后，流过电感的电流会减小，此时电感会充当电源，构成回路就会放电，故小灯泡会亮。
2．【答案】C
【知识点】动量定理
【解析】【解答】跳远比赛时，运动员从与沙坑接触到静止动量的变化量相等，设为 ，由动量定理可知，人受到的合力的冲量 是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延长了人与沙坑的接触时间，t变大，由动量定理得： ， ， 一定，t越长，动量变化率越小，人受到的合外力越小；故能减小的只有动量的变化率，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C
【分析】利用动量定理可以判别增大运动时间可以减小动量的变化率。
3．【答案】D
【知识点】电场及电场力；电场力做功
【解析】【解答】根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电。A不符合题意；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小。B不符合题意；粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，即粒子在A点动能大，B点的电势能大，C不符合题意；D符合题意.
故答案为：D
【分析】利用轨迹可以判别电场力的方向，利用电场力方向结合场线方向可以判别粒子的电性；利用电场线的疏密可以判别加速度的大小；利用电场力做功可以判别电势能和动能的大小。
4．【答案】C
【知识点】牛顿第三定律；左手定则
【解析】【解答】条形磁铁在其正中央的上方处的磁场方向水平向左，则电流所受安培力竖直向上；据牛顿第三定律知，电流对磁铁的作用力竖直向下，则导线通电后与通电前相比较，磁铁对桌面的压力增大，桌面对磁铁的摩擦力仍为零，C项正确，ABD三项错误。
故答案为：C
【分析】利用左手定则可以判别安培力的方向，结合牛顿第三定律可以判别地面压力和摩擦力的大小变化。
5．【答案】D
【知识点】左手定则
【解析】【解答】云雾室中所加的是磁场，则电子所受的是洛伦兹力作用，运动的轨迹是圆弧，由图示可知，电子刚射入磁场时，负电子所受洛伦兹力水平向左，正电子所受洛伦兹力水平向右，由左手定则可知，磁感应强度垂直于纸面向里，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D．
【分析】本题考查了左手定则，要熟练应用左手定则判断洛伦兹力的方向，要注意判定负电荷受到的洛伦兹力的方向要使用电流的方向来判定．
6．【答案】D
【知识点】功能关系
【解析】【解答】ABC. 在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK解得：W电= 4J，所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J.由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷。A不符合题意，B不符合题意，C不符合题意；
D. 在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】利用电场力做功可以判别金属块的电性；利用电场力做功可以求出电势能的变化；利用电场力做功和摩擦力做功可以求出机械能的变化。
7．【答案】B,C
【知识点】电功率和电功；电流的概念；法拉第电磁感应定律
【解析】【解答】A.电阻 上的电功率为 ，A不符合题意。
B.交流电的频率为 ，所以交流电在 内方向改变10次，经过10s时间，电流方向改变 100 次，B符合题意。
C.根据闭合电路欧姆定律产生的感应电动势的有效值为 ，所以的感应电动势的最大值为 ，由公式 ，可知 ，故线圈中的磁通量为 ，从开始计时到 ，磁通量的变化量为 ，故通过 的电量为 ，C符合题意。
D.若转速增大2倍，角速度也增大2倍，所以产生的感应电动势 ，线圈中产生的电动势随时间变化的规律为 ，D不符合题意。
故答案为：BC
【分析】闭合电路中的磁通量发生改变，回路中就会产生感应电流，利用法拉第电磁感应定律，结合导线框的转速和面积求解电压的大小，利用欧姆定律求解电流，进而求出电功率，通过的电荷量利用法拉第电磁感应定律和电流的定义式求解即可。
8．【答案】B,D
【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动
【解析】【解答】根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，A不符合题意；粒子在磁场中做圆周运动的周期： 相同，粒子在磁场中的运动时间： ，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角 最大，则射入磁场时c的运动时间最大，B符合题意；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得： ，解得： ，粒子的动能 ，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b的轨道半径r最大，则b粒子动能最大，C不符合题意；由牛顿第二定律得： ，解得加速度： ，三粒子q、B、m都相等，c在磁场中运动的半径最小，c的加速度最小，D符合题意。
故答案为：BD
【分析】利用左手定则可以判别粒子的电性；利用圆心角可以判运动的时间；利用轨迹半径结合牛顿第二定律可以判别动能的大小；利用牛顿第二定律结合比荷和半径可以判别加速度的大小。
9．【答案】B,D
【知识点】机械能守恒及其条件；动量守恒定律
【解析】【解答】对于P、Q两个滑块 包括弹簧 组成的系统，由于只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒，即系统动能和弹簧弹性势能之和不变，动能是变化的，A不符合题意；P以某一初速度压缩弹簧，在弹簧弹力作用下P做减速运动，Q做加速运动，当P与Q速度相等时，弹簧最短，弹性势能最大，B符合题意；设最终P、Q两个滑块的速度分别为 和 规定向右为正方向，根据动量守恒定律得： ，根据系统的机械能守恒得 ，解得： ， 或 ， ，C不符合题意；从P滑块和弹簧接触到弹簧压缩至最短的过程中，滑块Q一直受到向右的弹力，速度先向左减小至零，再向右增大，D符合题意．
故答案为：BD
【分析】由于弹性势能和动能相互转化所以动能是变化的；利用共速可以判别弹性势能出现最大；利用动量守恒定律结合机械能守恒定律可以求出分离时的速度大小；利用速度的方向可以判别滑块Q的速度变化。
10．【答案】（1）；
（2）两滑块组成的系统总动量保持不变，系统动量守恒
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】（1）频闪照相的周期为： ，滑块A的速度为： ，滑块B的速度为： ， A的动量为： ，方向向右， B的动量为： ，方向向左；（2）由（1）可知，释放滑块后，两滑块的动量大小相等方向相反，总动量为零，释放前系统总动量为零，释放滑块后系统总动量为零，由此可知，两滑块组成的系统动量守恒。
【分析】（1）根据刻度值的间隔求出两个物体的速度，利用公式p=mv求解两物体的动量；
（2）两个物体的动量之和是一个定值，即动量守恒。
11．【答案】B；E；1.5；1
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，选用外接法，因此滑动变阻器选择B；电流值不超过0.6A，故电流表选E；（2）根据U-I图可知，电动势为1.5V；U-I图的斜率表示内阻，因此可得内阻为1 。
【分析】由题中“在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材”可知，本题考查用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻的实验，根据实验原理和实验器材可解答本题。
12．【答案】（1）解：则：电场强度的大小为：1×105v/m；场强方向为：水平向左；
（2）解：由“小球静止”知小球受力平衡，对小球受力分析如图所示，
根据三力平衡规律，可得：F=mgtanθ=0.04×10×0.75N=0.3N； = =0.5N
根据电场力F=Eq 得： = =-1×105v/m
【知识点】电场强度和电场线；电场及电场力
【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，求解小球受到的电场力，利用电场力除以小球的电荷量即为电场强度；
（2）对小球进行受力分析，在重力、拉力和电场力的作用下，小球处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
13．【答案】（1）解：对小球从B到A的过程，由动能定理：
解得：U=8V
（2）解：由欧姆定律有：
解得：
（3）解：根据电功率公式有：
解得：
【知识点】动能定理的综合应用；欧姆定律
【解析】【分析】（1）利用动能定理可以求出电势差的大小；
（2）利用欧姆定律可以求出滑动变阻器接入的电阻大小；
（3）利用功率的表达式可以求出电功率的大小。
14．【答案】（1）解：B与挡板P相撞并立即以原速率反向弹回，取向左为正，根据动量守恒定律可得：
解得：
（2）解：小木块A离挡板P最近时速度为零，对A根据动量定理可得：
解得：
设此时B的速度为 ，根据动量守恒定律可得：
解得：
此时平板车B的右端距挡板P的距离：
【知识点】动量定理；动量守恒定律
【解析】【分析】（1）利用动量守恒定律可以求出速度的大小；
（2）利用动量定理结合动量守恒定律及平均速度公式可以求出距离的大小。
